2025屆云南省玉溪市元江民族中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

2025屆云南省玉溪市元江民族中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中調(diào)研試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一臺(tái)起重機(jī)從靜止開始勻加速提起質(zhì)量為m的重物，當(dāng)重物的速度為v1時(shí)，起重機(jī)的有用功率達(dá)到最大值P，以后，起重機(jī)保持該功率不變，繼續(xù)提升重物，直到以最大速度v2勻速上升為止，則整個(gè)過程中，下列說法錯(cuò)誤的是A．起重機(jī)對(duì)貨物的最大拉力為 B．起重機(jī)對(duì)貨物的最大拉力為C．重物的最大速度 D．重物做勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2、物體A和B用輕繩相連，掛在輕彈簧下靜止不動(dòng)，如圖（a）所示，A的質(zhì)量為m，B的質(zhì)量為M，當(dāng)連接A、B的繩突然斷開后，物體A上升經(jīng)某一位置時(shí)的速度大小為v，這時(shí)物體B的下落速度大小為u，如圖（b）所示，在這段時(shí)間里，彈簧的彈力對(duì)物體A的沖量為（）A．mv B．muC．mv＋Mu D．mv＋mu3、伽利略為了研究自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，將落體實(shí)驗(yàn)轉(zhuǎn)化為著名的“斜面實(shí)驗(yàn)”，利用斜面實(shí)驗(yàn)主要是考慮到實(shí)驗(yàn)時(shí)便于A．測(cè)量小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 B．測(cè)量小球運(yùn)動(dòng)的路程C．測(cè)量小球運(yùn)動(dòng)的速度 D．直接得到落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律4、將質(zhì)量為1.00kg的模型火箭點(diǎn)火升空，50g燃燒的燃?xì)庖源笮?00m/s的速度從火箭噴口在很短時(shí)間內(nèi)噴出．在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，火箭的動(dòng)量大小為（噴出過程中重力和空氣阻力可忽略）A．30 B．5.7×102C．6.0×102 D．6.3×1025、由庫侖定律可知，真空中兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，當(dāng)所帶電荷量分別q1和q2，其間距為r時(shí)，它們之間靜電力的大小為，式中k為靜電力常量。在國際單位制中，k的單位是（）A．N·m2/C2 B．C2/(N·m2) C．N·m2/C D．N·C2/m26、一個(gè)帶正電的質(zhì)點(diǎn)，電荷量q=2.0×10﹣9C，在靜電場(chǎng)中由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，在這過程中，除靜電力外，其他力做的功為2.0×10﹣5J，質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能增加了8.0×10﹣5J，則a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為（）A．3.0×104V B．1.0×104V C．4.0×104V D．7.0×104V二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、下列說法中正確的是()A．在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時(shí)，把一部分動(dòng)量轉(zhuǎn)移給電子，因此光子散射后波長變長B．α粒子散射實(shí)驗(yàn)中少數(shù)α粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，這是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)之一C．由波爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，要釋放一定頻率的光子，同時(shí)電子的動(dòng)能減少，電勢(shì)能增大D．原子核發(fā)生α衰變時(shí)，新核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了48、如圖所示，質(zhì)量為M的斜劈形物體放在水平地面上，質(zhì)量為m的物塊以某一初速度沿斜面向上滑，速度為零后又加速返回，而物體M始終保持靜止，已知m與M之間動(dòng)摩擦因數(shù)0，則在物塊m上、下滑動(dòng)的整個(gè)過程中A．地面對(duì)物體M的摩擦力始終向左B．地面對(duì)物體M的摩擦力先向右，后向左C．地面對(duì)物體M的支持力總等于（M＋m）gD．地面對(duì)物體M的支持力總小于（M＋m）g9、如圖所示，在豎直面內(nèi)固定有一半徑為R的圓環(huán)，AC是圓環(huán)豎直直徑，BD是圓環(huán)水平直徑，半圓環(huán)ABC是光滑的，半圓環(huán)CDA是粗糙的。一質(zhì)量為m小球（視為質(zhì)點(diǎn)）在圓環(huán)的內(nèi)側(cè)A點(diǎn)獲得大小為v0、方向水平向左的速度，小球剛好能第二次到達(dá)C點(diǎn)，小球與半圓環(huán)CDA的動(dòng)摩擦因素μ恒定，重力加速度大小為g，則A．小球第一次從A到C的時(shí)間和從C經(jīng)D到A的時(shí)間相等B．小球第一次回到A點(diǎn)時(shí)速度為C．小球第二次到達(dá)D點(diǎn)時(shí)受到摩擦力比第一次到達(dá)D點(diǎn)時(shí)受到摩擦力小D．小球第一次和第二次從C經(jīng)D到A的過程摩擦力做的功相等10、一定量的理想氣體從狀態(tài)M可以經(jīng)歷過程1或者過程2到達(dá)狀態(tài)N，其p–V圖象如圖所示。在過程1中，氣體始終與外界無熱量交換；在過程2中，氣體先經(jīng)歷等容變化再經(jīng)歷等壓變化，對(duì)于這兩個(gè)過程，下列說法正確的是（）A．氣體經(jīng)歷過程1，其溫度降低B．氣體經(jīng)歷過程1，其內(nèi)能減小C．氣體在過程2中一直對(duì)外放熱D．氣體在過程2中一直對(duì)外做功E.氣體經(jīng)歷過程1的內(nèi)能改變量與經(jīng)歷過程2的相同三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為測(cè)定物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，某課外實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，如圖所示．實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室找到一個(gè)小正方體木塊，并放置在木板上．（2）調(diào)整木板的傾角．將彈簧（實(shí)驗(yàn)中的彈簧可視為輕質(zhì)彈簧）的一端固定在木板上，另一端位于木板上的B點(diǎn)．正方體木塊從木板上A點(diǎn)靜止釋放后沿木板下滑，壓縮彈簧運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)后被彈回，上滑至D點(diǎn)時(shí)速度為零．（1）測(cè)得AB間的距離為x1，BC間的距離為x2，BD間的距離為x1．（4）改變?chǔ)冉堑拇笮?，按以上步驟重做實(shí)驗(yàn)，得出多組數(shù)據(jù)，利用所學(xué)規(guī)律算出物快與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，求其平均值．請(qǐng)根據(jù)上述步驟以及所學(xué)的物理規(guī)律處理以下問題；關(guān)于正方體木塊從A下滑到B過程中的受力示意圖（其中mg為木塊的重力，N為斜面對(duì)木塊的支持力，f為木塊受到的摩擦力、F為彈簧對(duì)木塊的彈力）．下圖分析正確的是______．②若某次實(shí)驗(yàn)測(cè)得：x1=40cm、x2=5cm、x1=25cm，θ=45°，則物快與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為______③試比較物快在上述過程中剛接觸與剛離開彈簧時(shí)動(dòng)能的大小，并簡(jiǎn)要說明理由___________．12．（12分）甲、乙兩位同學(xué)在“驗(yàn)證牛頓第二定律”實(shí)驗(yàn)中，使用了如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置．（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)他們先調(diào)整墊木的位置，使小車不掛配重時(shí)能在傾斜的長木板上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，這樣做的目的是_______．（2）此后，甲同學(xué)把細(xì)線系在小車上并繞過定滑輪懸掛若干配重片．在小車質(zhì)量一定的情況下，多次改變配重片數(shù)量，每改變一次就釋放一次小車，利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出記錄小車運(yùn)動(dòng)情況的多條紙帶．圖2是其中一條紙帶的一部分，O、A、B、C為4個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打出的點(diǎn)沒有畫出．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接在頻率為50Hz的交流電源上．通過對(duì)紙帶的測(cè)量，可知小車運(yùn)動(dòng)過程中的加速度大小為_______m/s2（保留2位有效數(shù)字）．（3）乙同學(xué)在實(shí)驗(yàn)時(shí)，因配重片數(shù)量不足改用5個(gè)質(zhì)量為20g的鉤碼進(jìn)行實(shí)驗(yàn)．他首先將鉤碼全部掛上，用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出記錄小車運(yùn)動(dòng)情況的紙帶，并計(jì)算出小車運(yùn)動(dòng)的加速度；之后每次將懸掛的鉤碼取下一個(gè)并固定在小車上，重復(fù)多次實(shí)驗(yàn)，且每次實(shí)驗(yàn)前均調(diào)整墊木的位置，使小車不掛配重時(shí)能在傾斜的長木板上做勻速直線運(yùn)動(dòng)．根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)，繪制出小車加速度與懸掛的鉤碼所受重力的關(guān)系圖線．關(guān)于這一圖線下列說法錯(cuò)誤的是_______．（選填選項(xiàng)前的字母）A．可由該圖線計(jì)算出小車和5個(gè)鉤碼質(zhì)量之和B．只有當(dāng)小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于懸掛鉤碼的質(zhì)量時(shí)，該圖線才是一條直線C．無論小車質(zhì)量是否遠(yuǎn)大于懸掛鉤碼的質(zhì)量，該圖線都是一條直線．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xoy中的第一象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于坐標(biāo)平面向里的有界圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域(圖中未畫出)：在第二象限內(nèi)，存在與x軸負(fù)方向成α=30°的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一粒子源固定在X軸上坐標(biāo)為(-L，0)的A點(diǎn)。粒子源沿y軸正方向釋放出質(zhì)量為m，電荷量為-q，速度大小為v的帶電粒子，粒子垂直y軸通過C點(diǎn)進(jìn)入第一象限，又經(jīng)過磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后垂直x軸進(jìn)入第四象限(帶電粒子的重力不計(jì))。求:(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小；(2)帶電粒子離開電場(chǎng)時(shí)的速度大小；(3)圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)的最小面積.14．（16分）如圖（a）所示，一可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊在t=0時(shí)刻以v0=8ms的速度大小滑上一固定斜面，斜面足夠長，斜面的傾角θ=30(1)物塊向上和向下滑動(dòng)過程中，物塊的加速度大??；(2)物塊從斜面底端出發(fā)到再次返回斜面底端所用的總時(shí)間；(3)求出物塊再次返回斜面底端的速度大小，并在圖（b）中畫出物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中的速度時(shí)間圖像，取沿斜面向上為正方向。15．（12分）如圖,傾斜軌道AB和光滑軌道BC固定在同一豎直平面內(nèi),兩者間通過一小段長度不計(jì)的光滑弧形軌道相連,已知AB長L=7.10m,傾角θ=37°,BC弧的半徑R=0.1m,O為圓心,∠BOC=143°,兩個(gè)體積相同的小球P與Q、P球的質(zhì)量mp=0.4kg;帶正電的Q球靜止于A點(diǎn),質(zhì)量mQ未知．其電荷量為q,整個(gè)裝置處于水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,場(chǎng)強(qiáng)天小E=3mQg/4q．不帶電的小球P從某一位置以v0=1m/s的初速度水平拋出,運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)速度恰好沿斜面向下與小球Q發(fā)生彈性正碰,且碰撞過程中無電荷轉(zhuǎn)移．碰后Q球第一次通過過C點(diǎn)后落到斜面上的D點(diǎn)(未畫出),BD=2.11m．若Q、P與軌道AB的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ1=0.2，μ2=0.1．小球Q運(yùn)動(dòng)過程中電荷量保持不變．sin37°=0.6，cos37°=0.1，g=10m/s2)．求：（1）小球P的拋出點(diǎn)距A點(diǎn)的高度；（2）小球Q運(yùn)動(dòng)到弧軌道最低點(diǎn)B時(shí)對(duì)軌道的壓力是其重力的多少倍；

（3）小球Q的質(zhì)量mQ．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

AB.勻加速提升重物時(shí)鋼繩拉力最大，且等于勻加速結(jié)束時(shí)的拉力，由P=Fv得，故A不符合題意，B符合題意；

C.重物以最大速度為v2勻速上升時(shí)，F(xiàn)=mg，所以，故選項(xiàng)C不符合題意；D.重物做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度，則勻加速的時(shí)間為，故D不符合題意。2、D【解析】

對(duì)B由動(dòng)量定理得：設(shè)彈簧沖量為I，對(duì)A由動(dòng)量定理得：聯(lián)立解得：故ABC錯(cuò)誤，D正確。3、A【解析】

伽利略最初假設(shè)自由落體運(yùn)動(dòng)的速度是隨著時(shí)間均勻增大，但是他所在的那個(gè)時(shí)代還無法直接測(cè)定物體的瞬時(shí)速度，所以不能直接得到速度隨時(shí)間的變化規(guī)律；伽利略通過數(shù)學(xué)運(yùn)算得到結(jié)論：如果物體的初速度為零，而且速度隨時(shí)間的變化是均勻的，那么它通過的位移與所用的時(shí)間的二次方成正比，這樣，只要測(cè)出物體通過通過不同位移所用的時(shí)間，就可以檢驗(yàn)這個(gè)物體的速度是否隨時(shí)間均勻變化．但是物體下落很快，當(dāng)時(shí)只能靠滴水計(jì)時(shí)，這樣的計(jì)時(shí)工具還不能測(cè)量自由落體運(yùn)動(dòng)所用的較短的時(shí)間；伽利略采用了一個(gè)巧妙的方法，用來“沖淡”重力．他讓銅球沿阻力很小的斜面滾下，二小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度要比它豎直下落的加速度小得多，所以時(shí)間長，所以容易測(cè)量；A.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯(cuò)誤；C.與分析不符，故C錯(cuò)誤；D.與分析不符，故D錯(cuò)誤．4、A【解析】開始總動(dòng)量為零，規(guī)定氣體噴出的方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量守恒定律得，0=m1v1+p，解得火箭的動(dòng)量，負(fù)號(hào)表示方向，故A正確，BCD錯(cuò)誤；【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握動(dòng)量守恒定律的條件，以及知道在運(yùn)用動(dòng)量守恒定律時(shí)，速度必須相對(duì)于地面為參考系．5、A【解析】

本題考查國際單位制的轉(zhuǎn)化?！驹斀狻緼BCD.由庫侖力公式可知：則k的單位為N·m2/C2，故A正確BCD錯(cuò)誤。故選A。6、A【解析】

質(zhì)點(diǎn)在電場(chǎng)中移動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理有：得a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AB【解析】在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時(shí)，把一部分動(dòng)量轉(zhuǎn)移給電子，則動(dòng)量減小，根據(jù)知波長增大，故A正確；α粒子散射實(shí)驗(yàn)中少數(shù)α粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，這是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)之一，故B正確；由波爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，要釋放一定頻率的光子，同時(shí)電子的動(dòng)能增加，電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤；原子核發(fā)生a衰變時(shí)，新核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了2，質(zhì)子數(shù)也減小了2，故D錯(cuò)誤．所以AB正確，CD錯(cuò)誤．8、AD【解析】

物體先減速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，對(duì)整體受力分析，受到總重力、支持力和向左的靜摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，在x軸上受力分析在y軸上受力分析所以地面對(duì)物體M的摩擦力始終向左，地面對(duì)物體M的支持力總小于A．地面對(duì)物體M的摩擦力始終向左與分析相符，故A正確；B．地面對(duì)物體M的摩擦力先向右，后向左與分析不符，故B錯(cuò)誤；C．地面對(duì)物體M的支持力總等于與分析不符，故C錯(cuò)誤；D．地面對(duì)物體M的支持力總小于與分析相符，故D正確。9、BC【解析】

A.因?yàn)樾∏虻谝淮蔚降穆烦毯蛷慕?jīng)到的路程相等，但由于從經(jīng)到的過程中有阻力做功，故有由經(jīng)到的平均速率小于由經(jīng)到的平均速率，又因?yàn)椋孕∏虻谝淮蔚降牡臅r(shí)間小于從經(jīng)到的時(shí)間，故A錯(cuò)誤；B.小球第二次到達(dá)點(diǎn)的過程由動(dòng)能定理得：小球第二次到達(dá)點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可得：解得小球第一次回到A點(diǎn)時(shí)速度為：故B正確；CD.根據(jù)動(dòng)能定理可得小球第一次從經(jīng)到的過程比第二次從經(jīng)到的過程的同一位置的速度大小大，根據(jù)牛頓第二定律可得小球第一次從經(jīng)到的過程比第二次從經(jīng)到的過程中的同一位置時(shí)對(duì)軌道的壓力大，所以根據(jù)可得小球第一次到達(dá)點(diǎn)時(shí)受到摩擦力比第二次到達(dá)點(diǎn)時(shí)受到摩擦力大，由于滑動(dòng)摩擦力方向與運(yùn)動(dòng)方向總相反，則克服摩擦力做的功等于摩擦力的平均值乘以路程，小球第一次從經(jīng)到的過程克服摩擦力做的功比第二次從經(jīng)到的過程克服摩擦力做的功多，故C正確，D錯(cuò)誤。10、ABE【解析】

AB.氣體經(jīng)歷過程1，壓強(qiáng)減小，體積變大，氣體膨脹對(duì)外做功，又氣體與外界無熱量交換，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知，其內(nèi)能減小，故溫度降低，故AB正確；CD.氣體在過程2中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，開始時(shí)，體積不變，對(duì)外不做功，壓強(qiáng)減小，溫度降低，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知，氣體對(duì)外放熱；然后壓強(qiáng)不變，體積變大，氣體膨脹對(duì)外做功，溫度升高，內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知，氣體要吸收熱量，故CD錯(cuò)誤；E.無論是氣體經(jīng)歷過程1還是過程2，初、末狀態(tài)相同，故內(nèi)能改變量相同，故E正確。故選ABE.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C0.2物塊剛接觸彈簧時(shí)的動(dòng)能大于剛離開彈簧時(shí)的動(dòng)能，理由是機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能【解析】

①[1]從A到B過程，物塊受力如圖所示：故選：C；②[2]在整個(gè)過程中，對(duì)物塊，由動(dòng)能定理得：mg(x1?x1)sin45°?μmgcos45°(x1+2x2+x1)=0?0，解得：；③[1]物塊剛接觸與剛離開彈簧時(shí)，彈簧形變量為零，彈性勢(shì)能為零，物塊的高度相同，物塊重力勢(shì)能相同，物塊的機(jī)械能等于其動(dòng)能，從物塊剛接觸彈簧到物塊剛離開彈簧過程中，物塊要克服摩擦力做功，部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，物塊的機(jī)械能減少，因此物塊剛接觸彈簧時(shí)的動(dòng)能大于剛離開彈簧時(shí)的動(dòng)能；12、為了平衡小車運(yùn)動(dòng)過程中所受摩擦力；0.50；B【解析】（1）為了克服摩擦力的影響，在實(shí)驗(yàn)中應(yīng)墊高一側(cè)，從而使重力的分力與摩擦力相互平衡；從而使小車受到的拉力為合外力；（2）由可得：；③對(duì)鉤碼和小車整體分析可知，整體受到的拉力為鉤碼的重力，質(zhì)量是整體的質(zhì)量；由F=ma可知，作出的圖像一定為直線；且圖像的斜率一定為整體的質(zhì)量；故AC正確，B錯(cuò)誤；本題選錯(cuò)誤的；故選B．綜上所述本題答案是：B四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】

根據(jù)牛頓第二定律得到水平和豎直方向的加速度，然后利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公求解即可；根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解出軌跡的半徑，確定磁場(chǎng)的最小半徑，得到最小面積；【詳解】（1）從A點(diǎn)C的過程中，在x軸方向根據(jù)牛頓第二定律得到：在x軸方向勻加速運(yùn)動(dòng)，則：在y軸方向根據(jù)牛頓第二定律得到：，在y軸方向勻減速運(yùn)動(dòng)，則：聯(lián)立可以得到：（2）粒子離開電場(chǎng)時(shí)的速度為，有：，解得：；（3）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，，則：則圓形磁場(chǎng)的最小面積為，有?！军c(diǎn)睛】本題中粒子先在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，然后進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律以及幾何關(guān)系列式求解。1