2025屆安徽省蕪湖市中小學(xué)校高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測(cè)模擬試題含解析

2025屆安徽省蕪湖市中小學(xué)校高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測(cè)模擬試題請(qǐng)考生注意：1．請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、勻速圓周周運(yùn)動(dòng)是圓周運(yùn)動(dòng)中最為簡(jiǎn)單的一種運(yùn)動(dòng)形式．走時(shí)準(zhǔn)確的鐘表指針尖端的運(yùn)動(dòng)可以視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)．下列鐘表均走時(shí)準(zhǔn)確．一只鬧鐘的秒針尖端的線速度大小為3×10-3m/s，另一只手表的秒針尖端的線速度大小為8×10-4m/s，則鬧鐘的秒針與手表的秒針的長(zhǎng)度之比為A.15:4 B.4:15C.8:3 D.3:82、如圖所示，用F表示兩分子間的作用力，用Ep表示分子間的分子勢(shì)能，在兩個(gè)分子之間的距離由10r0變?yōu)閞0的過(guò)程中()A.F不斷增大，Ep不斷減小B.F不斷增大，Ep先增大后減小CF先增大后減小，Ep不斷減小D.F、Ep都是先增大后減小3、如圖所示，質(zhì)量為m的帶電小球用絕緣絲線懸掛于O點(diǎn)，并處在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)E中，小球靜止時(shí)絲線與豎直方向夾角為，則電場(chǎng)強(qiáng)度大小為A. B.C. D.4、對(duì)物體帶電現(xiàn)象的敘述，正確的是（）A.物體帶電一定是因?yàn)榫哂卸嘤嗟碾娮覤.摩擦起電實(shí)質(zhì)上是電荷從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體的過(guò)程C.物體所帶電荷量可能很小，甚至小于eD.電中和是等量異種電荷完全消失的現(xiàn)象5、實(shí)驗(yàn)得到金屬鈣的光電子的最大初動(dòng)能與入射光頻率的關(guān)系如圖所示．下表中列出了幾種金屬的截止頻率和逸出功,參照下表可以確定的是()金屬鎢鈣鈉截止頻率10.957.735.53逸出功4.543.202.29A.如用金屬鎢做實(shí)驗(yàn)得到的圖線也是一條直線,其斜率比圖中直線的斜率大B.如用金屬鈉做實(shí)驗(yàn)得到的圖線也是一條直線,其斜率比圖中直線的斜率大C.如用金屬鈉做實(shí)驗(yàn)得到的圖線也是一條直線,設(shè)其延長(zhǎng)線與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)為,則D.如用金屬鎢做實(shí)驗(yàn),當(dāng)入射光的頻率時(shí),可能會(huì)有光電子逸出6、如圖所示，通電導(dǎo)線MN中的電流保持不變，當(dāng)它在紙面內(nèi)從a位置繞其一端M轉(zhuǎn)至b位置時(shí)，通電導(dǎo)線所受安培力的大小變化情況是()A.變小B.變大C.不變D.不能確定二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在水平面上有兩條光滑的長(zhǎng)直平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ，電阻忽略不計(jì)，導(dǎo)軌間距離為L(zhǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌所在平面。質(zhì)量均為m的兩根金屬桿a、b放置在導(dǎo)軌上，a、b接入電路的電阻均為R。輕質(zhì)彈簧的左端與b桿連接，右端固定。開始時(shí)a桿以初速度v0向靜止的b桿運(yùn)動(dòng)，當(dāng)a桿向右的速度為v時(shí)，b桿向右的速度達(dá)到最大值vm，此過(guò)程中a桿產(chǎn)生的焦耳熱為Q，兩桿始終垂直于導(dǎo)軌并與導(dǎo)軌接觸良好，則b桿達(dá)到最大速度時(shí)()A.b桿中電流的大小為B.a桿受到的安培力為C.a、b桿與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少量為2QD.彈簧具有的彈性勢(shì)能為8、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，定值電阻R0，A和B是小燈泡，光敏電阻Rt阻值隨光照強(qiáng)度增加而減小。用逐漸增強(qiáng)的光照射光敏電阻Rt過(guò)程中（）A.燈A和燈B都變暗B.R0兩端電壓減小C.電源的效率一定減小D.電源的輸出功率一定增大9、兩個(gè)完全相同的金屬小球，半徑遠(yuǎn)小于兩小球之間距離，帶電量之比為1∶7，相距為r，兩者之間的引力為F，相互接觸后再放回原來(lái)的位置上，則相互作用力為原來(lái)的（）A.3/7 B.4/7C.9/7 D.16/710、如圖所示，圖線甲、乙分別為電源和某金屬導(dǎo)體的U－I圖線，電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別用E、r表示，根據(jù)所學(xué)知識(shí)分析下列選項(xiàng)正確的是()A.E＝50VB.r＝ΩC.當(dāng)該導(dǎo)體直接與該電源相連時(shí)，該導(dǎo)體的電阻為20ΩD.當(dāng)該導(dǎo)體直接與該電源相連時(shí)，電路消耗總功率為80W三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）如圖所示，帶電平行金屬板相距為2R，在兩板間有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，與兩板及左側(cè)邊緣線相切．一個(gè)帶正電的粒子（不計(jì)重力）沿兩板間中心線O1O2從左側(cè)邊緣O1點(diǎn)以某一速度射入，恰沿直線通過(guò)圓形磁場(chǎng)區(qū)域，并從極板邊緣飛出，在極板間運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t0．若撤去磁場(chǎng)，粒子仍從O1點(diǎn)以相同速度射入，則經(jīng)時(shí)間打到極板上（1）求兩極板間電壓u；（2）若兩極板不帶電，保持磁場(chǎng)不變，該粒子仍沿中心線O1O2從O1點(diǎn)射入，欲使粒子從兩板左側(cè)間飛出，射入的速度應(yīng)滿足什么條件12．（12分）某同學(xué)準(zhǔn)備在實(shí)驗(yàn)室利用電流表和電壓表測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差。(1)該同學(xué)應(yīng)該選擇的實(shí)驗(yàn)電路是______（選填“甲”或“乙”）。(2)在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中該同學(xué)利用所選電路測(cè)得多組電壓和電流值，并得到了如圖所示的圖線，由圖可得出該電源電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=______Ω（結(jié)果保留兩位小數(shù)）。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，物理興趣小組的同學(xué)將電阻R＝4Ω與電動(dòng)機(jī)M（其線圈電阻R0＝2Ω）串聯(lián)后接到電動(dòng)勢(shì)為E＝10V，內(nèi)阻為r＝1Ω的電源兩端，用電壓表測(cè)出（未畫出）測(cè)得電阻R兩端的電壓為U＝2V，求：（1）電源的總功率；（2）電動(dòng)機(jī)消耗的電功率；（3）電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)化成機(jī)械能的功率14．（16分）如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向上，一傾角為α的光滑斜面上，放置一根長(zhǎng)為L(zhǎng)，質(zhì)量m，通有電流I的金屬棒，金屬棒保持靜止。求：（1）畫出導(dǎo)體棒在斜面上的受力示意圖；（2）導(dǎo)體棒所受安培力的大??；（3）勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。15．（12分）如圖所示，某快遞公司需將質(zhì)量為m=200kg的貨物（可視為質(zhì)點(diǎn)）從高處運(yùn)送至地面，為避免貨物與地面發(fā)生撞擊，現(xiàn)利用固定于地面的光滑四分之一圓軌道，使貨物由軌道頂端無(wú)初速滑下，軌道半R=1.8m，地面上緊靠軌道放置一質(zhì)量M=100kg的平板車，平板車上表面與軌道末端相切。貨物與平板車間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5，平板車與水平地面間的摩擦力很小，可忽略不計(jì)。最終貨物與平板車達(dá)到共同速度一起向右運(yùn)動(dòng)，并與豎直墻壁發(fā)生碰撞，設(shè)碰撞時(shí)間極短且碰撞后平板車速度大小保持不變，但方向與原來(lái)相反，平板車足夠長(zhǎng)，使得貨物總不能和墻相碰（取g=10m/s2）。求：（1）求貨物到達(dá)圓軌道末端時(shí)對(duì)軌道壓力的大??；（2）貨物在平板車上滑行的總路程；（3）平板車和墻第一次相碰以后平板車所走的總路程。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】?jī)杀淼拿脶樦芷谙嗤?，故兩表秒針的角速度之比?：1；公式v=ωr，鬧鐘的秒針與手表的秒針的長(zhǎng)度之比為：；A.15:4，與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；B.4:15，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.8:3，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.3:8，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤2、C【解析】當(dāng)r=r0時(shí)，分子的引力與斥力大小相等，分子力為F=0．在兩個(gè)分子之間的距離由10r0變?yōu)閞0的過(guò)程中，由圖看出，分子力F先增大后減?。诉^(guò)程分子力表現(xiàn)為引力，分子力做正功，分子勢(shì)能Ep減小．故C正確．故選C3、D【解析】小球受重力、電場(chǎng)力和拉力處于平衡，如圖所示由平衡條件可得：解得：故選D4、B【解析】A．物體帶電可能有多余的正電荷，也有可能有多余的負(fù)電荷．故A錯(cuò)誤B．電荷并不能創(chuàng)生，也不能消失，摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電荷從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一物體．故B正確C．元電荷的電量是最小的帶電量．故C錯(cuò)誤D．電中和是等量的異種電荷完全抵消，而不是消失．故D錯(cuò)誤故選B.考點(diǎn)：摩擦起電；元電荷【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握電荷守恒定律，電荷并不能創(chuàng)生，也不能消失，只能從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一物體，或從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，但電荷的總量保持不變．以及知道元電荷的電量是最小的帶電量5、C【解析】光電效應(yīng)的特點(diǎn)：①金屬的逸出功是由金屬自身決定的，與入射光頻率無(wú)關(guān)；②光電子的最大初動(dòng)能Ekm與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)；③光電子的最大初動(dòng)能滿足光電效應(yīng)方程【詳解】由光電效應(yīng)方程：EKm=hγ-W0=hγ-hγ0可知，EKm-γ圖線的斜率表示普朗克常量，橫軸截距表示最大初動(dòng)能為零時(shí)的入射光頻率，此時(shí)的頻率等于金屬的極限頻率，也可以知道極限波長(zhǎng)，根據(jù)W0=hγ0可求出逸出功．普朗克常量與金屬的性質(zhì)、與光電子的最大初動(dòng)能、入射光的頻率無(wú)關(guān)，如用金屬鎢做實(shí)驗(yàn)或者用金屬鈉做實(shí)驗(yàn)得到的Ekm-ν圖線都是一條直線，其斜率與圖中直線的斜率相等，故AB錯(cuò)誤；如用金屬鈉做實(shí)驗(yàn)得到的Ekm-ν圖線也是一條直線，設(shè)其延長(zhǎng)線與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)為（0，-Ek2），由于鈉的逸出功小于鎢的逸出功，則Ek2＜Ek1，故C正確；如用金屬鎢做實(shí)驗(yàn)，當(dāng)入射光的頻率ν＜ν1時(shí)，不可能會(huì)有光電子逸出，故D錯(cuò)誤；故選C【點(diǎn)睛】只要記住并理解了光電效應(yīng)的特點(diǎn)，只要掌握了光電效應(yīng)方程就能順利解決此題，所以可以通過(guò)多看課本加強(qiáng)對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的理解．解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程EKm=hγ-W0=hγ-hγ0，知道逸出功與極限頻率的關(guān)系6、C【解析】從a轉(zhuǎn)到b位置時(shí)，導(dǎo)線MN還是與磁場(chǎng)垂直，故F=BIL大小不變，故.正確；故選C.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABC【解析】A．金屬桿a和b串聯(lián)，通過(guò)電流大小相等，b桿速度最大時(shí)，兩導(dǎo)體棒的電動(dòng)勢(shì)之和為：根據(jù)閉合電路歐姆定律：故A正確；B．a(chǎn)桿受到的安培力的大?。汗蔅正確；C．a(chǎn)、b與桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能的減少量轉(zhuǎn)化為整個(gè)回路的焦耳熱，通過(guò)兩桿的電流和時(shí)間相等，根據(jù)焦耳定律：可知兩桿產(chǎn)生的焦耳熱相同，所以a、b與桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能的減少量為，故C正確；D．整個(gè)過(guò)程中應(yīng)用能量守恒定律，彈性勢(shì)能為：故D錯(cuò)誤。故選ABC8、AC【解析】AB．用逐漸增強(qiáng)的光照射光敏電阻Rt過(guò)程中Rt阻值減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓U減小，則A燈變暗，通過(guò)R0電流I增大，而減小，則增大，兩端電壓增大，而、B的電壓之和等于路端電壓，路端電壓減小，則知B的電壓減小，B燈變暗，A正確B錯(cuò)誤；C．電源的效率U減小，故電源的效率減小，C正確；D．當(dāng)外電路電阻和電源內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，本題中不知道兩者之間的關(guān)系，所以電源的輸出功率不一定增大，D錯(cuò)誤。故選AC。9、CD【解析】由庫(kù)侖定律可得，兩球接觸前的庫(kù)侖力：；當(dāng)兩球帶同種電荷時(shí)，兩球接觸后平分電量，則兩球的電量：兩球接觸后的庫(kù)侖力；當(dāng)兩球帶異種電荷時(shí)，兩球接觸后平分電量，則兩球的電量；兩球接觸后的庫(kù)侖力，故CD正確，AB錯(cuò)誤．故選CD點(diǎn)睛：兩相同小球相互接觸再分開，則電量先中和然后再平分總電荷量；庫(kù)侖定律計(jì)算中可以只代入電量，最后再根據(jù)電性判斷庫(kù)侖力的方向10、AC【解析】AB．由圖象的物理意義可知電源的電動(dòng)勢(shì)E＝50V，內(nèi)阻r＝＝Ω＝5Ω，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．該導(dǎo)體與該電源相連時(shí)，電阻的電壓、電流分別為U＝40V，I＝2A，則R＝＝20Ω，此時(shí)，電路消耗的總功率P總＝EI＝100W，故C正確，D錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、（1）（2）【解析】（1）設(shè)粒子從左側(cè)O1點(diǎn)射入的速度為v，極板長(zhǎng)為L(zhǎng)，磁場(chǎng)中根據(jù)受力平衡可得：qE=qvB根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差之間的關(guān)系式：電場(chǎng)強(qiáng)度為：因?yàn)榱Ｗ釉诖艌?chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以有：L=vt0在電場(chǎng)中做類似平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律，有水平方向：L-2R=豎直方向：聯(lián)立解得：L=4R兩極板間電壓：（2）設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，粒子恰好從上極板左邊緣飛出時(shí)速度的偏轉(zhuǎn)角為α，根據(jù)幾何關(guān)系可知：β=π-α=45°因?yàn)椋簞t有：根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：聯(lián)立解得：要使得粒子從兩板左側(cè)間飛出，粒子初速度要滿足：12、①.甲②.1.50③.0.83【解析】(1)[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律變形測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí)，需要測(cè)出多組對(duì)應(yīng)的路端電壓和干路電流，電壓表和電流表內(nèi)阻影響會(huì)造成實(shí)驗(yàn)誤差。電源內(nèi)阻較小，所以電流表分壓影響較大，因此應(yīng)選擇甲電路。(2)[2]由圖示電源圖像結(jié)合上述公式可知，電源電動(dòng)勢(shì)為圖像縱截距電源電動(dòng)勢(shì)為。[3]電源內(nèi)阻為圖像斜率大小內(nèi)阻為。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）5W；（2）3.75W；（3）3.25W【解析】（1）對(duì)電阻R應(yīng)用歐姆定律求得電流，即可根據(jù)電動(dòng)勢(shì)求得電源總功率；（2）由閉合電路的歐姆定律求得電動(dòng)機(jī)上的電壓，即可根據(jù)P=UI求得電動(dòng)機(jī)消耗的電功率；（3）根據(jù)P=I2R求得電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率，即可由能