2025屆安徽省銅陵一中、池州一中、浮山中學等物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

2025屆安徽省銅陵一中、池州一中、浮山中學等物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、已知通過三個并聯支路的電流之比I1∶I2∶I3＝1∶2∶3，則三個并聯支路的電阻之比R1∶R2∶R3為A．6∶3∶2 B．2∶3∶6C．1∶2∶3 D．2∶3∶12、宇航員在探測某星球時，發(fā)現該星球均勻帶電，其帶電量為Q，表面無大氣，在有一次實驗中宇航員將一帶電（其電荷量q遠遠小于Q）粉塵放到離星球表面的一定高度處。設此帶電星球對粉塵的靜電力為F1，粉塵對星球的靜電力為F2，則A．F1=F2B．F1＜F2C．F1＞F2D．無法確定3、下列說法正確的是()A．在電場中自由釋放的電荷一定沿電場線運動B．電阻率越大，說明導體的導電性能越差C．閉合電路中電流的方向是從電源的正極流向負極D．E＝只是電動勢的定義式而非決定式，電動勢的大小是由電源內非靜電力的特性決定的4、把一個架在絕緣支座上的導體放在負電荷形成的電場中,導體處于靜電平衡時,導體表面上感應電荷的分布如圖所示,這時導體(

)A．A端的電勢比B端的電勢高B．A端的電勢比B端的電勢低C．A端的電勢可能比B端的電勢高,也可能比B端的電勢低D．A端的電勢與B端的電勢相等5、兩個電池1和2的電動勢E1＞E2，它們分別向同一電阻R供電，電阻R消耗的電功率相同．比較供電時電池1和2內部消耗的電功率P1和P2及電池的效率η1和η2的大小，則有()A．P1＞P2，η1＞η2 B．P1＞P2，η1＜η2C．P1＜P2，η1＞η2 D．P1＜P2，η1＜η26、為了降低潛艇噪音，可用電磁推進器替代螺旋槳．如圖所示為直線通道推進器示意圖.推進器前后表面導電，上下表面絕緣，規(guī)格為．空間內存在由超導線圈產生的勻強磁場，其磁感應強度大小、方向豎直向下，若在推進器前后方向通以大小，方向垂直紙面向外的恒定電流，則下列說法中正確的是A．推進器對潛艇提供向左的驅動力，大小為B．推進器對潛艇提供向右的驅動力，大小為C．推進器對潛艇提供向左的驅動力，大小為D．推進器對潛艇提供向右的驅動力，大小為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量相同而電量不同的兩個正電荷，從靜止開始，經過同一加速電場后，垂直界面進入同一勻強磁場，最后分別打在a、b兩點，不計粒子重力，由圖可知（）A．打在a點的粒子速度大B．打在b點的粒子速度大C．a的電荷量大于b的電荷量D．a、b在磁場中運動的時間相同8、如圖所示，兩個截面不同，長度相等的均勻銅棒接在電路中，兩端的電壓為U，下列說法正確的是（）A．通過兩棒的電流強度相等B．兩棒的自由電子定向移動的平均速率相等C．兩棒內的電場強度大小相等D．相同時間內通過兩棒的電荷量相等9、用國際制基本單位表示磁感應強度的單位T，正確的是（）A．C?m2 B．Wb/m2 C．kg/（A?s2） D．1N/（A?m）10、如圖所示，電源電動勢為E，內電阻為r．理想電壓表V1、V2示數為

U1、U2，其變化量的絕對值分別為和；流過電源的電流為I，其變化量的絕對值為．當滑動變阻器的觸片從右端向左端滑動的過程中（不計燈泡電阻的變化）（）A．小燈泡L3變暗，L1、L2變亮B．電壓表V1示數變大，電壓表V2示數變小C．不變D．不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學測量阻值約為25kΩ的電阻Rx，現備有下列器材：A．電流表（量程100μA，內阻約為200Ω）；B．電流表（量程500μA，內阻約為300Ω）；C．電壓表（量程15V，內阻約為100kΩ）；D．電壓表（量程50V，內阻約為500kΩ）；E．直流電源（20V，允許最大電流1A）；F．滑動變阻器（最大阻值1kΩ）；G．開關和導線若干．（1）電流表應選_________，電壓表應選_________．（填字母代號）（2）請在虛線框中畫出測量Rx阻值的實驗電路圖．12．（12分）在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實驗中（1）下列“測繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗電路圖，正確的是（______）（2）下列小燈泡的伏安特性曲線最符合實際的是______A．B．C．D．.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量為m的小球懸掛在長為L的細線下端，將它拉至與豎直方向成θ=60°的位置后自由釋放．當小球擺至最低點時，恰好與水平面上原來靜止的、質量為2m的木塊相碰，碰后小球速度反向且動能是碰前動能的．已知木塊與地面的動摩擦因素，重力加速度取g．求：(1)小球與木塊碰前瞬間所受拉力大小(2)木塊在水平地面上滑行的距離14．（16分）如圖所示，直角坐標系xoy位于豎直平面內，在?m≤x≤0的區(qū)域內有磁感應強度大小B=1．0×10-1T、方向垂直于紙面向里的條形勻強磁場，其左邊界與x軸交于P點；在x＞0的區(qū)域內有電場強度大小E=1N/C、方向沿y軸正方向的有界勻強電場，其寬度d=2m。一質量m=2．1×10-27kg、電荷量q=-3．2×1019C的帶電粒子從P點以速度v=1×101m/s，沿與x軸正方向成α=20°角射入磁場，經電場偏轉最終通過x軸上的Q點（圖中未標出），不計粒子重力。求：⑴帶電粒子在磁場中運動的半徑和時間；⑵當電場左邊界與y軸重合時Q點的橫坐標；⑶若只改變上述電場強度的大小，要求帶電粒子仍能通過Q點，討論此電場左邊界的橫坐標x′與電場強度的大小E′的函數關系。15．（12分）如圖甲所示，真空中水平放置的相距為d的平行金屬板板長為L，兩板上加有恒定電壓后，板間可視為勻強電場．在t=0時，將圖乙中所示的交變電壓加在兩板上，這時恰有一個質量為m、電荷量為q的帶電粒子從兩板正中間以速度v0水平飛入電場．若此粒子離開電場時恰能以平行于兩板的速度飛出（粒子重力不計）．求：（1）兩板上所加交變電壓的頻率應滿足的條件．（2）該交變電壓U0的取值范圍．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

三個并聯支路的電壓相等，根據歐姆定律U=IR得，電流I與電阻R成反比。電流之比I1：I2：I3=1：2：3，則電阻之比R1：R2：R3=6：3：2A．6∶3∶2與分析相符，故A正確。B．2∶3∶6與分析不符，故B錯誤。C．1∶2∶3與分析不符，故C錯誤。D．2∶3∶1與分析不符，故D錯誤。2、A【解析】

帶電星球對粉塵的靜電力和粉塵對星球的靜電力是作用力與反作用力，大小相等。A.F1=F2。與結論相符，故A正確；B.F1＜F2。與結論不符，故B錯誤；C.F1＞F2。與結論不符，故C錯誤；D.無法確定。與結論不符，故D錯誤。3、D【解析】A、在電場中自由釋放的電荷，若電場線是直線，一定沿電場線運動，若電場線是曲線，一定不沿電場線運動，故A錯誤；B、在S、L一定的條件下，導體的電阻大小與電阻率有關，電阻率越大的電阻越大，所以它的導電性能越差，故B錯誤；C、閉合電路中外部電流的方向是從電源的正極流向負極，閉合電路中內部電流的方向是從電源的負極流向正極，故C錯誤；D、只是電動勢的定義式而非決定式，電動勢的大小是由電源內非靜電力的特性決定的，故D正確；故選D。4、D【解析】

枕形導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在枕形導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，靜電平衡時內部電場強度處處為零，導體是等勢體，表面是等勢面；即A端的電勢與B端的電勢相等；故選D．【點睛】本題關鍵要理解掌握：處于靜電感應現象的導體，內部電場強度處處為零，理解場強處處為零的原因．知道凈電荷全部分布在導體表面．且整個導體是等勢體5、B【解析】因為向同一電阻R供電，電阻R消耗的電功率相同，則電流I相等．據，因E1＞E2，則．據，兩電源內部消耗的電功率．據，電池的效率．故B項正確，ACD三項錯誤．點睛：注意區(qū)分電源的功率與效率，搞清各自的公式．6、A【解析】

磁場方向向下，電流方向向外，依據左手定則，則安培力方向向右，因此驅動力方向向左，根據安培力公式F=BIL=10×100×0.3N=300NA.推進器對潛艇提供向左的驅動力，大小為，與分析相符，故A正確．B.推進器對潛艇提供向右的驅動力，大小為，與分析不符，故B錯誤．C.推進器對潛艇提供向左的驅動力，大小為，與分析不符，故C錯誤．D.推進器對潛艇提供向右的驅動力，大小為，與分析不符，故D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

根據帶電粒子在電場中的加速由動能定理可求得進入磁場時的速度，再對磁場中根據向心力公式可求得半徑表達式，從而明確電荷量之間的關系，再代入動能定理表達式即可求得速度大小；根據周期公式和轉過的角度進行分析，從而明確時間關系．【詳解】A.經加速電場后，根據動能定理可得：Uq=mv2(1)在磁場中根據牛頓第二定律可得：

(2)聯立解得：R=，由圖可知，a的半徑較小，而質量相同，則說明A的電荷較大；則由(1)式可知，打在a點的粒子速度較大，故AC正確，B錯誤；D.由T=可知，兩粒子周期不同，轉過的圓心角相同，則可知，時間不同，故D錯誤。故選：AC.8、AD【解析】

A.因兩導體串聯，則電流一定相等，故A正確；B.由電流的微觀表達式：可知電流相同，單位體積內的電子數相同，電子的電荷量相同，因截面積不相同，故電子的定向移動速率不同，細棒中的電子定向移動速率大，故B錯誤；C.因電壓相等，由電阻定律有：可知細棒的電阻較大，則由歐姆定律可知，細棒兩端的電壓較大，由：可知細棒內的電場強度大于粗棒內的電場強度，故C錯誤；D.根據：由于電流相等，故通過兩棒的電荷量相等，故D正確。9、BC【解析】

在國際單位制中，磁感應強度的單位是特斯拉，根據與磁感應強度有關的物理學公式分析答題．【詳解】磁感應強度的定義式為，磁感應強度B的單位為T，則有：；根據磁通量公式有Φ=BS，得：，則有：1T=1Wb/m2.故A，D錯誤，B，C正確；故選BC.【點睛】本題考查了單位制的知識，熟練掌握物理學公式、知道各物理量的單位是正確解題的關鍵．10、ACD【解析】

當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L2變亮，V2讀數變大．變阻器的電阻減小，并聯部分的電阻減小，則并聯部分的電壓減小，V1讀數變小，則L3變暗．總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮．故A正確，B錯誤．=R2，不變，C正確．由U1=E-I（RL2+r）得：=RL2+r，不變，故D正確．故選ACD．【點睛】本題是電路動態(tài)變化分析問題，按“局部→整體→局部”思路進行分析．運用總量法分析兩電壓表讀數變化量的大?。\用歐姆定律定量分析電壓表示數變化量與電流表示數變化量的比值變化，這是常用的方法．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）B、C（2）滑動變阻器分壓式、電流表內接【解析】（1）電源電壓為20V，故電壓表應選擇C；

通過電流值約為：，而電流表A量程太小，內阻也大，所以不選A，而B合適．（2）因待測電阻約為25KΩ，，故用電流表內接法：

因是小電阻控制大電阻，若用限流式接法，控制的電壓變化范圍太小，則應用分壓式接法．原理圖如圖所示；

點睛：實驗電路所用器材的要求要熟練掌握，讀數的要求，誤差來源的分析，變阻器的分壓與限流式區(qū)別要弄清楚．12、D;A;【解析】（1）在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，因為要求電流電壓從零開始，所以用分壓電路，小燈泡的電阻一般不是很大，所以應該選用電流表外接的方法，故選電路D（2）小燈泡的電阻隨著溫度的升高在增大，而I-U圖像上中斜率表示的是電阻的倒數，所以斜率越小電阻越大，所以圖像A正確四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】

（1）設小球擺至最低點時的速度為v，依動能定理有設小球與木塊碰撞前瞬間所受拉力為T，有代入數據，解得：（2）設小球與木塊碰撞后，小球的速度為v1，木塊的速度為v2，設水平向右為正方向，依動量守恒定律有依題意知設木塊在水平地面上滑行的距離為s，依動能定理有聯立并代入數據，解得14、（1）5.23×10﹣5s。（2）x=5m。（3）當0＜x′＜3m時，；當3m≤x'＜5m時，?！窘馕觥吭囶}分析：⑴帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據牛頓第二定律有代入數據得：軌跡如圖1交y軸于C點，過P點作v的垂線交y軸于O1點，由幾何關系得O1為粒子運