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文檔簡介
第4課時極值點偏移問題
考點一對稱構造法求極值點偏移問題
例1(2023?黑龍江牡丹江市第一高級中學高三熱身考試(二))已知函數段)=f(lnx—%),a
為實數.
(1)求函數人%)的單調區(qū)間;
(2)若函數/(x)在%=e處取得極值,/(%)是函數危)的導函數,且了(%1)=/(%2),x\<X2,證明:
2<x\+x2<e.
解(1)函數危)=f(lnx-的定義域為(0,+°°),
/(%)=2x(lnx—%)+x=x(21nx—3〃+1).
3。一1
令/(%)=0,得x=e2,
3aT3a—1
當工€(0,e2)時,/(x)<0,當x€(e2,+8)時,/(戲>0,
34一13411
故函數人x)的單調遞減區(qū)間為(0,尸),單調遞增區(qū)間為(eH,+8).
3a—1
(2)證明:因為函數/(x)在x=e處取得極值,所以x=e2=e,得4=1,
所以加)=/(也%—§,得/(x)=x(21nx—2)=2x(lnx—1),
令g(x)=2x(lnx—1),因為gQ)=21nx,當0<x<l時,g'(x)<0,當Q1時,g'。),。,
所以函數g(x)在(0,1)上單調遞減,在(1,+8)上單調遞增,
且當x€(0,e)時,g(x)=2x(lnx-l)<0,當x€(e,+8)時,^(x)=2x(lnx-1)>0,
故0<xi<l<x2<e.
先證X\+X2>2,需證X2>2~XI.
因為X2>1,2—X1>1,下面證明g(Xl)=g(X2)>g(2—Xl).
設t(x)=g(2—X)—g(x),
則當0<x<l時,t,(x)=-g,(2-x)-g,(x)=-2\n(2-x)-21nx=-21n[(2-x)x]>0,
故心)在(0,1)上為增函數,
故?)<也)=0,
所以*%D=g(2—沏)一g(%D<0,則g(2—xi)<g(x2),
所以2—?<%2,即得X1+X2>2.
下面證明:xi+x2<e.
令g(%i)=g(%2)=M,當無€(0,1)時,g(x)—(—2x)=2xlnx<0f所以g(x)<—2%成立,
iri
所以-2無>g(xi)=機,所以xi<—g.
當x€(l,e)時,記/i(x)=g(x)—(2x—2e)=2xlnx—4x+2e,
所以當x€(l,e)時,"(x)=21nx—2<0,所以/?(無)為減函數,得/i(x)>/z(e)=2e—4e+2e=0,
iri
所以根=g(x2)>2x2—2e,即得X2<y+e.
所以xi+x2<-y+'2'+e=e.
綜上,2<xi+x2<e.
:方法總結】
對稱構造法主要用來解決與兩個極值點之和(積)相關的不等式的證明問題.其解題要點如下:
⑴定函數(極值點為X0),即利用導函數符號的變化判斷函數的單調性,進而確定函數的極值
點XQ.
(2)構造函數,即對結論工1+冗2>240型,構造函數尸(x)=/(x)—/(2xo—x)或F(x)=f(xo+x)—/xo
—X);對結論X1X2>焉型,構造函數5(x)=/(x)—娟,通過研究“X)的單調性獲得不等式.
(3)判斷單調性,即利用導數討論網X)的單調性.
⑷比較大小,即判斷函數F(x)在某段區(qū)間上的正負,并得出五x)與人2xo—x)的大小關系.
(5)轉化,即利用函數八力的單調性,將為0與人2xo—x)的大小關系轉化為x與2xo—x之間的
大小關系,進而得到所證或所求.
金^訓練1.(2022?全國甲卷)已知函數/)=§-lnx+x-a
(1)若式x)20,求a的取值范圍;
(2)證明:若有兩個零點Xl,X2,則X1X2<1.
解(1求x)的定義域為(0,+8),
x-ire
卜1,
T+T0MTX
令了(%)=0,得%=L
當x€(0,1)時,((工)<0,於)單調遞減;
當x€(l,+8)時,/a)>0,qX)單調遞增.
所以?x)N/(l)=e+l—〃,
若7(x)2。,
貝!]e+1—即〃We+l,
所以〃的取值范圍為(一8,e+1].
(2)證法一:由題意知,?x)的一個零點小于1,一個零點大于1.
不妨設0<Xl<l<X2,
要證元1%2<1,即證修〈工.
X2
因為XI,5€(0,1),即證於I)刁仁)
因為八X1)=7(X2),即證7(X2)>6),
e%11
即證三一lnx+x—x「一Inx—嚏>0,x€(L+°°),
即證五一xe'—2In>0.
xL_
下面證明當x>l時,xex>0,Inx—^)<0.
x1
設ga)=,xe”,
則g3-eU(T)
設<p(x)=q,
一.(\1、—1
則當x>l時,9'(x)=lj—E)e%=Xq-e%>0,
J
所以9(%)>9(l)=e,而ex<e,
1
所以號x一F>0,
所以當%>1時,,(%)>0,
所以g(x)在(1,+8)上單調遞增,
即g(x)>g(l)=0,
X-
所以器一xe*>0.
令7z(x)=lnx—i
則當x>i時,川a)W(i+日2x~x2—1(x―1)2
<0,
2A22f
所以〃(%)在(1,+8)上單調遞減,
即〃(x)<人(1)=0,所以Inx一米一5
<0.
綜上,~~xex—2lnx—x)>°'即%i%2〈l得證.
證法二:不妨設?42,貝I由(1)知0<xi<l<X2,0<—<1.
X2
e'ie'2
由八Xi)=於2)=o,得"7'—InXi+xi=——InX2+%2,
AlA2
即exi-lnxi+xi—Inxi=ex2~in"2+雙—InX2.
因為函數y=e*+x在R上單調遞增,
所以xi—In陽=%2—ln%2成立.
構造函數h(x)=x—\nx,g(x)=h(x)—h(~^=x—^—2lnx,
則gG)=]+,一[=a「)NO,
所以函數g(x)在(0,+8)上單調遞增,
所以當尤>1時,gCr)>g(l)=O,
即當x>l時,/?(尤)>/?0
所以/?(xi)=/i(無2)>萬(9),
1x-1
又勿(x)=l=-^,當04V1時,"(%)<0,
所以/z(x)在(0,1)上單調遞減,
所以0<Xl<—<1,即XlX2<1.
X2
考點二比(差)值換元法求極值點偏移問題
例2(2024?湖北黃岡流水縣第一中學高三上學期質量檢測)已知函數式x)=x(ln尤一a),g(x)
>),
=-\-a~ax.
x
(1)當了21時,lnx—2恒成立,求。的取值范圍;
(2)若g(x)的兩個相異零點為xi,元2,求證:%iX2>e2.
解(1)當時,In%—2恒成立,即當時,(x+l)lnx—〃冗+220恒成立,
設F(x)=(x+1)lnx~ax+2,
所以尸(1)=2—〃20,即〃W2;
尸(x)=ln%+:+1—〃,
設r(x)=\nx+~+l~a,
11x—1
則r,w=7-?=~^'
所以當尤21時,/(尤)20,即r(x)在[1,+8)上單調遞增,
所以r(尤)27(1)=2—a20,
所以當xNl時,F(x)=?x)\0,即P(x)在[1,+8)上單調遞增,
所以P(x)2F(l)=2-a\0.
所以。的取值范圍為(一8,2].
(2)證明:由題意知,g(x)=lnx-ax,
不妨設尤l>X2>0,
由為=的,Png/附+&),
由,得XI
\mx2=ax2,In-=?(xi—X2),
則近因應=2土上令,=也>1
1XlX1—X2為1%2
In———I
X2X2
即(即%2)1+l日口[/「+1
則]nt一二7,即In(%iX2)=,_]In力
要證xi%2>e2,只需證In(XI%2)>2,
只需證合5nt>2,即證InJ;;;)?>I),
_2(/—1)
即證InL.+]>0(/>l),
令m(Z)=lnL-]。>1),
、,(t—I)2
因為加(,尸訴?>0,
所以相⑺在(1,+8)上單調遞增,又當f從右側趨近于1時,加⑺趨近于0,
所以當/€(1,+8)時,根⑺>0,
即In成立,故xi%2>e2.
方法總結】
比(差)值換元的目的也是消參、減元,就是根據已知條件首先建立極值點之間的關系,然后
利用兩個極值點之比(差)作為變量,從而實現消參、減元的目的.設法用比值或差值(一般用
/表示)表示兩個極值點,即/=y,化為單變量的函數不等式,繼而將所求解問題轉化為關于
X2
t的函數問題求解.
2.已知函數危)=xlnx—、+比一1(rR)有兩個極值點xi,x2(xi<x2).
(1)求/的取值范圍;
(2)證明:X1+X2>~X1X2.
解(l)/(x)=lnx+1~~+t,
令g(x)=f(x),
ioP—2v
則g'(x)=f—g=-^(x>0),
令g'(x)=。,解得
所以當(0'§時,g'(x)>0;
當x€(1,+8)時,g,(x)<0,
所以g(X)在[0,5上單調遞增,在6,+8)上單調遞減,
所以ga)max=ge)=l—1口2+左
因為1不)有兩個極值點,所以且任)有兩個變號零點,
所以g(%)max>0,即1—In2+/>0,所以介In2—1,即/的取值范圍為(In2—1,+°°).
(2)證明:由題意,知lnx2—色+/+1=0,Inxi—等+f+l=0,
所以In愈一Inx\—~(%2—X。,
ln%2—Inxi2
即,
X2~X\e'
要證X1+X2>~X1X2^
114
只需證;7+三>1
41%2C
即證券+?2(ln%2-lnX。
X2—X\
X2應―xiX2~XjX2X\
即證21n
XIXIX2XlX2
則只需證w—~>21nw(w>l),
令/z(w)=w—21nw(w>l),
u
,12w2—2w+l(w—I)2
則M1〃Q)=I+7—%=—滔—=—^>o>
所以/Z(")在(1,+8)上單調遞增,又當"從右側趨近于1時,〃(")趨近于0,
所以/z(w)>0,即w——>21nu{u>\),
it
4
貝!|Xl+X2>~X1X2.
課時作業(yè)
1.(2024?福建福州格致中學高三上學期質檢)已知函數兀c)=叱+“
⑴討論函數攜x)的極值;
(2)若(exi)*2=(e%2盧(e是自然對數的底數),且為>0,%2>0,不彳愈,證明:x\+x2>2.
解(1)函數兀0的定義域為(0,+8),求導得了(%)=一堂,
若〃=0,則/(x)=o,函數yu)無極值;
若由f(x)=0,可得x=1;
若〃<0,當o<x<i時,y(x)<o,則/(%)單調遞減,當了>1時,f(x)>o,則?;貑握{遞增,此時
函數人x)有唯一極小值/0)=〃,無極大值;
若〃>0,當0<x<l時,f(x)>0,則1%)單調遞增,當x>l時,f(x)<0,則/(x)單調遞減,此時
函數y(x)有唯一極大值11)=。,無極小值.
綜上,當4=0時,函數應。無極值;
當〃<0時,函數黃工)有極小值11)=〃,無極大值;
當。>0時,函數/(X)有極大值11)=〃,無極小值.
x
(2)證明:由(exi)2=(e%2戶,兩邊取對數可得X2(ln為+1)=為(In尬+1),即+
A112
.,Inx~\~1Inx
當a=1時,<x)=",/(%)=-f,
由(1)可知,函數“X)在(0,1)上單調遞增,在(1,+8)上單調遞減,所以次x)max=/U)=l,
而右)=0,當尤>1時,兀燈>0恒成立,
因此當。=1時,存在尤1,無2且0<無1<1<尤2,滿足y(無1)=/(無2),
若無2€[2,+8),則無1+尤2>尤2、2成立;
若尬€(1,2),則2一念€(0,1),
InxIn(2—x)InxIn(2—x)
則當x€(1,2)時,g'(x)=f(x)+f(2—x)=/(2—尤)2>X2X2
InLQ—lp+l]
x2>0,
即函數g(尤)在(1,2)上單調遞增,所以g(x)>g(l)=0,即兀0次2—元),
于是於1)=大尤2)/2—血),而尤26(1,2),2-X2€(0,1),XI€(0,1),
函數/(%)在(0,1)上單調遞增,因此處>2—X2,即%1+冗2>2.
綜上,Xi+%2>2.
2.(2024?廣東深圳中學高三階段考試)設函數危)=(%+〃)9,已知直線y=2x+l是曲線>=%)
的一條切線.
⑴求〃的值,并討論函數兀V)的單調性;
(2)若加1)=於2),其中為<X2,證明:X1X2>4.
解(1)設直線y=2x+l與曲線y=?x)相切于點(必,式祀)),
.*./(xo)=(xo+?+l)exo=2;
又7(M))=(%o+a)e*o=2xo+1,
2—e*o=2xo+l,即e'o+2X0—1=0.
設g(x)—ex+2x—1,則g\x)=ex+2>0,
???g(x)在R上單調遞增,
又g(0)=O
???g(%)有唯一零點了=。,
??%o=0,
.\a+l=2,解得〃=1,
,加)=。+1)廿,f(x)=(x+2)ex,
則當x€(—8,—2)時,/。)<0;
當xe(-2,+8)時,f(x)>0.
二函數"r)在(-8,—2)上單調遞減,在(一2,十8)上單調遞增.
(2)證明:由(1)知,^)min=A-2)=-e-2<0,
當X<-1時,>)<0;當X>-1時,外球>0,
—2<%2<一1.
_4
要證X1X2>4,只需證X1<—<—2.
%2
vy(x)^.(—8,—2)上單調遞減,
*e,只需證,
又|入1)=加2),則只需證1%2)乂金對任意龍2€(―2,—1)恒成立.
4-4
x
8(%+2)-(x+2)e々7
/(x)=(x+2)ex+-p~~e=-p—(x3e+8).
_4
設〃(%)=/丁*+8,
貝?。莓斠?cx<一1時,pXx)=xe'彳[+5+,<0,
.,?夕(X)在(一2,—1)上單調遞減,
:?p(x)<p(—2)=—8+8=0,
ri,)(x+2)e4
又當一2<x<一1時,—p—<0,
當—2<x<—1時,。'(冗)>0,
???依0在(一2,—1)上單調遞增,
/z(x)>/z(—2)=0,
即八球痣在x€(一2,一1)時恒成立,
又12€(—2,—1),
??式X2)刁仔),原不等式得證.
3.(2023?湖北武漢華中師范大學第一附屬中學高三下學期壓軸卷(一))已知?x)=2x—situ?一也
Inx.
(1)當。=1時,討論函數?x)的極值點個數;
(2)若存在Xi,X2(fi<X\<X2)f使危1)=加2),求證:XlX2<a.
解(1)當a=l時,f(x)=2x—sinx—lnx,
則/W=2—cosx--,
當xNl時,/(x)1—cosx0,
故人元)在[1,+8)上單調遞增,不存在極值點;
當0<x<l時,令/z(%)=2—cosx—
則〃(x)=sinx+5>0恒成立,
故函數/i(x)即/(X)在(0,1)上單調遞增,
且/(1)=1-cosl>0,/自=-cos:-2<0,
所以存在的€(91),使得/(xo)=O,
所以當04<超時,/(x)<0,人工)單調遞減;當項<欠<1時,/。)>0,人元)單調遞增,
故函數次x)在(0,1)上存在唯一極值點.
綜上,當。=1時,函數/(%)的極值點有且僅有一個.
(2)證明:由fixi)=j[x2)f知2xi—sinxi—ginx\=2x2~siwc2—y[a\n應,
整理,得2(xi—%2)—(sinxi—sim:2)=^(lnx\—In%2)(*),
不妨令g(x)=x—sinx(x>0),貝!Ig,(x)=l—cos%20,故g(x)在(0,+8)上單調遞增,
當0<Xi<%2時,有g(Xi)<g(X2)y
即Xi—siaxi<X2~sinx2,
那么sinxi—siiu:2>xi~X2,
苞一%2
因此(*)即轉化為
Inx\—InX2
接下來證明丁3—F->^XlX2(0<Xl<X2),
Inxi—lnx2
等價于證明In£>半—半,
X2yjX2y]Xl
不妨令*0</<1),
建構新函數9?)=21nt—t+-(0<t<l),
21(t—1)2
“⑺=7-i—3=——?—<°,貝I磯。在(0,1)上單調遞減,又當/從左側趨近于1時,磯。趨
近于0,
所以阿>0,故In上來—若即in:二;X2母而。<?<X2)得證,
由不等式的傳遞性知小1夭2<或,即x\X2<a.
4.(2023?湖南長沙實驗中學高三三模)已知函數h(x)=x-cdnx(a€R).
⑴若加入)有兩個零點,求實數。的取值范圍;
e2
(2)若方程xe%—4(lnx+x)=0有兩個實根為,物,且為工乃,證明:e^ix2>——.
X1X2
解(1)函數/z(x)的定義域為(0,+8).
當〃=0時,函數"(x)=x無零點,不符合題意,所以〃W0,
由h(x)=x-〃lnx=O,
可得工=3
ax
構造函數八x)=¥,其中x>0,所以直線y=[與函數"r)的圖象有兩個交點,
1―Inx
f(x)=-一,由f(x)=。可得x=e,列表如下:
(0,e)e(e,+0°)
f(x)+0一
極大值!
fix)單調遞增單調遞減
所以函數式X)的極大值為八e)=9,函數於)的大致圖象如下圖所示:
Iny
且當x>l時,?=—>0,
由圖可知,當。<!<:,即a>e時,直線y=5與函數於)的圖象有兩個交點,
故實數。的取值范圍是(e,+8).
(2)證明:因為xe%—q(lnx+x)=0,則xe*—〃ln(xe*)=0,
令/=xe*>0,其中x>0,則有t~alnt=0,
r=(x+l)e%>0,所以函數£=疣"在(0,+8)上單調遞增,
因為方程有兩個實根為,入2,
令介勿=%2y2,
則關于£的方程/一。1口/=0也有兩個實根力,打,且九工及,
e2
要證exi+x2>,即證xiexi-X2e^2>e2,即證Zir2>e2,即證In力+ln熱>2,
A1A2
ft\=〃lnt\'
由已知V
"2=〃lnt2,
(ti—t2=a(\nti-lnti)'
所以《
E+/2=〃(ln介+ln/2)'
In九+ln亥
整理可得
In九一In
iij,ti~rt?
不妨設/l>?2>0,即證In九+lnt2=~——ln
tl-t2
t\2(九一亥)
即證In->-------
亥九十亥汗1
令即證lns>$2其中s>l,
構造函數g(s)=lns—其中§>],
I4(s—])
g'(s)=5一所以函數g(s)在(1,+8)上單調遞增,又當S從右側趨近于1
3(S十1)S(S-I-1)
時,g(s)趨近于0,
所以當5>1時,g(S)>0,故原不等式成立.
5.(2024?河北石家莊部分重點高中高三月考)已知函數段)=flnx—〃(〃€R).
⑴求函數式工)的單調區(qū)間;
2
(2)若函數/(%)有兩個零點Xi,12,證明:1<%1+X2<泥.
解(1)因為於)=flnx—€R)的定義域為(0,+°°),
則/(%)=2xlnx+x=x(21nx+1),
令[(x)>0,解得
A/e
令/(%)<0,解得0cx<一『,
\e
所以汽招的單調遞減區(qū)間為(o,關),單調遞增區(qū)間為康,+8)
(2)證明:不妨設X1<X2,由(1)知,必有041<古0:2.
2
要證為,即證了2<亍一Xl,
\e
’2
即證?X2)W~j=-X\
又?X2)=/(X1),即證?X1)一.
令g(x)=Ax)一
則g'a)=x(21nx+l)+
令&a)=gXx),則勿(x)=2(lnx+l)+l—21n+1-2=21n"yJvO在不中,
黃次
恒成立,
所以貽)在(0,上單調遞減,即/(%)在(0,上單調遞減,所以?。)爾6,=0,
所以g(x)在(0,點上單調遞增,所以g(xi)<gGV=O,
’2
即加1)-,一制)<0,所以X1+%2〈泉
接下來證明X1+X2>1,
令藁=r,則>1,又式xi)=/3),
即X[lnxi=j3ln%2,
心、/i」lnt
所以Inx\一]_F,
要證1<X1+X2>即證1<即+比1,
即證(/+1)X1>1,
不等式?+1)為>1兩邊取對數,
即證Inxi+ln(z+l)>0,
即證;F]+In(t+1)>0,
口口、丁。+l)ln(t+1)rint
即證------:----->—T,
tt—1
令〃(%)=:?;,(1,+0°),
則1,"'(無(I尸nx^+一l)程(x~下1)——xlnx
x~1nx—1
=(Ll)2,
令p(x)=x—In%—1,其中1€(1,+°°),
1x-]
則p'(x)=1-1=-7->0,
所以p(x)在(1,+8)上單調遞增,又當X從右側趨近于1時,p(x)趨近于0,
所以當x€(l,+8)時,p(x)>0,
x—ln1
故當xe(i,+8)時,/(尤)=>0,
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