2025屆安徽省滁州市定遠育才學(xué)校高三物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

2025屆安徽省滁州市定遠育才學(xué)校高三物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個質(zhì)量為ｍ的物體（可視為質(zhì)點）以某一速度從Ａ點沖上傾角為30°的固定斜面，其運動的加速度大小為0.6g，該物體在斜面上上升的最大高度為ｈ，則在這個過程中物體的（g=10m/s2）A．整個過程中物體機械能守恒B．重力勢能增加了0.5mghC．機械能損失了0.2mghD．動能損失了1.1mgh2、如圖所示，用三段不可伸長的輕質(zhì)細繩OA、OB、OC共同懸掛一重物使其靜止，其中OA與豎直方向的夾角為30°，OB沿水平方向，A端、B端固定．若重物的質(zhì)量是m，則A．OA繩的拉力等于2mgB．OB繩的拉力等于mg/2C．OC繩的拉力小于OB繩的拉力D．OA繩的拉力大于OB繩的拉力3、質(zhì)點做直線運動的速度﹣時間圖象如圖所示，該質(zhì)點（）A．在第1秒末速度方向發(fā)生了改變B．在第2秒末加速度方向發(fā)生了改變C．在前2秒內(nèi)發(fā)生的位移為零D．第2秒末和第6秒末的位置相同4、《2001年世界10大科技突破》中有一項是加拿大薩德伯里中微子觀測站的研究成果．該成果揭示了中微子失蹤的原因．認為在地球上觀察到的中微子數(shù)目比理論值少，是因為有一部分中微子在向地球運動的過程中發(fā)生了轉(zhuǎn)化，成為一個μ子和一個τ子．關(guān)于上述研究下列說法中正確的是（）A．該轉(zhuǎn)化過程中牛頓第二定律依然適用B．該轉(zhuǎn)化過程中動量守恒定律依然適用C．該轉(zhuǎn)化過程中動能定理依然適用D．若新產(chǎn)生的μ子和中微子原來的運動方向一致，則新產(chǎn)生的τ子的運動方向與中微子原來的運動方向一定相反5、如圖所示，光滑水平桌面上有兩個大小相同的小球，m1：m2=2：1，球1以3m/s的速度與靜止的球2發(fā)生正碰并粘在一起，已知桌面距離地面的高度h=1.25m，g=10m/s2，則落地點到桌面邊沿的水平距離為（）A．0.5m B．1.0m C．1.5m D．2.0m6、豎直固定的光滑四分之一圓弧軌道上，質(zhì)量相同均可視為質(zhì)點的甲、乙兩個小球，分別從圓周上的A、B兩點由靜止釋放，A點與圓心等高，B點與圓心的連線與豎直方向的夾角為θ＝60°，兩球經(jīng)過最低點時的加速度之比及對軌道的壓力之比為()A．a(chǎn)甲∶a乙＝1∶2 B．a(chǎn)甲∶a乙＝1∶1C．F1∶F2＝2∶1 D．F1∶F2＝3∶2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，斜面體置于粗糙水平面上，斜面光滑，小球被輕質(zhì)細線系住放在斜面上,細線另一端跨過定滑輪，用力拉細線使小球沿斜面緩慢移動一小段距離，斜面體始終靜止．則在移動過程中()A．斜面對小球的支持力變大 B．細線對小球的拉力變大C．斜面對水平面的壓力變大 D．水平面對斜面的摩擦力變小8、如圖所示，在真空中，和為固定在軸上的兩個點電荷，且，，、、為兩側(cè)的三個點，則下列說法中正確的是A．點電場強度為零，電勢也為零B．、兩點處，一定有電勢，C．若將一試探電荷從點沿軸移至點，則其電勢能增加D．若將一試探電荷從點靜止釋放，則其經(jīng)過點時動能最大9、下列說法中正確的是A．卡文迪許僅根據(jù)牛頓第三定律推出了行星與太陽間引力大小跟行星與太陽間距離的平方成反比的關(guān)系B．開普勒整理第谷的觀測數(shù)據(jù)，總結(jié)出“所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓……”等三大行星運動定律C．“月—地檢驗”表明地面物體所受地球引力與月球所受地球引力遵從同樣的規(guī)律D．引力常量G的大小是牛頓根據(jù)大量實驗數(shù)據(jù)得出的10、質(zhì)量分別為M和m的物塊形狀大小均相同，將它們通過輕繩跨過光滑定滑輪連接，如圖甲所示，繩子平行于傾角為α的斜面，M恰好能靜止在斜面上，不考慮M、m與斜面之間的摩擦。若互換兩物塊位置，按圖乙所示放置，然后釋放M，斜面仍保持靜止。則下列說法正確的是（）A．輕繩的拉力等于Mg B．輕繩的拉力等于mgC．M運動的加速度大小為 D．M運動的加速度大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）研究性學(xué)習(xí)小組為驗證動能定理，采用了如圖1所示的裝置，其中m1＝50g、m2＝150g，開始時保持裝置靜止，然后釋放物塊m2，m2可以帶動m1拖著紙帶打出一系列的點，只要對紙帶上的點進行測量，即可驗證動能定理．某次實驗打出的紙帶如圖2所示，0是打下的第一個點，兩相鄰點間還有4個點沒有標(biāo)出，交流電頻率為50Hz.(1)打第5個點時的速度大小為______m/s，在打點0～5的過程中，系統(tǒng)動能的增量ΔEk＝______J.(2)忽略一切阻力的情況下，某同學(xué)作出的－h(huán)圖象如圖3所示，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭＝________m/s2.12．（12分）某同學(xué)要測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻．①實驗室除提供開關(guān)S和導(dǎo)線外，有以下器材可供選擇：電壓表：V（量程3V，內(nèi)阻Rv約為10kΩ）電流表：G（量程3mA，內(nèi)阻Rg=100Ω）電流表：A（量程3A，內(nèi)阻約為0.5Ω）滑動變阻器：R（阻值范圍0—10Ω，額定電流2A）定值電阻：R0=0.5Ω該同學(xué)依據(jù)器材畫出了如圖甲所示的原理圖，他沒有選用電流表A的原因是____________________．②該同學(xué)將電流表G與定值電阻R0并聯(lián)，實際上是進行了電表的改裝，則他改裝后的電流表對應(yīng)的量程是__________A．③該同學(xué)利用上述實驗原理圖測得數(shù)據(jù)，以電流表G讀數(shù)為橫坐標(biāo)，以電壓表V讀數(shù)為縱坐標(biāo)繪出了如圖乙所示的圖線，根據(jù)圖線可求出電源的電動勢E=__________V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字），電源的內(nèi)阻r=__________Ω（結(jié)果保留小數(shù)點后兩位）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一光滑的半徑為R的半圓形軌道固定在水平面上，一個質(zhì)量為m的小球以某一速度沖上軌道，當(dāng)小球?qū)⒁獜能壍揽贐飛出后，小球落地點C距A處的距離為4R（AB為圓的直徑）（重力加速度為g），求：(1)小球經(jīng)過B點的速度；(2)小球在B點對軌道的壓力。14．（16分）如圖所示,小球以初速度自傾角為的斜坡頂端水平拋出。若不計空氣阻力作用且斜坡足夠長,重力加速度為,試求：(1)小球需經(jīng)過多長時間落到斜坡上?落地點到斜坡頂端的距離是多大?(2)小球被拋出多久距離斜坡最遠?15．（12分）如圖所示，半徑為R＝1611m的光滑的圓弧形凹槽固定放置在光滑的水平面上，凹槽的圓弧面與水平面在B點相切，另一條半徑OC與豎直方向夾角為θ＝37°，C點是圓弧形凹槽的最高點，兩個大小相同的小球P、Q質(zhì)量分別為m1＝2kg和m2＝1kg，Q靜止于B點，P放置于水平面上A點．給P施加一個F＝60N的水平向右的瞬間作用力后P勻速運動，在B點與Q發(fā)生對心正碰，碰撞過程沒有能量損失，碰后Q恰好能沿弧形凹槽經(jīng)過最高點C，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°=0.8求：(1)P碰前的速度大小v1和碰后的速度大小v2；(2)力F的作用時間t.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

由機械能守恒定律的條件判斷；重力勢能的增加量等于克服重力做的功；動能變化等于合外力做的功；機械能變化量等于除重力外其余力做的功．【詳解】由牛頓第二定律得：mgsin30°+f=m×0.6g，解得摩擦力f=0.1mg，此過程有摩擦力做功，機械能不守恒，故A錯誤；物體在斜面上能夠上升的最大高度為h，所以重力勢能增加了△EP=mgh，故B錯誤；由功能關(guān)系知，機械能的損失量為：△E=fs=0.1mg?2h=0.2mgh，故C正確。由動能定理可知，動能損失量為合外力做的功的大小，即：△Ek=F合?s=mg?0.6?2h=1.2mgh，故D錯誤；故選C。【點睛】本題關(guān)鍵根據(jù)功能關(guān)系的各種具體形式得到重力勢能變化、動能變化和機械能變化．重力勢能變化與重力做功有關(guān)；動能的變化與合力做功有關(guān)；機械能的變化與除重力以外的力做功有關(guān)．2、D【解析】

以結(jié)點O為研究，受力分析圖如圖所示；

根據(jù)平衡條件，結(jié)合力圖可知：;；FOA＞FOB，所以D正確，ABC錯誤．故選D．【點睛】本題首先要選擇研究對象：結(jié)點O；其次關(guān)鍵是作好力圖，就能直觀比較三個繩子拉力的大小．3、D【解析】0—2s內(nèi)速度圖象在時間軸的上方，都為正，速度方向沒有改變．A錯誤；速度時間圖象的斜率表示加速度，由圖可知1—3s圖象斜率不變，加速度不變，方向沒有發(fā)生改變，B錯誤；根據(jù)“面積”表示位移可知，前3秒內(nèi)發(fā)生的位移為，C錯誤；根據(jù)“面積”表示位移可知，前2秒與前6秒的位移相同，所以2秒末和第6秒末的位置相同，D正確．選D．【點睛】速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體在該段時間內(nèi)通過的位移，速度的正負表示速度的方向，只要圖象在時間軸同一側(cè)物體運動的方向就沒有改變；只要總面積仍大于0，位移方向就仍沿正方向．4、B【解析】

A.牛頓第二定律適用于宏觀、低速的物體，對于微觀物體不適用，故A錯誤；B.動量守恒定律和能量守恒定律是自然界普遍適用的定律，對微觀物體間的作用仍然適用．故B正確；C.基于牛頓運動定律的動能定理同樣適用于宏觀、低速的物體，對于微觀物體不適用，故C錯誤；D.若新產(chǎn)生的μ子和中微子原來的運動方向一致，根據(jù)動量守恒定律知，則新產(chǎn)生的τ子的運動方向與中微子原來的運動方向可能相同，可能相反．故D錯誤．5、B【解析】小球1在桌面上滑動的過程中速度不變，與小球2碰撞的過程中水平方向受到的合外力為0，所以滿足動量守恒定律，選取向右為正方向，設(shè)碰撞后速度分別是v，則：，由于，則v=2m/s；兩物塊桌面后做平拋運動，運動的時間：所以落地時距桌面右邊緣的水平距離：x=vt=2×0.5=1.0m故選：B．6、D【解析】對甲球運動到最低點的過程中，根據(jù)機械能守恒定律得：，

則甲球在最低點的加速度，

，解得：，，

對乙球運動到最低點的過程中，根據(jù)機械能守恒定律得：

則乙球在最低點的加速度，

解得：，

則，，故D正確．點睛：本題主要考查了機械能守恒定律和牛頓運動定律的直接應(yīng)用，知道在最低點由支持力和重力的合力提供向心力．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

取小球為研究對象，根據(jù)平衡條件得到拉力、支持力與繩子和斜面夾角的關(guān)系式，即可分析其變化；對斜面研究，由平衡條件分析地面對斜面的支持力和摩擦力，即可分析斜面對地面的壓力變化．【詳解】A、B項：設(shè)物體和斜面的質(zhì)量分別為m和M，繩子與斜面的夾角為θ取球研究：小球受到重力mg、斜面的支持力N和繩子的拉力T，則由平衡條件得：斜面方向：mgsinα=Tcosθ①垂直斜面方向：N+Tsinθ=mgcosα②使小球沿斜面緩慢移動時，θ增大，其他量不變，由①式知，T增大．由②知，N變小，故A錯誤，B正確；C、D項：對斜面和小球整體分析受力：重力Mg、地面的支持力N′和摩擦力f、繩子拉力T，由平衡條件得f=Nsinα，N變小，則f變小，N′=Mg+Ncosα，N變小，則N′變小，由牛頓第三定律得知，斜面對地面的壓力也變小．故C錯誤，D正確．故應(yīng)選：BD．【點睛】本題采用隔離法研究兩個物體的動態(tài)平衡問題，分析受力情況是基礎(chǔ)，要根據(jù)平衡條件并結(jié)合正交分解法列方程求解各個力的表達式進行分析．8、CD【解析】某點的電場強度是和在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強．根據(jù)點電荷的場強公式，和在P點產(chǎn)生的電場方向相反，選取向右為正方向，合場強，所以合電場強度為零，由于電勢的零點與人為的選擇有關(guān)，則P點的電勢不一定等于1．故A錯誤；設(shè)pb之間的距離為，則b點的合場強，可知b點場強的方向向右．同理可知，在P點右側(cè)各點的場強都向右，則一定有電勢；但由于b、c與P點的距離關(guān)系未知，所以并不能判斷出b與c的場強的大小關(guān)系．故B錯誤；同理可知，P點與之間的電場強度的方向向左，將一試探電荷+q從a點沿x軸移至P點，電場力做負功，則其電勢能增加．故C正確；由B與C的分析可知，P點兩側(cè)的電場強度的方向相反，所以相對于P點兩側(cè)，P點的電勢最高，所以將一試探電荷-q從a點靜止釋放，則其經(jīng)過P點時電勢能最小，動能最大，故D正確．故選CD．9、BC【解析】

A、牛頓探究天體間的作用力，得到行星與太陽間引力大小跟行星與太陽間距離的平方成反比的關(guān)系，并進一步擴展為萬有引力定律，并不是卡文迪許提出的，故A錯誤。B、開普勒整理第谷的觀測數(shù)據(jù)，總結(jié)出“所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓……”等三大行星運動定律，故B正確。C、萬有引力定律建立后，經(jīng)歷過“月-地檢驗”，表明地面物體所受地球引力與月球所受地球引力遵從同樣的規(guī)律，故C正確。D、牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，但是沒有測得引力常量G的大小，G的大小是卡文迪許測得的，故D錯誤故選：B、C【點睛】該題要掌握好物理學(xué)的基本發(fā)展歷史，知道各個人對物理學(xué)的貢獻，其中引力常量G是卡文迪許測得的這點要牢記。10、BCD【解析】

互換位置前，M靜止在斜面上，則有互換位置后，對M有對m有又聯(lián)立解得故選BCD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)2.40(2)0.576(3)9.67【解析】

（1）兩相鄰點間還有4個點沒有標(biāo)出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s，

打第5個點時的速度大小為;在打點0～5的過程中，系統(tǒng)動能的增量（2）根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒有：（m2-m1）gh=（m1+m2）v2

則知圖線的斜率

解得：g=9.67m/s212、被測電流值與電流表量程相比差距太大0.603A1.480.85【解析】

①一節(jié)干電池的電動勢，滑動變阻器的阻值范圍為0—10Ω，電路中的最小電流，電流表A的量程為3A，被測電流值與電流表量程相比差距太大，電流表A不能選．②改裝后的電流表對應(yīng)的量程．③據(jù)實驗原理圖和閉合電路歐姆定律可得，，整理得：，所以圖象的截距表電動勢，即，圖象的斜率，解得：．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的