2025屆成都市重點中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中檢測模擬試題含解析

2025屆成都市重點中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、圖為某質(zhì)點作直線運動的v-t圖線，由圖可知該質(zhì)點（）A．8s末時加速度大于12s末時加速度B．物體一直做單向直線運動C．6－14s內(nèi)做勻變速直線運動D．10s末時位移最大2、一質(zhì)點沿直線Ox方向做變速直線運動，它離開O點的距離x隨時間變化的關(guān)系為x=6t–2t3（m），它的速度v隨時間t變化的關(guān)系為v=6–6t2（m/s），則該質(zhì)點在t=2s時的瞬時速度、t=0到t=2s間的平均速度、平均速率分別為（）A．–18m/s、–2m/s、2m/sB．–18m/s、–2m/s，6m/sC．–2m/s、–2m/s、–18m/sD．–18m/s、6m/s，6m/s3、車輛啟動過程中的加速度會隨牽引力變化而變化。加速度變化過快會讓人不舒服，若穩(wěn)定加速會使人感覺更適應(yīng)。為此有人提出了“加速度變化率”的概念，用來反應(yīng)加速度變化的快慢，稱為“加加速度”。“加加速度”在車輛、電梯等日常生活和工程問題中都有重要的實際意義。關(guān)于“加加速度”，下列說法正確的是A．加速度變化率的單位應(yīng)是m/s2B．若加速度變化率為0，則物體做勻速運動C．加速度變化率與合外力變化率成正比D．加速度變化率與合外力成正比4、小華同學(xué)通過以下步驟測出了從一定高度落下的排球?qū)Φ孛娴臎_擊力：將一張白紙鋪在水平地面上，把排球在水里弄濕，然后讓排球從規(guī)定的高度自由落下，并在白紙上留下球的水?。賹⒂∮兴〉陌准堜佋谂_秤上，將球放在紙上的水印中心，緩慢地向下壓球，使排球與紙接觸部分逐漸發(fā)生形變直至剛好遮住水?。浵麓藭r臺秤的示數(shù)即為沖擊力的最大值．下列物理學(xué)習(xí)或研究中用到的方法與該同學(xué)的方法相同的是A．建立“點電荷”的概念B．建立“合力與分力”的概念C．建立“瞬時速度”的概念D．研究加速度與合力、質(zhì)量的關(guān)系5、一定質(zhì)量的氣體在T1、T2不同溫度下的等溫變化圖線如圖所示，A、B和C、D分別為兩條等溫線上的點。在下面p--T和V--T圖象中，能表示圖中氣體狀態(tài)變化過程的是A．甲 B．乙 C．丙 D．丁6、物體在恒定的合力F作用下，做直線運動，在時間△t1內(nèi)速度由0增大到v，在時間△t2內(nèi)速度由v增大到2v，設(shè)F在△t1內(nèi)做功是W1，沖量是I1，在△t2內(nèi)做的功是W2，沖量是I2，那么（）A．， B．，C．， D．，二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，建筑工地上，工人將兩塊磚頭甲、乙一起拋給在腳手架上的另一工人，不計空氣阻力．則A．甲磚的加速度小于gB．乙磚的加速度等于gC．甲、乙之間沒有彈力D．甲對乙有向下的壓力8、如圖所示，一根輕質(zhì)彈簧一端固定于光滑豎直桿上，另一端與質(zhì)量為m的滑塊P連接，P穿在桿上，一根輕繩跨過定滑輪將滑塊P和重物Q連接起來，重物Q的質(zhì)量M=6m，把滑塊從圖中A點由靜止釋放后沿豎直桿上下運動，當(dāng)它經(jīng)過A、B兩點時彈簧對滑塊的彈力大小相等，已知OA與水平面的夾角θ=53°，OB長為L，與AB垂直，不計滑輪的摩擦力，重力加速度為g，滑塊P從A到B的過程中，說法正確的是A．對于滑塊Q，其重力功率先增大后減小B．滑塊P運動到位置B處速度達到最大，且大小為C．輕繩對滑塊P做功4mgLD．P與Q的機械能之和先減小后增加9、如圖甲所示，在光滑水平面上，輕質(zhì)彈簧一端固定，物體以速度向右運動壓縮彈簧，測得彈簧的最大壓縮量為，現(xiàn)讓彈簧一端連接另一質(zhì)量為的物體（如圖乙所示），物體以的速度向右壓縮彈簧，測得彈簧的最大壓縮量仍為，則()A．物體的質(zhì)量為B．物體的質(zhì)量為C．彈簧壓縮最大時的彈性勢能為D．彈簧壓縮最大時的彈性勢能為10、在研究平拋物體運動的實驗中,用一張印有小方格的紙記錄軌跡,小方格的邊長為L=10.0cm,若小球在平拋運動過程中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示.(g取10m/s2)

（）A．小球平拋的初速度B．小球的拋出點（圖中未畫出）在a點左側(cè)8L處，a點上方0.5L處C．小球在a點和b點的動能之比為17:25D．小球在a點和b點的豎直分速度之比為2:3三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了測量某待測金屬絲的電阻率(阻值約為30Ω)，有以下一些器材可供選擇。電流表A1(量程0～50mA，內(nèi)阻約10Ω)；電流表A2(量程0～3A，內(nèi)阻約0.12Ω)；電壓表V1(量程0～3V，內(nèi)阻很大)；電壓表V2(量程0～15V，內(nèi)阻很大)；電源E(電動勢約為3V，內(nèi)阻約為0.2Ω)；定值電阻R(20Ω，允許最大電流1.0A)；滑動變阻器R1(0～10Ω，允許最大電流2.0A)；滑動變阻器R2(0～1kΩ，允許最大電流0.5A)；單刀單擲開關(guān)S一個，導(dǎo)線若干。(1)電流表應(yīng)選________，電壓表應(yīng)選________，滑動變阻器應(yīng)選________。(填器材的元件符號)(2)使用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，如圖所示，則金屬絲的直徑為______mm。(3)請在下面的虛線框內(nèi)畫出測量電阻Rx的實驗電路圖______。(要求所測量范圍盡可能大)(4)某次測量中，電壓表示數(shù)為U時，電流表示數(shù)為I，則計算待測電阻阻值的表達式為Rx＝________。12．（12分）某同學(xué)用如圖甲所示的裝置來驗證動量守恒定律，該裝置由水平長木板及固定在木板一端的硬幣發(fā)射器組成，硬幣發(fā)射器包括支架、彈片及彈片釋放裝置，釋放彈片可將硬幣以某一初速度彈出．已知一元硬幣和五角硬幣與長木板間動摩擦因數(shù)相同，主要實驗步驟如下：①將一元硬幣置于發(fā)射槽口，釋放彈片將硬幣發(fā)射出去，硬幣沿著長木板中心線運動，在長木板中心線的適當(dāng)位置取一點O，測出硬幣停止滑動時硬幣右側(cè)到O點的距離．再從同一位置釋放彈片將硬幣發(fā)射出去，重復(fù)多次，取該距離的平均值記為x1，如圖乙所示；②將五角硬幣放在長木板上，使其左側(cè)位于O點，并使其直徑與中心線重合，按步驟①從同一位置釋放彈片，重新彈射一元硬幣，使兩硬幣對心正碰，重復(fù)多次，分別測出兩硬幣碰后停止滑行時距O點距離的平均值x2和x3，如圖丙所示．（1）為完成該實驗，除長木板，硬幣發(fā)射器，一元及五角硬幣，刻度尺外，還需要的器材為_________．（2）實驗中還需要測量的物理量為______________．驗證動量守恒定律的表達式為_________________（用測量物理量對應(yīng)的字母表示）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑固定斜面的傾角Θ=30°，一輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與質(zhì)量M=3kg的物體B相連，初始時B靜止.質(zhì)量m=1kg的A物體在斜面上距B物體處s1=10cm靜止釋放，A物體下滑過程中與B發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，碰撞后與B粘在一起，已知碰后整體經(jīng)t=0.1s下滑s1=5cm至最低點彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，A、B可視為質(zhì)點，g取10m/s1．（1）從碰后到最低點的過程中，求彈簧最大的彈性勢能（1）碰后至返回到碰撞點的過程中，求彈簧對物體B的沖量大?。?4．（16分）如圖甲所示，在光滑的水平軌道上停放著甲、乙兩車，兩車相距=5m，彈射裝置使甲車獲得=3m/s的瞬時速度向乙車運動的同時，乙車的風(fēng)洞開始工作，將風(fēng)吹向固定在甲車的擋風(fēng)板上，從而使乙車獲得了速度.測繪裝置得到了甲、乙兩車的v-t圖象如圖乙所示.求：（1）甲、乙兩車的質(zhì)量之比；（2）兩車相距最近時的距離.15．（12分）第21屆世界杯足球賽于2018年在俄羅斯境內(nèi)舉行，也是世界杯首次在東歐國家舉行．在足球比賽中，經(jīng)常使用“邊路突破，下底傳中”的戰(zhàn)術(shù)，即攻方隊員帶球沿邊線前進，到底線附近進行傳中．某足球場長90m、寬60m，如圖所示．攻方前鋒在中線處將足球沿邊線向前踢出，足球的運動可視為在地面上做初速度為12m/s的勻減速直線運動，加速度大小為2m/s2.試求：(1)足球從開始做勻減速運動到停下來的位移為多大？(2)足球開始做勻減速直線運動的同時，該前鋒隊員沿邊線向前追趕足球，他的啟動過程可以視為初速度為0,加速度為2m/s2的勻加速直線運動，他能達到的最大速度為8m/s.該前鋒隊員至少經(jīng)過多長時間能追上足球？(3)若該前鋒隊員追上足球后，又將足球以10m/s的速度沿邊線向前踢出，足球的運動仍視為加速度大小為2m/s2的勻減速直線運動．與此同時，由于體力的原因，該前鋒隊員以6m/s的速度做勻速直線運動向前追趕足球，通過計算判斷該前鋒隊員能否在足球出底線前追上．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A．6-10s內(nèi)圖線的斜率絕對值小于10-14s內(nèi)圖線斜率的絕對值，則8s末的加速度小于12s末的加速度。故A不符合題意。

B．物體的速度一直為正值，所以做單方向運動。故B符合題意。C．6-14s內(nèi)先做勻加速直線運動，再做勻減速直線運動。故C不符合題意。D．速度時間圖線與時間軸圍成的面積表示位移，知14s末位移最大。故D不符合題意。2、B【解析】

該質(zhì)點在t=2s時的瞬時速度v2=6–6×22=–18m/s（m/s）；t=0時，x0=0m，t=2s時，x2=–4m，故2s內(nèi)的位移為Δx=x2–x0=–4m，2s內(nèi)的平均速度；當(dāng)v=0時，由v=6–6t2（m/s），得t=1s，此時x1=4m，在前1s內(nèi)質(zhì)點通過的路程s1=x1=4m，在后1s內(nèi)通過的路程為s2=|x2–x1|=8m，則平均速率，選B．3、C【解析】

A.加速度的變化率為，a的單位是m/s2，所以，“加速度的變化率”的單位應(yīng)該是m/s3，故A錯誤。B.加速度變化率為零，則加速度不變，如果加速度不為零，則物體做變速運動，故B錯誤。CD.因為，所以加速度變化率與合外力變化率成正比，故C正確D錯誤。4、B【解析】

A、點電荷是一種理想化的模型，是采用的理想化的方法，故A錯誤；B、合力和分力的作用效果是等效的，它們是等效替代的關(guān)系，故B正確；C.瞬時速度是把很短時間內(nèi)物體的平均速度近似的認為是瞬時速度，采用的是極限的方法，故C錯誤；D.研究加速度與合力、質(zhì)量的關(guān)系的時候，是控制其中的一個量不變，從而得到其他兩個物理量的關(guān)系，是采用的控制變量的方法，故A錯誤．故選B．5、A【解析】

A、B和C、D分別為兩條等溫線上的點，故TA=TB、TC=TD；由圖1可知，A到B和由C到D均為等溫膨脹過程，且壓強減??；又在p-V圖象中離坐標原點越遠的等溫線溫度越高可知，TA＜TC，由此可知，甲正確，乙丙丁錯誤；

A．甲，該圖與結(jié)論相符，選項A正確；B．乙，該圖與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．丙，該圖與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．丁，該圖與結(jié)論不相符，選項D錯誤；故選A。6、D【解析】

根據(jù)動能定理研究功的關(guān)系，根據(jù)動量定理研究沖量的關(guān)系．【詳解】根據(jù)動能定理：，，則．根據(jù)動量定理：，，知，故D正確，ABC錯誤．【點睛】根據(jù)動能的變化由動能定理求合力的功、根據(jù)動量的變化由動量定理求合力的沖量是這兩大定理基本的應(yīng)用．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

AB.以甲、乙整體為研究對象，只受重力作用，根據(jù)牛頓第二定律，整體的加速度為重力加速度g，所以甲的加速度等于g，乙的加速度等于g，故A項錯誤，B項正確；CD.以甲為研究對象，由于甲的加速度等于g，根據(jù)牛頓第二定律，甲受到的合力等于重力，所以甲、乙之間沒有彈力，故C項正確，D項錯誤。8、AC【解析】

A．物塊Q釋放瞬間的速度為零，當(dāng)物塊P運動至B點時，物塊Q的速度也為零，所以當(dāng)P從A點運動至B點時，物塊Q的速度先增加后減小，物塊Q的重力的功率也為先增加后減小，A正確；B．由于物塊P在AB兩點處彈簧的彈力大小相等，所以物塊P在A點時受到彈簧向上的彈力，運動至B點時受到向下的彈力，物塊P從A到B過程中，必定先加上后減速，B錯誤；C．從A到B過程中，對于PQ系統(tǒng)由動能定律可得對于P由動能定理可得聯(lián)立解得，C正確；D．對于PQ系統(tǒng)，豎直桿不做功，系統(tǒng)的機械能只與彈簧對P的做功有關(guān)，從A到B的過程中，彈簧對P先做正功，后做負功，所以系統(tǒng)的機械能先增加后減小，D錯誤；故選AC。9、AC【解析】

對圖甲，設(shè)物體A的質(zhì)量為M，由機械能守恒定律可得，彈簧壓縮x時彈性勢能EP=M；對圖乙，物體A以2的速度向右壓縮彈簧，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，彈簧達到最大壓縮量仍為x時，A、B二者達到相等的速度v由動量守恒定律有：M=(M+m)v由能量守恒有：EP=M-(M+m)聯(lián)立兩式可得：M=3m，EP=M=m，故B、D錯誤，A、C正確．故選A、C10、AC【解析】

A、在豎直方向上，根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時間間隔，有，可得，水平方向做勻速直線運動有；故A正確.D、根據(jù)ac段在豎直方向的平均速度等于中間時刻的瞬時速度可求出b點的豎直分速度有，而由速度公式可得，則；故D錯誤.C、根據(jù)平拋的分速度與合速度的關(guān)系可得，，則；故C正確.B、因，可知，則拋出點O到a點的水平距離為，拋出點O到a點的豎直距離為；則B錯誤.故選AC.【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學(xué)公式和推論靈活求解.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A1V1R10.046mm（0.045mm-0.048mm）【解析】

（1）根據(jù)電源電動勢選擇電壓表，根據(jù)通過電阻的最大電流選擇電流表。（2）根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表的接法，然后作出電路圖。（3）根據(jù)實驗電路應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律求出電阻阻值?！驹斀狻浚?）電源電動勢為3V，則電壓表選V1；通過待測電阻的最大電流約為：，選量程為3A的電流表讀數(shù)誤差太大，可以把定值電阻與待測電阻串聯(lián)，此時電路最大電流約為：，電流表應(yīng)選擇A1．滑動變阻器接成分壓電路，則應(yīng)選R1；

（2）金屬絲的直徑為：0.01mm×4.6=0.046mm；（3）定值電阻與待測電阻串聯(lián)的總阻值約為30+20=50Ω，遠大于滑動變阻器最大阻值10Ω，為測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法；電流表內(nèi)阻約為10Ω，電壓表內(nèi)阻很大，電流表可以采用外接法，電路圖如圖所示：

（3）待測電阻阻值：；【點睛】電學(xué)實驗的考查中，經(jīng)常考查到儀表的選擇、電流表內(nèi)外接法的選擇及實驗數(shù)據(jù)的處理，故應(yīng)注意此類問題的解法；在實驗中要注意把握準確性及安全性原則。12、天平一元硬幣的質(zhì)量為m1，五角硬幣的質(zhì)量為m2【解析】

（1）[1]動量為質(zhì)量和速度的乘積，該實驗要驗證質(zhì)量不等的兩物體碰撞過程中動量守恒，需測量兩物體的質(zhì)量和碰撞前后的速度，因此除給定的器材外，還需要的器材為天平．（2）[2][3]測出一元硬幣的質(zhì)量為m1，五角硬幣的質(zhì)量為m2，一元硬幣以速度v1被彈射出去后，由動能定理可得解得，當(dāng)一元硬幣以速度v1與五角硬幣碰撞后，速度分別為v2、v3，由動能定理可得解得一元硬幣碰后速度，五角硬幣碰后的速度為，若碰撞過程動量守恒則需滿足，代入數(shù)據(jù)可得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（2）2．225J；（2）20Ns【解析】

(2)A物體下滑過程，A物體機械能守恒，求得A與B碰前的速度；A與B碰撞是完全非彈性碰撞，A、B組成系統(tǒng)動量守恒，求得碰后AB的共同速度；從碰后到最低點的過程中，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，可求得從碰后到最低點的過程中彈性勢能的增加量．(2)從碰后至返回到碰撞點的過程中，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，可求得返回碰撞點時AB的速度；對AB從碰后至返回到碰撞點的過程應(yīng)用動量定理，可得此過程中彈簧對物體B沖量的大?。驹斀狻?2)A物體下滑過程，A物體機械能守恒，則：解得：A與B碰撞是完全非彈性碰撞，據(jù)動