廣東省東莞中學(xué)松山湖學(xué)校2025屆物理高二上期中綜合測試試題含解析

廣東省東莞中學(xué)松山湖學(xué)校2025屆物理高二上期中綜合測試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一點電荷，僅在電場力的作用下，沿直線由A點運動到B點的過程中，速率逐漸增大，下列判斷正確的是（）A．在此過程中，電荷所受電場力的方向總是由A指向BB．在此過程中，電荷的電勢能逐漸增大C．線段AB間的各點，電場強度的方向都是由A指向BD．自A至B，電勢逐漸降2、在電場強度為E的勻強電場中，沿電場方向放置帶電量為q的等量異種電荷A、B如圖，A受電場力恰好為零，則下列說法正確的是A．B受電場力方向向右B．A帶正電，B帶負點C．B受的電場力一定也為零D．B受的電場力為2Eq3、如圖所示，平行板電容器中懸浮一個帶電微粒P，今把A、B兩個半方形金屬盒相對插入電容器兩板間，當(dāng)A、B合攏時，對微粒運動情況的判斷正確的是（）A．向上運動B．向下運動C．仍保持靜止D．條件不足，無法判斷4、掃地機器人是智能家用電器的一種，它利用自身攜帶的小型吸塵部件進行吸塵清掃，如圖所示為科沃斯新款DF45智能掃地機器人及其銘牌，若已知掃地機器人從電能耗盡開始充電，需要充滿電的時間約4.5h，電池容量為2600mAh，電能全部用完算一次工作時間。則下列說法正確的是（）A．電池容量是指電池儲存電能的大小B．掃地機器人正常工作電流0.6AC．掃地機器人充滿電后一次工作時間約為1.7小時D．掃地機器人充滿電后一次工作時間約為2.3小時5、如圖所示，a、b、c為同一種材料做成的電阻，b與a的長度相等但橫截面積是a的兩倍；c與a的橫截面積相等但長度是a的兩倍．當(dāng)開關(guān)閉合后，三個理想電壓表的示數(shù)關(guān)系是（

）A．V1的示數(shù)是V2的2倍

B．V1的示數(shù)是V3的2倍C．V2的示數(shù)是V1的2倍

D．V2的示數(shù)是V3的2倍6、如圖所示，環(huán)形導(dǎo)線中通有順時針方向的電流I，則該環(huán)形導(dǎo)線中心的磁場方向為（）A．水平向左B．水平向右C．垂直于紙面向里D．垂直于紙面向外二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某列簡諧橫波在=0時刻的波形如圖甲中實線所示，=3.0s時刻的波形如圖甲中虛線所示，若圖乙是圖甲a、b、c、d四點中某質(zhì)點的振動圖像，則A．這列波沿x軸負方向傳播B．圖乙是質(zhì)點b的振動圖像C．波速為0.5m/sD．從=0到=3.0s這段時間內(nèi)，質(zhì)點a通過的路程為1.5m8、如圖所示，MON是固定的光滑絕緣直角桿，MO沿水平方向，NO沿豎直方向，A、B為兩個套在此桿上的帶有同種正電荷的小球，用一指向豎直桿的水平力F作用在A球上，使兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將A球向豎直桿NO方向緩慢移動一小段距離后，A、B兩小球可以重新平衡，則后一種平衡狀態(tài)與前一種平衡狀態(tài)相比較，下列說法正確的是（）A．A、B兩小球間的庫侖力變大B．A、B兩小球間的庫侖力變小C．A球?qū)O桿的壓力不變D．A球?qū)O桿的壓力變小9、如圖所示，一帶電液滴在重力和勻強電場對它的作用力作用下，從靜止開始由b沿直線運動到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45°，則下列結(jié)論正確的是()A．此液滴帶負電B．液滴的加速度等于C．液滴的電勢能減少D．合外力對液滴做的總功等于零10、如圖所示，空間有一水平勻強電場，在豎直平面內(nèi)有一初速度的帶電微粒，沿圖中直線由A運動至B，其能量變化情況是()A．動能減少，重力勢能增加，機械能守恒B．動能減少，重力勢能增加，電勢能增加C．動能和重力勢能之和減少D．動能和電勢能之和增加三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為測量金屬絲的電阻,取兩節(jié)干電池(內(nèi)阻不計)、開關(guān)和若干導(dǎo)線及下列器材:A．電流表0~0.6,內(nèi)阻約0.05;B．電流表0~3,內(nèi)阻約0.01;C．電壓表0~3,內(nèi)阻約10;D．電壓表0~15,內(nèi)阻約50;E.滑動變阻器,0~10(額定電流為0.6);F.滑動變阻器,0~100(額定電流為0.3).(1)為準確測出金屬絲阻值,電流表應(yīng)選__________,電壓表應(yīng)選__________,滑動變阻器應(yīng)選__________(填序號)。(2)根據(jù)已知的物理量(金屬絲長度、直徑)和實驗中測量的物理量(電壓表讀數(shù)、電流表讀數(shù)),則金屬絲電阻率表達式=______________.12．（12分）在測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻的實驗中，備有下列器材：A．干電池E（電動勢約為1.5V，內(nèi)阻小于）B．電流表（滿偏電流3mA，內(nèi)阻）C．電流表（，內(nèi)阻）D．滑動變阻器E.滑動變阻器F.定值電阻G.開關(guān)和導(dǎo)線若干（1）為方便且能較準確地進行測量，其中應(yīng)選用的滑動變阻器是_________。（填字母代號）（2）請畫出利用本題提供的器材所設(shè)計的測量電池電動勢和內(nèi)阻的實驗電路圖。（3）如圖為某一同學(xué)根據(jù)他所設(shè)計的實驗繪出的圖線（為的示數(shù)，為的示數(shù)），由圖線可求得被測電池的電動勢E=_________V，內(nèi)阻r=__________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某高中校區(qū)擬采購一批實驗器材，增強學(xué)生對電偏轉(zhuǎn)和磁偏轉(zhuǎn)研究的動手能力，其核心結(jié)構(gòu)原理可簡化為如題圖所示：AB、CD間的區(qū)域有豎直方向的勻強電場，在CD的右側(cè)有一與CD相切于M點的圓形有界勻強磁場，磁場方向垂直于紙面。一帶電粒子自O(shè)點以水平初速度v0正對P點進入該電場后，從M點飛離CD邊界時速度為2v0，再經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后又從N點垂直于CD邊界回到電場區(qū)域，并恰能返回O點。已知OP間距離為d，粒子質(zhì)量為m，電量為q，粒子自身重力忽略不計。試求：(1)P、M兩點間的距離；(2)粒子返回O點時速度的大??；(3)磁感強度的大小。14．（16分）如圖甲所示，MN、PQ兩條平行的光滑金屬軌道與水平面成300角固定，M、P之間接電阻箱R，導(dǎo)軌所在空間存在勻強磁場，磁場方向垂直于軌道平面向上，磁感應(yīng)強度為2.5T，質(zhì)量為m的金屬桿ab水平放置在軌道上，且與軌道垂直，金屬桿ab接入電路的電阻值為r，現(xiàn)從靜止釋放桿ab，測得最大速度為vm，改變電阻箱的阻值R，得到vm與R的關(guān)系如圖乙所示，已知軌道間距為，重力加速度g取，軌道足夠長且電阻不計。（1）當(dāng)時，求桿ab勻速下滑時產(chǎn)生感應(yīng)電動勢E的大小，并判斷桿中的電流方向；（2）求解金屬桿的質(zhì)量m和阻值r；（3）當(dāng)時，從靜止釋放ab桿，在ab桿加速運動的過程中，回路瞬時電動率每增加1W時，合外力對桿做功多少？15．（12分）如圖所示，用F=10N的水平拉力，使質(zhì)量m=5.0kg的物體由靜止開始沿光滑水平面做勻加速直線運動.求：（1）物體加速度的大小a；（2）物體開始運動后t=3.0s內(nèi)通過的距離s.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】點電荷在電場力作用，從A到B點，速率增大．則電場力做正功，電勢能減?。捎邳c電荷的電性不知，所以電場強度方向無法確定，因此電勢的高低也無法確定．故只有A正確；BCD錯誤.2、C【解析】

A受到的電場力為零，則A受到勻強磁場的力與電荷B的力等大反向。B受到勻強電場的力與A受到勻強磁場的力等大反向，B受到電荷A的力與A受到電荷B的力等大反向，所以B受到的電場力為零。A.B受電場力方向向右。與結(jié)論不符，故A錯誤；B.根據(jù)已知條件，無法判斷A、B帶電的正負。故B錯誤；C.B受的電場力一定也為零。與結(jié)論相符，故C正確；D.B受的電場力為2Eq。與結(jié)論不符，故D錯誤。3、B【解析】

帶電微粒在勻強電場中懸浮，說明重力與靜電力平衡，若兩個金屬盒相對插入，電容變大，電壓減小，場強減小，直到當(dāng)它們合攏時，金屬盒有靜電屏蔽的作用，其內(nèi)部場強將變?yōu)榱?，所以帶電微粒所受靜電力減小，向下運動。A．向上運動，故A錯誤；B．向下運動，故B正確；C．仍保持靜止，故C錯誤；D．條件不足，無法判斷，故D錯誤。故選B。4、C【解析】

A、電池容量是指電池的存儲電量(電流與時間的乘積)多少，單位是“Ah”，不是儲存電能的大小，故選項A錯誤；B、機器人正常工作時的電流，故選項B錯誤；CD、掃地機器人充滿電后一次工作時間約為，故選項C正確，D錯誤。5、A【解析】

由題意可知：Lc=2La=2Lb，Sb=2Sa=2Sc；設(shè)b的電阻Rb=R，由電阻定律R=ρ得：Ra=2Rb=2R，Rc=2Ra=4R，Rc：Ra：Rb=4：2：1，由電路圖可知，a、b、c三個電阻串聯(lián)，通過它們的電流I相等，由U=IR得：Uc：Ua：Ub=4：2：1，UV3：UV1：UV2=4：2：1，A、V1的示數(shù)是V2的2倍，故A正確，C錯誤；B、V3的示數(shù)是V1的2倍，故B錯誤；D、V3的示數(shù)是V2的4倍，故D錯誤；故選A．6、C【解析】圖中電流為環(huán)形電流，由右手螺旋定則可得：彎曲四指指向電流方向，大拇指方向為內(nèi)部磁場方向，所以內(nèi)部磁場應(yīng)垂直于紙面向里．故選C．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．由圖甲知，波長為λ=2m，由圖乙知，周期T=4s，由于根據(jù)波形平移法可知波沿x軸負方向傳播，故A正確；B．在t1=0時刻，質(zhì)點b正通過平衡位置向下運動，與乙圖情況不符，所以乙圖不可能是質(zhì)點b的振動圖線，故B錯誤；C．波速為故C正確；D．從t1=0s到t2=3.0s這段時間內(nèi)，因則質(zhì)點a通過的路程為故D錯誤。故選AC。8、BC【解析】

對A球受力分析,受重力mg、拉力F、支持力,靜電力,如圖,根據(jù)平衡條件,有

x方向:

①

y方向:

②

再對B球受力分析,受重力Mg、靜電力、桿對其向左的支持力,如圖,根據(jù)平衡條件,有

x方向:

③

y方向:

④

有上述四式得到

⑤

⑥

由⑤式,因為新位置兩球連線與豎直方向夾角變小,故靜電力變小,故A錯誤,B正確;

由⑥式,水平桿對球A的支持力等于兩個球的重力之和,不變,再結(jié)合牛頓第三定律可以知道,球A對水平桿的壓力不變,故C正確,D錯誤;9、ABC【解析】試題分析：根據(jù)帶電液滴作直線運動可知帶電液滴所受重力與電場力的合力一定沿運動方向，利用假設(shè)法可以判定出帶電液滴所帶電荷的性質(zhì)，從而求出電場力的大小與合外力的大小再根據(jù)牛頓第二定律計算出物體的加速度；根據(jù)合外力的方向與速度的方向相同可知合外力做正功，根據(jù)電場力做功的情況可以判定電勢能變化情況．若液滴帶正電，其受力情況如圖所示，液滴不可能沿bd運動，故只能帶負電荷，故A正確；對液滴進行受力分析，其受力情況如圖所示，故物體所受合力，故物體的加速度，B正確；由于電場力所做的功，故電場力對液滴做正功，故液滴的電勢能減小，C正確；由于液滴從靜止開始做加速運動，故合力的方向與運動的方向相同，故合外力對物體做正功，D錯誤．10、BC【解析】

由題，帶電微粒做直線運動，所受的合力必須與AB在同一直線上，則知帶電微粒受重力與水平向左的電場力作用，所以合力方向與速度方向相反，合力做負功，由動能定理得知，動能減??；從A到B重力做負功，重力勢能增加；電場力做負功，則電勢能增加，那么動能和重力勢能之和會減少，故BC正確，AD錯誤；故選：BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACE【解析】

(1)[1][2][3]電源電動勢為3V，則電壓表選擇C，為防止電阻絲發(fā)熱影響電阻率的測量，通過電阻絲的電流應(yīng)略小，則電流表選擇A，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇E.(2)[4]金屬絲的電阻，由電阻定律，橫截面積，聯(lián)立解得：12、D1.480.75【解析】（1）實驗中應(yīng)選用的較小阻值的滑線變阻器，有利于電流的變化和表的讀數(shù)所以選R1，故選D。

（2）由于沒有電壓表，用電流表A1與定值電阻串聯(lián)組成電壓表測路端電壓，電流測電路電流，實驗電路圖如圖所示：（3）表頭的示數(shù)與定值電阻阻值的乘積可作為路端電壓處理，則由閉合電路歐姆定律可知：I1（R3+Rg）=E-I2r，變形得：，由圖可知，圖象與縱坐標的交點為1.48mA，則有：，解得：；由圖象可知，圖象的斜率為：0.75×10-3，由公式得圖象的斜率等于，即，解得：。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)(3)【解析】

(1)在M點，粒子豎直方向速度：由運動學(xué)公式得：(2)到達M點的速度為，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后又從N點垂直于CD邊界回到電場區(qū)域，所以返回到電場時的速度為，根據(jù)水平勻速可得：由vy=at可知，返回O點時：所以回到O點時：(3)由和可得：再