廣東省惠州市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物理試題（含答案）

廣東省惠州市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三總分評(píng)分一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．如圖所示，羅浮山飛云頂沿線安裝了許多太陽能路燈，太陽能電池板為夜間照明提供能量.下列說法正確的是（）圖1A．太陽能屬于清潔能源B．太陽能電池板可以將太陽能100％轉(zhuǎn)化為電能C．羅浮山飛云頂只有太陽能可以轉(zhuǎn)化為電能D．能量在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移過程中，其總量保持不變，故節(jié)約能源沒有必要2．對(duì)圖中（a）、（b）、（c）、（d）四個(gè)實(shí)驗(yàn)裝置的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的描述中正確是（）A．圖（a）放在小磁針正上方直導(dǎo)線通圖示電流時(shí)，N極將垂直紙面向外轉(zhuǎn)動(dòng)B．圖（b）閉合開關(guān)后金屬棒會(huì)在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)，說明了回路產(chǎn)生了感應(yīng)電流C．圖（c）閉合開關(guān)后線框會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)，說明了回路產(chǎn)生了感應(yīng)電流D．圖（d）線圈ABCD遠(yuǎn)離通電直導(dǎo)線向右移動(dòng)時(shí)，線圈中有感應(yīng)電流3．電容式話筒是利用電容大小的變化，將聲音信號(hào)轉(zhuǎn)化為電信號(hào)，如圖所示為電容式話筒的簡化示意圖.在聲壓作用下，振動(dòng)電極上的薄膜向左運(yùn)動(dòng)時(shí)（）A．電容器的電容減小 B．電容器的電荷量減小C．有從左到右的電流通過電阻R D．電容器中的電場(chǎng)強(qiáng)度減小4．一帶負(fù)電的粒子僅在電場(chǎng)力的作用下，以一定的初速度從A點(diǎn)沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，其v-t圖像如圖所示.則此電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布可能是（）A． B．C． D．5．圖為一種玩具汽車的簡化電路圖，某同學(xué)先閉合開關(guān)S1，燈泡能正常發(fā)光；再閉合開關(guān)S2后，電動(dòng)機(jī)開始轉(zhuǎn)動(dòng)，燈泡變暗.在閉合開關(guān)A．電源的路端電壓變大 B．通過電源的電流變大C．電源內(nèi)阻上消耗的功率變小 D．電源總功率變小6．如圖所示，球體的直徑AB、CD、MN兩兩垂直，O點(diǎn)為球體球心，兩個(gè)帶等量正電的點(diǎn)電荷分別位于A和B點(diǎn).則下列說法中正確的是（）A．M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和N點(diǎn)的相同B．N點(diǎn)的電勢(shì)比M點(diǎn)的高C．一正點(diǎn)電荷從O點(diǎn)沿OB靠近B的過程中，電勢(shì)能一直增大D．一負(fù)點(diǎn)電荷沿半圓弧MCN移動(dòng)過程中，電勢(shì)能先減小后增大7．如圖所示是一個(gè)測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B的實(shí)驗(yàn)裝置簡圖.整個(gè)裝置懸掛在彈簧測(cè)力計(jì)下，單匝線圈的下邊處于一個(gè)待測(cè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，邊長L＝0.1m，磁場(chǎng)方向與線圈平面垂直.當(dāng)線圈接通2A直流電時(shí)，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為0.6N.保持電流大小不變，改變電流方向，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為0.8N，則（）A．不通電時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為0.2NB．改變電流方向后，線圈受到的安培力向上C．線圈受到的安培力大小為0.2ND．待測(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5T二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8．惠州某學(xué)校的教室墻上有一扇朝向正南的鋼窗，如圖所示，某同學(xué)站在教室內(nèi)面向窗戶把鋼窗向外推開的過程中，下列說法正確的是（）A．穿過鋼窗的地磁場(chǎng)的磁通量變大B．穿過鋼窗的地磁場(chǎng)的磁通量變小C．從推窗人的角度看，鋼窗中的感應(yīng)電流方向是逆時(shí)針D．從推窗人的角度看，鋼窗中的感應(yīng)電流方向是順時(shí)針9．如圖（a）所示，螺線管匝數(shù)n＝1000，橫截面積S=0.A．在0～4s時(shí)間內(nèi)，R中有電流從b流向aB．t＝2s時(shí)穿過螺線管的磁通量為0.07WbC．在4～6s時(shí)間內(nèi)，通過R的電流大小為0.8AD．在4～6s時(shí)間內(nèi)，R兩端電壓U10．如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為m、電荷量大小為q的帶電粒子從圓周上的M點(diǎn)沿直徑MON方向射入磁場(chǎng).若該粒子射入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為v1，離開磁場(chǎng)時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)90°，用時(shí)為t1；若粒子射入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為v2A．該粒子帶正電荷B．由題目所給的信息可以求該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度C．vD．t三、非選擇題：本題共5小題，共54分?？忌鶕?jù)要求作答。11．某同學(xué)測(cè)量一段兩端切割平整的鉛筆芯的電阻率，需測(cè)量鉛筆芯的尺寸和電阻.（1）分別使用游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器測(cè)量鉛筆芯的長度和直徑，測(cè)量的示數(shù)如圖（a）和圖（b）所示，長度L＝cm，直徑d＝mm.（2）該同學(xué)按圖（a）連接電路，若電壓表讀數(shù)為U，電流表讀數(shù)為I，定值電阻R0已知，將電流表和電壓表看作理想電表，則鉛筆芯的電阻率ρ＝（用L、d、U、I、R（3）實(shí)際上，該實(shí)驗(yàn)中的電流表和電壓表不是理想電表，且內(nèi)阻未知，則用上述方法測(cè)得的Rx（4）若電流表內(nèi)阻為RA已知，定值電阻R012．小明同學(xué)將銅片和鋅片相隔1cm插入一個(gè)蘋果中，制成了一個(gè)水果電池，如圖（a）所示.他利用如下器材測(cè)量水果電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)器材如下：A.利用銅片、鋅片與蘋果制成的一個(gè)水果電池B.電流表A（0-0.6mA，內(nèi)阻250Ω）C.電壓表V（0-3V，內(nèi)阻約3kΩ）D.滑動(dòng)變阻器R（最大阻值2000Ω）E.開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）據(jù)資料，這種水果電池的電動(dòng)勢(shì)不到1V，內(nèi)阻約一千歐左右，若用圖（b）所示多用電表對(duì)其內(nèi)阻進(jìn)行估測(cè)，以下操作正確的是（）A．選擇開關(guān)置于A處 B．選擇開關(guān)置于B處C．選擇開關(guān)置于C處 D．選擇開關(guān)置于D處（2）利用電流表和電壓表等提供的器材更準(zhǔn)確地測(cè)量“蘋果電池”的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，應(yīng)該選擇的實(shí)驗(yàn)電路是圖中的（選填“（a）”或“（b）”）.（3）選擇正確的電路后由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的U-I圖像如圖（c）所示，由圖像可求得電源電動(dòng)勢(shì)為V，內(nèi)電阻為Ω（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）.（4）他用該水果電池給一個(gè)規(guī)格為“2.5V，0.5A”的小燈泡供電，發(fā)現(xiàn)雖然逐漸增加水果電池串聯(lián)的數(shù)量，但小燈泡依舊幾乎不發(fā)光，原因是.13．如圖（a）所示，同學(xué)們經(jīng)常用到飯卡、水卡進(jìn)行扣款消費(fèi).飯卡、水卡內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖（b）所示，由線圈和電路組成.當(dāng)卡片靠近感應(yīng)區(qū)域時(shí)，會(huì)在線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流來驅(qū)動(dòng)芯片運(yùn)作，從而實(shí)現(xiàn)扣款功能.測(cè)得卡片內(nèi)部線圈為長8cm、寬5cm的長方形，共5匝，回路總電阻為1Ω.若某次感應(yīng)時(shí)卡面與感應(yīng)區(qū)平面平行，在0.1s的感應(yīng)時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)區(qū)內(nèi)垂直于感應(yīng)區(qū)平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度由0均勻增大到1.（1）0.1s內(nèi)線圈的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E；（2）0.1s內(nèi)通過線圈內(nèi)導(dǎo)線某截面的電荷量q；（3）0.1s內(nèi)線圈的發(fā)熱量Q.（計(jì)算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）14．在電場(chǎng)中有著類似于重力場(chǎng)中秋千往返運(yùn)動(dòng)的現(xiàn)象，圖是其模型簡圖，ABC是半徑為R的四分之一光滑絕緣圓弧軌道，軌道豎直放置，O為圓心，A、B、C分別位于軌道內(nèi)最高點(diǎn)、中點(diǎn)和最低點(diǎn).軌道所在空間中有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng).一質(zhì)量為m、帶電量為＋q的小球（小球直徑遠(yuǎn)小于R）從A處由靜止釋放，恰好能夠沿著圓弧軌道在AC間做往返運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g.求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大?。唬?）CB之間的電勢(shì)差UCB（3）小球沿著圓弧軌道運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，受到軌道的支持力大小.15．現(xiàn)代科技中常利用電場(chǎng)和磁場(chǎng)來控制帶電粒子的運(yùn)動(dòng)，某控制裝置如圖所示，相距為R＝4cm的兩塊平行金屬板M、N正對(duì)著放置，以O(shè)為圓心、半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝0.5T、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，圓弧形收集板D上各點(diǎn)到O點(diǎn)的距離以及板D兩端點(diǎn)的距離均為2R.S1、S2分別為M、N板上的小孔，S1、S2、O三點(diǎn)連線垂直板M、N，且S1S2=S2O=R.當(dāng)板M、N間的電壓恒為U（1）粒子在圓形磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r；（2）粒子從S1（3）若M、N間的電壓可調(diào)節(jié)，為確保粒子都能打在收集板D上，M、N間電壓的范圍.

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A.太陽能屬于清潔能源，A符合題意；

B.太陽能電池板不可以將太陽能100%轉(zhuǎn)化為電能，B不符合題意；

C.羅浮山飛云頂除了太陽能可以轉(zhuǎn)化為電能，還可以利用風(fēng)能轉(zhuǎn)化成電能，C不符合題意；

D.能量在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移過程中，其總量保持不變，但是會(huì)有部分能量不能被回收利用，存在能量耗散現(xiàn)象，故依然要節(jié)約能源，D不符合題意。

故答案為：A。

【分析】知道能量的種類，了解能量的轉(zhuǎn)化原理和過程。2．【答案】D【解析】【解答】A.圖（a）中水平放置的導(dǎo)線通電后，根據(jù)安培定則可知，其在小磁針處產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直紙面向里，根據(jù)小磁針靜止時(shí)指向該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向可知，小磁針N極將垂直紙面向里轉(zhuǎn)動(dòng)，A不符合題意；

B.圖（b）中閉合電鍵后金屬棒會(huì)在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)，說明通電導(dǎo)體在磁中受到磁場(chǎng)力的作用，B不符合題意；

C.圖（c）中閉合開關(guān)后線框會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)，說明了通電線框在磁中受到磁場(chǎng)力的作用，C不符合題意；

D.圖（d）中線圈ABCD遠(yuǎn)離通電直導(dǎo)線向右移動(dòng)時(shí)，通過線圈的磁通量發(fā)生了變化，所以產(chǎn)生了感應(yīng)電流，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】由安培定則判斷通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，再跟進(jìn)小磁針靜止時(shí)指向該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向，判斷小磁針N極的轉(zhuǎn)動(dòng)方向；垂直放置在磁場(chǎng)中的通電導(dǎo)線會(huì)受到磁場(chǎng)力的作用；當(dāng)閉合電路中的磁通量發(fā)生變化時(shí)，回路中會(huì)有感應(yīng)電流產(chǎn)生。3．【答案】C【解析】【解答】A.當(dāng)振動(dòng)膜片向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，電容器的極板間距變小，根據(jù)C=εS4πkd可知，d減小，電容變大，A不符合題意；

B.由于電容器一直與電源相連，所以極板移動(dòng)過程中，極板電壓不變，根據(jù)C=QU可知，當(dāng)電容變大時(shí)，所帶電荷量增加，B不符合題意；

C.根據(jù)前面分析電容器所帶電荷量增加，電容器充電，可知此時(shí)充電電流通過電阻時(shí)方向自左向右，C符合題意；

D.當(dāng)極板間距變小時(shí)，由E=Ud可知，電容器兩極板間的場(chǎng)強(qiáng)增大，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)電容的決定式4．【答案】A【解析】【解答】從題圖中可以直接看出，粒子的速度隨時(shí)間的增大逐漸減小，所以粒子受到電場(chǎng)力方向應(yīng)該與速度方向相反，由B指向A，因?yàn)榱Ｗ訋ж?fù)電，所以電場(chǎng)線由A指向B，v-t圖線的斜率逐漸增大，說明粒子的加速度逐漸增大，電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸變大，從A到B電場(chǎng)線逐漸變密，綜合分析可知，A符合題意，BCD不符合題意。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)速度與加速度的變化情況，分析粒子受到的電場(chǎng)力的方向及變化情況，得到電場(chǎng)線的分布情況。5．【答案】B【解析】【解答】AB.在閉合開關(guān)S2U=E-Ir變小，A不符合題意，B符合題意；

C.電源內(nèi)阻上消耗的功率P因?yàn)镮變大，所以P內(nèi)變大，C不符合題意；

P=EI因?yàn)镮變大，所以電源總功率P變大。

故選B。

【分析】結(jié)合回路中電阻的變化，由閉合電路歐姆定律分析各部分電路中的電流和電壓的變化情況；由電功率的公式分析電源內(nèi)阻消耗的功率和電源總功率的變化情況。6．【答案】C【解析】【解答】A.根據(jù)等量同種電荷的電場(chǎng)分布特點(diǎn)可知，點(diǎn)M與點(diǎn)N的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，A不符合題意；

B.C、D、M、N這四點(diǎn)據(jù)兩電荷的距離相等，根據(jù)等量同種電荷的電場(chǎng)分布特點(diǎn)可知，C、D、M、N這四點(diǎn)處于同一等勢(shì)面內(nèi)，故電勢(shì)相等，B不符合題意；

C.根據(jù)等量同種電荷的電場(chǎng)分布特點(diǎn)和沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低的規(guī)律可知，O點(diǎn)到B點(diǎn)電勢(shì)不斷增大，由電勢(shì)能公式E可知一正點(diǎn)電荷從O點(diǎn)沿OB靠近B的過程中，電勢(shì)能一直增大，C符合題意；

D.半圓弧MCN為一等勢(shì)線，所以一帶負(fù)電荷的試探電荷沿半圓弧MCN移動(dòng)過程中，電場(chǎng)力不做功，電勢(shì)能不變，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)等量同種電荷的電場(chǎng)分布特點(diǎn)，分析各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；根據(jù)等量同種電荷的電場(chǎng)線分布，分析各點(diǎn)電勢(shì)的關(guān)系，由Ep7．【答案】D【解析】【解答】ABC.由題意可知，改變電流方向后，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)增大，說明電流改變方向后，線圈所受安培力方向變?yōu)樨Q直向下。則電流方向改變前，線圈受到的安培力方向向上，設(shè)不通電時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為F，通電后線圈所受安培力的大小為FAF+電流方向改變前，有F-解得F=0.7N，F(xiàn)ABC不符合題意；

D.待測(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=D符合題意。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)電流方向改變前后線圈受到的安培力方向，由共點(diǎn)力平衡條件求解線圈的受力和不通電時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)；由磁感應(yīng)強(qiáng)度公式B=F8．【答案】B,C【解析】【解答】地磁場(chǎng)由南向北，當(dāng)朝南的鋼窗向外推開后，平面與磁場(chǎng)平行時(shí)，穿過鋼窗的磁通量為0，故把鋼窗向外推開的過程中，穿過鋼窗的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，鋼窗中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向，從推窗人的角度看為逆時(shí)針，AD不符合題意，BC符合題意。

故答案為：BC。

【分析】根據(jù)地磁場(chǎng)的特點(diǎn)，由磁通量的定義分析窗子推開過程中，穿過鋼窗的地磁場(chǎng)的磁通量的變化情況，然后又楞次定律分析鋼窗中感應(yīng)電流的方向。9．【答案】A,C【解析】【解答】A.由圖（b）可知，在0~4s內(nèi)，穿過螺旋管的磁場(chǎng)向左且增大，根據(jù)楞次定律和安培定則可知R中的電流方向從b流向a，A符合題意；

B.由圖（b）可知，t=2s時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為B=3T，則此時(shí)的磁通量為?=BS=0.06B不符合題意；

CD.在4s~6s內(nèi)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為E=n則R中電流大小為I=R兩端電壓UC符合題意，D不符合題意。

故答案為：AC。

【分析】由楞次定律和安培定則分析0～4s時(shí)間內(nèi)，R中電流方向；由磁通量的公式?=BS，計(jì)算t＝2s時(shí)穿過螺線管的磁通量；由法拉第電磁感應(yīng)定律求出在4s~6s內(nèi)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小，再由歐姆定律求解該時(shí)間段內(nèi)通過R的電流和R兩端的電壓。10．【答案】A,B,C【解析】【解答】A.根據(jù)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)方向，由左手定則知，粒子帶正電，A符合題意；

BCD.做出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心如圖所示，設(shè)磁場(chǎng)半徑為r，

可知R1=r又因?yàn)槁鍌惼澚μ峁┫蛐牧Γ蠦qv=m得v=所以v又有T=所以tt所以t由上面式子有B=BC符合題意，D不符合題意。

故答案為：ABC。

【分析】由左手定則判斷粒子的正負(fù)；結(jié)合幾何關(guān)系，由粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑和周期公式，推導(dǎo)兩粒子的速度比值和運(yùn)動(dòng)時(shí)間的比值，求出磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度。11．【答案】（1）5.015；1.753-7.757（2）π（3）小于（4）【解析】【解答】（1）圖（a）所示游標(biāo)卡尺精度是0.05mm，主尺讀數(shù)為50mm，可動(dòng)尺讀數(shù)為3×0.05mm=0.15mm，可得該導(dǎo)體的長度為L=50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm圖（b）所示螺旋測(cè)微器精確度為0.01mm，主尺讀數(shù)為1.5mm，可動(dòng)尺讀數(shù)為25.5×0.01mm=0.255mm可得圓柱體的直徑d=1.5mm+0.255mm=1.755mm（2）根據(jù)電阻定律可得R=ρ得ρ=根據(jù)電路結(jié)構(gòu)，由歐姆定律可得R=聯(lián)立解得ρ=（3）由于電壓表的分流作用，使得電流偏大，所以上述方法測(cè)得的Rx小于真實(shí)值。

（4）若電流表內(nèi)阻為RA已知，定值電阻R0已知，為更準(zhǔn)確地測(cè)量鉛筆芯電阻，應(yīng)采用電流表內(nèi)接法，所以電路圖如下：

12．【答案】（1）C（2）（b）（3）0.950；1（4）水果電池的電動(dòng)勢(shì)小，內(nèi)阻比燈泡電阻大很多，盡管多個(gè)水果電池串聯(lián)，輸出的電壓也遠(yuǎn)小于燈泡額定電壓，回路中的電流遠(yuǎn)小于額定電流【解析】【解答】（1）用多用電表對(duì)水果電池的內(nèi)阻進(jìn)行估測(cè)，應(yīng)將選擇開關(guān)置于歐姆檔，即C處或D處，因?yàn)樗姵氐膬?nèi)阻約一干歐左右，而多用電表測(cè)電阻時(shí)，指針指在中央位置附近，測(cè)量會(huì)比較準(zhǔn)確，所以應(yīng)將選擇開關(guān)置于C處，應(yīng)用歐姆×100Ω擋測(cè)量水果電池的內(nèi)阻，C符合題意，ABD不符合題意。

故答案為：C。

（2）因?yàn)殡娏鞅淼膬?nèi)阻已知，故采用b實(shí)驗(yàn)電路能更準(zhǔn)確地測(cè)量“蘋果電池”的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；

（3）根據(jù)電路結(jié)構(gòu)，由閉合電路的歐姆定律可得E=U+I(整理得U=-(結(jié)合U-I圖像的縱軸截距和斜率，可得E=0.950V-(可得內(nèi)電阻為r=1.00×（4）小燈泡幾乎不發(fā)光的原因：水果電池的電動(dòng)勢(shì)小，內(nèi)阻比燈泡電阻大很多，盡管多個(gè)水果電池串聯(lián)，輸出的電壓也遠(yuǎn)小于燈泡額定電壓，回路中的電流遠(yuǎn)小于燈泡的額定電流，所以燈泡幾乎不發(fā)光。

【分析】（1）根據(jù)多用電表測(cè)電阻的方法進(jìn)行測(cè)量；（2）根據(jù)電流表內(nèi)阻已知的特點(diǎn)，本著減小誤差的目的，選擇實(shí)驗(yàn)電路；（3）由閉合電路歐姆定律推導(dǎo)U-I的關(guān)系式，結(jié)合U-I圖像的縱軸截距和斜率，求出電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；（4）根據(jù)水果電池的特點(diǎn)，分析燈泡不發(fā)光的原因。13．【答案】（1）解：0.1s內(nèi)線圈的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=n代入數(shù)據(jù)解得：E=2（2）解：0.1s內(nèi)通過線圈的電流大小為：I=代入數(shù)據(jù)解