山東省菏澤市菏澤第一中學2025屆物理高二上期中預測試題含解析

山東省菏澤市菏澤第一中學2025屆物理高二上期中預測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在半圓所在平面內，有一與該平面平行的勻強電場。場強為E，若半圓的直徑AB=2cm，C、D為半圓的兩個三等分點，，，，則（）A． B．C． D．2、下列說法中正確的是（）A．沿電場線方向場強逐漸減小B．沿電場線方向移動電荷，電場力做正功C．沿電場線方向電勢逐漸降低D．電場強度為零處，電勢也一定為零3、如圖所示，在x軸上相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷+Q、-Q，虛線是以+Q所在點為圓心、為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關于x軸對稱。下列判斷正確的是A．b、d兩點處的電場強度相同B．a、c兩點處的電勢相同C．將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，電場力對試探電荷先做負功再做正功D．將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，+q的電勢能一直減小4、有一小段通電導線，長0.01m，電流強度為5A，把它放入磁場中某一位置，受到的磁場力是0.1N，則該處磁感應強度B的大小為（）A．B＝1T B．B＝2T C．B≤2T D．B≥2T5、在電解液導電中，在時間t內有n個二價正離子通過某一橫截面，同時有2n個一價負離子通過該橫截面，通過該電解液的電流I為（）A． B． C． D．6、如圖所示，電源電動勢為E=31V，內阻為r=1Ω，電燈上標有“6V,12W”字樣,直流電動機線圈電阻R=2Ω．若電燈恰能正常發(fā)光，則:A．通過電動機的電流為1．5AB．電動機兩端電壓為21VC．電動機的輸出功率36WD．電路在1分鐘產生的熱量為61J．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為“研究影響平行板電容器電容的因素”的實驗裝置，以下說法正確的是()A．A板與靜電計的指針帶的是異種電荷B．甲圖中將B板上移，靜電計的指針偏角增大C．乙圖中將B板左移，靜電計的指針偏角不變D．丙圖中將電介質插入兩板之間，靜電計的指針偏角減小8、在繞地球做勻速圓周運動的航天器中，物體處于完全失重狀態(tài)，可以形成一種“重力屏蔽狀態(tài)”，在航天器中建立電學實驗室，可以有效消除常態(tài)下重力的影響，空腔導體內部可以實現(xiàn)屏蔽，在空腔導體內部建立物理實驗室，可以有效消除外電場的干擾，下列說法錯誤的是（）A．場是物質存在的形式B．航天器中的“重力屏蔽狀態(tài)”指的是航天器中不存在重力C．外電場在空腔導體的內部產生的場強為0，所以外電場被屏蔽D．在外電場作用下處于靜電平衡的空腔導體，其內部的總電場強度為09、如圖所示，光滑絕緣的半球形容器處在水平向右的勻強電場中，一個質量為m，電荷量為+q的小球在容器邊緣A點由靜止釋放，結果小球運動到B點時速度剛好為零，OB與水平方向的夾角0=60o，重力加速度為g，不計空氣阻力，則下列說法正確的是A．小球重力與電場力的關系是B．小球在B點時，對容器的壓力為C．小球在A點和B點的加速度大小相等D．如果小球帶負電，還能沿AB圓弧面運動10、對UAB=1V的理解，正確的是（）A．從A到B移動qC的電荷，電場力做功1JB．從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1JC．從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1JD．從A到B移動1C的負電荷，外力做功1J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實驗中，所用器材有：小電珠（2.5V，0.6W），滑動變阻器，電流表，學生電源，開關，導線若干．①利用小電珠的標稱值可估算出小電珠正常工作時的電阻值約為________Ω．（計算結果保留2位有效數(shù)字）②請根據(jù)實驗原理圖A完成實物圖B中的連線_______．③開關閉合前，應將滑動變阻器的滑片P置于________端．為使小電珠亮度增加，P應由中點向__________端滑動．④下表為電壓等間隔變化測得的數(shù)據(jù)，為了獲得更準確的實驗圖象，必須在相鄰數(shù)據(jù)點_______間多測幾組數(shù)據(jù)（請?zhí)顚憽癮b”“bc”“cd”“de”或“ef”）．數(shù)據(jù)點abcdefU/V0.000.501.001.502.002.50I/A0.0000.1220.1560.1850.2160.244⑤下列圖象能正確表示小燈泡的伏安特性曲線的是_______．12．（12分）在“研究平拋運動”的實驗中，用一張印有小方格的紙記錄軌跡，小方格的邊長L=2.50cm，若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的計算公式為v0=____（用L、g表示），其值等于____m/s；小球在位置b點的速率大小_____m/s；圖中位置a是否是小球平拋運動的起拋點____（選填“是”、“不是”）（取g=10m/s2）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，光滑絕緣水平面上靜置兩個質量均為m、相距為x0的小球A和B，A球所帶電荷量為+q，B球不帶電?，F(xiàn)在A球右側區(qū)域加上水平向右的勻強電場，電場強度為E，小球A在電場力作用下由靜止開始運動，然后與B球發(fā)生彈性正碰，A、B碰撞過程中沒有電荷轉移，且碰撞過程時間極短，求：（1）A球與B球發(fā)生第一次碰撞后B球的速度；（2）從A球開始運動到兩球在電場中發(fā)生第二次碰撞前電場力對A球所做的功；14．（16分）如圖所示為電流天平，可用來測量磁場的磁感應強度。天平的右臂上掛有一匝數(shù)為n=9的矩形線圈，線圈的水平邊長l=10.0cm，線圈下端懸在勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里，當線圈中通有I=0.10A的電流時，調節(jié)砝碼使兩臂達到平衡。然后使電流反向，大小不變，這時需要在左盤中增加質量為m=3.6g的砝碼，才能使兩臂再次達到平衡。求:（1）判斷未增加m時，天平平衡時線圈中的電流方向為順時針還是逆時針？（2）磁感應強度的大小。15．（12分）如圖所示．平行板電容器的扳間距離d=3cm，板與水平面夾角α=37°，兩板所加電壓U=100V，現(xiàn)有—帶電荷量為q=3×10-10C帶電液滴，以v0=0.5m/s的水平速度從A板上邊緣水平進入電場,在電場中仍沿水平方向并恰好從B板的下邊緣水平飛出,sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2.求：(1)液滴的質量；(2)液滴飛出時的速度大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

AB．線段和平行，根據(jù)幾何關系有所以則有即代入數(shù)據(jù)解得故A、B錯誤；CD．線段的中點的電勢的中點的電勢所以是一條等勢線，且，故電場方向由指向，電場強度大小故C錯誤，D正確；故選D。2、C【解析】

AC．沿電場線方向，電勢必定降低，而電場線疏密不一定，則場強不一定減小，故A錯誤，C正確；B．由于電性未知，所以電場力的方向未知，故沿電場線方向移動電荷時的做功情況無法確定，故B錯誤；D．電勢的大小取決于零勢能面的選擇，電場強度為零處，電勢不一定為零，故D錯誤。故選C。3、D【解析】

A．該電場中的電場強度關于x軸對稱，b、d兩點電場強度大小相等，但方向不同，所以電場強度不同.B．c點在兩個電荷連線的中點上，也在兩個電荷連線的中垂線上，所以c點的電勢和無窮遠處的電勢相等，均為0，而正電荷周圍電場的電勢逗比零高，所以a點的電勢比c點的電勢高，故B錯誤.CD．將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，電勢逐漸降低，電勢能逐漸減小，則電場力做正功，故C錯誤，D正確.4、D【解析】

在磁場中磁感應強度有強弱，則由磁感應強度來描述強弱．將通電導線垂直放入勻強磁場中，即確保電流方向與磁場方向相互垂直，則所受的磁場力與通電導線的電流與長度乘積之比．【詳解】長為0.01m，電流強度為5A，把它置入某磁場中某點，受到的磁場力為0.1N，當垂直放入磁場時，則公式，若不是垂直放入磁場時，則磁感應強度比2T還要大，故D正確，ABC錯誤．5、A【解析】

在時間t內有n個二價正離子通過某一橫截面，同時有2n個一價負離子通過該橫截面，可知在時間t內通過導體某一橫截面的總電荷量為由電流公式可知故選A。6、C【解析】試題分析：燈泡正常發(fā)光，電路電流，因為燈泡和電動機串聯(lián)，通過電動機的電流為2A，故A錯誤；電動機兩端的電壓，故B錯誤；電動機消耗的電功率P電＝UI＝22×2＝44W，電動機線圈發(fā)熱功率，電動機的輸出功率P機＝44?8＝36W，故C正確；燈泡電阻，電路在1分鐘產生的熱量，故D錯誤；故選C．考點：電功和電功率二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：A板與靜電計的指針相連，帶的是同種電荷，A錯誤；平行板電容器的決定式是，定義式是，若將B板豎直向上平移，兩極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差U增大，則靜電計指針張角增大B正確;若將B板向左平移，板間距離d增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，因電容器的電量Q不變，由電容的定義式知板間電勢差U增大，則靜電計指針張角增大，C錯誤;若將電介質插入兩板之間，則C增大，U減小，靜電計的指針偏角減小，D正確．考點：本題考查了電容器的定義式和平行板電容器的決定式．8、BC【解析】

場是看不見，摸不著，但是物質形態(tài)存在的，所以A正確；航天器中的“重力屏蔽狀態(tài)”指的是航天器中物體間沒有相互作用力，但仍存在重力，所以B錯誤；外電場在空腔導體的內部產生的場強，與感應電荷在內部的電場強度相互疊加后為0，所以C錯誤；由于靜電屏蔽作用，導體的外殼就會對它的內部起到“保護”作用，使它的內部不受外部電場的影響，所以導體腔內任意點的場強為零，D正確．9、AC【解析】

A.由于小球運動到B點時速度剛好為零，說明B點為“等效重力場”的最高點，由對稱性可知，在圓弧AB的中點即為“等效重力場”的最低點即受力平衡點，由平衡條件可得：，故A正確；B.在B點對小球受力分析且沿半徑指向圓心方向的合力為零，即，故B錯誤；C.在“等效重力場”中根據(jù)對稱性可知，小球在A、B兩點的加速度大小相等，故C正確；D.如果小球帶負電，則小球受到的電場力方向向左且電場力大于小球的重力，重力與電場力的合力向左下方，所以小球將脫離AB圓弧面，故D錯誤．故選AC。10、BC【解析】試題分析：根據(jù)W=Uq可知對UAB=1V表示：從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1J；或者從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1J，選項BC正確，AD錯誤；故選BC.考點：電勢差三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10ababA【解析】①根據(jù)，帶入數(shù)據(jù)可得：②由原理圖可知，電路采用滑動變阻器分壓接法，電流表采用外接法；則先連接分壓電路，再并聯(lián)測量電路；答案如圖所示：③為了測量安全，開始時測量電路的電壓應為零；由圖可知，測量電路與左側并聯(lián)；故開始時滑片應滑到a側；與測量部分并聯(lián)電阻越大，則燈泡兩端電壓越大，則應將滑片向b端移動．④因ab兩段上電流變化較大，故為了更精確的畫出I-U圖象，在ab段內應多測幾組數(shù)據(jù)．⑤因燈泡電阻隨溫度的升高而增大，故在I-U圖象中應為斜率越來越小的曲線；故選A12、11.16不是【解析】

平拋運動豎直方向是自由落體運動，對于豎直方向根據(jù)△y=gT2求出時間單位T．對于水平方向由公式求出初速度；根據(jù)b點的豎直分速度，結合速度時間公式求出a點的豎直分速度，從而確定a點是否是拋出點．【詳解】設相鄰兩點間的時間間隔為T，豎直方向：2L-L=gT2，得到；水平方向：；小球在b點時，豎直方向上的瞬時速度等于所以b點的速度b點的豎直分速度vby=0.75m/s，則a點的豎直分速度vay=vby-gT=0.75-10×0.05=0.25m/s≠0，可知a不是拋出點.【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式靈活求解.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】

（1）設A小球與B球第一次碰撞前速度為，碰撞后的速度分別為對A，根據(jù)牛頓第二定律得：由運動學公式有：解得：對于AB碰撞過程，取向右為正方向，由動量守恒定律和機械能守恒定律得：解得：（2）設第一次碰撞后到第二次碰撞前經歷的時間為，有從A球開始運動到兩球在電場中發(fā)生第二次碰撞前電場力對A球所做的功為：解得14、（1）未加m時使天平平衡的電流方向為逆時針（2）【解析】（1）若要是天平處于平衡狀態(tài)，則導線框應該受到向下的安培力，由左手定則可以判斷未加m時使天平平衡的電流方向為逆時針（2）根據(jù)平衡條件得:得綜上所述本題答案是：（1）未加m時使天平平衡的電流方向為逆時針