2025屆江西省上饒市橫峰中學、鉛山一中、余干一中物理高一第一學期期末復習檢測模擬試題含解析

2025屆江西省上饒市橫峰中學、鉛山一中、余干一中物理高一第一學期期末復習檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、關于運動狀態(tài)的改變，下列說法中正確的是（）A.只要物體的速度大小不變，運動狀態(tài)就不變B.若物體的位移變化，物體的運動狀態(tài)一定改變C.若物體受到幾個力的作用，其運動狀態(tài)一定改變D.物體的合外力為零，物體的運動狀態(tài)一定不變2、如圖所示的裝置中，A、B兩物塊的質量分別是、，彈簧和繩的質量均不計，繩與滑輪間的摩擦不計，重力加速度，則下列說法正確的是（）A.固定物塊A，物塊B處于靜止狀態(tài)時，彈簧的彈力大小為20NB.固定物塊B，物塊A處于靜止狀態(tài)時，彈簧的彈力大小為30NC.先固定物塊A，待A、B均靜止時再釋放A，釋放的瞬間彈簧的彈力大小為10ND.物塊A、B和彈簧一起穩(wěn)定運動的過程中，彈簧的彈力大小為15N3、用細繩AO、BO吊一重物，兩繩子能承受的最大力均為100N，繩與豎直方向夾角分別為30°和60°，如圖所示。若使繩子不斷，最多能懸掛重物重量為（）A.N B.NC.N D.200N4、某同學為感受向心力的大小與哪些因素有關，做了一個小實驗：繩的一端拴一小球，手牽著在空中甩動，使小球在水平面內作圓周運動(如圖所示)，則下列說法中正確的是()A.保持繩長不變，增大角速度，繩對手的拉力將不變B.保持繩長不變，增大角速度，繩對手的拉力將增大C.保持角速度不變，增大繩長，繩對手的拉力將不變D.保持角速度不變，增大繩長，繩對手的拉力將減小5、如圖所示，一個物塊沿著傾斜的傳送帶勻速直線下滑，則物塊受到的摩擦力說法正確的是A.物塊一定受到沿斜面向上的摩擦力B.物塊一定受到沿斜面向下的摩擦力C.物塊可能不受摩擦力的作用D.物塊受到的摩擦力可能沿斜面向上也可能向下6、如圖所示，質量為m物體靜止在水平地面上，它與地面間的動摩擦因數(shù)為．現(xiàn)將大小為F、與水平方向夾角為的恒力作用在物體上，物體仍保持靜止．則A.物體所受支持力的大小為mgB.物體所受支持力的大小為FsinC.物體所受摩擦力的大小為FcosD.物體所受摩擦力的大小為mg7、如圖所示，逆時針勻速轉動的傳送帶與水平面的夾角θ，在傳送帶頂端靜止釋放小物塊，小物塊以加速度a1加速下滑，當小物塊與傳送帶共速后，以加速度a2加速下滑，小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ。則下列說法正確的是（）A.a1>a2 B.a1=a2C.μ=tanθ D.μ<tanθ8、如圖所示，一輕質彈簧一端固定在墻上的O點，自由伸長到B點．今用一小物體m把彈簧壓縮到A點(m與彈簧不連接)，然后釋放，小物體能經(jīng)B點運動到C點而靜止．小物體m與水平面間的動摩擦因數(shù)μ恒定，則下列說法中正確的是()A.物體從A到B過程速度越來越大B.物體從A到B過程速度先增加后減小C.物體從A到C過程加速度越來越小D.物體從A到C過程加速度先減小再增加后保持不變9、質量分別為2kg和3kg的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質彈簧相連，如圖所示，今用大小為作用在A上使AB相對靜止一起向前勻加速運動，則下列說法正確的是A.彈簧的彈力大小等于8NB.彈簧的彈力大小等于12NC.突然撤去F瞬間，A的加速度大小為0D.突然撤去F瞬間，B的加速度大小為4

10、如圖所示，重為G的物體靜止在斜面上，當斜面的傾角θ逐漸增大時，物體仍保持靜止，下列分析正確的是（）A.物體對斜面的壓力增大B.物體所受的靜摩擦力增大C.重力垂直于斜面的分力增大D.重力平行于斜面的分力增大11、如圖所示，某人用輕繩拉著小車在平直路面上勻速運動。下列說法正確的是（）A.人拉繩的力和繩拉車的力是一對作用力和反作用力B.人拉繩的力和繩拉人的力是一對平衡力C.繩拉車的力和車拉繩的力一定同時產(chǎn)生、同時消失D.人拉繩的力和繩拉人的力一定大小相等12、如圖所示，質量均為m的物塊A、B用輕彈簧相連放置于傾角為α的光滑固定斜面上，物塊B與垂直于斜面的擋板C接觸，物塊A系一輕質細繩，細繩繞過斜面頂端的定滑輪系一重物D，細繩與輕彈簧均與斜面平行，平衡時物塊B恰好不離開擋板。已知彈簧的勁度系數(shù)為k，重力加速度為g，某一瞬間剪斷細繩，則下列說法正確的是（）A.重物D的重力為B.剪斷細繩后，物塊A下滑過程中加速度一直增大C.剪斷細繩瞬間，物塊A的加速度大小為D.物塊A下滑過程中速度最大時，彈簧的縮短量二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（12分）傳送帶被廣泛應用于各行各業(yè)．由于不同的物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)不同，物體在傳送帶上的運動情況也有所不同．如圖所示，一傾斜放置的傳送帶與水平面的夾角θ＝37°，在電動機的帶動下以v＝2m/s的速率順時針方向勻速運行．M、N為傳送帶的兩個端點，M、N兩點間的距離L＝7m．N端有一離傳送帶很近的擋板P可將傳送帶上的物塊擋?。趥魉蛶系腛處先后由靜止釋放金屬塊A和木塊B，金屬塊與木塊質量均為1kg，且均可視為質點，O、M間距離L1＝3m．sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2.傳送帶與輪子間無相對滑動，不計輪軸處的摩擦(1).金屬塊A由靜止釋放后沿傳送帶向上運動，經(jīng)過2s到達M端，求金屬塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ1；(2).木塊B由靜止釋放后沿傳送帶向下運動，并與擋板P發(fā)生碰撞．已知碰撞時間極短，木塊B與擋板P碰撞前、后速度大小不變，木塊B與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ2＝0.5.求與擋板P第一次碰撞后，木塊B所達到的最高位置與擋板P的距離17、（10分）如圖所示，質量M＝5kg的木板A長L＝3m，靜止在足夠大的光滑水平地面上．木板上表面左端放置一質量m＝2kg的小鐵塊B（可看成質點），B與A上表面之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.25，從t＝0時刻起，用水平向右的恒力F＝10N作用在B上，使A、B從靜止開始運動，已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2．求：（1）B在木板上表面運動過程中A、B加速度分別為多大；（2）B離開木板所用的時間；（3）B離開木板時A、B系統(tǒng)機械能的增量。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】A．運動狀態(tài)的特征物理量是速度，速度是矢量，速度大小和方向都不變時運動狀態(tài)才不變，A錯誤；B．運動狀態(tài)的特征物理量是速度，位移變化而速度不變，說明運動狀態(tài)不改變，B錯誤；CD．力是改變物體運動狀態(tài)的原因，物體受到多個力作用時，若合力為零，運動狀態(tài)就不變，C錯誤，D正確。故選D。2、C【解析】A．固定物塊A，B處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件，可知彈簧的彈力大小等于B的重力大小，為10N，A錯誤；B．固定物塊B，A處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件，可知彈簧的彈力大小等于A的重力大小，為20N，B錯誤；C．先固定物塊A，由B項分析，可知彈簧的彈力大小為10N，在釋放物塊A的一瞬間，彈簧的彈力大小不變，仍為10N，C正確；D．物塊A、B和彈簧一起穩(wěn)定運動的過程中，根據(jù)牛頓第二定律，對A有：對B有：聯(lián)立解得彈簧的彈力大小N，D錯誤。故選C。3、B【解析】以重物為研究對象，受力如圖所示：由平衡條件得：①②由式①可知：當TBC=100N時，AC將斷；當TAC=100N時，BC不斷；故當TAC=100N時懸掛重物的重最大，將TAC=100N，代入式②，解得綜上分析，最多能懸掛重物重量為，ACD錯誤；B正確。故選B。4、B【解析】AB、由可得，增大角速度，繩對手的拉力將增大；B正確CD、由可得增大繩長，繩對手的拉力將增大；錯誤故選B【點睛】做勻速圓周運動的物體需要的向心力和半徑、角速度、線速度、周期等都有關系，關系式為：5、A【解析】由于物塊勻速下滑，物塊受力平衡，物塊受重力、皮帶對物塊的支持力，皮帶對物塊的摩擦力，則物塊所受摩擦力一定沿傳送帶朝上。故A項正確，BCD三項錯誤。6、C【解析】對物體受力分析，根據(jù)豎直方向上平衡求出支持力的大小，從而得出物體所受的摩擦力大小【詳解】受力如圖：A、B項：物體所受支持力的大小為：，故A、B錯誤；C、D項：物體所受摩擦力的大小為：，故C正確，D錯誤故選C7、AD【解析】AB．小物塊與傳送帶共速前，小物塊所受的滑動摩擦力沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律得mgsinθ+μmgcosθ=ma1。小物塊與傳送帶共速后，小物塊所受的滑動摩擦力沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律得mgsinθ-μmgcosθ=ma2。對比可得，a1＞a2，故A正確，B錯誤。CD．當小物塊與傳送帶共速后，以加速度a2加速下滑，說明mgsinθ＞μmgcosθ，則得μ＜tanθ故C錯誤，D正確。故選AD。8、BD【解析】物體從A到B運動的過程中，開始時彈簧的彈力大于摩擦力，加速度方向向右，物體做加速度運動，當彈簧的彈力與摩擦力相等時，加速度為零，然后彈簧的彈力小于摩擦力，加速度方向向左，物體做減速運動，加速度增大，所以從A到B先加速后減速，到達B點后，彈簧與物體開始分離，分離后物體只受滑動摩擦力，所以加速度不變，故BD正確，AC錯誤。故選BD。9、BD【解析】AB、對整體分析，整體的加速度，隔離對B分析，則彈簧的彈力，故A錯誤，B正確；C、撤去F的瞬間，彈簧的彈力不變，則A的加速度，故C錯誤；D、撤去F的瞬間，彈簧彈力不變，則B的加速度，故D正確故選BD【點睛】對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出整體的加速度，隔離分析求出彈簧的彈力；撤去F的瞬間，彈簧的彈力不變，結合牛頓第二定律求出A、B的加速度大小10、BD【解析】對物體進行受力分析知：物體受重力G，支持力N和靜摩擦力f．將重力分解為沿斜面的分力G1，垂直于斜面的分力G2，由于保持靜止，則物體處于平衡狀態(tài)，則有故當θ逐漸增大時，G1增大，f增大，G2減小，N減小，由牛頓第三定律可知，物體對斜面的壓力也減小。故AC錯誤，BD正確。故選BD。11、CD【解析】A．人拉繩的力和繩拉車的力大小相等，但不是相互作用力，A錯誤；B．人拉繩的力和繩拉人的力是作用力與反作用力，B錯誤；C．繩拉車的力和車拉繩的力是一對作用力和反作用力，作用力與反作用力同時產(chǎn)生，同時消失，C正確；D．人拉繩的力和繩拉人的力是一對作用力和反作用力，作用力與反作用力等大，D正確；故選CD。12、CD【解析】A．平衡時物塊恰不離開擋板，則滿足故A錯誤；BCD．平衡時物塊恰不離開擋板，此時彈簧的拉伸量：剪斷細繩瞬間，彈簧的彈力不變，此時對A根據(jù)牛頓第二定律得：解得：此后彈簧的彈力減小，物體A受到的合外力減小，加速度減小，直至為零，此時彈簧處于壓縮狀態(tài)，A的速度最大，彈簧的壓縮量為此后，A繼續(xù)沿斜面向下運動，加速度方向沿斜面向上，做加速度越來越小的減速運動；故CD正確，B錯誤；故選CD。二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（1）1（2）1.6m【解析】(1)金屬塊A在傳送帶方向上受摩擦力和重力的下滑分力，先做勻加速運動，并設其速度能達到傳送帶的速度v=2m/s，然后做勻速運動，抓住總位移的大小，結合運動學公式求出加速度的大小，根據(jù)牛頓第二定律求出動摩擦因數(shù)的大??；(2)根據(jù)牛頓第二定律求出木塊下滑的加速度，從而結合速度位移公式求出與擋板碰撞的速度，反彈后，速度大于傳送帶速度，摩擦力向下，速度與傳送帶速度相等后，摩擦力向上，根據(jù)牛第二定律分別求出上滑過程中的加速度，結合運動學公式求出木塊B所達到的最高位置與擋板P的距離【詳解】(1)金屬塊A在傳送帶方向上受重力沿傳送帶向下的分力和摩擦力，由題意可知，μ1>tanθ，即A先做勻加速運動，并假設其速度能達到傳送帶的速度v＝2m/s，然后做勻速運動，到達M點．金屬塊由O運動到M，有：且t1＋t2＝t，v＝at1根據(jù)牛頓第二定律有μ1mgcos37°－mgsin37°＝ma解得t1＝1s<t＝2s，符合題設要求加速度解得金屬塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ1＝1；(2)由靜止釋放后，木塊B沿傳送帶向下做勻加速運動，其加速度為a1，運動距離LON=4m，第一次與P碰撞前的速度為v1a1=gsinθ-μgcosθ=2m/s2由μ2<tanθ可知，與擋板P第一次碰撞后，木塊B以速度大小v1被反彈，先沿傳送帶向上以加速度大小a2做勻減速運動直到速度為v，此過程運動距離為s1；之后以加速度大小a1繼續(xù)做勻減速運動直到速度為0，此時上升到最高點，此過程運動距離為s2.a2＝gsinθ＋μ2gcosθ＝10m/s2因此與擋板P第一次碰撞后，木塊B所到達的最高位置與擋板P的距離為s＝s1＋s2＝1.6m【點睛】本題是一個多過程問題，比較復雜，關鍵理清物塊在傳送帶上整個過程中的運動規(guī)律，搞清摩擦力的方向，結合牛頓第二定律和運動學公式進行求解17、（1）1m/s2，2.5m/s2；（2）2s；（3）35J【解析】（1）分析