江蘇省無錫市石塘灣中學2025屆高二物理第一學期期中復習檢測試題含解析

江蘇省無錫市石塘灣中學2025屆高二物理第一學期期中復習檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，有一帶電的微粒，在電場力的作用下沿曲線從M點運動到N點，則微粒（）A．帶負電，電勢能增加B．帶負電，電勢能減少C．帶正電，電勢能增加D．帶正電，電勢能減少2、某勻強電場方向豎直向上，場強大小為E；一質量為m、帶電量為+q的小球以某一初速度豎直向下做勻減速直線運動，其加速度大小為a=小球運動距離S時速度變?yōu)榱悖畡t在此過程中（）A．電場力做功qESB．小球的電勢能增加了C．小球的重力勢能減少了qESD．物體的動能減少了qES3、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，合上開關S后各電燈恰能正常發(fā)光．如果某一時刻電燈L1的燈絲燒斷，則()A．L2、L3變亮，L4變暗B．L3變亮，L2、L4變暗C．L4變亮，L2、L3變暗D．L3、L4變亮，L2變暗4、如圖所示，用兩根輕質細絕緣線把兩個等質量的帶電小球懸掛起來，球帶電，球帶電，且兩球間的庫侖力小于球的重力，即兩根線都處于豎直繃緊狀態(tài)，現加一水平向右的勻強電場，平衡時，表示兩小球平衡狀態(tài)的是（）A． B． C． D．5、如圖所示的電路中，AB是兩金屬板構成的平行板電容器．先將電鍵K閉合，等電路穩(wěn)定后再將K斷開，然后將B板向下平移一小段距離，并且保持兩板間的某點P與A板的距離不變．則下列說法錯誤的是()A．電容器的電容變小B．電容器內部電場強度大小變大C．電容器內部電場強度大小不變D．P點電勢升高6、電場中有A、B兩點，把電荷從A點移到B點的過程中，電場力對電荷做正功，則()A．電荷的電勢能減少 B．電荷的電勢能增加C．A點的場強比B大 D．A點的場強比B小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，a、b兩質量相同的絕緣物體疊放在光滑水平面上，a帶正電，電荷量為q，b不帶電。空間存在著相互垂直的勻電場和勻強磁場，電場方向水平向右，場強為E?，F將兩物體靜止釋放，開始時兩物體能一起運動，下列說法正確的是（）A．兩物體一起運動的過程中，兩物體間的彈力逐漸減小，摩擦力也逐漸減小B．兩物體一起運動的過程中，兩物體間的彈力逐漸減小，摩擦力不變C．當兩物體間彈力等于0時，兩物體開始相對滑動D．當兩物體間的最大靜摩擦力為時開始相對滑動8、如圖所示，在軸上有兩個波源，分別位于和處，振幅均為A=2cm，由它們產生的兩列簡諧橫波分別沿軸正方向和負方向傳播，波速均為=0.4m/s，圖示為時刻兩列波的圖象(傳播方向如圖所示)，此刻平衡位置處于和的P、Q兩質點，剛開始振動，質點M的平衡位置處于處，關于各質點運動情況判斷正確的是A．質點P、Q都首先沿軸負方向運動B．時刻，質點M相對平衡位置的位移為-2cmC．經過ls后，M點的振幅為4cmD．經過1.5s后，P點的振幅為4cm9、如圖所示,放在絕緣臺上的金屬網罩B內放有一個不帶電的驗電器C,若把一帶有正電荷的絕緣體A移近金屬罩B,則(

)A．在B的外表面出現感應電荷B．在B的內表面出現正電荷C．驗電器的金屬箔片將張開D．B的左右兩側電勢相等10、下列說法正確的是（）A．電源通過非靜電力做功把其它形式的能轉化為電能B．在電源里面電流方向從正極指向負極C．電動勢在數值上等于電源兩端未接任何用電器時兩端的電壓D．電流是由于電荷的移動產生的三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用50分度的游標卡尺測定一金屬桿的直徑，另一同學用螺旋測微器測小球的直徑示數如所示，則該金屬桿的直徑為____________mm,小球的直徑是______mm。12．（12分）某同學在測定勻變速直線運動的加速度時，得到了幾條較為理想的紙帶，他已在每條紙帶上按每1個點取好一個計數點，即兩計數點之間的時間間隔為0.1s，依次打點先后為0，1，2，3，4，1．由于不小心，幾條紙帶都被撕斷了，如下圖所示，請根據給出的A、B、C、D四段紙帶回答：（1）從BCD三段紙帶中選出從紙帶A上撕下的那段應該是_________（2）打A紙帶時，物體的加速度大小是___________m/s2．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，離子發(fā)生器發(fā)射出一束質量為m，電荷量為q的離子，從靜止經加速電壓U1加速后，獲得速度，并沿垂直于電場線方向射入兩平行板中央，受偏轉電壓U2作用后，以速度離開電場，已知平行板長為，兩板間距離為d，求：①的大小；②離子在偏轉電場中運動時間；③離子在偏轉電場中受到的電場力的大小F；④離子在偏轉電場中的加速度；⑤離子在離開偏轉電場時的橫向速度；⑥離子在離開偏轉電場時的速度的大小；⑦離子在離開偏轉電場時的橫向偏移量y；14．（16分）如圖所示，物體A通過定滑輪與動滑輪相連，物體B和物體C掛在動滑輪上，使系統(tǒng)保持靜止狀態(tài)，現在同時釋放三個物體，發(fā)現物體A保持靜止不動.已知物體A的質量kg，物體B的質量kg，物體C的質量為多大？（不計滑輪和繩子的質量和摩擦，重力加速度g取10m/s2）15．（12分）如圖所示，電路中接一電動勢為4V、內阻為2Ω的直流電源，電阻R1、R2、R3、R4的阻值均為4Ω，電容器的電容為30μF，電流表的內阻不計，當電路穩(wěn)定后，求：（1）電流表的讀數（2）電容器所帶的電荷量（3）如果斷開電源，通過R2的電荷量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

微粒受到的電場力指向軌跡內側，故電場力方向和電場方向相同，所以帶正電，電場力和速度方向夾角為銳角，故電場力做正功，動能增加，電勢能減小。故選D。2、D【解析】

對小球受力分析，由牛頓第二定理可得：，解得：．AB：電場力做功，電勢能增加了．故AB兩項均錯誤．C：重力做功，小球的重力勢能減少了．故C項錯誤．D：據動能定理，則物體的動能減少了．故D項正確．3、A【解析】

當電燈L1的燈絲燒斷后，L2這段電路電阻增大，外電路總電阻R總增大，路端電壓U增大，干路電流I減小，由R3不變，故L3變亮；由I4=I-I3知I減小，I3增大，則I4減小，U4=I4R4R4不變，U4減小，則L4變暗；U2=U-U4U增大，U4減小，則U2增大，則L2變亮。A.L2、L3變亮，L4變暗，與分析相符，故A正確。B.L3變亮，L2、L4變暗，與分析不符，故B錯誤。C.L4變亮，L2、L3變暗，與分析不符，故C錯誤。D.L3、L4變亮，L2變暗，與分析不符，故D錯誤。4、D【解析】首先取整體為研究對象，整體受到重力，電場力和上面繩子的拉力，由于兩個電場力的矢量和為：，方向向左，所以上邊繩子向左偏，設繩與豎直方向的夾角為則由平衡條件得：，再對B電荷研究可知，負電荷受到的電場力水平向右，所以下面的繩子向右偏轉，設下面的繩子與豎直方向夾角為，則：，可見則，故D正確，ABC錯誤．故選D．【點睛】以整體為研究對象，根據平衡條件分析上面繩子的傾斜狀態(tài)，以B為研究對象受力分析，根據平衡條件判斷下面繩子的傾斜狀態(tài)．5、B【解析】

A.根據：可知當B板向下平移一小段距離，間距d增大，其它條件不變，則導致電容變小，故A正確，不符合題意；BC.根據：可得：由于電量不變，場強大小不變，故B錯誤，符合題意；C正確，不符合題意；D.B板接地，即電勢為0；場強不變，根據：可知d增大，則P點與地間的電勢差增大，即P點電勢升高，故D正確，不符合題意。6、A【解析】據題電荷從A點移到B點的過程中，電場力對電荷做正功，則電荷的電勢能減少，故A正確，B錯誤；電場力做功的正負與場強的大小無關，所以不能判斷場強的大小，故CD錯誤．所以A正確，BCD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

AB．當兩物體一起運動時，對物體a受力分析，有重力，b對a的向上的支持力，水平向左的靜摩擦力，水平向右的電場力和豎直向上的洛倫茲力。則由牛頓第二定律可得，兩物體一起運動的加速度為可見，此時兩物體一起向右做勻加速直線運動。對物體b受力分析可知，水平方向只受水平向右的靜摩擦力，由牛頓第二定律得可見此時，a、b之間的摩擦力是個定值，是不變的。物體a、b之間的彈力為當速度增大時，物體a、b之間的彈力逐漸減小，所以B正確，A錯誤；CD．由AB選項分析，可知，當兩物體一起勻加速運動時，兩者之間是靜摩擦力。而最大靜摩擦近似等于滑動摩擦力，為由于當兩物體一起勻加速運動時，兩者間的彈力在逐漸減小，所以兩者間的最大靜摩擦力也逐漸減小，且所以當a、b之間的最大靜摩擦力減小為時，a、b就要發(fā)生相對滑動，所以D正確，C錯誤。故選BD。8、AC【解析】

由波的傳播方向結合上下坡的方法可確定質點的振動方向質點P、Q均沿y軸負方向運動.故A正確；根據解得，根據波的傳播可知時刻，兩波的波谷恰好傳到質點M,所以位移為-4cm，故B錯誤；由于M點到兩個波源的距離相等，所以M點是個振動加強點，所以M點的振幅為4cm，故C正確，因為P點到兩個波源的距離符合半個波長的奇數倍，所以P點是個減弱點，根據疊加原理可知此時P的振幅為0，故D錯誤；故選AC9、AD【解析】

A、B、由于金屬網罩的靜電屏蔽作用，B的內表面不帶電，金屬網罩表面的自由電子重新分布，根據“近異遠同”的結論，B的右側外表面帶正電荷，B的左側外表面負電荷，故A正確，B錯誤；C、由于金屬網罩的靜電屏蔽作用，B的內部電場強度處處為零，故驗電器的金箔不張開，故C錯誤；D、金屬網罩處于靜電平衡狀態(tài)，是等勢體，故其左右兩側電勢相等，故D正確；故選AD.【點睛】靜電屏蔽的意義：屏蔽使金屬導體殼內的儀器或工作環(huán)境不受外部電場影響，也不對外部電場產生影響.10、AC【解析】

A．電源通過非靜電力做功將其他形式的能轉化為電能，電動勢就是描述這種本領的物理量，A正確；B．在電源內部，電流方向由負極指向正極，B錯誤；C．電源的電動勢在數值上等于電源兩端未接任何用電器時兩端的電壓，但兩者本質不同，故C正確；D．電荷定向運動形成電流，D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4.206.700【解析】

游標卡尺的主尺讀數為4mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為10×0.02mm=0.20mm，所以最終讀數為：4mm+0.20mm=4.20mm；螺旋測微器的固定刻度為6.5mm，可動刻度為20.0×0.01mm=0.200mm，所以最終讀數為6.5mm+0.200mm=6.700mm。12、C0.6【解析】

(1)根據勻變速直線運動的特點(相鄰的時間間隔位移之差相等)得出：所以屬于紙帶A的是C圖．(2)根據運動學公式得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①②③F=qE=④⑤⑥⑦【解析】①不管加速電場是不是勻強電場，W＝qU都適用，所以由動能定理得：（2分）②由于偏轉電場是勻強電場，所以離子的運動類似平拋運動．即：水平方向為速度為v0的勻速直線運動，豎直方向為初速度為零的勻加速直線運動．∴在水平方向（2分）③F=qE=（2分）④（2分）⑤（2分）⑥（2分）⑦（和帶電粒子q、m無關，只取決于加速電場和偏轉電場）．（2分）本題考查帶電粒子在電場中的偏轉，在加速電場先由動能定理求得電場力做功和進入偏轉電場的速度大小，進入偏轉電場后電場力方向與初速度方向垂直，水平方向做勻速運動，豎直方向做勻加速直線運動，電場力提供加速度，由勻變速直線運動的速度、位移與時間的關系可求得飛出偏轉電場時的速度大小和位移大小14、2kg；【解析】設C的質量為，與A相連繩子拉力為，與B、C相連繩子拉力