2025屆云南省騰沖一中物理高二上期中學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

2025屆云南省騰沖一中物理高二上期中學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下述說法正確的是A．根據(jù)E＝，可知電場中某點的場強與電場力成正比B．帶電荷量Q和3Q的點電荷A、B相互作用時，B受到的靜電力是A受到的靜電力的3倍C．根據(jù)庫侖定律表達式F＝k，當兩電荷之間的距離r→0時，兩電荷之間的庫侖力F→∞D(zhuǎn)．根據(jù)E=，可知點電荷電場中某點的場強與該點電荷的電量Q成正比2、下列關(guān)于電場線和磁感線說法錯誤的是（）A．電場線越密的地方，同一試探電荷所受的電場力越大B．即使在復雜電場中的電場線也是不相交的C．磁場的方向就是小磁針N極在磁場中所指方向D．電場的方向是帶電粒子在該點所受電場力的方向3、真空中兩個點電荷相距時，靜電力為，如果保持它們的電量不變，而將距離減少為時，靜電力將變?yōu)?

)A． B． C．2 D．44、如圖所示，空間某一區(qū)域中存在著方向互相垂直的勻強電場E和勻強磁場B，電場的方向水平向右，磁場方向垂直紙面向里。一個帶電粒子在這一區(qū)域中沿直線運動，不計粒子的重力，則（）A．粒子帶正電B．粒子可能做變速直線運動C．粒子做勻速直線運動，速度D．粒子所受到的洛倫茲力可能做正功也可能做負功5、如圖所示，電源的電動勢和內(nèi)阻分別為E、r，在滑動變阻器的滑片P由a向b移動的過程中，下列各物理量變化情況為A．電流表的讀數(shù)逐漸減小B．的功率逐漸增大C．電源的輸出功率可能先減小后增大D．電壓表與電流表讀數(shù)的改變量的比值先增大后減小6、把木箱放在電梯的水平地板上，則地板所受壓力最大的情況是（）A．電梯以a=1.5m/s2的加速度勻加速上升B．電梯以a=2.0m/s2的加速度勻減速上升C．電梯以a=1.8m/s2的加速度勻減速下降D．電梯以v=3m/s的速度勻速上升二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的電路中，電流表的內(nèi)阻很小可忽略不計．則利用此電路（）A．若已知R1、R2的阻值，且R1≠R2，可以測定電源電動勢和內(nèi)電阻B．若已知R1、R2的阻值，且R1≠R2，只能測定電源電動勢不能測電源內(nèi)電阻C．若已知R1、R2的阻值，且R1=R2，可以測定電源電動勢和內(nèi)電阻D．若已知電源電動勢E及R1的阻值，可以測量電阻R2的阻值和電源內(nèi)電阻8、如圖所示，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的物體處于場強按E＝E0－kt(E0、k均為大于零的常數(shù)，取水平向左為正方向)變化的電場中，物體與豎直墻壁間動摩擦因數(shù)為μ，當t＝0時刻物體處于靜止狀態(tài)．若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且電場空間和墻面均足夠大，下列說法正確的是()A．物體開始運動后加速度先增加、后減小B．物體開始運動后加速度不斷增大C．經(jīng)過時間，物體在豎直墻壁上的位移達最大值D．經(jīng)過時間，物體運動速度達最大9、質(zhì)量為m的小球從桌面上以速度豎直向上拋出，桌面離地高度為h，小球能達到的最大離地高度為H.若以地面作為重力勢能的零參考平面，如圖所示,不計空氣阻力，那么下列說法中正確的是：()A．小球拋出時的機械能為B．小球在最高點的機械能為mgHC．小球在最高點的機械能為D．小球落地時的機械能為mgH10、對UAB=1V的理解，正確的是（）A．從A到B移動qC的電荷，電場力做功1JB．從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1JC．從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1JD．從A到B移動1C的負電荷，外力做功1J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一圓柱體的未知合金，為測定其電阻率，某同學做了如下操作（1）用螺旋測微器測其直徑d，如圖，讀數(shù)是___________mm（2）再用游標卡尺測其長度l，如圖，讀數(shù)是___________cm（3）若已知該合金的電阻為R，則該合金的電阻率的表達式ρ=__________(請用上述字母d、l、R表示)。12．（12分）兩同學驗證反沖運動中動量守恒，如圖所示，兩質(zhì)量分別為mA、mB玩具小車放置在水平桌面上，中間夾一彈簧，自某一位置突然放開，兩小車做反沖運動，一段時間后，同時止住運動的小車，測出兩小車運動的距離分別為sA、sB忽略小車與桌面間的摩擦，請用以上物理量符號寫出反沖前后動量守恒表達式_________________；已知課本寬度為L，并以此計量小車運動的距離分別,可知兩小車質(zhì)量之比：=______．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一束電子從靜止開始經(jīng)加速電壓U1加速后，以水平速度射入水平放置的兩平行金屬板中間，金屬板長為l，兩板距離為d，豎直放置的熒光屏距金屬板右端為L.若在兩金屬板間加直流電壓U2時，光點偏離中線，打在熒光屏的P點，求14．（16分）雖然單個細微粒子撞擊一個巨大物體上的力是局部而短暫的脈沖，但大量粒子頻繁撞擊在物體產(chǎn)生的平均效果是個均勻而持續(xù)的壓力．為簡化問題，我們設(shè)粒子流中每個粒子的速度都與物體的界面<壁)垂直，并且速率也一樣，皆為．此外，設(shè)每個粒子的質(zhì)量為m，數(shù)密度(即單位體積內(nèi)的粒子數(shù))為．求下列兩種情況下壁面受到的壓強．(1)粒子完全射入壁面;(2)粒子等速率彈回.15．（12分）一輛質(zhì)量m=2.0×103kg的汽車，經(jīng)過半徑r=50m的水平彎路．則：（1）當汽車的速度v=10m/s時，受到的向心力為多大？（2）若汽車輪胎與路面間的最大靜摩擦力Fm=9.0×103N，為了使這輛車通過此段彎路時不發(fā)生側(cè)滑，行駛的最大速度為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A．電場強度是由電場本身決定的物理量，與試探電荷的電量以及所受的電場力無關(guān)，選項A錯誤；B．帶電荷量Q和3Q的點電荷A、B相互作用時，兩者之間是相互作用力，則B受到的靜電力等于A受到的靜電力，選項B錯誤；C．根據(jù)庫侖定律表達式F＝k，當兩電荷之間的距離r→0時，庫侖定律不再成立，選項C錯誤；D．根據(jù)E=，可知點電荷電場中某點的場強與該點電荷的電量Q成正比，選項D正確；故選D.2、D【解析】

A.電場線越密的地方，電場強度越大，所以同一試探電荷所受的電場力越大。故A正確，不符合題意；B.電場線的切線方向即為場強的方向，故任意兩條電場線都不會相交；故B正確，不符合題意；C.在磁場中，某點的磁場方向、該點磁感線方向和該點小磁針北極受磁力方向相同。故C正確，不符合題意；D.電場的方向是正電荷在該點所受電場力的方向，與負電荷受力方向相反。故D錯誤，符合題意，選擇D；3、D【解析】

電量不變，只是將距離減小一半，根據(jù)點電荷庫侖力的公式可以求得距離改變之后的庫侖力的大?。驹斀狻坑牲c電荷庫侖力的公式可以得到，電量不變，將它們之間的距離減小為r，庫侖力將變?yōu)樵瓉淼?倍，故D正確、ABC錯誤．故選：D．4、C【解析】

A.如果粒子帶正電，從下向上運動，電場力與洛侖茲力仍平衡，故無法判斷粒子帶電，故A錯誤；B.因為洛侖茲力始終與速度垂直，如果粒子做變速運動，則洛侖茲力大小時刻改變，則合力不可能始終與速度在一條直線上，故不可能做變速直線運動，一定做勻速直線運動，故B錯誤；C.根據(jù)平衡條件，可知速度，故C正確；D.粒子所受到的洛倫茲力始終與速度垂直，不做功，故D錯誤；故選C。5、C【解析】

AB、在滑動變阻器的滑片P由a向b移動的過程中，變阻器并聯(lián)的總電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知，電路中的總電流I先減小后增大，則電流表的讀數(shù)先減小后增大，R0的功率先減小后增大．故A錯誤，B錯誤；C、由于電源的內(nèi)阻與外電阻的關(guān)系未知，若電源的內(nèi)阻一直比外電阻小，則電源的輸出功率先減小后增大．故C正確；D、電壓表測量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E﹣Ir得：△U/△I=r，不變，故D錯誤．故選C．【點睛】在滑動變阻器的滑片P由a向b移動的過程中，變阻器并聯(lián)電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中總電流的變化，確定電流表示數(shù)的變化、R0的功率變化和路端電壓的變化．根據(jù)電源內(nèi)外電阻的關(guān)系分析電源輸出功率的變化．根據(jù)閉合電路歐姆定律分析△U/△I的變化．6、C【解析】解：A、加速上升，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律，有N﹣mg=ma，故N=mg+ma=11.5mB、減速上升，加速度向下，根據(jù)牛頓第二定律，有mg﹣N=ma，故N=mg﹣ma=8mC、減速下降，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律，有N﹣mg=ma，故N=mg+ma=11.8mD、勻速上升，二力平衡，有N=mg=10m根據(jù)牛頓第三定律，木箱對地板的壓力等于地板對木箱的支持力，選項C中地板所受壓力最大；故選：C．【點評】本題關(guān)鍵根據(jù)牛頓第二定律列方程求解出壓力后比較．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

開關(guān)接1時，由閉合電路歐姆定律可得：

開關(guān)接2時，由閉合電路歐姆定律可得：

AB．若已知的阻值，且，因電流值可以測出，故可以測定電源電動勢和內(nèi)電阻，故A正確，B錯誤；

C．若，則兩方程相同，故無法測定電源的電動勢和內(nèi)電阻，故C錯誤；

D．若已知電源電動勢E及的阻值，根據(jù)方程可以測量電阻的阻值和電源內(nèi)電阻，故D正確．8、BC【解析】由題意可知，在電場改變方向之前，物體沿豎直墻運動，由于水平方向支持力與電場力相等，電場強度減弱，所以支持力減小，故摩擦力減小，所以物體受到的重力和摩擦力的合力增大；電場改為水平向右時，物體受互相垂直的重力和電場力，而電場力隨電場強度的增大而增大，所以合力增大．因此，整個過程中，物體運動的加速度不斷增大，且速度不斷增大，故AB錯誤；因為場強按E=E0-kt變化可知，當電場強度為零時，物體在水平方向上不受力，當場強方向向右后，物體在水平方向上受向右的電場力．據(jù)以上分析可知，當場強為零時，物體開始離開墻壁，即E0-kt=0，解得：，此時在豎直墻壁上的位移最大，故C正確；根據(jù)以上分析知，物體運動的加速度不斷增大，且速度不斷增大，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．9、ABD【解析】若以桌面作為重力勢能的零參考平面，有動能為：，重力勢能為：mgh，此時的機械能為：，故A正確；小球在最高點的動能為零，重力勢能為mgH，所以機械能為mgH，故B正確，C錯誤；小球運動過程中，只受重力，機械能守恒，所以小球落地時的機械能為mgH，故D正確。所以ABD正確，C錯誤。10、BC【解析】試題分析：根據(jù)W=Uq可知對UAB=1V表示：從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1J；或者從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1J，選項BC正確，AD錯誤；故選BC.考點：電勢差三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.1501.240【解析】

（1）[1]．用螺旋測微器測其直徑d=2mm+0.01mm×15.0=2.150mm（2）[2]．用游標卡尺測其長度l=1.2cm+0.05mm×8=1.240cm（3）[3]．若已知該合金的電阻為R，則由解得合金的電阻率的表達式。12、;3:4;【解析】

忽略小車與桌面間的摩擦，系統(tǒng)的總動量守恒，速度用位移與時間之比表示，即可求得．【詳解】忽略小車與桌面間的摩擦，反沖后兩車都做勻速運動，則反沖后A、B兩車的速度大小分別為，取向右為正方向，由動量守恒定律得：代入得：所以反沖前后動量守恒表達式：已知，，代上式解得：【點睛】本題是運用等效思維方法，用位移代替速度，這樣將不便驗證的方程變成容易驗證．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、U2【解析】【分析】據(jù)動能定理求電子在加速場中獲得的速度，然后根據(jù)類平拋運動規(guī)律求在偏轉(zhuǎn)場中的豎直位移，再求出射出電場后豎直方向的位移；解：設(shè)電子射出偏轉(zhuǎn)極板時偏移距離為y，偏轉(zhuǎn)角為θ，則OP=y+Ltan又y=12tanθ=在加速電場加速過程中，由動能定理有eU由②③④式解得y=U2