統(tǒng)考版2025屆高考物理二輪復(fù)習(xí)高考仿真練四含解析

PAGE15-高考仿真練(四)時間：90分鐘滿分：100分一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1．一種核聚變過程的核反應(yīng)方程是eq\o\al(2,1)H＋eq\o\al(3,1)H→eq\o\al(4,2)He＋eq\o\al(1,0)n，反應(yīng)原料氘(eq\o\al(2,1)H)富存于海水中，氚(eq\o\al(3,1)H)可以由中子轟擊鋰核(eq\o\al(6,3)Li)得到，則關(guān)于中子轟擊鋰核(eq\o\al(6,3)Li)產(chǎn)生一個氚核(eq\o\al(3,1)H)和一個新核的反應(yīng)，下列說法正確的是()A．該核反應(yīng)方程為eq\o\al(6,3)Li＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(4,2)He＋eq\o\al(3,1)HB．核聚變的發(fā)生條件是要反應(yīng)物達(dá)到高溫高壓的熱核反應(yīng)狀態(tài)，故核聚變過程不能釋放出核能C．核反應(yīng)生成物中的α粒子具有很強(qiáng)的穿透實力，但電離本事較弱D．中子轟擊鋰核(eq\o\al(6,3)Li)的核反應(yīng)生成物中有α粒子，故屬于α衰變2.如圖所示，用細(xì)線將一塊玻璃板水平地懸掛在彈簧秤下端，并使玻璃板貼在水面上，然后緩慢提起彈簧秤，在玻璃板脫離水面的一瞬間，彈簧秤讀數(shù)會突然增大，主要緣由是()A．水分子做無規(guī)則熱運動B．玻璃板受到大氣壓力作用C．水與玻璃板間存在萬有引力作用D．水與玻璃板間存在分子引力作用3.如圖所示，實線為空氣和水的分界面，一束綠光從水中的A點(O1點在分界面上，圖中O1點和入射光線都未畫出)射向空氣中，折射后通過空氣中的B點(圖中折射光線也未畫出)．圖中O點為A、B連線與分界面的交點．下列說法正確的是()A．O1點在O點的右側(cè)B．綠光從水中射入空氣中時，速度變小C．若綠光沿AO方向射向空氣中，則折射光線有可能通過B點正下方的C點D．若沿AO1方向射向空氣中的是一束紫光，則折射光線也有可能通過B點4.如圖所示為一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧波在某一時刻的圖像，下列說法中正確的是()A．該時刻質(zhì)點a和質(zhì)點d位移相同，加速度方向相反B．該時刻質(zhì)點b和質(zhì)點c位移相同，速度方向也相同C．質(zhì)點b比質(zhì)點c先回到平衡位置D．質(zhì)點a比質(zhì)點d先回到平衡位置5．[2024·湖南株洲一模]在某次跳投表演中，籃球以與水平面成45°角的速度落入籃圈，設(shè)投球點和籃圈正好在同一水平面上，如圖所示．已知投球點到籃圈的距離為10m，不考慮空氣阻力，籃球、籃圈均可視為質(zhì)點，g取10m/s2，則籃球投出后的最高點相對籃圈的豎直高度為()A．2.5mB．5mC．7.5mD．10m6．“嫦娥五號”月面采樣返回任務(wù)將于2024年擇機(jī)實施，實現(xiàn)首次在月球表面上自動采樣、首次從月面起飛、首次在環(huán)球軌道上實現(xiàn)無人對接、首次打包月球巖土樣本飛回地球等突破．可以用如圖所示的模型來簡化描繪“嫦娥五號”飛行過程中的三個軌道段：繞地飛行調(diào)相軌道段、地月轉(zhuǎn)移軌道段、繞月飛行軌道段，假設(shè)調(diào)相軌道和繞月軌道的半長軸分別為a、b，公轉(zhuǎn)周期分別為T1、T2.關(guān)于“嫦娥五號”的飛行過程，下列說法正確的是()A.eq\f(a3,T\o\al(2,1))＝eq\f(b3,T\o\al(2,2))B．“嫦娥五號”在地月轉(zhuǎn)移軌道上運行的速度應(yīng)大于11.2km/sC．從調(diào)相軌道切入到地月轉(zhuǎn)移軌道時，衛(wèi)星在P點必需減速D．從地月轉(zhuǎn)移軌道切入到繞月軌道時，衛(wèi)星在Q點必需減速7．如圖所示，正方形導(dǎo)線框abcd放在勻強(qiáng)磁場中靜止不動，磁場方向與線框平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的改變關(guān)系如圖乙所示，t＝0時刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直紙面對里．下列選項中能表示線框的ab邊受到的磁場力F隨時間t的改變關(guān)系的是(規(guī)定水平向左為力的正方向)()8.如圖所示，A、B兩帶電小球的質(zhì)量均為m，電荷量大小均為Q(未知)．小球A系在長為L的絕緣輕繩下端，小球B固定于懸掛點的正下方，平衡時，小球A、B位于同一高度，輕繩與豎直方向成60°角．已知重力加速度為g，靜電力常量為k，則以下說法正確的是()A．小球A、B帶異種電荷B．小球A所受靜電力大小為eq\f(\r(3),2)mgC．小球A、B所帶電荷量Q＝eq\f(L,2)eq\r(\f(\r(3)mg,k))D．若小球A的電荷量緩慢削減，則小球A的重力勢能減小，電勢能增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分．在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分．9．如圖甲所示，一志向自耦變壓器的原線圈接如圖乙所示的交變電流，現(xiàn)要使電路中的定值電阻R消耗的功率變大，下列做法正確的是()A．增大交變電流的輸入電壓B．將P1向上滑或?qū)2向下滑C．適當(dāng)增大交變電流的頻率D．將輸入電流改為直流電10.反天刀是生活在尼羅河的一種魚類，沿著它身體的長度方向分布著電器官，這些器官能在魚四周產(chǎn)生電場，如圖為反天刀四周的電場線分布示意圖，A、B、C為電場中的點，下列說法正確的是()A．頭部帶負(fù)電B．A點電場強(qiáng)度大于B點電場強(qiáng)度C．負(fù)離子運動到A點時，其加速度方向向右D．圖中從A至C的虛線可以是正離子的運動軌跡11.某一質(zhì)檢部門為檢測一批礦泉水的質(zhì)量，利用干涉原理測定礦泉水的折射率．方法是將待測礦泉水填充到特制容器中，放置在雙縫與熒光屏之間(之前為空氣)，如圖所示，特制容器未畫出，通過比對填充后的干涉條紋間距x2和填充前的干涉條紋間距x1就可以計算出該礦泉水的折射率．則下列說法正確的是(設(shè)空氣的折射率為1)()A．x2<x1B．x2>x1C．該礦泉水的折射率為eq\f(x1,x2)D．該礦泉水的折射率為eq\f(x2,x1)12.如圖所示，一質(zhì)量M＝5kg、長L＝5m的平板車靜止在光滑的水平地面上，平板車上表面距地面的高度h＝0.8m，一質(zhì)量m＝1kg、可視為質(zhì)點的滑塊以v0＝8m/s的水平初速度從左端滑上平板車，滑塊與平板車間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，g取10m/s2.下列說法正確的是()A．滑塊經(jīng)過1s滑到平板車的右端B．滑塊經(jīng)過eq\f(5,3)s滑到平板車的右端C．滑塊落地時與平板車右端的水平距離為1.2mD．滑塊落地時與平板車右端的水平距離為0.8m三、非選擇題：本題共6小題，共60分．13．(6分)圖甲、圖乙是為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”試驗供應(yīng)的兩種參考案例．(1)這兩個案例中都須要用到的儀器有________(多選)．(2)下列說法正確的是________(多選)．A．圖甲中案例不須要平衡摩擦力，圖乙中案例須要平衡摩擦力B．兩個案例中，均需滿意小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于盤及盤中砝碼的質(zhì)量C．圖甲中的案例，用刻度尺測出兩小車的位移，位移之比就是它們的加速度之比(3)圖丙是圖乙案例中得到的一條紙帶，A、B、C、D、E、F為計數(shù)點，相鄰兩個計數(shù)點之間還有4個計時點未畫出，據(jù)此紙帶可知小車在E點時的速度大小為________m/s.(打點計時器所用電源的頻率為50Hz，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)14．(8分)某試驗小組進(jìn)行測量電源的電動勢和內(nèi)阻的試驗．現(xiàn)有下列器材：a．待測電源E，電動勢約9V，內(nèi)阻約1Ω，允許通過的最大電流為0.5A；b．志向電壓表V，量程為0～3V，內(nèi)阻很大；c．電流表A，量程為0～3A，內(nèi)阻約2Ω；d．定值電阻R0＝10.0Ω；e．電阻箱R，阻值范圍為0～999.9Ω；f．滑動變阻器R1，最大阻值為10Ω；g．單刀單擲開關(guān)一個，導(dǎo)線若干．(1)請在下面所給的虛線框內(nèi)畫出試驗原理圖，要求電表指針的偏轉(zhuǎn)均超過其量程的三分之一，并按設(shè)計的電路圖將所需的儀器用線(表示導(dǎo)線)連接起來．(2)試驗時，先將電阻箱的阻值或滑動變阻器接入電路的電阻調(diào)到________(填“最大”或“最小”)．(3)多次測量，依據(jù)試驗數(shù)據(jù)進(jìn)行描點，畫出的________(電壓表示數(shù)用U表示，電流表示數(shù)用I表示，電阻箱示數(shù)用R表示)圖像是一條直線．若直線的斜率為k，縱截距為b，則電源電動勢E＝________，內(nèi)阻r＝________.15.(7分)如圖所示，固定在水平面上的斜面傾角θ＝37°，長方體木塊A的MN面上釘著一顆小釘子，質(zhì)量m＝1.5kg的小球B通過一細(xì)線與小釘子相連接，細(xì)線與斜面垂直，木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.50.現(xiàn)將木塊由靜止釋放，木塊將沿斜面下滑．求在木塊下滑的過程中小球?qū)δ緣KMN面的壓力．(g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)16．(9分)一列沿x軸傳播的簡諧橫波，在t＝0時刻的波形如圖中實線所示，在t＝0.2s時刻的波形如圖中虛線所示．(1)若波向x軸負(fù)方向傳播，求該波的最小波速；(2)若波向x軸正方向傳播，且0.2s<T，求x＝2m處的P質(zhì)點第一次出現(xiàn)波峰的時刻．17．(14分)如圖所示光滑軌道OABCD中的AB和CD為水平部分，其中AB部分與CD部分的高度差為h，質(zhì)量為M的滑塊靜止在CD軌道上，質(zhì)量為m的小車(可看成質(zhì)點)從O點處由靜止釋放，小車運動到CD部分后與滑塊發(fā)生了完全彈性碰撞，若兩者碰撞后，小車能返回到AB軌道上．(1)請通過計算比較M與m的大小關(guān)系．(2)O與A的高度差應(yīng)滿意什么條件？18．(16分)如圖所示，矩形區(qū)域abcdef分成兩個矩形區(qū)域，左側(cè)區(qū)域充溢勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為E，方向豎直向上，右側(cè)區(qū)域充溢勻強(qiáng)磁場，方向垂直紙面對外，be為其分界線．a(chǎn)f＝L，ab＝0.75L，磁場區(qū)域的寬度未知．一質(zhì)量為m、電荷量為e的電子(重力不計)從a點沿ab方向射入電場，從be邊的中點g(1)電子射入電場的初速度大??；(2)若電子恰能從d點沿ed方向飛出磁場，則磁場區(qū)域的寬度ed為多少？(3)若磁場區(qū)域的寬度為L，要求電子只能從bc邊射出磁場，則磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)當(dāng)滿意什么條件？仿真42024年(全國Ⅰ卷)逐題仿真練14．答案：D解析：氫原子發(fā)生躍遷所汲取光子的能量必需等于兩能級的能量差，因n＝1與n＝2能級間的能量差為10.2eV≠10.5eV，所以選項A錯；大量處于n＝4能級的氫原子向低能級躍遷時，最多可輻射出Ceq\o\al(2,4)＝6種不同頻率的光子，B錯；n＝3能級與n＝2能級間的能量差大于n＝4能級與n＝3能級間的能量差，即ΔE32>ΔE43，所以從n＝4能級躍遷到n＝3能級輻射出的光子不肯定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，C錯；依據(jù)ΔE＝hν，Ek＝hν－W0可得光電子的最大初動能為Ek＝6.41eV，D對．15．答案：B解析：當(dāng)電場水平向右時滑塊恰能向右做勻速直線運動，由平衡學(xué)問有：qE＝Ff1，F(xiàn)f1＝μFN1，F(xiàn)N1＝mg，聯(lián)立解得qE＝μmg；而物塊沿斜面勻速下滑時，有：mgsinθ＝qEcosθ＋Ff2，F(xiàn)f2＝μFN2，F(xiàn)N2＝mgcosθ＋qEsinθ，聯(lián)立得0.6mg＝0.8qE＋μ(0.8mg＋0.6qE)，解得動摩擦因數(shù)μ＝eq\f(1,3)或μ＝－3(舍去)，故A、C、D錯誤，B正確．16．答案：B解析：設(shè)t時間內(nèi)吹到建筑物上的空氣質(zhì)量為m，則m＝ρSvt，依據(jù)動量定理得－Ft＝0－mv＝0－ρSv2t，解得F＝ρSv2，故B正確，A、C、D錯誤．17．答案：B解析：由題圖可知，電路接通后流過導(dǎo)線框的電流沿ad及abcd方向，設(shè)導(dǎo)線框的邊長為x，由歐姆定律可得，流過ad邊的電流為I1＝eq\f(E,xr)，流過bc邊的電流為I2＝eq\f(E,3xr)，又由左手定則可知ad、bc兩邊所受的安培力方向均豎直向下，ab、cd兩邊所受到的安培力大小相等、方向相反，則導(dǎo)線框所受的安培力的大小為F＝B(I1＋I(xiàn)2)x＝eq\f(4EB,3r)，方向豎直向下，B正確．18．答案：A解析：滑塊在a點時速度剛好為零，故逆向處理，滑塊由a點靜止下滑，滑塊沿光滑的斜面做勻加速直線運動，假設(shè)ab段的間距為x，則bc段、cd段的間距應(yīng)分別為3x、5x，xbc︰xcd＝3︰5，選項C錯誤；假如滑塊由b點靜止釋放，明顯滑塊通過bc段、cd段的時間均大于T，選項A正確；滑塊在c點的速度應(yīng)為v1＝eq\r(2a′·3x)，滑塊在d點的速度應(yīng)為v2＝eq\r(2a′·8x)，則v1︰v2＝eq\r(3)︰eq\r(8)，選項B錯誤；因為xbc︰xcd＝3︰5，明顯通過c點的時刻不是bd的中間時刻，則滑塊通過c點的速度不等于bd段的平均速度，選項D錯誤．19．答案：AD解析：將外力F緩慢減小到零，物體始終不動，則彈簧的長度不變，彈力不變，選項A正確；對物體B，因起先時所受摩擦力的方向不確定，則由F彈＝F±Ff，則隨F的減小，物體B所受摩擦力的大小和方向都不能確定，選項B、C錯誤；對A、B與彈簧組成的整體，在水平方向，力F與地面對A的摩擦力平衡，則隨F的減小，木板A所受地面的摩擦力漸漸減小，選項D正確．20．答案：ACD解析：對三角形構(gòu)成的回路，原磁場方向垂直紙面對里，且在減小，則回路中的磁通量在減小，由楞次定律可知線框中的感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向也垂直紙面對里，再由安培定則知感應(yīng)電流的方向為順時針方向，故選項A正確；線框的左半邊受到安培力作用，等效長度為AB，則安培力的方向水平向左，感應(yīng)電流是恒定值，但磁感應(yīng)強(qiáng)度在減小，則安培力要減小，故選項B錯誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律有E＝eq\f(ΔΦ,Δt)＝eq\f(\f(1,2)×\f(1,2)L×\f(\r(3),2)L·ΔB,Δt)＝eq\f(\r(3)kL2,8)，而線框的總電阻為R＝3rL，由歐姆定律得感應(yīng)電流為eq\f(\r(3)kL,24r)，故選項C正確；A、B兩點的電勢差為路端電壓，為感應(yīng)電動勢的一半，故選項D正確，本題答案為A、C、D.21．答案：AD解析：A和B球在碰撞過程中動量守恒，故m1v＝(m1＋m2)v共，代入數(shù)據(jù)得m2＝2kg，A正確；球A和球B在共速的時候產(chǎn)生的彈性勢能最大，因此Ep＝eq\f(1,2)m1v2－eq\f(1,2)(m1＋m2)veq\o\al(2,共)＝3J，B錯誤；因為是彈性碰撞，t3時刻兩個小球分別后沒有能量損失，因此0時刻球A的動能和t3時刻兩個球的動能之和相等，C錯誤；從碰撞到t2時刻小球滿意動量守恒和機(jī)械能守恒，因此有m1v＝m1v1＋m2v2和eq\f(1,2)m1v2＝eq\f(1,2)m1veq\o\al(2,1)＋eq\f(1,2)m2veq\o\al(2,2)，聯(lián)立解得v2＝2m/s，v1＝－1m/s，故t2時刻兩球的動能之比EkA︰EkB＝1︰8，D正確．22．答案：(1)①左(1分)②0.226(1分)③0.26(2分)(2)偏小(1分)解析：(1)①依據(jù)紙帶數(shù)據(jù)可以看出從A點到G點，相鄰的兩個計數(shù)點之間的距離增大，所以從A點到G點速度增大．重物牽引小車，小車做加速運動，所以小車向左運動．②依據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上F點時小車的瞬時速度大小vF＝eq\f(xEG,tEG)＝eq\f(0.1062－0.0610,0.2)m/s＝0.226m/s.③設(shè)A到B之間的距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4、x5、x6，依據(jù)勻變速直線運動的推論公式Δx＝aT2可以求出加速度的大小，得：x4－x1＝3a1T2x5－x2＝3a2T2x6－x3＝3a為了更加精確地求解加速度，我們對三個加速度取平均值，得：a＝eq\f(1,3)(a1＋a2＋3)即小車運動的加速度計算表達(dá)式為：a＝eq\f(xDG－xAD,9T2)＝eq\f(0.1062－0.0415－0.0415－0,9×0.12)m/s2＝0.26m/s2(2)假如在某次試驗中，溝通電的頻率為51Hz，f>50Hz，那么實際打點周期變小，依據(jù)運動學(xué)公式v＝eq\f(x,t)，計算時間偏大，所以測量的速度值與真實的速度值相比是偏?。?3．答案：(1)如圖所示(3分)(2)142(2分)小于(1分)(3)串聯(lián)(2分)9858(2分)解析：(1)實物連線如圖所示：(2)由電路圖可知，當(dāng)微安表的讀數(shù)為到eq\f(2,3)Ig時，通過電阻箱的電流為eq\f(Ig,3)，則電阻箱R1的阻值等于微安表內(nèi)阻的2倍，由題圖可知電阻箱的讀數(shù)為284Ω，則微安表的內(nèi)阻為142Ω；閉合S2后，電路總電阻變小，電路總電流變大，通過電阻箱的電流大于eq\f(1,3)Ig，則該試驗測出的電表內(nèi)阻偏??；(3)若要將該微安表改裝成量程為1V的電壓表，需串聯(lián)阻值R0＝eq\f(U,Ig)－rg＝eq\f(1,100×10－6)Ω－142Ω＝9858Ω的電阻．24．答案：(1)eq\f(v,BR)(2)eq\f(π＋2－\r(3)R,v)＋eq\f(2BR,E)解析：(1)由幾何關(guān)系得：粒子做圓周運動的半徑r＝R(1分)依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力可得：qvB＝meq\f(v2,r)(1分)解得：eq\f(q,m)＝eq\f(v,BR)(1分)(2)由于粒子軌跡半徑和圓半徑相等，則無論粒子沿哪個方向射入磁場，從磁場中射出時速度方向均沿y軸負(fù)方向；若AQ弧長等于六分之一圓弧，粒子的運動軌跡如圖所示：粒子在磁場中運動周期：T＝eq\f(2πR,v)(1分)粒子在QA段運動時間：t1＝eq\f(T,6)(1分)無場區(qū)AB段距離：x＝R－Rcos30°(1分)粒子在AB段運動時間：t2＝eq\f(2x,v)(1分)粒子在電場中運動時，由牛頓其次定律得：qE＝ma(1分)在電場中運動時間：t3＝2eq\f(v,a)(1分)粒子在AC段運動時間：t4＝eq\f(T,3)(1分)總時間：t＝t1＋t2＋t3＋t4(1分)代入數(shù)據(jù)得：t＝eq\f(π＋2－\r(3)R,v)＋eq\f(2BR,E)(1分)25．答案：(1)0.8m(2)0.0526m(3)6.5s16J解析：(1)由圖乙、丙可知，碰撞后瞬間，滑塊a的速度v1＝1m/s，滑塊b的速度v2＝5m/s，設(shè)碰撞前瞬間滑塊a的速度為v0，取水平向右為正方向，依據(jù)動量守恒定律m1v0＝m1v1＋m2v2(2分)解得v0＝4m/s(1分)滑塊a下滑的過程中機(jī)械能守恒，有m1gh＝eq\f(1,2)m1veq\o\al(2,0)(2分)解得h＝0.8m．(1分)(2)由圖乙可知，滑塊a在傳送帶上加速運動時的加速度大小a＝eq\f(Δv,Δt)＝0.5m/s2(2分)滑塊a的加速度由滑動摩擦力供應(yīng)，故μ1m1g＝可求出滑塊a與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ1＝0.05(1分)由圖乙可知，滑塊a在傳送帶上先加速4s，后勻速運動6s到達(dá)C點圖線與坐標(biāo)軸圍成的圖形的面積等于傳送帶的長度LBC，即LBC＝26m．(2分)(3)滑塊b始終做勻減速直線運動，到C點時速度恰好減為3m/s，全程的平均速度為eq\x\to(v)＝eq\f(v2＋v,2)＝4m/s(1分)設(shè)滑塊b的傳送時間為t，則有t＝eq\f(LBC,\x\to(v))＝6.5