2023-2024學(xué)年河南省安陽市林州市高二下學(xué)期期末考試物理試卷（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12023—2024學(xué)年（下）高二年級期末考試物理考生注意：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號填寫在試卷和答題卡上，并將考生號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號、回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。1.某同學(xué)用如圖所示裝置研究光電效應(yīng)，金屬板N的左側(cè)表面涂有熒光物質(zhì)，用波長為的紫外線照射金屬板M會逸出光電子，在兩金屬板間加有電壓，當(dāng)兩金屬板間的電壓為U時，熒光物質(zhì)剛好不發(fā)光。已知普朗克常量為h，光在真空中傳播速度為c，電子的電量為e，則下列說法正確的是（）A.將N板向左移，熒光物質(zhì)不會發(fā)光 B.將N板向上移，熒光物質(zhì)會發(fā)光C.光電子的最大初動能為 D.金屬板M的極限頻率為【答案】A【解析】AB．根據(jù)題意可知光電效應(yīng)的反向截止電壓為U，將N板向左移和將N板向上移，MN之間的電壓不變，則熒光物質(zhì)不會發(fā)光，故A正確，B錯誤；C．根據(jù)動能定理可得，光電子的最大初動能故C錯誤；D．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知，金屬K的逸出功則故D錯誤。故選A。2.如圖1所示，某手機店用放在水平面上的折疊支架來展示手機，圖2為示意圖，背部支撐面與底部支撐面垂直，不計背部支撐面與手機間的摩擦，減小背部支撐面與水平面的夾角，則（）A.支架底座與水平面間摩擦力增大B.手機對底部支撐面的壓力增大C.手機對支架的作用力增大D.手機重力和底部支撐面對手機作用力的合力增大【答案】D【解析】A．以整體為研究對象，整體受到重力與地面的支持力，方向均在豎直方向上，水平方向沒有運動趨勢，可知支架底座與水平面間摩擦力為零，故A錯誤；B．對手機受力分析，手機對底部支撐面的支持力為減小背部支撐面與水平面的夾角，手機對底部支撐面的壓力減小，根據(jù)牛頓第三定律可知，手機對底部支撐面的壓力減小，故B錯誤；C．對手機受力分析，根據(jù)平衡條件可知，手機對支架的作用力大小始終等于手機的重力，故C錯誤；D．根據(jù)平衡條件可知，手機重力和底部支撐面對手機作用力的合力等于背部支撐面對手機的支持力，背部支撐面對手機的支持力減小背部支撐面與水平面的夾角，背部支撐面對手機的支持力增大，故D正確。故選D。3.由于地球自轉(zhuǎn)，地球兩極和赤道處的重力加速度不同，若地球兩極處的重力加速度為g，地球的自轉(zhuǎn)周期為T，將地球看成質(zhì)量分布均勻、半徑為R的球體，則質(zhì)量為m的物體在赤道處受到的重力大小為（）Amg B.C. D.【答案】D【解析】設(shè)地球的質(zhì)量為M，質(zhì)量為m的物體在兩極所受地球的引力等于其所受的重力為物體在赤道處隨地球自轉(zhuǎn)做圓周運動的周期等于地球自轉(zhuǎn)的周期，軌道半徑等于地球半徑。根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律有解得故選D。4.如圖所示，甲、乙兩同學(xué)在水平地面上練習(xí)墊排球。甲同學(xué)將排球墊過去的軌跡為Ⅰ，乙同學(xué)將排球墊回的軌跡為Ⅱ，兩同學(xué)的接球點在同一高度，甲同學(xué)墊球和接球的位置相同，球可視為質(zhì)點，不計空氣阻力，關(guān)于排球在軌跡Ⅰ、Ⅱ中的運動，下列判斷正確的是（）A.運動時間可能相同 B.最小速度大小可能相同C.最大速度大小可能相同 D.重力的最大瞬時功率可能相同【答案】C【解析】A．不計空氣阻力，排球做斜拋運動，豎直方向上做豎直上拋運動，水平方向做勻速直線運動，設(shè)最高點到接球點的高度為h，根據(jù)豎直方向的運動規(guī)律，則運動時間由圖可知則故A錯誤；B．在最高點豎直速度為零，速度最小為水平分速度，水平方向水平位移大小相同，則故B錯誤；C．接球點的豎直方向速度最大，則此位置速度最大，豎直方向則最大速度的大小所以最大速度大小可能相同，故C正確；D．重力的最大瞬時功率則故D錯誤5.利用洛埃鏡可以測量光的波長，其原理和楊氏雙縫干涉實驗相同。S為單色光源，M為水平放置的平面鏡，S到平面鏡的距離為a，到光屏的距離為b，下列判斷正確的是（）A.若條紋間距為d，則單色光波長為B.僅增大a，條紋間距增大C.僅增大b，條紋間距增大D.僅將平面鏡向左平移一小段距離，條紋間距增大【答案】C【解析】A．光源到屏的距離可以看做雙縫到屏的距離b，光源S到S平面鏡中虛像的間距看做雙縫的間距，則有根據(jù)雙縫干涉相鄰條紋之間的距離公式可得若條紋間距為d，則解得故A錯誤；BCD．根據(jù)可知僅增大a，條紋間距減小；僅增大b，條紋間距增大；僅將平面鏡向左平移一小段距離，b不變，條紋間距不變；故BD錯誤，C正確。6.如圖所示為電磁炮的基本原理圖（俯視圖）。水平平行金屬直導(dǎo)軌a、b充當(dāng)炮管，金屬彈丸放在兩導(dǎo)軌間，與導(dǎo)軌接觸良好，兩導(dǎo)軌左端與一恒流源連接，可使回路中的電流大小恒為I，方向如圖所示，兩導(dǎo)軌中電流在彈丸所在處產(chǎn)生的磁場視為勻強磁場。若導(dǎo)軌間距為d，彈丸質(zhì)量為m，彈丸在導(dǎo)軌上運動的最大距離為s，彈丸能加速的最大速度為v，不計摩擦，則下列判斷正確的是（）A.導(dǎo)軌間的磁場方向向上B.導(dǎo)軌間的磁場磁感應(yīng)強度大小為C.彈丸克服安培力做功獲得動能D.彈丸先做加速度越來越小的加速運動，最后做勻速運動【答案】B【解析】A．彈丸在安培力作用下做加速運動，故安培力方向向右，根據(jù)左手定則得出導(dǎo)軌間的磁場方向向下，故A錯誤；B．根據(jù)加速過程動能定理得出得出故B正確；C．安培力做正功獲得動能，故C錯誤；D．根據(jù)牛頓第二定律得出得出故加速度恒定，故D錯誤。故選B。7.如圖所示的變壓器為理想變壓器，，兩定值電阻的阻值均為R，在原線圈兩端接入電壓為U的正弦交流電源。若僅用導(dǎo)線連接a、b，變壓器原線圈輸入的功率為；若僅用導(dǎo)線連接c、d，變壓器原線圈輸入的功率為；若用導(dǎo)線連接a、c，再用導(dǎo)線連接b、d，變壓器原線圈輸入的功率為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】根據(jù)題意可知故得出設(shè)原線圈匝數(shù)為，故當(dāng)用導(dǎo)線連接a、c，再用導(dǎo)線連接b、d時由題意可知故二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有多個選項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在時刻的波形圖，P、Q是波傳播路徑上的兩個質(zhì)點，時刻，質(zhì)點P的位移為2cm，質(zhì)點Q在平衡位置。從零時刻起，質(zhì)點Q的振動方程為，則下列判斷正確的是（）A.波沿x軸負方向傳播B.波的傳播速度大小為C.從圖示時刻開始，質(zhì)點P比質(zhì)點Q先到達波谷D.質(zhì)點P比質(zhì)點Q振動超前【答案】BD【解析】A．從零時刻起，質(zhì)點Q的振動方程為時刻，質(zhì)點Q的振動方向向下，由同側(cè)法求出波沿x軸正方向傳播，故A錯誤；B．由波形圖可知該簡諧橫波的波長為，周期為波的傳播速度故B正確；C．質(zhì)點Q向下振動，質(zhì)點P向上振動，故從圖示時刻開始，質(zhì)點P比質(zhì)點Q后到達波谷，故C錯誤；D．由得質(zhì)點P比質(zhì)點Q振動超前故D正確。9.在空間固定A、B兩個點電荷，圖中實線為兩電荷電場的部分電場線，過A、B的直線上有a、b、c、d四點，a、b到A的距離和c、d到B的距離均為L，a點電勢比b點電勢高，則下列判斷正確的是（）A.電荷A帶正電、電荷B帶負電B.A的電荷量比B的電荷量大C.c點電勢比d點電勢高D.一個帶負電的點電荷在b點電勢能比在d點電勢能大【答案】AC【解析】A．根據(jù)電場線的特點可知，A、B兩個點電荷為異種電荷，根據(jù)a點電勢比b點電勢高，可知電荷A帶正電、電荷B帶負電，故A正確；B．因B電荷周圍的電場線比較密集，則A的電荷量比B的電荷量小，故B錯誤；C．B電荷在c點和d點電勢相等；A電荷在c點比d點電勢高；根據(jù)電勢的疊加可知，c點電勢比d點電勢高，故C正確；D．因b點電勢比c點電勢高，c點電勢比d點電勢高，則b點電勢比d點電勢高，可知一個帶負電的點電荷在b點電勢能比在d點電勢能小，故D錯誤。10.如圖所示，勻強磁場Ⅰ、Ⅱ的磁場方向均沿水平方向垂直紙面向外，兩磁場邊界水平，磁場寬度均為L，磁場Ⅰ下邊界到磁場Ⅱ上邊界間距為，磁場Ⅰ的磁感應(yīng)強度大小為B。邊長為L、電阻為R的單匝正方形金屬線框abcd在垂直于磁場的豎直平面內(nèi)，開始時ab邊離磁場Ⅰ上邊界距離為，由靜止釋放金屬線框，線框在向下運動的過程中始終在豎直面內(nèi)，且ab邊始終水平，線框分別勻速穿過磁場Ⅰ、Ⅱ，重力加速度為g，忽略空氣阻力，則下列判斷正確的是（）A.金屬線框的質(zhì)量為B.磁場Ⅱ的磁感應(yīng)強度大小為C.線框經(jīng)過磁場Ⅰ產(chǎn)生的焦耳熱小于經(jīng)過磁場Ⅱ產(chǎn)生的焦耳熱D.線框經(jīng)過磁場Ⅰ、Ⅱ產(chǎn)生的總焦耳熱為【答案】BD【解析】A．靜止釋放金屬線框到ab邊開始進入磁場Ⅰ，根據(jù)動能定理有勻速穿過磁場Ⅰ，則解得故A錯誤；B．從cd出磁場Ⅰ到ab進磁場Ⅱ過程，根據(jù)動能定理有勻速穿過磁場Ⅱ，則，解得磁場Ⅱ的磁感應(yīng)強度大小故B正確；C．線框分別勻速穿過磁場Ⅰ、Ⅱ，則根據(jù)功能關(guān)系知線框經(jīng)過磁場Ⅰ產(chǎn)生的焦耳熱為2mgL，等于經(jīng)過磁場Ⅱ產(chǎn)生的焦耳熱2mgL，故C錯誤；D．線框經(jīng)過磁場Ⅰ、Ⅱ產(chǎn)生的總焦耳熱為故D正確。故選BD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某實驗小組要測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。由于沒有擺球，小組成員找到了一塊外形不規(guī)則的小金屬掛件代替擺球做了一個如圖所示的單擺。（1）用刻度尺測量懸線的長，將掛件拉開一個不大于的角度后釋放，用秒表測出30次全振動的總時間，則掛件振動的周期_________s。（2）改變懸線的長，并測出懸線長，重復(fù)（1）實驗，測出掛件振動的周期為，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開_________（用、、、表示）。（3）若多次改變懸線的長度重復(fù)實驗，測得每次實驗時懸線的長L及對應(yīng)的掛件振動的周期T，作圖像，得到的圖像是一條__________（填“過原點”或“不過原點”）的傾斜直線，若圖像的斜率為k，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開_________?！敬鸢浮浚?）1.82（2）（3）不過原點【解析】（1）掛件振動的周期（2）設(shè)擺線末端與小擺件重心間的距離為r，根據(jù)可得，聯(lián)立，解得（3）[1]由整理，可得可知作圖像，得到的圖像是一條不過原點的傾斜直線。[2]圖像的斜率為則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?2.某同學(xué)根據(jù)實驗室提供的器材組成如圖1所示電路，測電源電動勢和內(nèi)阻并同時測量電流表的內(nèi)阻。所用器材：電源為兩節(jié)干電池，電流表（量程，內(nèi)阻），電流表（量程），電阻箱，滑動變阻器，開關(guān)和單刀雙擲開關(guān)、，導(dǎo)線若干。（1）實驗時，先將接1，接3，滑動變阻器接入電路的電阻調(diào)到最大，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)、，使電流表、的指針偏轉(zhuǎn)均較大，若這時示數(shù)為、電流表的示數(shù)如圖2所示，則電流表的示數(shù)為__________；若這時電阻箱接入電路的電阻為，則電流表的內(nèi)阻__________用、、表示。（2）將開關(guān)接2，開關(guān)接4，將電流表改裝成量程為3V的電壓表，則電阻箱接入電路的電阻__________多次調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組電流表、的示數(shù)、，作圖像，得到圖像與縱軸的截距為b，圖像斜率的絕對值為k，則得到電源的電動勢__________，內(nèi)阻__________后兩空用b、k、、、中的符號表示?！敬鸢浮浚?）0.26（2）4.9【解析】（1）[1]電流表最小刻度為，故電流表讀數(shù)為；[2]根據(jù)串并聯(lián)知識可得解得（2）[1]根據(jù)串并聯(lián)知識可得解得[2][3]由閉合電路的歐姆定律得整理得由圖示圖像可知，圖像的斜率縱軸截距解得電源電動勢13.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，其過程如圖所示，圖線ab的反向延長線經(jīng)過坐標(biāo)原點O，此過程中，氣體吸收了300J的熱量。已知氣體在狀態(tài)a時的壓強為，求：（1）氣體從a到b過程中，氣體的壓強是否發(fā)生了變化，并說明理由；（2）氣體從a到b的過程中，氣體的內(nèi)能增加了多少？【答案】（1）氣體的壓強不變，見解析；（2）【解析】（1）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程氣體從a到b的過程中，由圖像可知可知氣體從a到b的過程中，氣體做等壓變化，氣體的壓強不變。（2）氣體從a到b過程中，體積增大，氣體對外做功大小為根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得解得氣體的內(nèi)能增加了14.如圖所示，在xOy坐標(biāo)系中，垂直于x軸的虛線與y軸之間存在磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場含邊界，磁場方向與xOy平面垂直。一質(zhì)子束從坐標(biāo)原點射入磁場，所有質(zhì)子射入磁場的初速度大小不同但初速度方向都與x軸正方向成角向下。PQ是與x軸平行的熒光屏質(zhì)子打到熒光屏上不再反彈，P、Q兩點的坐標(biāo)分別為，。已知質(zhì)子比荷，。求：結(jié)果均可用分數(shù)表示（1）質(zhì)子在磁場中運動的最長時間是多少;（2）如果讓熒光屏PQ發(fā)光長度盡可能長且質(zhì)子的運動軌跡未出磁場，質(zhì)子初速度大小的取值范圍是多少?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）質(zhì)子能打到y(tǒng)軸上時，在磁場中運動的時間最長，如圖1所示由周期公式又由幾何關(guān)系可知則粒子在磁場中運動的最長時間（2）當(dāng)質(zhì)子軌跡與PQ相切時，如圖1所示，設(shè)此時初速度為，軌跡半徑為R，由幾何關(guān)系可得又解得當(dāng)粒子運動軌跡與磁場邊界相切時，如圖2所示，設(shè)此時初速度為，軌跡半徑為，由幾何關(guān)系可得又解得綜上可得15.如圖所示，質(zhì)量為2m的物塊A放在特殊材料（動摩擦因數(shù)比較大）制成的水平面上，繞過定滑輪的輕繩一端與物塊A相連，另一端吊著質(zhì)量為m的物塊B，處于靜止?fàn)顟B(tài)。質(zhì)量為m的圓環(huán)C套在輕繩上，在離物塊B高度為h處由靜止釋放，C與B發(fā)生彈性碰撞，碰撞時間極短，當(dāng)B的速度剛好為零時，C與B發(fā)生第二次碰撞。已知重力加速度為g，輕繩為不可伸長的剛性繩（即A、B及繩可視為整體），圓環(huán)C與繩之間無摩擦，不計空氣阻力，求：（1）圓環(huán)C與物塊B第一次碰撞前瞬間圓環(huán)C的速度大小;（2）圓環(huán)C與物塊B碰撞后瞬間，圓環(huán)C和物塊B的速度大小;（3）物塊A與水平面間動摩擦因數(shù)為多大。【答案】（1）；（2），；（3）【解析】（1）根據(jù)機械能守恒有解得（2）C與B發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒，設(shè)向下方向為正根據(jù)能量守恒解得，（3）設(shè)A與水平面間的動摩擦因數(shù)為，碰撞后B向下做勻減速直線運動的加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律對B、A有，，根據(jù)題意，，解得2023—2024學(xué)年（下）高二年級期末考試物理考生注意：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號填寫在試卷和答題卡上，并將考生號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號、回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。1.某同學(xué)用如圖所示裝置研究光電效應(yīng)，金屬板N的左側(cè)表面涂有熒光物質(zhì)，用波長為的紫外線照射金屬板M會逸出光電子，在兩金屬板間加有電壓，當(dāng)兩金屬板間的電壓為U時，熒光物質(zhì)剛好不發(fā)光。已知普朗克常量為h，光在真空中傳播速度為c，電子的電量為e，則下列說法正確的是（）A.將N板向左移，熒光物質(zhì)不會發(fā)光 B.將N板向上移，熒光物質(zhì)會發(fā)光C.光電子的最大初動能為 D.金屬板M的極限頻率為【答案】A【解析】AB．根據(jù)題意可知光電效應(yīng)的反向截止電壓為U，將N板向左移和將N板向上移，MN之間的電壓不變，則熒光物質(zhì)不會發(fā)光，故A正確，B錯誤；C．根據(jù)動能定理可得，光電子的最大初動能故C錯誤；D．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知，金屬K的逸出功則故D錯誤。故選A。2.如圖1所示，某手機店用放在水平面上的折疊支架來展示手機，圖2為示意圖，背部支撐面與底部支撐面垂直，不計背部支撐面與手機間的摩擦，減小背部支撐面與水平面的夾角，則（）A.支架底座與水平面間摩擦力增大B.手機對底部支撐面的壓力增大C.手機對支架的作用力增大D.手機重力和底部支撐面對手機作用力的合力增大【答案】D【解析】A．以整體為研究對象，整體受到重力與地面的支持力，方向均在豎直方向上，水平方向沒有運動趨勢，可知支架底座與水平面間摩擦力為零，故A錯誤；B．對手機受力分析，手機對底部支撐面的支持力為減小背部支撐面與水平面的夾角，手機對底部支撐面的壓力減小，根據(jù)牛頓第三定律可知，手機對底部支撐面的壓力減小，故B錯誤；C．對手機受力分析，根據(jù)平衡條件可知，手機對支架的作用力大小始終等于手機的重力，故C錯誤；D．根據(jù)平衡條件可知，手機重力和底部支撐面對手機作用力的合力等于背部支撐面對手機的支持力，背部支撐面對手機的支持力減小背部支撐面與水平面的夾角，背部支撐面對手機的支持力增大，故D正確。故選D。3.由于地球自轉(zhuǎn)，地球兩極和赤道處的重力加速度不同，若地球兩極處的重力加速度為g，地球的自轉(zhuǎn)周期為T，將地球看成質(zhì)量分布均勻、半徑為R的球體，則質(zhì)量為m的物體在赤道處受到的重力大小為（）Amg B.C. D.【答案】D【解析】設(shè)地球的質(zhì)量為M，質(zhì)量為m的物體在兩極所受地球的引力等于其所受的重力為物體在赤道處隨地球自轉(zhuǎn)做圓周運動的周期等于地球自轉(zhuǎn)的周期，軌道半徑等于地球半徑。根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律有解得故選D。4.如圖所示，甲、乙兩同學(xué)在水平地面上練習(xí)墊排球。甲同學(xué)將排球墊過去的軌跡為Ⅰ，乙同學(xué)將排球墊回的軌跡為Ⅱ，兩同學(xué)的接球點在同一高度，甲同學(xué)墊球和接球的位置相同，球可視為質(zhì)點，不計空氣阻力，關(guān)于排球在軌跡Ⅰ、Ⅱ中的運動，下列判斷正確的是（）A.運動時間可能相同 B.最小速度大小可能相同C.最大速度大小可能相同 D.重力的最大瞬時功率可能相同【答案】C【解析】A．不計空氣阻力，排球做斜拋運動，豎直方向上做豎直上拋運動，水平方向做勻速直線運動，設(shè)最高點到接球點的高度為h，根據(jù)豎直方向的運動規(guī)律，則運動時間由圖可知則故A錯誤；B．在最高點豎直速度為零，速度最小為水平分速度，水平方向水平位移大小相同，則故B錯誤；C．接球點的豎直方向速度最大，則此位置速度最大，豎直方向則最大速度的大小所以最大速度大小可能相同，故C正確；D．重力的最大瞬時功率則故D錯誤5.利用洛埃鏡可以測量光的波長，其原理和楊氏雙縫干涉實驗相同。S為單色光源，M為水平放置的平面鏡，S到平面鏡的距離為a，到光屏的距離為b，下列判斷正確的是（）A.若條紋間距為d，則單色光波長為B.僅增大a，條紋間距增大C.僅增大b，條紋間距增大D.僅將平面鏡向左平移一小段距離，條紋間距增大【答案】C【解析】A．光源到屏的距離可以看做雙縫到屏的距離b，光源S到S平面鏡中虛像的間距看做雙縫的間距，則有根據(jù)雙縫干涉相鄰條紋之間的距離公式可得若條紋間距為d，則解得故A錯誤；BCD．根據(jù)可知僅增大a，條紋間距減??；僅增大b，條紋間距增大；僅將平面鏡向左平移一小段距離，b不變，條紋間距不變；故BD錯誤，C正確。6.如圖所示為電磁炮的基本原理圖（俯視圖）。水平平行金屬直導(dǎo)軌a、b充當(dāng)炮管，金屬彈丸放在兩導(dǎo)軌間，與導(dǎo)軌接觸良好，兩導(dǎo)軌左端與一恒流源連接，可使回路中的電流大小恒為I，方向如圖所示，兩導(dǎo)軌中電流在彈丸所在處產(chǎn)生的磁場視為勻強磁場。若導(dǎo)軌間距為d，彈丸質(zhì)量為m，彈丸在導(dǎo)軌上運動的最大距離為s，彈丸能加速的最大速度為v，不計摩擦，則下列判斷正確的是（）A.導(dǎo)軌間的磁場方向向上B.導(dǎo)軌間的磁場磁感應(yīng)強度大小為C.彈丸克服安培力做功獲得動能D.彈丸先做加速度越來越小的加速運動，最后做勻速運動【答案】B【解析】A．彈丸在安培力作用下做加速運動，故安培力方向向右，根據(jù)左手定則得出導(dǎo)軌間的磁場方向向下，故A錯誤；B．根據(jù)加速過程動能定理得出得出故B正確；C．安培力做正功獲得動能，故C錯誤；D．根據(jù)牛頓第二定律得出得出故加速度恒定，故D錯誤。故選B。7.如圖所示的變壓器為理想變壓器，，兩定值電阻的阻值均為R，在原線圈兩端接入電壓為U的正弦交流電源。若僅用導(dǎo)線連接a、b，變壓器原線圈輸入的功率為；若僅用導(dǎo)線連接c、d，變壓器原線圈輸入的功率為；若用導(dǎo)線連接a、c，再用導(dǎo)線連接b、d，變壓器原線圈輸入的功率為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】根據(jù)題意可知故得出設(shè)原線圈匝數(shù)為，故當(dāng)用導(dǎo)線連接a、c，再用導(dǎo)線連接b、d時由題意可知故二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有多個選項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在時刻的波形圖，P、Q是波傳播路徑上的兩個質(zhì)點，時刻，質(zhì)點P的位移為2cm，質(zhì)點Q在平衡位置。從零時刻起，質(zhì)點Q的振動方程為，則下列判斷正確的是（）A.波沿x軸負方向傳播B.波的傳播速度大小為C.從圖示時刻開始，質(zhì)點P比質(zhì)點Q先到達波谷D.質(zhì)點P比質(zhì)點Q振動超前【答案】BD【解析】A．從零時刻起，質(zhì)點Q的振動方程為時刻，質(zhì)點Q的振動方向向下，由同側(cè)法求出波沿x軸正方向傳播，故A錯誤；B．由波形圖可知該簡諧橫波的波長為，周期為波的傳播速度故B正確；C．質(zhì)點Q向下振動，質(zhì)點P向上振動，故從圖示時刻開始，質(zhì)點P比質(zhì)點Q后到達波谷，故C錯誤；D．由得質(zhì)點P比質(zhì)點Q振動超前故D正確。9.在空間固定A、B兩個點電荷，圖中實線為兩電荷電場的部分電場線，過A、B的直線上有a、b、c、d四點，a、b到A的距離和c、d到B的距離均為L，a點電勢比b點電勢高，則下列判斷正確的是（）A.電荷A帶正電、電荷B帶負電B.A的電荷量比B的電荷量大C.c點電勢比d點電勢高D.一個帶負電的點電荷在b點電勢能比在d點電勢能大【答案】AC【解析】A．根據(jù)電場線的特點可知，A、B兩個點電荷為異種電荷，根據(jù)a點電勢比b點電勢高，可知電荷A帶正電、電荷B帶負電，故A正確；B．因B電荷周圍的電場線比較密集，則A的電荷量比B的電荷量小，故B錯誤；C．B電荷在c點和d點電勢相等；A電荷在c點比d點電勢高；根據(jù)電勢的疊加可知，c點電勢比d點電勢高，故C正確；D．因b點電勢比c點電勢高，c點電勢比d點電勢高，則b點電勢比d點電勢高，可知一個帶負電的點電荷在b點電勢能比在d點電勢能小，故D錯誤。10.如圖所示，勻強磁場Ⅰ、Ⅱ的磁場方向均沿水平方向垂直紙面向外，兩磁場邊界水平，磁場寬度均為L，磁場Ⅰ下邊界到磁場Ⅱ上邊界間距為，磁場Ⅰ的磁感應(yīng)強度大小為B。邊長為L、電阻為R的單匝正方形金屬線框abcd在垂直于磁場的豎直平面內(nèi)，開始時ab邊離磁場Ⅰ上邊界距離為，由靜止釋放金屬線框，線框在向下運動的過程中始終在豎直面內(nèi)，且ab邊始終水平，線框分別勻速穿過磁場Ⅰ、Ⅱ，重力加速度為g，忽略空氣阻力，則下列判斷正確的是（）A.金屬線框的質(zhì)量為B.磁場Ⅱ的磁感應(yīng)強度大小為C.線框經(jīng)過磁場Ⅰ產(chǎn)生的焦耳熱小于經(jīng)過磁場Ⅱ產(chǎn)生的焦耳熱D.線框經(jīng)過磁場Ⅰ、Ⅱ產(chǎn)生的總焦耳熱為【答案】BD【解析】A．靜止釋放金屬線框到ab邊開始進入磁場Ⅰ，根據(jù)動能定理有勻速穿過磁場Ⅰ，則解得故A錯誤；B．從cd出磁場Ⅰ到ab進磁場Ⅱ過程，根據(jù)動能定理有勻速穿過磁場Ⅱ，則，解得磁場Ⅱ的磁感應(yīng)強度大小故B正確；C．線框分別勻速穿過磁場Ⅰ、Ⅱ，則根據(jù)功能關(guān)系知線框經(jīng)過磁場Ⅰ產(chǎn)生的焦耳熱為2mgL，等于經(jīng)過磁場Ⅱ產(chǎn)生的焦耳熱2mgL，故C錯誤；D．線框經(jīng)過磁場Ⅰ、Ⅱ產(chǎn)生的總焦耳熱為故D正確。故選BD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某實驗小組要測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。由于沒有擺球，小組成員找到了一塊外形不規(guī)則的小金屬掛件代替擺球做了一個如圖所示的單擺。（1）用刻度尺測量懸線的長，將掛件拉開一個不大于的角度后釋放，用秒表測出30次全振動的總時間，則掛件振動的周期_________s。（2）改變懸線的長，并測出懸線長，重復(fù)（1）實驗，測出掛件振動的周期為，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開_________（用、、、表示）。（3）若多次改變懸線的長度重復(fù)實驗，測得每次實驗時懸線的長L及對應(yīng)的掛件振動的周期T，作圖像，得到的圖像是一條__________（填“過原點”或“不過原點”）的傾斜直線，若圖像的斜率為k，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開_________。【答案】（1）1.82（2）（3）不過原點【解析】（1）掛件振動的周期（2）設(shè)擺線末端與小擺件重心間的距離為r，根據(jù)可得，聯(lián)立，解得（3）[1]由整理，可得可知作圖像，得到的圖像是一條不過原點的傾斜直線。[2]圖像的斜率為則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?2.某同學(xué)根據(jù)實驗室提供的器材組成如圖1所示電路，測電源電動勢和內(nèi)阻并同時測量電流表的內(nèi)阻。所用器材：電源為兩節(jié)干電池，電流表（量程，內(nèi)阻），電流表（量程），電阻箱，滑動變阻器，開關(guān)和單刀雙擲開關(guān)、，導(dǎo)線若干。（1）實驗時，先將接1，接3，滑動變阻器接入電路的電阻調(diào)到最大，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)、，使電流表、的指針偏轉(zhuǎn)均較大，若這時示數(shù)為、電流表的示數(shù)如圖2所示，則電流表的示數(shù)為__________；若這時電阻箱接入電路的電阻為，則電流表的內(nèi)阻__________用、、表示。（2）將開關(guān)接2，開關(guān)接4，將電流表改裝成量程為3V的電壓表，則電阻箱接入電路的電阻__________多次調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組電流表、的示數(shù)、，作圖像，得到圖像與縱軸的截距為b，圖像斜率的絕對值為k，則得到電源的電動勢__________，內(nèi)阻__________后兩空用b、k、、、中的符號表示?！敬鸢浮浚?）0.26（2）4.9【解析】（1）[1]電流表最小刻度為，故電流表讀數(shù)