浙江省浙南名校聯(lián)盟2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期期中聯(lián)考物理試題 含解析

2024學(xué)年第一學(xué)期浙南名校聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級(jí)物理學(xué)科試題考生須知：1.本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2．考生答題前，務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題卷上。3．選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卷上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如要改動(dòng)，須將原填涂處用橡皮擦凈。4．非選擇題的答案須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卷上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)可先使用2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。5．可能用到的相關(guān)公式或參數(shù)：重力加速度g取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列物理量中，屬于矢量的是（）A電勢 B.磁感應(yīng)強(qiáng)度 C.磁通量 D.電勢能【答案】B【解析】【詳解】A．電勢只有大小沒有方向，是標(biāo)量，故A錯(cuò)誤；B．磁感應(yīng)強(qiáng)度既有大小又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量，是矢量，故B正確；C．磁通量雖有方向，但磁通量運(yùn)算時(shí)不遵循平行四邊形定則，所以磁通量都是標(biāo)量，故C錯(cuò)誤；D．電勢能只有大小，沒有方向，是標(biāo)量，故D錯(cuò)誤。故選B。2.歷史上很多科學(xué)家對(duì)電磁學(xué)理論的發(fā)展都做出很大貢獻(xiàn)，下列有關(guān)說法正確的是（）A.法拉第提出電場概念，并指出電場和電場線都是客觀存在的B.元電荷e的數(shù)值最早是由安培用實(shí)驗(yàn)測得的C.麥克斯韋通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在D.奧斯特最早發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)【答案】D【解析】【詳解】A．法拉第提出電場概念，電場是客觀存在的，但是電場線是人們假想的，故A錯(cuò)誤；B．電荷量e的數(shù)值最早是由美國學(xué)者密立根用實(shí)驗(yàn)測得的，故B錯(cuò)誤；C．赫茲通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，故C錯(cuò)誤；D．奧斯特最早發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故D正確。故選D。3.燃?xì)庠钪Ъ苡泻芏喾N規(guī)格和款式。如圖所示，這是甲、乙兩款不同的燃?xì)庠钪Ъ埽鼈兌际窃谝粋€(gè)圓圈底座上等間距地分布有五個(gè)支架齒，每一款支架齒的簡化示意圖在對(duì)應(yīng)的款式下方。如果將質(zhì)量相同、尺寸不同的球面鍋置于兩款支架上的a、b、c、d四個(gè)位置，則鍋對(duì)各位置的壓力分別為、、、，忽略鍋與支架間的摩擦，下列判斷正確的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】AB．甲款支架對(duì)球面鍋的支持力方向指向球面鍋的球心，如下圖鍋處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件，則有解得由圖知，鍋的尺寸越大，越小，則支架對(duì)球面鍋的支持力越小。又由牛頓第三定律得，鍋的尺寸越大，球面鍋對(duì)支架的壓力越小。所以故AB錯(cuò)誤；CD．乙款支架對(duì)球面鍋的支持力方向垂直于接觸面，如下圖鍋處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件，則有解得支架對(duì)球面鍋的支持力由圖知，不論鍋的尺寸大小，不變，則支架對(duì)球面鍋的支持力大小不變。又有牛頓第三定律得，鍋的尺寸無論大小，球面鍋對(duì)支架的壓力不變。故C正確，D錯(cuò)誤。故C。4.2024年5月3日嫦娥六號(hào)發(fā)射成功，5月8日成功實(shí)施近月制動(dòng)（如圖所示），并順利進(jìn)入環(huán)月軌道飛行。假設(shè)登月探測器在環(huán)月軌道1上的P點(diǎn)實(shí)施變軌，進(jìn)入橢圓軌道2，再由近月點(diǎn)Q點(diǎn)進(jìn)入圓軌道3，已知軌道1的半徑為3r，軌道3的半徑為r，登月探測器在軌道3的運(yùn)行周期為T，則登月探測器（??）A.在軌道1上運(yùn)行的周期為B.從軌道2上的Q點(diǎn)進(jìn)入圓軌道3時(shí)，需要點(diǎn)火加速C.沿軌道1過P點(diǎn)比沿軌道2上過P點(diǎn)時(shí)的加速度大D.沿軌道2運(yùn)行時(shí)，經(jīng)P點(diǎn)和Q點(diǎn)時(shí)的加速度大小之比為【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)開普勒第三定律得故A正確；B．從軌道2上的Q點(diǎn)進(jìn)入圓軌道3時(shí)，做近心運(yùn)動(dòng)，需要減速，故B錯(cuò)誤；C．萬有引力提供向心力，根據(jù)沿軌道1過P點(diǎn)加速度等于沿軌道2上過P點(diǎn)時(shí)的加速度，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)沿軌道2運(yùn)行時(shí)，經(jīng)P點(diǎn)和Q點(diǎn)時(shí)的加速度大小之比為，故D錯(cuò)誤。故選A。5.國慶假期期間，小應(yīng)同學(xué)去游樂場體驗(yàn)了一種叫“空中飛椅”的游樂項(xiàng)目，其簡化結(jié)構(gòu)如右圖。座椅和游客的總質(zhì)量為m，轉(zhuǎn)盤半徑為r、角速度大小為。當(dāng)轉(zhuǎn)盤繞其中心豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，帶動(dòng)座椅和游客在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。此時(shí)鋼繩與豎直方向的夾角為，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.座椅和游客處于平衡狀態(tài)B.旋轉(zhuǎn)過程中，游客受到重力、飛椅的支持力和向心力C.做圓周運(yùn)動(dòng)的周期與游客質(zhì)量有關(guān)D.座椅和游客的向心力大小為【答案】D【解析】【詳解】AB．由題意可知，座椅和游客做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，處于非平衡狀態(tài)，游客受重力、飛椅的支持力作用，故AB錯(cuò)誤；C．當(dāng)轉(zhuǎn)盤以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律可知解得周期與質(zhì)量無關(guān)，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)轉(zhuǎn)盤以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，座椅和人的向心力大小由牛頓第二定律可為故D正確；故選D。6.巴黎奧運(yùn)會(huì)網(wǎng)球女單決賽中，中國選手鄭欽文以戰(zhàn)勝克羅地亞選手維基奇奪冠。這是中國運(yùn)動(dòng)員史上首次贏得奧運(yùn)網(wǎng)球單打項(xiàng)目的金牌。某次鄭欽文將質(zhì)量為m的網(wǎng)球擊出，網(wǎng)球被擊出瞬間距離地面的高度為h，網(wǎng)球的速度大小為，經(jīng)過一段時(shí)間網(wǎng)球落地，落地瞬間的速度大小為，重力加速度為g，網(wǎng)球克服空氣阻力做功為。則下列說法正確的是（）A.擊球過程，球拍對(duì)網(wǎng)球做功為B.網(wǎng)球從被擊出到落地的過程，網(wǎng)球動(dòng)能的增加量為C.網(wǎng)球從被擊出到落地的過程，網(wǎng)球的機(jī)械能減少D.網(wǎng)球克服空氣阻力做功為【答案】C【解析】【詳解】A．擊球過程，根據(jù)動(dòng)能定理有即球拍對(duì)網(wǎng)球做功為，故A錯(cuò)誤；B．網(wǎng)球從被擊出到落地，根據(jù)動(dòng)能定理有故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)功能關(guān)系可知，網(wǎng)球從被擊出到落地，網(wǎng)球的機(jī)械能減少，故C正確；D．根據(jù)動(dòng)能定理有解得故D錯(cuò)誤。故選C。7.“富蘭克林鈴”可以簡化成如圖所示的模型，當(dāng)與毛皮摩擦過的氣球靠近金屬釘甲時(shí)，鋁箔小球就會(huì)在塑料管內(nèi)“左右橫跳”。下列關(guān)于“富蘭克林鈴”的說法中正確的是（）A.與毛皮摩擦過的氣球帶正電B.氣球靠近金屬釘甲時(shí)，金屬釘甲左側(cè)感應(yīng)出電荷，右側(cè)帶等量的異種電荷C.氣球靠近金屬釘甲時(shí)，金屬釘甲吸引鋁箔小球，說明電荷可以創(chuàng)生D.鋁箔小球會(huì)在塑料管內(nèi)“左右橫跳”，說明能量可以創(chuàng)生【答案】B【解析】【詳解】A．與毛皮摩擦過的氣球帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，可得氣球靠近金屬釘甲時(shí)，金屬釘甲左側(cè)感應(yīng)出電荷，右側(cè)帶等量的異種電荷，故B正確；C．由上述可知?dú)馇蚩拷饘籴敿讜r(shí)，金屬釘甲吸引鋁箔小球，說明帶電物體具有吸引輕小物體的性質(zhì)，故C錯(cuò)誤；D．能量既不會(huì)消失，也不會(huì)創(chuàng)生，只會(huì)從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另外一個(gè)物體，或者從一種形式轉(zhuǎn)變?yōu)榱硪环N形式，故D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖所示，平行金屬板中有一個(gè)帶電油滴懸浮在兩板間的P點(diǎn)，電流表和電壓表可以看作理想電表，電源負(fù)極接地，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（）A.油滴將向上運(yùn)動(dòng) B.P點(diǎn)的電勢降低C.電源的效率變高 D.電壓表、電流表的示數(shù)均變小【答案】B【解析】【詳解】AD．油滴原來靜止在電容器內(nèi)，受向上的電場力與重力平衡，由圖可知電容器內(nèi)部電場方向向下，則油滴帶負(fù)電；當(dāng)滑片向b移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中干路電流增大，即電流表的示數(shù)變大，路端電壓減小，R1兩端的電壓增大，則電容器兩端電壓減小，電壓表的示數(shù)減小，根據(jù)可知板間場強(qiáng)減小，油滴所受電場力減小，即電場力小于重力，油滴將向下運(yùn)動(dòng)，故AD錯(cuò)誤；B．P點(diǎn)的電勢等于P點(diǎn)與下極板（接地，電勢為零）的電勢差，由由于板間場強(qiáng)E減小，P與下極板間距不變，所以電勢差減小，P點(diǎn)電勢降低，故B正確；C．電源的效率為當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，R4的阻值減小，則外電阻R減小，電源的效率變低，故C錯(cuò)誤。故選B。9.靜電透鏡被廣泛應(yīng)用于電子器件中，圖中虛線表示陰極射線示波管的聚焦電場等勢面分布情況，任意兩個(gè)相鄰等勢面間電勢差相等，z軸為該電場的中心軸線。一電子從其左側(cè)進(jìn)入聚焦電場，圖中實(shí)線為電子僅在電場力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q、R為其軌跡z上的三點(diǎn)。下列判斷正確的是（）A.P點(diǎn)的電勢大于R點(diǎn)的電勢 B.P點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于R點(diǎn)的電場強(qiáng)度C.電子在Q點(diǎn)的動(dòng)能大于在P點(diǎn)的動(dòng)能 D.電子在Q點(diǎn)電勢能小于R點(diǎn)的電勢能【答案】C【解析】【詳解】A．電子僅在電場力作用下從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到R點(diǎn)，由于合力方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，電子帶負(fù)電，所受電場力方向與電場強(qiáng)度方向相反，電場力方向與等勢線垂直，可知，電場線方向整體從右指向左，又由于沿電場線方向，電勢降低，可知P點(diǎn)的電勢低于Q點(diǎn)的電勢，故A錯(cuò)誤；B．由于任意兩條相鄰等勢線間電勢差相等，則等勢線分布的密集程度能夠表示電場的強(qiáng)弱，P點(diǎn)的等勢線分布比R點(diǎn)的密集，則P點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于在R點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故B錯(cuò)誤；CD．結(jié)合上述可知，從P至R的運(yùn)動(dòng)過程中，電子所受電場力做正功，電子的電勢能減小，電子的動(dòng)能增大，則電子在Q點(diǎn)的動(dòng)能大于在P點(diǎn)的動(dòng)能，在Q點(diǎn)電勢能大于R點(diǎn)的電勢能，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。10.某戶家庭安裝了一臺(tái)風(fēng)力發(fā)電機(jī)，它的葉片轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可形成半徑為的圓面，風(fēng)向與葉片轉(zhuǎn)動(dòng)的圓面垂直，假設(shè)這個(gè)風(fēng)力發(fā)電機(jī)能將此圓內(nèi)的空氣動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能。已知空氣的密度為1.2，當(dāng)風(fēng)速是時(shí)，此發(fā)電機(jī)的功率約為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)單位時(shí)間內(nèi)圓面內(nèi)空氣的質(zhì)量為，動(dòng)能為，有解得故選C。11.石墨烯是一種由碳原子組成的單層二維蜂窩狀晶格結(jié)構(gòu)新材料，具有豐富的電學(xué)性能?，F(xiàn)設(shè)計(jì)一電路測量某二維石墨烯樣品單位面積的載流子（電子）數(shù)。如圖所示，在長為a，寬為b的石墨烯表面加一垂直向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電極1、3間接入恒壓直流電源、穩(wěn)定時(shí)電流表示數(shù)為I，電極2、4之間的電壓為U，已知電子電荷量為e，則（）A.電極2的電勢比電極4的高B.電子定向移動(dòng)的速率為C.電極2和4之間的電壓與寬度b有關(guān)D.二維石墨烯樣品單位面積的載流子數(shù)為【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)左手定則，可知電子在洛倫茲力作用下向電極2所在一側(cè)偏轉(zhuǎn)，所以電極2的電勢比電極4的低。故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)電子穩(wěn)定通過樣品時(shí)，其所受電場力與洛倫茲力平衡，則有解得故B正確；C．設(shè)樣品每平方米載流子(電子)數(shù)為n，電子定向移動(dòng)的速率為v，則時(shí)間t內(nèi)通過樣品的電荷量q=nevtb根據(jù)電流的定義式得聯(lián)立解得即電極2和4之間的電壓與寬度b無關(guān)，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)C選項(xiàng)分析可知二維石墨烯樣品單位面積的載流子數(shù)為故D錯(cuò)誤。故選B12.如圖所示，我國的球面射電望遠(yuǎn)鏡是世界上最大的單口徑射電望遠(yuǎn)鏡，被稱為“超級(jí)天眼”，并通過隨地球自轉(zhuǎn)指向太空不同方向?！疤煅垩劭簟钡闹睆綖镈，其邊緣圓周處于同一水平面內(nèi)，其所在處地磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，與“眼眶”平面平行、垂直的分量大小分別為、，則（）A.穿過“眼眶”的磁通量大小為B.B、、三者大小關(guān)系滿足C.在地球自轉(zhuǎn)90°的過程中，穿過“眼眶”磁通量的變化量為0D.在地球自轉(zhuǎn)180°的過程中，穿過“眼眶”磁通量的變化量為【答案】C【解析】【詳解】A．地磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，與“眼眶”平面垂直的分量大小為，穿過“眼眶”的磁通量大小為，故A錯(cuò)誤；B．B、、三者大小關(guān)系滿足故B錯(cuò)誤；CD．在地球自轉(zhuǎn)90°、180°的過程中，“眼眶”相對(duì)地磁場靜止，穿過“眼眶”磁通量的變化量為0，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。13.如圖所示，一根足夠長的光滑絕緣桿MN，與水平面的夾角為，固定在豎直平面內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場充滿桿所在的空間，桿與磁場方向垂直。質(zhì)量為m的帶電小環(huán)沿桿下滑到圖中的P處時(shí)，對(duì)桿有垂直桿向下的壓力作用，壓力大小為。已知小環(huán)的電荷量為q，重力加速度大小為g，，下列說法正確的是（）A.小環(huán)帶正電B.小環(huán)滑到P處時(shí)的速度大小C.當(dāng)小環(huán)的速度大小為時(shí)，小環(huán)對(duì)桿沒有壓力D.當(dāng)小環(huán)與桿之間沒有正壓力時(shí)，小環(huán)到P的距離【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)題意，假如沒有磁場，由平衡條件及牛頓第三定律可知，小環(huán)對(duì)桿的壓力大小為然而此時(shí)小環(huán)對(duì)桿的壓力大小為0.4mg，說明小環(huán)受到垂直桿向上的洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，小環(huán)帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)小環(huán)滑到P處時(shí)的速度大小為vP，在P處，小環(huán)的受力如圖所示根據(jù)平衡條件得由牛頓第三定律得，桿對(duì)小環(huán)的支持力大小0.4mg，聯(lián)立解得故B正確；CD．在小環(huán)由P處下滑到處的過程中，對(duì)桿沒有壓力，此時(shí)小環(huán)的速度大小為v'，則在P'處，小環(huán)的受力如圖所示由平衡條件得變形解得在小環(huán)由P處滑到P'處的過程中，由動(dòng)能定理得代入解得故CD錯(cuò)誤；故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)符合題目要求，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的0分）14.甲、乙、丙、丁四幅圖分別是回旋加速器、磁流體發(fā)電機(jī)、速度選擇器、質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)示意圖，下列說法中正確的是（）A.圖甲中增大兩盒間電勢差可增大出射粒子的最大動(dòng)能B.圖乙中可以判斷出通過R的電流方向?yàn)閺腷到aC.圖丙中粒子沿直線PQ運(yùn)動(dòng)的條件是D.圖丁中在分析同位素時(shí)，軌跡半徑最小的粒子對(duì)應(yīng)質(zhì)量最大【答案】BC【解析】【詳解】A．當(dāng)粒子在磁場中的軌道半徑等于D形盒半徑時(shí)，粒子的動(dòng)能最大，則有可得粒子最大速度為粒子最大動(dòng)能為可知粒子獲得的最大動(dòng)能與加速電壓無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)左手定則可以判斷正離子會(huì)向B極板偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子會(huì)向A極板偏轉(zhuǎn)，B極板帶正電，A極板帶負(fù)電，則通過R的電流方向?yàn)閺腷到a，故B正確；C．圖丙中粒子沿直線PQ運(yùn)動(dòng)的條件是可得故C正確；D．粒子經(jīng)過加速電場，根據(jù)動(dòng)能定理可得粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力得聯(lián)立可得可知圖丁中在分析同位素時(shí)，軌跡半徑最小的粒子對(duì)應(yīng)質(zhì)量最小，故D錯(cuò)誤。故選BC。15.如圖所示，在馬蹄形磁鐵內(nèi)部放置盛有導(dǎo)電液玻璃皿，玻璃皿中央電極接電源負(fù)極，玻璃皿內(nèi)貼著玻璃壁放置一圓環(huán)電極接電源正極，若磁感應(yīng)強(qiáng)度，玻璃皿的直徑，電源的電動(dòng)勢E（未知），內(nèi)阻，電阻，，，正負(fù)電極間導(dǎo)電液的等效電阻，閉合開關(guān)，液體轉(zhuǎn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)電壓表的示數(shù)為，電流表的示數(shù)為，則下列說法正確的是（）A.液體按順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)（俯視看） B.電源的電動(dòng)勢C.1分鐘內(nèi)液體產(chǎn)生的熱量是 D.液體轉(zhuǎn)動(dòng)的機(jī)械功率為【答案】BD【解析】【詳解】A．通過液體的電流由玻璃皿邊緣流向中心，玻璃皿所在處的磁場豎直向上，由左手定則可知，導(dǎo)電液體受到的磁場力沿逆時(shí)針方向，因此液體沿逆時(shí)針方向旋轉(zhuǎn)（俯視看），故A錯(cuò)誤；B．R2的電壓為U2=I2R2=3V流過電阻R1的電流為則電源的電動(dòng)勢為E=U+Ir=4.5V故B正確；C．流過液體的電流為IR=I-I2=2.5A1分鐘內(nèi)液體產(chǎn)生的熱量是故C錯(cuò)誤；D．液體轉(zhuǎn)動(dòng)的機(jī)械功率為故D正確。故選BD。非選擇題部分三、實(shí)驗(yàn)題（16題5分，17-Ⅰ題6分，17-Ⅱ題3分，共14分）16.在“研究自由下落物體的機(jī)械能”的實(shí)驗(yàn)中：（1）如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置中，器材安裝擺放使用正確的是________。A. B. C. D.（2）在正確操作打出多條點(diǎn)跡清晰的紙帶中，應(yīng)選取相鄰點(diǎn)間距離之差最接近________的紙帶進(jìn)行測量（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（3）如圖所示，紙帶上標(biāo)記了七個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)為計(jì)數(shù)點(diǎn)1、2、…、7，并把刻度尺的“0刻度”對(duì)準(zhǔn)點(diǎn)“7”。根據(jù)紙帶算出打下點(diǎn)“4”時(shí)重物的速率________（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（4）若改用如圖所示的左低右高的傾斜氣墊導(dǎo)軌上下滑的物體“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”，擋光條寬度d，左側(cè)的光電門擋光時(shí)間，右側(cè)的光電門擋光時(shí)間，左右光電門在導(dǎo)軌上的位置可分別視為、，導(dǎo)軌的傾斜角度，滑塊質(zhì)量為m，重力加速度為g，若認(rèn)為滑塊擋板擋住左側(cè)光電門激光處重力勢能為零，則擋板擋住右側(cè)激光時(shí)，滑塊的機(jī)械能可以表示為________?！敬鸢浮浚?）A（2）3.9##4.0（3）1.27##1.28##1.29##1.30##1.31（4）【解析】【小問1詳解】A．先開打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，后釋放重錘，重錘落地，紙帶長度足夠，正常打點(diǎn)計(jì)數(shù)，A正確；B．先開打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，后釋放重錘，重錘落地，紙帶有效長度太短，無法正常計(jì)數(shù)，B錯(cuò)誤；CD．重錘釋放后位于桌面，無法落地，無有效行程，紙帶無法正常計(jì)數(shù)，CD都錯(cuò)誤。故選A?！拘?詳解】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差公式可知，紙帶自由下落時(shí)加速度恒定，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的位移差恒定，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器計(jì)時(shí)周期，若取常規(guī)代入數(shù)據(jù)計(jì)算若考慮摩擦阻力，則加速度會(huì)略小于當(dāng)?shù)貙?shí)際重力加速度，取所以答案范圍均可?！拘?詳解】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段位移內(nèi)的平均速度可知讀刻度尺可知，代入數(shù)據(jù)計(jì)算可得考慮學(xué)生刻度尺讀數(shù)誤差，答案范圍在間均可。【小問4詳解】根據(jù)題目描述，滑塊在左側(cè)的重力勢能，則滑塊在右側(cè)的重力勢能擋光條寬度為d，經(jīng)過右側(cè)的時(shí)間為，則速度動(dòng)能所以在右側(cè)的機(jī)械能為17.某學(xué)習(xí)小組對(duì)兩種型號(hào)鉛筆芯的電阻率進(jìn)行測量。實(shí)驗(yàn)器材如下：學(xué)生電源（輸出電壓）；滑動(dòng)變阻器（最大阻值，額定電流）；電壓表V（量程，內(nèi)阻未知）；電流表A（量程，內(nèi)阻未知）；待測鉛筆芯R（X型號(hào)、Y型號(hào)）；游標(biāo)卡尺，螺旋測微器，開關(guān)S，單刀雙擲開關(guān)K，導(dǎo)線若干?；卮鹨韵聠栴}：（1）使用螺旋測微器測量鉛筆芯直徑，某次測量結(jié)果如圖甲所示，該讀數(shù)為________；（2）把待測鉛筆芯接入圖乙所示電路，閉合開關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器滑片由最右端向左調(diào)節(jié)到合適位置，將單刀雙擲開關(guān)K分別擲到1、2端，觀察到電壓表示數(shù)變化比電流表示數(shù)變化更明顯，則測量鉛筆芯電阻時(shí)應(yīng)將K擲到________（填“1”或“2”）端；（3）正確連接電路，得到Y(jié)型號(hào)鉛筆芯圖像如圖丙所示，求得電阻________（保留3位有效數(shù)字）；采用同樣方法得到X型號(hào)鉛筆芯的電阻為；（4）根據(jù)圖像和測量X、Y型號(hào)鉛筆芯的長度、直徑可求X、Y型號(hào)鉛筆芯電阻率，電壓表內(nèi)阻使得電阻率測量結(jié)果________（填“不變”“偏大”或“偏小”）。【答案】（1）2.451（2）1（3）188（4）偏小【解析】【小問1詳解】根據(jù)螺旋測微器的精確度為0.01mm可知，其讀數(shù)為2mm+mm=2.451mm【小問2詳解】由于電壓表示數(shù)變化更明顯，說明電流表分壓較多，因此電流表應(yīng)采用外接法，即測量鉛筆芯電阻時(shí)應(yīng)將K擲到1端；【小問3詳解】根據(jù)圖丙的I-U圖像，結(jié)合歐姆定律有【小問4詳解】由于電壓表的分流作用可知，電阻測量值偏小，根據(jù)可知電阻率偏小。18.用如圖a所示的電路觀察電容器的充放電現(xiàn)象，實(shí)驗(yàn)器材有電源E、電容器C、電壓表、電流表、電流傳感器、計(jì)算機(jī)、定值電阻R、單刀雙擲開關(guān)、開關(guān)、導(dǎo)線若干。（1）閉合開關(guān)，將接1，電壓表示數(shù)增大，最后穩(wěn)定在。在此過程中，電流表的示數(shù)________（填選項(xiàng)標(biāo)號(hào)）。A.一直穩(wěn)定某一數(shù)值B.先增大，后逐漸減小為零C.先增大，后穩(wěn)定在某一非零數(shù)值（2）將電流表更換成電流傳感器，再將接2，此時(shí)通過定值電阻R的電流方向_____（選填“”或“”），通過傳感器將電流信息傳入計(jì)算機(jī)，畫出電流隨時(shí)間變化的圖像，如圖b；其它條件不變，僅減小R的阻值，則放電電流隨時(shí)間變化的曲線應(yīng)該是圖c中的_____（選填“b”“c”或“d”）?！敬鸢浮浚?）B（2）①.②.b【解析】【小問1詳解】電容器充電過程中，當(dāng)電路剛接通后，電流表示數(shù)從0增大到某一最大值，后隨著電容器的不斷充電，電路中的充電電流在減小，當(dāng)充電結(jié)束電路穩(wěn)定后，此時(shí)電路相當(dāng)于開路，電流為0。故選B。【小問2詳解】[1]根據(jù)電路圖可知充電結(jié)束后電容器上極板帶正電，將接2，電容器放電，此時(shí)通過定值電阻R的電流方向?yàn)椋籟2]根據(jù)可知，開始放電時(shí)U不變，R減小，初始電流增大，總電荷量不變，所以放電時(shí)間減小，故選b。四、計(jì)算題（本題共4小題，共41分。要求畫出必要的圖形，寫出必要的文字說明、重要的方程式和演算步驟，有數(shù)值計(jì)算的必須明確寫出數(shù)值和單位）19.如圖所示，一個(gè)電子以垂直于磁感應(yīng)強(qiáng)度B并垂直于磁場邊界的速度v射入寬度為d的勻強(qiáng)磁場中，穿出磁場時(shí)速度方向和原來射入方向的夾角為，求：（1）電子的比荷；（2）電子穿越磁場的時(shí)間t?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳解】根據(jù)幾何關(guān)系有根據(jù)洛倫茲力提供向心力得解得【小問2詳解】電子周期所以電子穿越磁場的時(shí)間20.某班同學(xué)為研究能量間的轉(zhuǎn)化設(shè)計(jì)如圖的裝置。一處于壓縮鎖定狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧置于光滑水平臺(tái)面上，彈簧左側(cè)與墻壁相連，右側(cè)與質(zhì)量的小物塊接觸但不固連。某時(shí)刻解除彈簧鎖定，彈簧恢復(fù)原長將小物塊彈開，讓其從平臺(tái)最右端A點(diǎn)離開后恰好能無碰撞地落在右下方的光滑斜面的頂端B點(diǎn)，AB間的高度差，斜面長度，傾角，小物塊沿斜面運(yùn)動(dòng)到底端C點(diǎn)后滑上長的傳送帶，傳送帶順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的速度為，不考慮從斜面滑到傳送帶上的能量損失。從傳送帶右端離開后小物塊滑行一段水平軌道DE后又沖上一半徑的光滑圓形軌道內(nèi)側(cè)，其中豎直圓軌道在E處錯(cuò)開不閉合。已知小物塊與傳送帶及DE段軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5，，，不計(jì)空氣阻力，求：（1）彈簧解除鎖定前儲(chǔ)存的彈性勢能；（2）若小物塊恰好能到達(dá)半圓形軌道的最高點(diǎn)，求在E點(diǎn)處小物塊對(duì)半圓形軌道的壓力；（3）要使小物塊能滑上圓軌道且不脫離圓形軌道，則DE段的距離s應(yīng)滿足什么條件?！敬鸢浮浚?）（2），方向豎直向下（3）或【解析】【小問1詳解】小物塊從A到B點(diǎn)，做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律解得又物塊恰好能無碰撞地落在右下方的光滑斜面的頂端B點(diǎn)，根據(jù)幾何關(guān)系故【小問2詳解】根據(jù)動(dòng)能定理，E點(diǎn)到頂點(diǎn)F有根據(jù)牛頓第二定律，在F點(diǎn)解得聯(lián)立求解在E點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律，代入數(shù)據(jù)解得由牛頓第三定律得，小物塊對(duì)軌道的壓力大小為，方向豎直向下?！拘?詳解】根據(jù)矢量定則知，小物塊在B點(diǎn)的速度為小物塊沿斜面運(yùn)動(dòng)到底端C點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有解得又根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律，C到D點(diǎn)則小物塊到D點(diǎn)時(shí)的速度為要使小物塊能滑上半圓軌道且不脫離半圓形軌道，則或且由動(dòng)能定理可知，解得同理可得，解得根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律解得所以綜合所得或21.某同學(xué)在學(xué)習(xí)了磁場對(duì)電流的作用后產(chǎn)生想法，設(shè)計(jì)了一個(gè)簡易的“電磁秤”。如圖（a）所示兩平行金屬導(dǎo)軌CD、EF間距為，與電動(dòng)勢為內(nèi)阻不計(jì)的電源、電流表（量程）、開關(guān)S、滑動(dòng)變阻器R（阻值范圍為）相連，質(zhì)量為、電阻為的金屬棒MN垂直于導(dǎo)軌放置構(gòu)成閉合回路，回路平面與水平面成角，垂直接在金屬棒中點(diǎn)的輕繩與導(dǎo)軌平面平行，跨過定滑輪后另一端接有秤盤，空間施加垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場，在秤盤中放入待測物體，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，當(dāng)金屬棒平衡時(shí)，通過讀取電流表的讀數(shù)I就可以知道待測物體的質(zhì)量m。m與I的圖像如圖（b）所示，其余電阻、摩擦以及輕繩質(zhì)量均不計(jì)，重力加速度g取，求：（1）