福建省莆田市涵江區(qū)莆田七中2025屆物理高一第一學(xué)期期末學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

福建省莆田市涵江區(qū)莆田七中2025屆物理高一第一學(xué)期期末學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，在水平地面上做勻速直線運動的汽車，通過定滑輪用繩子吊起一個物體，若汽車和被吊物體在同一時刻的速度分別為v1和v2，則下面說法正確的是()A物體做勻速運動，且v2＝v1B.物體做加速運動，且v2>v1C.物體做加速運動，且v2<v1D.物體做減速運動，且v2<v12、甲、乙兩個金屬球，甲的重量是乙的2倍，從同一高度同時自由下落，下列說法正確的是A.兩球同時落地 B.甲球先落地C.甲球落地時速度較大 D.同一時刻在空中的位置不一定相同3、如圖所示，小芳在體重計上完成下蹲動作，下列F-t圖像能反應(yīng)體重計示數(shù)隨時間變化的是A. B.C. D.4、大小相等的力F按如圖所示的四種方式作用在相同的物體上，使物體能沿不同粗糙程度的水平面勻速運動，則物體與水平面間的摩擦力最大的是（）A. B.C. D.5、在探究超重和失重的規(guī)律時，某體重為G的同學(xué)站在壓力傳感器上完成一次下蹲動作。傳感器和計算機相連，經(jīng)計算機處理后得到的壓力隨時間t變化的圖像可能是圖中的（）A. B.C. D.6、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一半徑為R的圓弧軌道，半徑OA水平、OB豎直，一個質(zhì)量為m的小球自A點的正上方P點由靜止開始自由下落，小球沿圓弧軌道到達(dá)最高點B時恰好對軌道沒有壓力，已知，重力加速度為g，則小球從P到B的運動過程中（）A.重力做功mgRB.機械能減少C.合外力做功mgRD.克服摩擦力做功mgR7、如圖所示，輕彈簧下端固定在水平面上。一個小球從彈簧正上方某一高度處由靜止開始自由下落，接觸彈簧后把彈簧壓縮到一定程度后停止下落。在小球下落的這一全過程中，下列說法中正確的是（）A小球剛接觸彈簧瞬間速度最大B.從小球接觸彈簧到到達(dá)最低點，小球先失重后超重C.從小球接觸彈簧到到達(dá)最低點，小球的速度先增大后減小D.從小球接觸彈簧到到達(dá)最低點，小球的加速度先減小后增大8、如圖所示，質(zhì)量分別為m1、m2的甲、乙兩木塊之間壓縮一輕彈簧，用細(xì)線拉緊，豎直放置在水平地面上．當(dāng)整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)時，彈簧豎直，細(xì)線的拉力大小為F．將細(xì)線剪斷的瞬間，下列說法中正確的是A.甲的加速度大小為B.甲的加速度大小為C.乙對地面的壓力大小為(m1+m2)g+FD.地面對乙的支持力大小為(m1+m2)g9、如圖所示，在光滑水平桌面上放一質(zhì)量為m乙=5kg的盒子乙，乙內(nèi)放置質(zhì)量m丙=1kg的滑塊丙，用質(zhì)量不計的細(xì)繩跨過光滑的定滑輪將一質(zhì)量為m甲=2kg的物塊甲與乙相連接，其中連接乙的細(xì)繩與水平桌面平行。現(xiàn)由靜止釋放物塊甲，在以后的運動過程中，盒子乙與滑塊丙之間沒有相對運動，假設(shè)整個運動過程中盒子始終沒有離開水平桌面，重力加速度g＝10m/s2。則（）A.細(xì)繩對盒子的拉力大小為20N B.盒子的加速度大小為2.5m/s2C.盒子對滑塊丙的摩擦力大小為2.5N D.定滑輪受到細(xì)繩的作用力為30N10、如圖所示，用與豎直方向成θ角（θ＜45°）的傾斜輕繩a和水平輕繩b共同固定一個小球，這時繩b的拉力為F1，現(xiàn)保持小球在原位置不動，使繩b在原豎直平面內(nèi)逆時針轉(zhuǎn)過θ角，繩b的拉力為F2，再逆時針轉(zhuǎn)過θ角固定，繩b的拉力為F3，則()A.B.C.繩a的拉力先減小后增大D.繩a的拉力一直減小二、實驗題11、（4分）12、（10分）三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端與桌面的右端相齊薄木板的質(zhì)量，長度在薄木板的中央有一個小滑塊可視為質(zhì)點，質(zhì)量小滑塊與薄木板之間的動摩擦因數(shù)，小滑塊、薄木板與桌面之間的動摩擦因數(shù)相等，皆為設(shè)小滑塊與薄木板之間的滑動摩擦力等于它們之間的最大靜摩擦力某時刻起對薄木板施加一個向右的拉力使木板向右運動求：(1)當(dāng)外力時，m與M的加速度各為多大？(2)若使小滑塊與木板之間發(fā)生相對滑動，拉力F至少是多大？(3)若使小滑塊脫離木板但不離開桌面，求拉力F應(yīng)滿足的條件14、（14分）如圖所示，質(zhì)量mB=2kg的木板B靜止放置于光滑水平面上，現(xiàn)有一F=10N的外力作用在木板上，使其開始向右加速，在此同時，將一質(zhì)量mA=lkg的物塊A（視為質(zhì)點）放置在木板B的左端，以v0=4m/s的初速度開始向右運動，物塊A與木板B之間的動摩擦因數(shù)μ=0.2。已知運動過程中物塊A恰好沒有從木板B的右端掉下。求：（1）物塊A與木板B開始運動的加速度aA、aB大小；（2）木板B的長度L；（3）物塊A在開始運動后的1.5s時間內(nèi)的位移x0。15、（13分）有一傾角為的傳送帶逆時針轉(zhuǎn)動，正常運轉(zhuǎn)時的速度，AB間長度．現(xiàn)通過定滑輪用輕繩沿著傳送帶方向拉動的平板，已知平板與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)平板可視為質(zhì)點，不計輕繩和定滑輪之間的摩擦，g取，，傳送帶靜止時，為了勻速拉動平板，求所需拉力的大小；傳送帶正常運轉(zhuǎn)時，用恒力拉動初速度為零的平板，求平板從A點到達(dá)B點所用的時間；傳送帶正常運轉(zhuǎn)時，將的物體疊放在平板上，物體與平板之間的動摩擦因數(shù)隨后拉動初速度為零的平板物體始終相對平板靜止，求：從A點到達(dá)B點所用的最短時間；在問中，拉力大小隨時間變化的規(guī)律只需寫出結(jié)果，不需要計算過程

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】將汽車的運動分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，如圖所示：設(shè)兩段繩子夾角為，沿繩子方向的速度等于重物的速度大小重物的速度,所以,汽車向右勻速行駛,則增大,則增大,所以重物的速度增大,物體在做加速運動，故C正確，ABD錯誤。2、A【解析】兩物體做自由落體運動，加速度相同，都為g．高度相同，則落地時間相同，落地時的速度相等，在下落的過程中位移相同【詳解】A、B項：兩物體做自由落體運動，加速度相同，都為g．根據(jù)知，高度相同，落地時間相同，故A正確，B錯誤；C項：根據(jù)v=gt知，落地時間相同，則落地的速度相同，故C錯誤；D項：根據(jù)知，同一時刻下落的高度相同，故D錯誤故應(yīng)選：A【點睛】該題比較簡單，關(guān)鍵知道自由落體運動是初速度為0，加速度為g的勻加速直線運動，自由下落的時間、速度與質(zhì)量無關(guān)，只與高度有關(guān)3、C【解析】對人的運動過程分析可知，人下蹲的過程可以分成兩段：人在加速下蹲的過程中，有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，此時人對傳感器的壓力小于人的重力的大?。辉跍p速下蹲的過程中，加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，此時人對傳感器的壓力大于人的重力的大小，故C正確，A、B、D錯誤；故選C【點睛】人在加速下蹲的過程中，有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，在減速下蹲的過程中，加速度方向向上，處于超重狀態(tài)4、A【解析】幾種情況下均處于平衡狀態(tài)，即合力為0A．A圖中摩擦力等于拉力FB．B圖中將力沿著水平和豎直方向正交分解，則摩擦力C．C圖中將力沿著水平和豎直方向正交分解，則摩擦力D．D圖為將拉力沿水平和豎直方向正交分解，則摩擦力則可知A圖中摩擦力最大，故A正確，BCD錯誤。故選A。5、D【解析】該同學(xué)站在壓力傳感器上完成一次下蹲動作的過程中，先向下加速，后向下減速，其加速度先向下后向上，即先失重后超重，選項D正確.；ABC錯故選D6、AB【解析】A．PB高度差為R，重力做功mgR，A正確BCD．到達(dá)最高點B時恰好對軌道沒有壓力，則，，所以合外力做功，C錯誤；以O(shè)A所在平面為參考平面，初始機械能為，末狀態(tài)機械能為，，B正確D錯誤7、BCD【解析】A．小球剛接觸彈簧瞬間受到的彈力小于重力，合力向下，繼續(xù)向下加速，說明剛接觸彈簧瞬間速度不是最大值，故A錯誤；BCD．從小球接觸彈簧到到達(dá)最低點，小球先做加速度逐漸減小的加速運動，后做加速度逐漸增大的減速運動，速度先增大后減小，開始階段加速度向下為失重狀態(tài)，后來加速度向上為超重狀態(tài)，故BCD都正確。故選擇BCD選項。8、AC【解析】系統(tǒng)靜止時，根據(jù)繩子的拉力，結(jié)合共點力平衡求出彈簧的彈力，細(xì)繩燒斷的瞬間，彈簧的彈力不變，結(jié)合牛頓第二定律和共點力平衡進(jìn)行分析求解【詳解】A、B、開始系統(tǒng)處于靜止，對甲分析，有：F+m1g=F彈，剪斷細(xì)線的瞬間，彈簧彈力不變，對甲由牛頓第二定律得，聯(lián)立得；故A正確，B錯誤.C、D、對乙分析可知，剪斷細(xì)繩前后均處于靜止，則，聯(lián)立F+m1g=F彈可知，由牛頓第三定律可知乙對地面的壓力；故C正確，D錯誤.故選AC.【點睛】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡和牛頓第二定律進(jìn)行求解，知道剪斷細(xì)繩的瞬間，彈簧的彈力不變9、BC【解析】AB．以整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得解得整體的加速度為：以乙和丙整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得繩子的拉力大小為故A錯誤、B正確；C．以丙為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得盒子對滑塊丙的摩擦力大小為故C正確；D．定滑輪受到細(xì)繩的作用力為故D錯誤。故選BC10、BD【解析】本題考查共點力的平衡及動態(tài)平衡【詳解】對小球進(jìn)行受力分析如圖所示，根據(jù)三角形法則有由幾何關(guān)系，可知F2與輕繩a垂直時，此時拉力最小，故有，即B選項正確，在輕繩b逐漸向上轉(zhuǎn)動過程中可以看出輕繩b中的拉力逐漸變小，故D選項正確綜上所述，本題正確答案選BD二、實驗題11、12、三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（1）（2）（3）【解析】（1）分別以滑塊和木板為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求出其加速度，小滑塊與木板之間發(fā)生相對滑動的臨界情況為：a1=a2．求出滑塊與木板相對滑動的臨界拉力，然后根據(jù)拉力大小求出m與M的加速度；（2）應(yīng)用牛頓第二定律求出拉力F；（3）先找出小滑塊脫離木板但不離開桌面的位置關(guān)系以及滑塊與木板的位移關(guān)系，根據(jù)牛頓第二定律列方程求出木板與滑塊的加速度由位移速度公式表示出其位移，結(jié)合找出的位移關(guān)系列方程求解；【詳解】（1）設(shè)小滑塊與薄木板剛好發(fā)生相對滑動時，小滑塊的加速度為，薄木板的加速度為，根據(jù)牛頓第二定律有：對滑塊：對木板：且有：，解得：，由于：，M、m相對靜止，它們一起做勻加速直線運動，由牛頓第二定律可知，加速度：；（2）由（1）可知，使小滑塊與木板之間發(fā)生相對滑動的臨界拉力：，則拉力至少為；（3）設(shè)小滑塊脫離薄木板時的速度為v，時間為t，在桌面上滑動的加速度為，小滑塊脫離木板前，薄木板的加速度為，空間位置變化如圖所示：則滑塊的速度：，對滑塊，由牛頓第二定律得：，位移：，，由幾何關(guān)系得：，木板的位移：，根據(jù)牛頓第二定律，對木板：解得：，要使小滑塊脫離薄木板但不離開桌面，拉力；【點睛】本題的關(guān)鍵是隔離法對滑塊和木板分別正確受力分析由牛頓第二定律列方程，并找出其滿足條件的臨界情況．14、（1）2m/s2，6m/s2；（2）1m；（3）5.75m【解析】（1）物塊A向右減速，木板B向右加速，對物塊A，由牛頓第二定律得代入數(shù)據(jù)解得對木板B有代入數(shù)據(jù)解得m/s2（2）設(shè)經(jīng)過時間t1，兩者速度相等，則有代入數(shù)據(jù)解得則共同的速度為物塊A運動的位移為代入數(shù)據(jù)解得木塊運動的位移為代入數(shù)據(jù)解得則木板B的長度為解得（3）假設(shè)物塊A與木板B達(dá)到共速后能一起加速，對整體有對物塊A有計算可得則假設(shè)不成立，物塊A與木板B各自加速，根據(jù)牛頓第二定律，對物塊A有代入數(shù)據(jù)解得對物塊B有代入數(shù)據(jù)解得在剩下的時間內(nèi)，物塊A的位移為代入數(shù)據(jù)解得物塊B的位移為代入數(shù)據(jù)解得兩者相對位移物塊A在1.5s時間在木板上先向右勻減速，后向右勻加速，物塊A在1.5s時間總位移代入數(shù)據(jù)解得15、124N；；4s；，，【解析】傳送帶靜止時，勻速拉動平板時平板受力平衡，分析其受力，由平衡條件求所需拉力的大?。粋魉蛶д＿\轉(zhuǎn)時，用恒力拉動初速度為零的平板，平板先做勻加速運動，由牛頓第二定律求出加速度，由速度時間公式求出平板加速至速度等于時經(jīng)歷的時間，并求得此過程的位移，再根據(jù)平板與傳送帶共速時受力情況，判斷之后平板的運動情況，即可求得平板從A點到達(dá)B點所用的時間；物體與平板相對靜止時，對物體受力分析，由牛頓第二定律求得加速度，再由位移公式求從A點到