安徽省安慶市重點(diǎn)中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

安徽省安慶市重點(diǎn)中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫(xiě)在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫(xiě)在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫(xiě)在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、圖中a、b是兩個(gè)點(diǎn)電荷，它們的電荷量分別為Q1、Q2，MN是ab連線的中垂線，P是中垂線上的一點(diǎn)．下列哪種情況能使P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向指向MN的右側(cè)（）A.Q1、Q2都是正電荷，且Q1＜Q2B.Q1是正電荷，Q2是負(fù)電荷，且Q1＞|Q2|C.Q1是負(fù)電荷，Q2是正電荷，且|Q1|＜Q2D.Q1、Q2都是負(fù)電荷，且|Q1|＞|Q2|2、如圖甲所示，10匝銅導(dǎo)線制成的線圈兩端M、N與一電壓表相連，線圈內(nèi)磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，線圈中磁通量的變化規(guī)律如圖乙所示，下列說(shuō)法中正確的是（）A.電壓表的正接線柱接線圈的N端 B.線圈中磁通量的變化量為1.5WbC.線圈中磁通量的變化率為1.5Wb/s D.電壓表的讀數(shù)為5V3、如圖所示的條形磁鐵的上方放置一矩形線框，線框平面水平且與條形磁鐵平行，則線框在由N極勻速平移到S極的過(guò)程中，線框中的感應(yīng)電流的情況是()A.線框中始終無(wú)感應(yīng)電流B.線框中始終有感應(yīng)電流C.線框中開(kāi)始有感應(yīng)電流，當(dāng)線框運(yùn)動(dòng)到磁鐵中部上方時(shí)無(wú)感應(yīng)電流，以后又有了感應(yīng)電流D.開(kāi)始無(wú)感應(yīng)電流，當(dāng)運(yùn)動(dòng)到磁鐵中部上方時(shí)有感應(yīng)電流，后來(lái)又沒(méi)有感應(yīng)電流4、如圖所示為質(zhì)譜儀測(cè)定帶電粒子質(zhì)量的裝置的示意圖．速度選擇器(也稱濾速器)中場(chǎng)強(qiáng)E的方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的方向垂直紙面向里，分離器中磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的方向垂直紙面向外．在S處有甲、乙、丙、丁四個(gè)一價(jià)正離子垂直于E和B1入射到速度選擇器中，若m甲＝m乙<m丙＝m丁，v甲>v乙＝v丙>v丁，在不計(jì)重力的情況下，則分別打在P1、P2、P3、P4四點(diǎn)的離子分別是A.甲、丁、乙、丙 B.丁、甲、乙、丙C.甲、丁、丙、乙 D.丁、甲、丙、乙5、在顯像管的電子槍中，從熾熱的金屬絲不斷放出的電子進(jìn)入電壓為的加速電場(chǎng)，設(shè)其初速度為零，經(jīng)加速后形成橫截面積為S、電流為I的電子束。已知電子的電荷量為e、質(zhì)量為m，則在剛射出加速電場(chǎng)時(shí)，一小段長(zhǎng)為的電子束內(nèi)的電子個(gè)數(shù)是（）A. B.C. D.6、如圖所示，通電導(dǎo)線MN中的電流保持不變，當(dāng)它在紙面內(nèi)從a位置繞其一端M轉(zhuǎn)至b位置時(shí)，通電導(dǎo)線所受安培力的大小變化情況是()A.變小B.變大C.不變D.不能確定二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在如圖所示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A.電壓表V1示數(shù)在變大，電壓表V2示數(shù)在變小B.電流表A的示數(shù)減小，電壓表V3示數(shù)在變小C.電容器的電荷量增大，電阻R1消耗的電功率變大D.電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率變大8、如圖甲所示為一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖．圖乙表示該波傳播的介質(zhì)中x=2m處的a質(zhì)點(diǎn)從t=0時(shí)刻起的振動(dòng)圖像．下列說(shuō)法正確的是A.波傳播的速度為20m/sB.波沿x軸負(fù)方向傳播C.t=0.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的位移沿y軸正方向D.t=0.25s時(shí)，x=4m處的b質(zhì)點(diǎn)的加速度沿y軸負(fù)方向9、用多用電表的歐姆檔檢驗(yàn)性能良好的晶體二極管，發(fā)現(xiàn)多用電表的指針向右偏轉(zhuǎn)的角度很小，這說(shuō)明A.二極管加有正向電壓，故測(cè)得電阻很小B.二極管加有反向電壓，故測(cè)得電阻很大C.此時(shí)紅表筆接的是二極管的正極D.此時(shí)黑表筆接的是二極管的正極10、如圖所示，平行金屬板M、N之間有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，虛線下方有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)子和粒子分別從上板中心S點(diǎn)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)電場(chǎng)加速后從O點(diǎn)垂直磁場(chǎng)邊界進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后從a、b兩點(diǎn)射出磁場(chǎng)（不計(jì)重力），下列說(shuō)法正確的是()A.磁場(chǎng)方向垂直紙面向外B.從a點(diǎn)離開(kāi)的是粒子C.從b點(diǎn)離開(kāi)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速率較大D.粒子從S出發(fā)到離開(kāi)磁場(chǎng)，由b點(diǎn)離開(kāi)的粒子所用時(shí)間較長(zhǎng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）荷蘭物理學(xué)家洛倫茲首先提出，磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷有力的作用．為了紀(jì)念他，人們稱這種力為_(kāi)____，該力的方向可以用_____（填“左手定則”或“右手定則”）來(lái)判斷12．（12分）在“用電流表和電壓表測(cè)定電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)中備有如下器材：A．干電池1節(jié)B．滑動(dòng)變阻器（0～20Ω）C．滑動(dòng)變阻器（0～1kΩ）D．電壓表（0～3V，內(nèi)阻約為20kΩ）E．電流表（0～0.6A，內(nèi)阻RA＝0.2Ω）F．電流表（0～3A，內(nèi)阻約為0.01Ω）G．開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干①為減小實(shí)驗(yàn)誤差和方便操作，選擇圖甲所示電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，其中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________，電流表應(yīng)選_____。（填寫(xiě)器材前的序號(hào)）②某同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)得的電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，畫(huà)出U－I圖像如圖乙所示，由圖像可得電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____V，內(nèi)電阻為_(kāi)_____Ω。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在水平向右場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一質(zhì)量為m、電荷量為q的點(diǎn)電荷從A點(diǎn)由靜止釋放，僅在由場(chǎng)力的作用下經(jīng)時(shí)間t運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)．求：（1）點(diǎn)電荷從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)點(diǎn)電荷做的功；（2）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差14．（16分）如圖所示，一足夠長(zhǎng)的矩形區(qū)域abcd內(nèi)充滿方向垂直紙面向里的、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在ad邊中點(diǎn)O，方向垂直磁場(chǎng)向里射入一速度方向跟ad邊夾角θ=30°、大小為v0的帶正電粒子，已知粒子質(zhì)量為m，電量為q，ad邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，ab邊足夠長(zhǎng)，粒子重力不計(jì)，求：粒子能從ab邊上射出磁場(chǎng)的v0大小范圍；15．（12分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L=0.40m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5.0T、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E=4.5V、內(nèi)阻r=0.50Ω的直流電源．現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量m=0.3kg的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒恰好靜止．導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻R=2.5Ω，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，g取10m/s2．已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）導(dǎo)體棒受到的安培力；（2）導(dǎo)體棒受到的摩擦力

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A.Q1、Q2都是正電荷，各自在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E1、E2如圖：要使P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向指向MN的右側(cè)，根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加，需要有Q1>Q2，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.Q1是正電荷，Q2是負(fù)電荷，各自在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E1、E2如圖：根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加，P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向一定指向MN的右側(cè)，選項(xiàng)B正確；C.Q1是負(fù)電荷，Q2是正電荷，各自在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E1、E2如圖：根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加，P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向一定指向MN的左側(cè)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.Q1、Q2都是負(fù)電荷，各自在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E1、E2如圖：要使P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向指向MN的右側(cè)，根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加，需要有|Q2|＞|Q1|，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。2、D【解析】線圈平面垂直處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨著時(shí)間均勻變化時(shí)，線圈中的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，產(chǎn)生感應(yīng)電流，由法拉第電磁感應(yīng)定律可求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小，從而得出電壓表讀數(shù)，再由楞次定律判定感應(yīng)電流方向【詳解】A、由楞次定律可得：感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，則M端比N端的電勢(shì)高，所以電壓表“+”接線柱接M端，故A錯(cuò)誤；B、磁通量的變化需要時(shí)間，由于未說(shuō)明變化時(shí)間，故B錯(cuò)誤；C、磁通量的變化率為：，C錯(cuò)誤；D、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：，所以電壓表讀數(shù)為5V，D正確故選D【點(diǎn)睛】由法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，而感應(yīng)電流的方向則由楞次定律判定．同時(shí)穿過(guò)磁通量發(fā)生變化的線圈相當(dāng)于電源，所以電源內(nèi)部（線圈）電流方向是負(fù)極到正極3、B【解析】條形磁鐵中部磁性較弱，兩極磁性最強(qiáng)，線圈從左向右移動(dòng)過(guò)程中，線圈中磁通量先減小后反方向增大，因此線圈中始終有感應(yīng)電流A．線框中始終無(wú)感應(yīng)電流，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．線框中始終有感應(yīng)電流，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C．線框中開(kāi)始有感應(yīng)電流，當(dāng)線框運(yùn)動(dòng)到磁鐵中部上方時(shí)無(wú)感應(yīng)電流，以后又有了感應(yīng)電流，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．開(kāi)始無(wú)感應(yīng)電流，當(dāng)運(yùn)動(dòng)到磁鐵中部上方時(shí)有感應(yīng)電流，后來(lái)又沒(méi)有感應(yīng)電流，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；4、B【解析】粒子通過(guò)速度選擇器，只有滿足qvB=qE，即速度滿足v=E/B，才能沿直線通過(guò)．當(dāng)粒子的速度大于E/B，洛倫茲力大于電場(chǎng)力，粒子向上偏轉(zhuǎn)，當(dāng)粒子的速度小于E/B，洛倫茲力小于電場(chǎng)力，粒子向下偏轉(zhuǎn)【詳解】四種粒子，只有兩個(gè)粒子通過(guò)速度選擇器，只有速度滿足v=E/B，才能通過(guò)速度選擇器．所以通過(guò)速度選擇器進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子是乙和丙．由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：，乙的質(zhì)量小于丙的質(zhì)量，所以乙的半徑小于丙的半徑，則乙打在P3點(diǎn)，丙打在P4點(diǎn)．甲的速度大于乙的速度，即大于E/B，洛倫茲力大于電場(chǎng)力，粒子向上偏轉(zhuǎn)，打在P2點(diǎn)．丁的速度小于乙的速度，即小于E/B，洛倫茲力小于電場(chǎng)力，粒子向下偏轉(zhuǎn)，打在P1點(diǎn)．故選B【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道速度選擇器的原理，即所受洛倫茲力和電場(chǎng)力等大反向的粒子才能沿直線通過(guò)速度選擇器5、C【解析】根據(jù)動(dòng)能定理得：得到：在剛射出加速電場(chǎng)時(shí)，一小段長(zhǎng)為的電子束內(nèi)電子電量為：電子數(shù)為：聯(lián)立解得：故選C。6、C【解析】從a轉(zhuǎn)到b位置時(shí)，導(dǎo)線MN還是與磁場(chǎng)垂直，故F=BIL大小不變，故.正確；故選C.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】保持開(kāi)關(guān)S閉合，根據(jù)變阻器接入電路電阻的變化，由歐姆定律分析電表讀數(shù)的變化．根據(jù)電容與板間距離的關(guān)系，分析電容的變化，確定電容器電量的變化，判斷R2中電流的方向．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化【詳解】A、B項(xiàng)：該電路中兩個(gè)電阻串聯(lián)，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，接入電路的有效電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知電路中電流I變大，則電流表A讀數(shù)變大；路端電壓：U=E-Ir減小，電壓表V3示數(shù)在變小，U1示數(shù)U1=IR1，隨I的增大在變大，U2示數(shù)U2=E-I（R1+r），隨電流I的增大而減小，故A正確，B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：電容器兩端的電壓為路端電壓，U減小，根據(jù)Q=CU可知電容器的帶電量減小，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：電源內(nèi)阻損耗的功率，由于電流變大，所以電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率，電流變大，所以電源消耗的總功率變大，故D正確故應(yīng)選：AD【點(diǎn)睛】電容器的動(dòng)態(tài)分析重點(diǎn)在于明確電容器的兩種狀態(tài)：充電后斷開(kāi)電源則極板上的電量不變；電容器保持和電源相連，則兩板間的電勢(shì)差不變．要掌握、及電容決定因素8、AD【解析】本題要在乙圖上讀出a質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻的速度方向，在甲圖上判斷出波的傳播度方向；由甲圖讀出波長(zhǎng)，由乙圖讀出周期，即求出波速和頻率；【詳解】由乙圖知，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期為T=0.2s，由甲圖知，波長(zhǎng)λ=4m，則波速為：故A正確；由乙圖知，t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a向下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)甲圖可知，該波沿x軸正方向傳播，故B錯(cuò)誤；由乙圖知，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期為T=0.2s，所以質(zhì)點(diǎn)a在t=0.25s的時(shí)刻的振動(dòng)情況與t=0.05s時(shí)刻的振動(dòng)情況相同，即處于負(fù)的最大位移處，所以a的位移沿y軸負(fù)方向．故C錯(cuò)誤；由圖甲可知，a質(zhì)點(diǎn)和b質(zhì)點(diǎn)的平衡位置相距半個(gè)波長(zhǎng)，振動(dòng)情況總是相反，所以在振動(dòng)過(guò)程中任意時(shí)刻的位移都相反，所以質(zhì)點(diǎn)b處于正的最大位移處，加速度沿y軸負(fù)方向．故D正確．故選AD.【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要把握兩種圖象的聯(lián)系，能根據(jù)振動(dòng)圖象讀出質(zhì)點(diǎn)的速度方向，在波動(dòng)圖象上判斷出波的傳播方向9、BC【解析】AB．測(cè)量電阻偏轉(zhuǎn)角度小，則電阻大，為反向電壓，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．測(cè)量時(shí)加的反向電壓，又因歐姆表的黑表筆接的電池的正極，則黑表筆應(yīng)與二極管的負(fù)極相連接。即紅表筆與二極管的正極相連接，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。10、AD【解析】A．由左手定則，可以判定磁場(chǎng)方向是垂直于紙面向外，所以選項(xiàng)A正確B．設(shè)加速電壓為U，在加速電場(chǎng)中：Uq=mv2在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中：qvB＝m聯(lián)立可得：由于α粒子是質(zhì)子的4倍，而電量是質(zhì)子的2倍，所以α粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大，從b點(diǎn)離開(kāi)，則選項(xiàng)B錯(cuò)誤C．由上述結(jié)論可得經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)后速度為v＝由于α粒子的比荷小于質(zhì)子的比荷，所以從b點(diǎn)離開(kāi)的α粒子速度小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤D．從S出發(fā)到離開(kāi)磁場(chǎng)的時(shí)間t=t電+t磁=顯然比荷q/m越小，時(shí)間越大，即從b點(diǎn)離開(kāi)的α粒子所用時(shí)間較長(zhǎng)，所以選項(xiàng)D正確故選AD【點(diǎn)睛】本題涉及的是帶電粒子先在電場(chǎng)中加速，然后進(jìn)入磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，分別用動(dòng)能定理和牛頓第二定律求出半徑，從而判斷出從a、b兩點(diǎn)離開(kāi)的是哪種粒子，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出在兩種場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從表達(dá)式可以看出哪種粒子的時(shí)間長(zhǎng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.洛倫茲力②.左手定則【解析】已知磁場(chǎng)方向、帶電粒子的速度方向，由左手定則可以判斷出洛倫茲力的方向【詳解】[1]通過(guò)學(xué)習(xí)磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用我們知道，首先提出磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷有作用力的觀點(diǎn)的物理學(xué)家是洛倫茲[2]為了紀(jì)念他，人們稱這種力為洛倫茲力，該力的方向可以用左手定則【點(diǎn)睛】本題考查了判斷洛倫茲力方向問(wèn)題，熟練應(yīng)用左手定則即可正確解題，注意運(yùn)動(dòng)的方向不一定與磁場(chǎng)垂直，但洛倫茲力一定與磁場(chǎng)及運(yùn)動(dòng)方向垂直12、①.B②.E③.1.5④.1【解析】由題中“在“用電流表和電壓表測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)中備有如下器材”可知，本題考查用電流表和電壓表測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)器材可解答本題?！驹斀狻浚?）[1]根據(jù)甲圖可知，選用外接法，因此滑動(dòng)變阻器選擇B；[2]電流值不超過(guò)0.6A，故電流表選E；（2）[3]根據(jù)U-I圖可知，電動(dòng)勢(shì)為1.5V；[4]U-I圖的斜率表示內(nèi)阻，因此可得內(nèi)阻為1。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】本題的關(guān)鍵是對(duì)電荷受力分析利用牛頓第二定律求出加速度，然后利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和功的計(jì)算公式聯(lián)立求解電場(chǎng)力做的功（或根據(jù)動(dòng)量定理和動(dòng)能