數(shù)學(xué)模擬-2025屆高三八省聯(lián)考數(shù)學(xué)模擬預(yù)測(cè)卷（答案及解析）

高三八省聯(lián)考數(shù)學(xué)模擬預(yù)測(cè)卷參考答案及解析1．【答案】A【分析】先確定兩個(gè)集合中元素，再根據(jù)交集的定義求解，【詳解】因?yàn)?，所?故選A．2．【答案】D【分析】根據(jù)復(fù)數(shù)的除法運(yùn)算化簡(jiǎn)復(fù)數(shù)，再根據(jù)復(fù)數(shù)的概念求解即可.【詳解】由，故z的虛部為4．故選D.3．【答案】C【詳解】因?yàn)闃颖緓1，x2，3，...，xn的平均數(shù)為所以樣本2x1?2，2x2?2，2x3?2，?，2x4．【答案】B【分析】先根據(jù)向量平行求參數(shù)，再根據(jù)向量同向進(jìn)行取舍.【詳解】因?yàn)榕c共線，所以，解得或,若，則，，所以，所以與方向相反，所以舍去，若，則，，所以，所以與方向相同，所以為所求.故選B.5．【答案】B【分析】解法一：分析可知甲的排位有可能是第二、三、四3種情況，分類(lèi)討論結(jié)合組合數(shù)分析求解；解法二：利用間接法，根據(jù)題意先排甲不排首尾，再排除不符合題意的情況，結(jié)合組合數(shù)分析求解.【詳解】解法一：多重限制的排列問(wèn)題：甲、乙都不是第一名且甲不是最后一名，且丙不是第二名，即甲的限制最多，故以甲為優(yōu)先元素分類(lèi)計(jì)數(shù)，甲的排位有可能是第二、三、四3種情況：①甲排第二位，乙排第三、四、五位，包含丙的余下3人有種排法，則有；②甲排第三、四位，乙排第二位，包含丙的余下3人有種排法，則有；③甲排第三、四位，乙不排第一、二位，即有2種排法，丙不排第二位，有2種排法，余下2人有種排法，則有；綜上，該5名同學(xué)可能的名次排情況種數(shù)為種.解法二：間接法：甲不排首尾，有三種情況，再排乙，也有3種情況，包含丙的余下3人有種排法，共有種不同的情況；但如果丙是第二名，則甲有可能是第三、四名2種情況；再排乙，也有2種情況；余下2人有種排法，故共有種不同的情況；從而該5名同學(xué)可能的名次排情況種數(shù)為種.故選B.6．【答案】C【分析】建立空間直角坐標(biāo)系，設(shè)出，利用向量的數(shù)量積及體積最大值求得，從而得到與平面所成角的正弦值.【詳解】如圖，A為坐標(biāo)原點(diǎn)，AB，AD，所在直線分別為軸，建立空間直角坐標(biāo)系，則，，，設(shè)，，則，由于為定值，要想三棱錐的體積最大，則F到底面ADE的距離最大，其中，所以當(dāng)時(shí)，取得最大值，因?yàn)?，所以的最大值為，所以，，平面的法向量，所以與平面所成角的正弦值為：.故選C.7．【答案】C【解析】根據(jù)題意得到動(dòng)圓圓心到兩個(gè)定圓圓心的距離之和為常數(shù)，且大于兩個(gè)定點(diǎn)的距離，故軌跡為橢圓，根據(jù)條件計(jì)算得到答案.【詳解】設(shè)動(dòng)圓半徑為，圓心為，根據(jù)題意可知，和，，，，故動(dòng)圓圓心的軌跡為焦點(diǎn)在y軸上橢圓，且焦點(diǎn)坐標(biāo)為和，其中,，所以，故橢圓軌跡方程為:.故選C.【關(guān)鍵點(diǎn)撥】本題考查了橢圓的軌跡方程，確定軌跡方程的類(lèi)型是解題的關(guān)鍵.8．【答案】A【分析】根據(jù)可變形為，構(gòu)造函數(shù)，判斷其奇偶性、單調(diào)性，結(jié)合函數(shù)性質(zhì)解不等式即可.【詳解】當(dāng)時(shí)，，所以當(dāng)時(shí)，，令，則當(dāng)時(shí)，，故在時(shí)，單調(diào)遞減，又因?yàn)樵谏蠟榕己瘮?shù)，所以在上為奇函數(shù)，故在上單調(diào)遞減，因?yàn)?，所以，?dāng)時(shí)，可變形為，即，因?yàn)樵谏蠁握{(diào)遞減，所以且，得；當(dāng)時(shí)，可變形為，即，因?yàn)樵谏蠁握{(diào)遞減，所以且，得；綜上：不等式的解集為.故選A.9．【答案】ABD【詳解】由圖象可知，，解得，又，所以，即，結(jié)合，可知，所以函數(shù)的表達(dá)式為，對(duì)于A，由于，即的圖象關(guān)于中心對(duì)稱(chēng)，故A正確；對(duì)于B，當(dāng)時(shí)，，由復(fù)合函數(shù)單調(diào)性可知在區(qū)間上單調(diào)遞增，故B正確；對(duì)于C，函數(shù)的圖象向右平移個(gè)單位長(zhǎng)度可以得到函數(shù)，故C錯(cuò)誤；對(duì)于D，將函數(shù)的圖象所有點(diǎn)的橫坐標(biāo)縮小為原來(lái)的，得到函數(shù)的圖象，故D正確.故選：ABD.10．【答案】BD【詳解】對(duì)于A選項(xiàng)，易知拋物線的焦點(diǎn)為，當(dāng)直線與軸重合時(shí)，直線與拋物線只有一個(gè)公共點(diǎn)，不合乎題意，設(shè)直線的方程為，設(shè)點(diǎn)、，聯(lián)立可得，，由韋達(dá)定理可得，，則，易知，，所以，，當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)，等號(hào)成立，故的最小值為，A錯(cuò)；對(duì)于B選項(xiàng)，設(shè)點(diǎn)，，可得，所以，，則，所以，，B對(duì)；對(duì)于C選項(xiàng)，易知的斜率存在，設(shè)直線的方程為，設(shè)點(diǎn)、，由于直線不過(guò)原點(diǎn)，所以，，聯(lián)立可得，，由韋達(dá)定理可得，所以，，因?yàn)?，則，解得，所以，直線的方程為，故直線過(guò)定點(diǎn)，C錯(cuò)；對(duì)于D選項(xiàng)，過(guò)點(diǎn)作于點(diǎn)，過(guò)點(diǎn)作于點(diǎn)，設(shè)，，所以，因?yàn)?，所以，則的最小值為，當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)，等號(hào)成立，D對(duì)．故選：BD．11．【答案】BCD【分析】求得，得出函數(shù)單調(diào)性，結(jié)合極值的概念，可判定A、B正確；求，，令f″x=0，可得，證明，結(jié)合倒序相加法，可判定C正確.求，，，即可求出，，，化簡(jiǎn)，即可判斷D選項(xiàng).【詳解】由函數(shù)，可得，令，解得：，令f'x>0，解得或；令，解得，所以函數(shù)在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，在單調(diào)遞增，當(dāng)時(shí)，取得極大值，極大值為，的極大值點(diǎn)為，所以A錯(cuò)誤；當(dāng)時(shí)，取得極小值，極小值為，所以的極小值為?252，故B正確；由，可得，令f″x=0，可得又由，所以點(diǎn)12,1是函數(shù)的的對(duì)稱(chēng)中心，所以，令，可得，則，所以，故C正確；對(duì)于D，因?yàn)橛腥齻€(gè)零點(diǎn)，則，，因?yàn)?，所以，，，故D正確故選BCD.12．【答案】【詳解】由知：，又∴，，，故∴綜上，有故答案為：13．【答案】.【分析】首先求，再求，根據(jù)等比數(shù)列的性質(zhì)，，求得的值，再驗(yàn)證等比數(shù)列的定義，即可求解.【詳解】若，則，，則是等差數(shù)列，不是等比數(shù)列，所以，則，所以，且，，，，因?yàn)閿?shù)列是等比數(shù)列，所以，即，，當(dāng)時(shí)，，，數(shù)列是等比數(shù)列，所以.故答案為：.14．【答案】【分析】結(jié)合題意可得到在上恰有兩個(gè)不相等的實(shí)根，令，利用導(dǎo)數(shù)判斷函數(shù)的單調(diào)性，從而可得，則原問(wèn)題等價(jià)于與在上恰有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，令，利用導(dǎo)數(shù)求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間，從而作出函數(shù)的大致圖象，結(jié)合函數(shù)圖象即可得解.【詳解】關(guān)于軸對(duì)稱(chēng)的函數(shù)為，因?yàn)榈膱D象與的圖象在上恰有兩對(duì)關(guān)于軸對(duì)稱(chēng)的點(diǎn)，所以方程在上恰有兩個(gè)不相等的實(shí)根，即，即，即，即在上恰有兩個(gè)不相等的實(shí)根，令，則，所以函數(shù)在上單調(diào)遞增，所以，即，，故原問(wèn)題等價(jià)于與在上恰有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，令，則，當(dāng)時(shí)，，當(dāng)時(shí)，，所以函數(shù)在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，又，當(dāng)時(shí)，，如圖，作出函數(shù)在上的大致圖象，要使函數(shù)與在上恰有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，只要，因?yàn)?，所以，所以?shí)數(shù)的取值范圍是.故答案為：.【點(diǎn)睛】方法點(diǎn)睛：利用導(dǎo)數(shù)解決函數(shù)零點(diǎn)問(wèn)題的方法：（1）直接法：先對(duì)函數(shù)求導(dǎo)，根據(jù)導(dǎo)數(shù)的方法求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間與極值，根據(jù)函數(shù)的基本性質(zhì)作出圖象，然后將問(wèn)題轉(zhuǎn)化為函數(shù)圖象與軸的交點(diǎn)問(wèn)題，突出導(dǎo)數(shù)的工具作用，體現(xiàn)了轉(zhuǎn)化與化歸思想、數(shù)形結(jié)合思想和分類(lèi)討論思想的應(yīng)用；（2）構(gòu)造新函數(shù)法：將問(wèn)題轉(zhuǎn)化為研究?jī)珊瘮?shù)圖象的交點(diǎn)問(wèn)題；（3）參變量分離法：由分離變量得出，將問(wèn)題等價(jià)轉(zhuǎn)化為直線與函數(shù)的圖象的交點(diǎn)問(wèn)題.15．【答案】(1)；(2).【分析】（1）利用正弦定理將邊化角，再由兩角和的正弦公式及誘導(dǎo)公式計(jì)算可得；（2）首先求出，即可得到，再由正弦定理得到，，，由周長(zhǎng)求出，即可得到，，再由面積公式計(jì)算可得.【詳解】（1）因?yàn)?，由正弦定理可得，因?yàn)?，代入得，又因?yàn)?，則，又因?yàn)闉殇J角，所以.（2）由可得，因?yàn)?，則,由（1）可得，由正弦定理，其中，設(shè)比值為，則，，，因?yàn)榈闹荛L(zhǎng)為，即，即，則，，所以的面積.16．【答案】(1)證明見(jiàn)解析；(2)【分析】（1）由線面垂直的性質(zhì)定理和面面垂直的判定定理，即可得出答案．（2）建立空間直角坐標(biāo)系，求出平面的法向量為，平面的法向量為，,，設(shè)平面與平面夾角為，則，即可得出答案．【詳解】（1）由于平面，平面，故，根據(jù)題意可得，，又，平面，平面，所以平面，又平面，所以，由于平面，平面，故，又，平面,故平面,平面，故，又，平面，平面，所以平面．平面，故平面平面；（2）如圖所示，建立空間直角坐標(biāo)系：所以，,4,，，,結(jié)合（1）知，平面的法向量為,又，,4,，設(shè)平面的法向量為,則，令，則，所以,3,，設(shè)平面與平面夾角為，則．17．【答案】(1)；(2)【詳解】（1）由題意知橢圓與y軸交于A，B兩點(diǎn)，且，故；橢圓離心率為，即，故橢圓方程為；（2）設(shè)，，則直線PA的方程為，同理直線PB的方程為，故直線PA與直線的交點(diǎn)為，直線PB與直線的交點(diǎn)為，故線段MN的中點(diǎn)坐標(biāo)為，則以MN為直徑的圓的方程為，令，則，，代入上式得，即，由于以MN為直徑的圓與x軸交于兩點(diǎn)，則方程有兩實(shí)數(shù)根，故，結(jié)合，解得，即點(diǎn)P橫坐標(biāo)的取值范圍為.18．【答案】(1)，；(2)【分析】（1）利用獨(dú)立事件同時(shí)發(fā)生的概率公式即可求得小明報(bào)考甲、乙兩公司在筆試環(huán)節(jié)恰好通過(guò)一門(mén)科目的概率；（2）分別求得小明報(bào)考甲、乙兩公司通過(guò)科目數(shù)的數(shù)學(xué)期望，列出關(guān)于的不等式，進(jìn)而求得的取值范圍．【詳解】（1）設(shè)小明報(bào)考甲公司恰好通過(guò)一門(mén)筆試科目為事件A，小明報(bào)考乙公司恰好通過(guò)一門(mén)筆試科目為事件，根據(jù)題意可得，

.（2）設(shè)小明報(bào)考甲公司通過(guò)的科目數(shù)為X，報(bào)考乙公司通過(guò)的科目數(shù)為，根據(jù)題意可知，，則，，，，，則隨機(jī)變量的分布列為Y0123P，若，則，故，即的取值范圍是.19．【答案】(1)；；；；(2)11個(gè)；(3)37【分析】（1）根據(jù)相鄰數(shù)列的概念直接求解即可；（2）任取的一個(gè)“相鄰數(shù)列”，根據(jù)相鄰數(shù)列的概念可得且，對(duì)于的取值分情況討論，利用為遞增數(shù)列可得是公差為1的等差數(shù)列，列不等式組求解即可；（3）令可得對(duì)任意，設(shè)，證明與要么是空集，要么是連續(xù)自然數(shù)構(gòu)成的集合，進(jìn)而根據(jù)定義求解即可.【詳解】（1）根據(jù)“相鄰數(shù)列”的概念可知，，或，或，所以的所有“相鄰數(shù)列”有；；；.（2）任取的一個(gè)“相鄰數(shù)列”，因?yàn)榛?，或，所以有且，?duì)于的取值分以下4種情形：（a），（b），（c），（d）由數(shù)列是遞增的整數(shù)數(shù)列，前3種情形顯然都能得到，所以只需考慮第4種情形，遞增，，即，由是遞增的整數(shù)數(shù)列得，從而是公差為1的等差數(shù)列，于是，則，即滿(mǎn)足數(shù)列的有11個(gè).（3）令，所以對(duì)任意，設(shè)，則且，先證明與要么是空集，要么是連續(xù)自然數(shù)構(gòu)成的集合，若，令，則，由得，所以，即，即