2024-2025學(xué)年上學(xué)期天津高二物理期末模擬卷1

第1頁(yè)（共1頁(yè)）2024-2025學(xué)年上學(xué)期天津高二物理期末模擬卷1一．選擇題（共5小題，滿分25分，每小題5分）1．（5分）（2022?山西開(kāi)學(xué)）下列說(shuō)法正確的是（）A．穿過(guò)閉合回路的磁通量不為零，則回路中一定產(chǎn)生感應(yīng)電流 B．變化的磁場(chǎng)一定產(chǎn)生變化的電場(chǎng)，如此交替由近及遠(yuǎn)，即形成電磁波 C．原子的能級(jí)是分立的，所以原子的發(fā)射光譜只有一些分立的亮線 D．光是由一個(gè)個(gè)能量子組成的，這些能量子的能量以取任意值2．（5分）（2013秋?大渡口區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，兩根平行放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線a和b載有大小相同、方向相反的電流，a受到的磁場(chǎng)力大小為F1，當(dāng)加入一與導(dǎo)線所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，a受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)?，則此時(shí)b受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)椋ǎ〢．0 B．F1 C．2F1 D．12F3．（5分）（2017秋?重慶期中）如圖，真空中一條直線上有四點(diǎn)A、B、C、D，AB＝BC＝CD，只在A點(diǎn)放一電量為+Q的點(diǎn)電荷時(shí)，B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為E，若又將等量異號(hào)的點(diǎn)電荷﹣Q放在D點(diǎn)，則（）A．B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為54E，方向水平向左B．B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為34E，方向水平向右C．BC線段的中點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零 D．B、C兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同4．（5分）（2021秋?巴宜區(qū)校級(jí)月考）如圖所示是描述甲，乙兩個(gè)點(diǎn)電荷電場(chǎng)的部分電場(chǎng)線，下列說(shuō)法正確的是（）A．甲帶負(fù)電，乙?guī)д?B．甲的電荷量大于乙的電荷量 C．在P點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)帶正電的粒子，僅在電場(chǎng)力的作用下，粒子會(huì)沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn) D．P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于Q點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度5．（5分）全球首創(chuàng)超級(jí)電容儲(chǔ)存式現(xiàn)代電車在我國(guó)寧波基地下線，沒(méi)有傳統(tǒng)無(wú)軌電車的“辮子”，沒(méi)有尾氣排放，乘客上下車的30s內(nèi)可充滿電并行駛5km以上，剎車和下坡時(shí)可把80%的剎車能量轉(zhuǎn)化成電能回收儲(chǔ)存再使用。如圖是使用“3V、12000F”石墨烯納米混合型超級(jí)電容器的電車，下列說(shuō)法正確的是（）A．該電容器最多能儲(chǔ)存72000C的電荷量 B．電容器放電，電荷量逐漸減少到0，電容不變 C．電容器放電，電荷量逐漸減少到0，電壓不變 D．若30s能充滿電，則充電平均電流為3600A二．多選題（共3小題，滿分15分，每小題5分）（多選）6．（5分）關(guān)于紅外線與紫外線的說(shuō)法中，正確的是（）A．紅外線能加熱理療，而紫外線能殺菌消毒 B．紫外線具有較強(qiáng)的穿透能力，可以穿透人體的皮膚，破壞人體內(nèi)臟器官 C．紅外線與紫外線既有相同的地方，又有不同的特性 D．紅外線和紫外線都是可見(jiàn)光的一部分（多選）7．（5分）（2021秋?鎮(zhèn)遠(yuǎn)縣校級(jí)期末）如圖甲、乙所示分別為定值電阻A和定值電阻B的U﹣I曲線，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．定值電阻A的阻值為3Ω B．如果在兩電阻兩端加相同的電壓，流過(guò)兩定值電阻的電流相同 C．由于U﹣I曲線的斜率表示電阻的大小，則定值電阻A、B的阻值相等 D．如果在兩電阻兩端加相同的電壓，則相同時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體截面的電荷量之比為2：1（多選）8．（5分）家庭電路的保險(xiǎn)絲燒斷了，下列說(shuō)法中正確的是（）A．一定不能用銅絲或鐵絲代替 B．為了保險(xiǎn)，選擇盡量粗的保險(xiǎn)絲代替 C．選擇額定電流等于或稍小于電路中最大正常工作電流的保險(xiǎn)絲代替 D．選擇額定電流等于或稍大于電路中最大正常工作電流的保險(xiǎn)絲代替三．實(shí)驗(yàn)題（共4小題，滿分60分）9．（12分）（2023秋?溫州月考）（1）在“練習(xí)使用多用電表”的實(shí)驗(yàn)中，小明同學(xué)用歐姆擋去測(cè)量“220V、60W”的白熾燈不發(fā)光時(shí)的燈絲電阻，將選擇開(kāi)關(guān)調(diào)至歐姆擋“×10”擋，并進(jìn)行正確操作后，指針位置如圖1所示，則該白熾燈的燈絲電阻為Ω。（2）在“金屬絲電阻率的測(cè)量”實(shí)驗(yàn)中，小明同學(xué)用米尺測(cè)出金屬絲的長(zhǎng)度l，用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑d如圖2所示，則直徑d＝mm；經(jīng)粗測(cè)金屬絲的電阻約為5Ω，為了使測(cè)量更加準(zhǔn)確，他用伏安法測(cè)量該金屬絲的電阻，所用的電路如圖3所示，圖中電壓表的右端應(yīng)與（選填“a”或“b”）點(diǎn)連接；電路連接正確后，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U和I，該金屬絲的電阻率ρ＝（結(jié)果用題中字母表示）。（3）某中學(xué)生課外科技活動(dòng)小組利用銅片、鋅片和桔子制作了“水果電池”，經(jīng)粗測(cè)電動(dòng)勢(shì)約為0.85V，他們?cè)儆萌鐖D4所示的實(shí)驗(yàn)電路測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r。圖中電流表A1內(nèi)阻為100Ω，量程0～100μA；電流表A2內(nèi)阻為50Ω，量程0～600μA；滑動(dòng)變阻器Rx最大阻值5kΩ。①現(xiàn)有兩定值電阻：R1＝100Ω、R2＝9900Ω，實(shí)驗(yàn)中R應(yīng)選擇定值電阻。（選填“R1”或“R2”）②根據(jù)兩個(gè)電流表A1和A2測(cè)量的多組數(shù)據(jù)，描點(diǎn)作出I1﹣I2圖像，如圖5所示。由圖像可求得該水果電池的電動(dòng)勢(shì)E＝V，內(nèi)阻r＝Ω（計(jì)算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）。10．（14分）（2022?天津模擬）如圖所示是手電筒的電路圖。老式的手電筒是把兩節(jié)1號(hào)干電池串聯(lián)起來(lái)作為電源，一節(jié)1號(hào)干電池的電動(dòng)勢(shì)是1.5V。手電筒內(nèi)的小燈泡的額定電壓為2.5V，額定電流為0.3A，按下開(kāi)關(guān)后，小燈泡正常發(fā)光。（1）手電筒不工作時(shí)，電源兩端電壓是多大？為什么小燈泡的額定電壓是2.5V，而不是3V？（2）算一算，小燈泡正常工作時(shí)的電阻多大？電池組的內(nèi)電阻多大？11．（16分）（2023春?丹東期末）如圖所示，為一種電荷控制式噴墨打印機(jī)的打印頭的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)圖，其中墨盒可以噴出極小的質(zhì)量為m，電量為﹣q的墨汁微粒，此微粒經(jīng)過(guò)帶電室后以水平初速度v0進(jìn)入極板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)。極板沿水平方向放置，中心軸線為OO′，微粒從O點(diǎn)射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，射出電場(chǎng)后，能繼續(xù)運(yùn)動(dòng)直到打到紙上，顯示出字符。設(shè)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩極板的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，間距為d，電壓為U，極板右端與紙間水平距離為2L，不計(jì)空氣阻力及重力作用，求：（1）微粒經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)過(guò)程中靜電力對(duì)它做的功W；（2）微粒打到紙上的位置P點(diǎn)與軸線OO′間的距離h。12．（18分）（2022春?大祥區(qū)校級(jí)期末）一群速率不同的一價(jià)離子從A、B兩平行極板正中央水平射入如圖所示的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，離子的初動(dòng)能為Ek，A、B兩極板間電壓為U，板間距為d，C為豎直放置并與A、B間隙正對(duì)的金屬擋板，屏MN足夠大。若A、B極板長(zhǎng)為L(zhǎng)，C到極板右端的距離也為L(zhǎng)，C的長(zhǎng)為d。不考慮離子所受重力，元電荷為e。（1）寫(xiě)出離子射出A、B極板時(shí)的偏移距離y的表達(dá)式；（2）問(wèn)初動(dòng)能范圍是多少的離子才能打到屏MN上？

2024-2025學(xué)年上學(xué)期天津高二物理期末典型卷1參考答案與試題解析一．選擇題（共5小題，滿分25分，每小題5分）1．（5分）（2022?山西開(kāi)學(xué)）下列說(shuō)法正確的是（）A．穿過(guò)閉合回路的磁通量不為零，則回路中一定產(chǎn)生感應(yīng)電流 B．變化的磁場(chǎng)一定產(chǎn)生變化的電場(chǎng)，如此交替由近及遠(yuǎn)，即形成電磁波 C．原子的能級(jí)是分立的，所以原子的發(fā)射光譜只有一些分立的亮線 D．光是由一個(gè)個(gè)能量子組成的，這些能量子的能量以取任意值【考點(diǎn)】分析能級(jí)躍遷過(guò)程中的能量變化（吸收或釋放能量）；電磁感應(yīng)現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)過(guò)程；電磁波的產(chǎn)生；電磁波的發(fā)射和接收；能量子與量子化現(xiàn)象；氫原子光譜及巴耳末公式．【專題】定性思想；推理法；原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)專題；分析綜合能力．【答案】C【分析】根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件判斷；根據(jù)麥克斯韋電磁場(chǎng)理論分析；根據(jù)玻爾理論分析；能量子的能量不可以取任意值?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件穿過(guò)閉合回路的磁通量不為零，則回路中不一定產(chǎn)生感應(yīng)電流，穿過(guò)閉合回路的磁通量發(fā)生變化，回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)麥克斯韋電磁理論可知，均勻變化的磁場(chǎng)，產(chǎn)生穩(wěn)定的電場(chǎng)，非均勻變化的磁場(chǎng)，產(chǎn)生變化的電場(chǎng)，變化的電場(chǎng)和變化的磁場(chǎng)互相激發(fā)，由近及遠(yuǎn)傳播形成電磁波，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)玻爾理論，原子的能級(jí)是分立的，所以放出的光子的能量也是分立的，因此原子的發(fā)射光譜只有一些分立的亮線，故C正確；D、光本身就是由一個(gè)個(gè)不可分割的能量子組成的，這些能量子后來(lái)被叫作光子，光子就是最小的能量子，能量子的能量只能取每一個(gè)最小值的整數(shù)倍，不可以取任意值，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件、麥克斯韋電磁理論、氫原子能級(jí)躍遷、量子理論等知識(shí)點(diǎn)。這種題型屬于基礎(chǔ)題，要善于積累。2．（5分）（2013秋?大渡口區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，兩根平行放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線a和b載有大小相同、方向相反的電流，a受到的磁場(chǎng)力大小為F1，當(dāng)加入一與導(dǎo)線所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，a受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)?，則此時(shí)b受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)椋ǎ〢．0 B．F1 C．2F1 D．12F【考點(diǎn)】?jī)筛妼?dǎo)線之間的作用力；安培力的概念；左手定則判斷安培力的方向．【答案】A【分析】當(dāng)兩根通大小相同方向相反的電流時(shí)，a受到的一個(gè)F1磁場(chǎng)力，然后再加入一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則a受到F2磁場(chǎng)力．則此時(shí)b受到的磁場(chǎng)力大小與a相同，方向相反．【解答】解：如圖所示，兩根長(zhǎng)直線，電流大小相同，方向相反。則a受到b產(chǎn)生磁場(chǎng)的作用力向左大小為F1，那么b受到a產(chǎn)生磁場(chǎng)的作用力向右大小為F1′，這兩個(gè)力大小相等，方向相反。當(dāng)再加入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的磁場(chǎng)力大小為F0，則a受到作用力為F2＝F1+F0，或F2＝F1﹣F0而對(duì)于b由于電流方向與a相反，所以b受到作用力為F2′＝F1+F0，或F2′＝F1﹣F0，這兩個(gè)力大小相等，方向相反。將F1＝F2﹣F0，或F1＝F2+F0代入F2′＝F1+F0，或F2′＝F1﹣F0，可得：F2′＝F2＝0，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】當(dāng)沒(méi)有加入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，兩根通電直導(dǎo)線的作用力是相互；當(dāng)加入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，兩根通電直導(dǎo)線的作用力仍是相互．3．（5分）（2017秋?重慶期中）如圖，真空中一條直線上有四點(diǎn)A、B、C、D，AB＝BC＝CD，只在A點(diǎn)放一電量為+Q的點(diǎn)電荷時(shí)，B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為E，若又將等量異號(hào)的點(diǎn)電荷﹣Q放在D點(diǎn)，則（）A．B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為54E，方向水平向左B．B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為34E，方向水平向右C．BC線段的中點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零 D．B、C兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同【考點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力的關(guān)系和計(jì)算．【專題】比較思想；合成分解法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【答案】D【分析】根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E＝kQr2和電場(chǎng)的疊加原理分析計(jì)算B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，結(jié)合對(duì)稱性分析B、【解答】解：AB、設(shè)AB＝BC＝CD＝r．只在A點(diǎn)放正電荷時(shí)，B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為：E＝kQr又將等量異號(hào)的點(diǎn)電荷﹣Q放在D點(diǎn)后，﹣Q在B點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為：E′＝kQ(2r)2=14E，方向水平向右。所以B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為：EB＝E+EC、Q和﹣Q在B、C線段的中點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，疊加后合場(chǎng)強(qiáng)不為零。故C錯(cuò)誤；D、C點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為：EC＝kQr2+kQ(2r)2故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是要根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式，然后根據(jù)矢量合成的法則合成各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，當(dāng)然，也可以根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線分布情況快速判斷．4．（5分）（2021秋?巴宜區(qū)校級(jí)月考）如圖所示是描述甲，乙兩個(gè)點(diǎn)電荷電場(chǎng)的部分電場(chǎng)線，下列說(shuō)法正確的是（）A．甲帶負(fù)電，乙?guī)д?B．甲的電荷量大于乙的電荷量 C．在P點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)帶正電的粒子，僅在電場(chǎng)力的作用下，粒子會(huì)沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn) D．P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于Q點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度【考點(diǎn)】電場(chǎng)線的定義及基本特征；電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力的關(guān)系和計(jì)算．【專題】定性思想；推理法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題；理解能力．【答案】B【分析】電場(chǎng)線是從正電荷或者無(wú)窮遠(yuǎn)出發(fā)出，到負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)處為止，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小?！窘獯稹拷猓篈B、根據(jù)電場(chǎng)線分布特點(diǎn)，可判斷出甲帶正電、乙?guī)ж?fù)電，并且甲的電荷量大于乙的電荷量，故A錯(cuò)誤，B正確；C、在P位置靜止釋放一個(gè)帶正電的粒子，僅在電場(chǎng)力的作用下，粒子沿P位置電場(chǎng)線的切線從靜止加速，會(huì)離開(kāi)電場(chǎng)線，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)電場(chǎng)線的密集程度可以判斷出P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于Q點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)，掌握住電場(chǎng)線的特點(diǎn)，即可解決本題。5．（5分）全球首創(chuàng)超級(jí)電容儲(chǔ)存式現(xiàn)代電車在我國(guó)寧波基地下線，沒(méi)有傳統(tǒng)無(wú)軌電車的“辮子”，沒(méi)有尾氣排放，乘客上下車的30s內(nèi)可充滿電并行駛5km以上，剎車和下坡時(shí)可把80%的剎車能量轉(zhuǎn)化成電能回收儲(chǔ)存再使用。如圖是使用“3V、12000F”石墨烯納米混合型超級(jí)電容器的電車，下列說(shuō)法正確的是（）A．該電容器最多能儲(chǔ)存72000C的電荷量 B．電容器放電，電荷量逐漸減少到0，電容不變 C．電容器放電，電荷量逐漸減少到0，電壓不變 D．若30s能充滿電，則充電平均電流為3600A【考點(diǎn)】電容器的充放電問(wèn)題；電容定義式的簡(jiǎn)單應(yīng)用．【專題】定量思想；模型法；電容器專題；理解能力．【答案】B【分析】根據(jù)題意可知，電容器的額定電壓為3V，電容器的電容為12000F，根據(jù)Q＝CU計(jì)算電容器最多能儲(chǔ)存的電荷量。電容器的電容與其所帶電荷量、電壓無(wú)關(guān)。根據(jù)I=Q【解答】解：A、依題知，電容器的額定電壓為3V，電容器的電容為12000F，則該電容器最多能儲(chǔ)存的電荷量為：Q＝CU＝12000×3C＝36000C，故A錯(cuò)誤；BC、電容器的電容由其本身決定，與電荷量和電壓均無(wú)關(guān)，在放電時(shí)電容不變，電容器放電時(shí)，電荷量逐漸減少到0，電壓逐漸減小為0，故B正確，C錯(cuò)誤；D、若30s能充滿，則充電平均電流為：I=Qt=3600030A故選：B。【點(diǎn)評(píng)】本題考查電容器和電容的相關(guān)知識(shí)，要注意明確電容的定義為比值定義法，其大小與電量和電壓無(wú)關(guān)。二．多選題（共3小題，滿分15分，每小題5分）（多選）6．（5分）關(guān)于紅外線與紫外線的說(shuō)法中，正確的是（）A．紅外線能加熱理療，而紫外線能殺菌消毒 B．紫外線具有較強(qiáng)的穿透能力，可以穿透人體的皮膚，破壞人體內(nèi)臟器官 C．紅外線與紫外線既有相同的地方，又有不同的特性 D．紅外線和紫外線都是可見(jiàn)光的一部分【考點(diǎn)】紫外線的特點(diǎn)和應(yīng)用；紅外線的特點(diǎn)和應(yīng)用．【專題】定性思想；歸納法；電磁場(chǎng)理論和電磁波；理解能力．【答案】AC【分析】根據(jù)紅外線和紫外線的特性判斷；紅外線與紫外線都是電磁波，根據(jù)波的特點(diǎn)作答；根據(jù)紅外線、可見(jiàn)光、紫外線的波長(zhǎng)范圍作答?！窘獯稹拷猓篈、紅外線可用來(lái)加熱理療，紫外線可殺菌消毒，故A正確；B、紫外線穿透能力不強(qiáng)，不會(huì)穿透人的皮膚破壞內(nèi)臟器官，故B錯(cuò)誤；C、紅外線與紫外線都是電磁波，都能發(fā)生干涉、衍射現(xiàn)象，但它們有不同的作用和性質(zhì)，因此紅外線和紫外線既有相同的地方，又有不同的特性，故C正確；D、紅外線在紅光之外，紫外線在紫光之外，它們都不是可見(jiàn)光的一部分，故D錯(cuò)誤。故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查紅外線和紫外線性質(zhì)和作用、波長(zhǎng)范圍以及波所具有的特性。（多選）7．（5分）（2021秋?鎮(zhèn)遠(yuǎn)縣校級(jí)期末）如圖甲、乙所示分別為定值電阻A和定值電阻B的U﹣I曲線，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．定值電阻A的阻值為3Ω B．如果在兩電阻兩端加相同的電壓，流過(guò)兩定值電阻的電流相同 C．由于U﹣I曲線的斜率表示電阻的大小，則定值電阻A、B的阻值相等 D．如果在兩電阻兩端加相同的電壓，則相同時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體截面的電荷量之比為2：1【考點(diǎn)】歐姆定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用．【專題】比較思想；圖析法；恒定電流專題；理解能力．【答案】AD【分析】U﹣I曲線的斜率表示電阻的大小，根據(jù)圖線的斜率求出兩個(gè)電阻的阻值，在兩電阻兩端加相同的電壓時(shí)，根據(jù)歐姆定律分析電流關(guān)系，由q＝It求解相同時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體截面的電荷量之比。【解答】解：AC、根據(jù)U＝IR知U﹣I曲線的斜率表示電阻的大小，則定值電阻A的阻值為：RA=UAIA=124Ω＝3Ω，定值電阻B阻值為：RB=UBBD、如果在兩電阻兩端加相同的電壓，由歐姆定律IUR知，流過(guò)兩定值電阻A、B的電流之比為IA：IB＝RB：RA＝6：3＝2：1，由q＝It可知，相同時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體截面的電荷量之比為2：1，故B錯(cuò)誤，D故選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】本題掌握U﹣I圖像斜率的物理意義是關(guān)鍵，運(yùn)用控制變量法求電壓相同時(shí)電流之比。（多選）8．（5分）家庭電路的保險(xiǎn)絲燒斷了，下列說(shuō)法中正確的是（）A．一定不能用銅絲或鐵絲代替 B．為了保險(xiǎn)，選擇盡量粗的保險(xiǎn)絲代替 C．選擇額定電流等于或稍小于電路中最大正常工作電流的保險(xiǎn)絲代替 D．選擇額定電流等于或稍大于電路中最大正常工作電流的保險(xiǎn)絲代替【考點(diǎn)】電子元器件、電路及家庭安全用電知識(shí)．【專題】應(yīng)用題；定性思想；推理法；恒定電流專題；理解能力．【答案】AD【分析】選擇保險(xiǎn)絲的原則：保險(xiǎn)絲的額定電流等于或稍大于電路中正常工作時(shí)的最大電流。注意：千萬(wàn)不要用銅絲代替保險(xiǎn)絲，銅絲的熔點(diǎn)比較高，電路中電流過(guò)大時(shí)，產(chǎn)生的較多的熱量，不能達(dá)到銅絲的熔點(diǎn)，在電流過(guò)大時(shí)不能自動(dòng)切斷電源，不能起到保險(xiǎn)的作用?！窘獯稹拷猓篈、若用銅絲來(lái)代替保險(xiǎn)絲，則失去保險(xiǎn)絲的作用，會(huì)威脅到人身安全，故A正確；B、越粗的保險(xiǎn)絲，電阻值越小，其額定電流就越大，若額定電流太大會(huì)失去保護(hù)安全的作用，故B錯(cuò)誤；CD、保險(xiǎn)絲的額定電流要等于或稍大于電路中正常工作時(shí)的最大電流，當(dāng)電路中達(dá)到最大電流時(shí)，很快達(dá)到細(xì)保險(xiǎn)絲的熔點(diǎn)，保險(xiǎn)絲燒斷，起到保護(hù)作用，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了家庭電路和安全用電的知識(shí)，掌握保險(xiǎn)絲的材料、工作原理、連接在電路中的位置、作用等。三．實(shí)驗(yàn)題（共4小題，滿分60分）9．（12分）（2023秋?溫州月考）（1）在“練習(xí)使用多用電表”的實(shí)驗(yàn)中，小明同學(xué)用歐姆擋去測(cè)量“220V、60W”的白熾燈不發(fā)光時(shí)的燈絲電阻，將選擇開(kāi)關(guān)調(diào)至歐姆擋“×10”擋，并進(jìn)行正確操作后，指針位置如圖1所示，則該白熾燈的燈絲電阻為90Ω。（2）在“金屬絲電阻率的測(cè)量”實(shí)驗(yàn)中，小明同學(xué)用米尺測(cè)出金屬絲的長(zhǎng)度l，用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑d如圖2所示，則直徑d＝0.290mm；經(jīng)粗測(cè)金屬絲的電阻約為5Ω，為了使測(cè)量更加準(zhǔn)確，他用伏安法測(cè)量該金屬絲的電阻，所用的電路如圖3所示，圖中電壓表的右端應(yīng)與a（選填“a”或“b”）點(diǎn)連接；電路連接正確后，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U和I，該金屬絲的電阻率ρ＝πd2（3）某中學(xué)生課外科技活動(dòng)小組利用銅片、鋅片和桔子制作了“水果電池”，經(jīng)粗測(cè)電動(dòng)勢(shì)約為0.85V，他們?cè)儆萌鐖D4所示的實(shí)驗(yàn)電路測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r。圖中電流表A1內(nèi)阻為100Ω，量程0～100μA；電流表A2內(nèi)阻為50Ω，量程0～600μA；滑動(dòng)變阻器Rx最大阻值5kΩ。①現(xiàn)有兩定值電阻：R1＝100Ω、R2＝9900Ω，實(shí)驗(yàn)中R應(yīng)選擇定值電阻R2。（選填“R1”或“R2”）②根據(jù)兩個(gè)電流表A1和A2測(cè)量的多組數(shù)據(jù)，描點(diǎn)作出I1﹣I2圖像，如圖5所示。由圖像可求得該水果電池的電動(dòng)勢(shì)E＝0.95V，內(nèi)阻r＝9.4×10﹣2Ω（計(jì)算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）?！究键c(diǎn)】測(cè)量水果電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；導(dǎo)體電阻率的測(cè)量；練習(xí)使用多用電表（實(shí)驗(yàn)）．【專題】實(shí)驗(yàn)題；定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】（1）90；（2）0.290；a；πd2U4Il；（3）①R2；②0.95；9.4×【分析】（1）根據(jù)歐姆表的讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)；（2）根據(jù)螺旋測(cè)微器讀數(shù)規(guī)則讀出直徑，根據(jù)電阻定律求解電阻率；（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖寫(xiě)出原理式，通過(guò)變形寫(xiě)出圖線的數(shù)學(xué)表達(dá)式，根據(jù)圖線的斜率和截距求電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻?！窘獯稹拷猓海?）歐姆表的讀數(shù)為指針?biāo)缚潭瘸艘员堵剩詧D示電阻值為9.0×10Ω＝90Ω；（2）根據(jù)螺旋測(cè)微器讀數(shù)規(guī)則，螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為固定刻度與可動(dòng)刻度之和，所以d＝0+29.0×0.01mm＝0.290mm；由于待測(cè)金屬絲的阻值較小，所以電流表應(yīng)采用外接法，即電壓表右端應(yīng)與a點(diǎn)相連；根據(jù)電阻定律R=ρlS=π(d聯(lián)立可得ρ=π（3）①由圖可知，A1與R串聯(lián)改裝成大量程電壓表，且電源電動(dòng)勢(shì)約為0.85V，所以R應(yīng)選阻值較大的R2；②此時(shí)電壓表的量程為U＝IA1（RA1+R2）＝100×10﹣6×（100+9900）V＝1V根據(jù)閉合電路歐姆定律可得E＝I2（RA2+r）+I1（RA1+R2）代入數(shù)據(jù)可得I1結(jié)合圖像的截距可得E10000結(jié)合圖像的斜率可得50+r10000解得E＝0.95V，r＝9.4×10﹣2Ω。故答案為：（1）90；（2）0.290；a；πd2U4Il；（3）①R2；②0.95；9.4×【點(diǎn)評(píng)】本題考查了練習(xí)使用多用電表和測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)，要求學(xué)生熟練掌握多用電表的使用和讀數(shù)及測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的原理。10．（14分）（2022?天津模擬）如圖所示是手電筒的電路圖。老式的手電筒是把兩節(jié)1號(hào)干電池串聯(lián)起來(lái)作為電源，一節(jié)1號(hào)干電池的電動(dòng)勢(shì)是1.5V。手電筒內(nèi)的小燈泡的額定電壓為2.5V，額定電流為0.3A，按下開(kāi)關(guān)后，小燈泡正常發(fā)光。（1）手電筒不工作時(shí)，電源兩端電壓是多大？為什么小燈泡的額定電壓是2.5V，而不是3V？（2）算一算，小燈泡正常工作時(shí)的電阻多大？電池組的內(nèi)電阻多大？【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式．【專題】計(jì)算題；定量思想；等效替代法；恒定電流專題；分析綜合能力．【答案】（1）手電筒不工作時(shí)，電源兩端電壓是3.0V。小燈泡工作時(shí)電路中有電流通過(guò)，由于電源有內(nèi)阻，內(nèi)部有電勢(shì)降落，因此小燈泡的額定電壓比電源電動(dòng)勢(shì)要小，所以小燈泡的額定電壓是2.5V，而不是3V。（2）小燈泡正常工作時(shí)的電阻為8.3Ω，電池組的內(nèi)電阻為1.7Ω?！痉治觥浚?）手電簡(jiǎn)不工作時(shí)，電路斷開(kāi)，路端電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)。小燈泡工作時(shí)，由于干電池有內(nèi)阻，內(nèi)電路上有電勢(shì)降落，路端電壓要小于電動(dòng)勢(shì)。（2）根據(jù)小燈泡的額定電壓、額定電流，可以求出小燈泡正常工作時(shí)的電阻。根據(jù)閉合電路歐姆定律，可以求得干電池組的內(nèi)電阻?！窘獯稹拷猓海?）手電筒不工作時(shí)，電源兩極間的電壓為電源的電動(dòng)勢(shì)即3.0V。小燈泡工作時(shí)電路中有電流通過(guò)，由于電源有內(nèi)阻，內(nèi)部有電勢(shì)降落，因此小燈泡的額定電壓比電源電動(dòng)勢(shì)要小，所以小燈泡的額定電壓是2.5V，而不是3V。（2）小燈泡的額定電壓為U＝2.5V，額定電流為I＝0.3A根據(jù)部分電路歐姆定律得：R=UI=2.5由路端電壓U＝E﹣Ir，可得電源的內(nèi)電阻為r=E-UI=3-2.5答：（1）手電筒不工作時(shí)，電源兩端電壓是3.0V。小燈泡工作時(shí)電路中有電流通過(guò)，由于電源有內(nèi)阻，內(nèi)部有電勢(shì)降落，因此小燈泡的額定電壓比電源電動(dòng)勢(shì)要小，所以小燈泡的額定電壓是2.5V，而不是3V。（2）小燈泡正常工作時(shí)的電阻為8.3Ω，電池組的內(nèi)電阻為1.7Ω?！军c(diǎn)評(píng)】解答本題時(shí)，要明確電源兩極間電壓與電源電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系，要知道電源的電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)外電壓之和，能熟練運(yùn)用閉合電路歐姆定律和部分電路歐姆定律處理直流電路的計(jì)算問(wèn)題。11．（16分）（2023春?丹東期末）如圖所示，為一種電荷控制式噴墨打印機(jī)的打印頭的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)圖，其中墨盒可以噴出極小的質(zhì)量為m，電量為﹣q的墨汁微粒，此微粒經(jīng)過(guò)帶電室后以水平初速度v0進(jìn)入極板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)。極板沿水平方向放置，中心軸線為OO′，微粒從O點(diǎn)射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，射出電場(chǎng)后，能繼續(xù)運(yùn)動(dòng)直到打到紙上，顯示出字符。設(shè)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩極板的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，間距為d，電壓為U，極板右端與紙間水平距離為2L，不計(jì)空氣阻力及重力作用，求：（1）微粒經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)過(guò)程中靜電力對(duì)它做的功W；（2）微粒打到紙上的位置P點(diǎn)與軸線OO′間的距離h?！究键c(diǎn)】從能量轉(zhuǎn)化與守恒的角度解決電場(chǎng)中的問(wèn)題；動(dòng)能定理的簡(jiǎn)單應(yīng)用．【專題】定量思想；類比法；帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題；分析綜合能力．【答案】（1）微粒經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)過(guò)程中靜電力對(duì)它做的功W為U2（2）微粒打到紙上的位置P點(diǎn)與軸線OO′間的距離h為5UqL【分析】（1）墨汁微粒做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平方向和豎直方向的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式以及功的公式求電場(chǎng)力做的功；（2）根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的推論及幾何關(guān)系求兩個(gè)階段的偏轉(zhuǎn)距離?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)題意可知，微粒在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向上有：L＝v0t豎直方向上，由牛頓第二定律可得：a=根據(jù)位移—時(shí)間公式有：y=聯(lián)立可得：y=微粒經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)過(guò)程中靜電力對(duì)它做的功：W=Eqy=（2）根據(jù)題意可知，微粒在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，微粒飛出電場(chǎng)之后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，且離開(kāi)勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)方向的反向延長(zhǎng)線經(jīng)過(guò)極板中點(diǎn)，由幾何關(guān)系有：hy解得：h答：（1）微粒經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)過(guò)程中靜電力對(duì)它做的功W為U2（2）微粒打到紙上的位置P點(diǎn)與軸線OO′間的距離h為5UqL【點(diǎn)評(píng)】本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，解題關(guān)鍵掌握帶電粒子在電場(chǎng)中作類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)公式可解得。12．（18分）（2022春?大祥區(qū)校級(jí)期末）一群速率不同的一價(jià)離子從A、B兩平行極板正中央水平射入如圖所示的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，離子的初動(dòng)能為Ek，A、B兩極板間電壓為U，板間距為d，C為豎直放置并與A、B間隙正對(duì)的金屬擋板，屏MN足夠大。若A、B極板長(zhǎng)為L(zhǎng)，C到極板右端的距離也為L(zhǎng)，C的長(zhǎng)為d。不考慮離子所受重力，元電荷為e。（1）寫(xiě)出離子射出A、B極板時(shí)的偏移距離y的表達(dá)式；（2）問(wèn)初動(dòng)能范圍是多少的離子才能打到屏MN上？【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在恒定的電場(chǎng)中做加速（或減速）運(yùn)動(dòng)．【專題】計(jì)算題；學(xué)科綜合題；定量思想；合成分解法；帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題；分析綜合能力．【答案】（1）離子射出A、B極板時(shí)的偏移距離y的表達(dá)式為y=eU（2）初動(dòng)能范圍是eUL22d2＜【分析】（1）離子在AB板間的電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，將離子的運(yùn)動(dòng)沿水平方向和豎直方向進(jìn)行分解，運(yùn)用牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，結(jié)合兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的等時(shí)性，求出離子射出電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)距離y的表達(dá)式。（2）離子離開(kāi)電場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，離子要打在屏MN上，y必須滿足y＜d2，且Ltanφ+y＞【解答】解：（1）設(shè)離子的質(zhì)量為m，初速度為v0，則離子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的加速度為a=離子射出電場(chǎng)的時(shí)間為t=射出電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)距離為y=12聯(lián)立解得y=而Ek=12mv0（2）離子射出電場(chǎng)時(shí)的豎直分速度為vy＝at射出電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)角的正切值為tanφ=故tanφ=離子射出電場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)要使離子打在屏MN上，需滿足y＜且Ltanφ+y＞d2，所以eUL2答：（1）離子射出A、B極板時(shí)的偏移距離y的表達(dá)式為y=eU（2）初動(dòng)能范圍是eUL22d2＜【點(diǎn)評(píng)】本題考查粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)類型，解題的關(guān)鍵是掌握類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，能熟練推導(dǎo)出偏轉(zhuǎn)距離和偏轉(zhuǎn)角度的表達(dá)式，同時(shí)要正確分析臨界條件，相結(jié)合即可進(jìn)行研究。

考點(diǎn)卡片1．動(dòng)能定理的簡(jiǎn)單應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.動(dòng)能定理的內(nèi)容：合外力做的功等于動(dòng)能的變化量。2.表達(dá)式：W合＝ΔEk＝Ek末﹣Ek初3.本考點(diǎn)針對(duì)簡(jiǎn)單情況下用動(dòng)能定理來(lái)解題的情況?！久}方向】如圖所示，質(zhì)量m＝10kg的物體放在水平地面上，物體與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，g＝10m/s2，今用F＝50N的水平恒力作用于物體上，使物體由靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，作用時(shí)間t＝6s后撤去F，求：（1）物體在前6s運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中的加速度；（2）物體在前6s運(yùn)動(dòng)的位移（3）物體從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)直到最終靜止的過(guò)程中克服摩擦力所做的功。分析：（1）對(duì)物體受力分析知，物體做勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律就可求出加速度；（2）用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式即可求得位移的大?。唬?）對(duì)全程用動(dòng)能定理，可以求得摩擦力的功。解答：（1）對(duì)物體受力分析，由牛頓第二定律得F﹣μmg＝ma，解得a＝3m/s2，（2）由位移公式得X=12at2=12×3×6（3）對(duì)全程用動(dòng)能定理得FX﹣Wf＝0Wf＝FX＝50×54J＝2700J。答：（1）物體在前6s運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中的加速度是3m/s2；（2）物體在前6s運(yùn)動(dòng)的位移是54m；（3）物體從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)直到最終靜止的過(guò)程中克服摩擦力所做的功為2700J。點(diǎn)評(píng)：分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，直接應(yīng)用牛頓第二定律和勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解即可，求摩擦力的功的時(shí)候?qū)θ虘?yīng)用動(dòng)能定理比較簡(jiǎn)單?！窘忸}思路點(diǎn)撥】1．應(yīng)用動(dòng)能定理的一般步驟（1）選取研究對(duì)象，明確并分析運(yùn)動(dòng)過(guò)程。（2）分析受力及各力做功的情況①受哪些力？②每個(gè)力是否做功？③在哪段位移哪段過(guò)程中做功？④做正功還是負(fù)功？⑤做多少功？求出代數(shù)和。（3）明確過(guò)程始末狀態(tài)的動(dòng)能Ek1及Ek2。（4）列方程W總＝Ek2﹣Ek1，必要時(shí)注意分析題目潛在的條件，補(bǔ)充方程進(jìn)行求解。注意：①在研究某一物體受到力的持續(xù)作用而發(fā)生狀態(tài)改變時(shí)，如涉及位移和速度而不涉及時(shí)間時(shí)應(yīng)首先考慮應(yīng)用動(dòng)能定理，而后考慮牛頓定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，如涉及加速度時(shí)，先考慮牛頓第二定律。②用動(dòng)能定理解題，關(guān)鍵是對(duì)研究對(duì)象進(jìn)行準(zhǔn)確的受力分析及運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析，并畫(huà)出物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程的草圖，以便更準(zhǔn)確地理解物理過(guò)程和各物理量的關(guān)系。有些力在物體運(yùn)動(dòng)全過(guò)程中不是始終存在的，在計(jì)算外力做功時(shí)更應(yīng)引起注意。2．電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力的關(guān)系和計(jì)算【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=FF＝qE?！久}方向】如圖，A、B、C三點(diǎn)在同一直線上，且AB＝BC，在A處固定一電荷量為+Q的點(diǎn)電荷。當(dāng)在C處放一電荷量為q的點(diǎn)電荷時(shí)，它所受到的電場(chǎng)力大小為F，移去C處電荷，在B處放電荷量為2q的點(diǎn)電荷，其所受電場(chǎng)力大小為（）A、4FB、8FC、F4D、分析：首先確定電荷量為2q的點(diǎn)電荷在B處所受的電場(chǎng)力方向與F方向的關(guān)系，再根據(jù)庫(kù)侖定律得到F與AB的關(guān)系，即可求出2q的點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力。解答：根據(jù)同種電荷相互排斥、異種電荷相互吸引，分析可知電荷量為2q的點(diǎn)電荷在B處所受的電場(chǎng)力方向與F方向相同；設(shè)AB＝r，則有BC＝r。則有：F＝kQq故電荷量為2q的點(diǎn)電荷在B處所受電場(chǎng)力為：FB＝kQ?2qr2=8F，故B故選：B。點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是根據(jù)庫(kù)侖定律研究?jī)呻姾稍趦牲c(diǎn)所受的電場(chǎng)力大小和方向關(guān)系，注意B、C兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同?！窘忸}方法點(diǎn)撥】既可以利用E=Fq計(jì)算某一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度也可以利用它的變形F＝3．電場(chǎng)線的定義及基本特征【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1．定義：為了形象描述電場(chǎng)中各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱及方向，在電場(chǎng)中畫(huà)出一些曲線，曲線上每一點(diǎn)的切線方向都跟該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向一致，曲線的疏密程度表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱．2．特點(diǎn)：（1）電場(chǎng)線始于正電荷（或無(wú)窮遠(yuǎn)），終于負(fù)電荷（或無(wú)窮遠(yuǎn)）；（2）電場(chǎng)線互不相交；（3）電場(chǎng)線和等勢(shì)面在相交處互相垂直；（4）沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；（5）電場(chǎng)線密的地方等差等勢(shì)面密；等差等勢(shì)面密的地方電場(chǎng)線也密．3．幾種典型的電場(chǎng)線．注意：電場(chǎng)中某點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向與該點(diǎn)放不放電荷以及所放電荷的大小和電性無(wú)關(guān)，由電場(chǎng)本身決定．4．等量同種電荷和等量異種電荷的電場(chǎng)（1）等量同種電荷的電場(chǎng)如圖2甲所示①兩點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)O處的場(chǎng)強(qiáng)為零，此處無(wú)電場(chǎng)線．②兩點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)O附近電場(chǎng)線非常稀疏，但場(chǎng)強(qiáng)不為零．③從兩點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)O沿中垂面（線）到無(wú)限遠(yuǎn)，電場(chǎng)線先變密后變疏，即場(chǎng)強(qiáng)先變大后變小．④兩點(diǎn)電荷連線中垂線上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向和中垂線平行．⑤關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的兩點(diǎn)A與A′、B與B′的場(chǎng)強(qiáng)等大、反向．（2）等量異種電荷的電場(chǎng)如圖2乙所示．①兩點(diǎn)電荷連線上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向從正電荷指向負(fù)電荷，沿電場(chǎng)線方向場(chǎng)強(qiáng)先變小再變大．②兩點(diǎn)電荷連線的中垂面（線）上，電場(chǎng)線的方向均相同，即場(chǎng)強(qiáng)方向相同，且與中垂面（線）垂直．③關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的兩點(diǎn)A與A′、B與B′的場(chǎng)強(qiáng)等大同向．【命題方向】本考點(diǎn)主要考查電場(chǎng)線的定義與特點(diǎn)下列關(guān)于電場(chǎng)的論述，正確的是（）A、電場(chǎng)線方向就是正檢驗(yàn)電荷的運(yùn)動(dòng)方向B、電場(chǎng)線是直線的地方是勻強(qiáng)電場(chǎng)C、只要初速度為零，正電荷必將在電場(chǎng)中沿電場(chǎng)線方向運(yùn)動(dòng)D、畫(huà)有電場(chǎng)線的地方有電場(chǎng)，未畫(huà)電場(chǎng)線的地方不一定無(wú)電場(chǎng)分析：電場(chǎng)線是為了形象地描述電場(chǎng)而假想的線，電場(chǎng)線的方向起于正電荷，終止于負(fù)電荷，電場(chǎng)線上某點(diǎn)的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱．解答：A、電場(chǎng)線的方向與正電荷的運(yùn)動(dòng)方向不一定相同。故A錯(cuò)誤。B、勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線是間距相等的平行直線，電場(chǎng)線是直線的地方不一定是勻強(qiáng)電場(chǎng)。故B錯(cuò)誤。C、若電場(chǎng)線是曲線，初速度為零的正電荷不一定沿電場(chǎng)線方向運(yùn)動(dòng)。故C錯(cuò)誤。D、電場(chǎng)線為了形象地描述電場(chǎng)而假想的線，畫(huà)電場(chǎng)線的地方有電場(chǎng)，未畫(huà)電場(chǎng)線的地方可能也有電場(chǎng)。故D正確。故選：D。點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道電場(chǎng)線的性質(zhì)，知道電場(chǎng)線是為了形象地描述電場(chǎng)而假想的線．【解題方法點(diǎn)撥】1．電場(chǎng)線與帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡的關(guān)系：根據(jù)電場(chǎng)線的定義，一般情況下，帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡不會(huì)與電場(chǎng)線重合，只有同時(shí)滿足以下三個(gè)條件時(shí)，兩者才會(huì)重合：（1）電場(chǎng)線為直線；（2）電荷初速度為零，或速度方向與電場(chǎng)線平行；（3）電荷僅受電場(chǎng)力或所受其他力合力的方向與電場(chǎng)線平行．2．關(guān)于電場(chǎng)線的問(wèn)題往往與帶電粒子的運(yùn)動(dòng)聯(lián)系起來(lái)進(jìn)行考查，解答這類問(wèn)題應(yīng)抓住以下幾個(gè)關(guān)鍵：（1）分析清楚粒子的運(yùn)動(dòng)情況，特別是速度和加速度如何變化；（2）根據(jù)力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，確定粒子所受電場(chǎng)力的大小方向如何變化；（3）根據(jù)電場(chǎng)力與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系，確定場(chǎng)強(qiáng)的大小、方向如何變化，從而確定電場(chǎng)線的分布規(guī)律．（4）熟悉幾種常見(jiàn)電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布特點(diǎn)．4．電容定義式的簡(jiǎn)單應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.電容的定義式為：C=Q2.電容定義式的應(yīng)用有：①知道電容器的電荷量和電壓，可以計(jì)算出電容的大小。②知道電容器的電容和電壓，可以計(jì)算出電容器的電荷量。③知道電容器的電容和電荷量，可以計(jì)算兩極板間的電壓。3.如果做出電容器電荷量隨電電壓變化的圖像，應(yīng)該是一條過(guò)原點(diǎn)的直線。其斜率即為電容器的電容。C=【命題方向】如圖所示，彼此絕緣的同軸金屬圓管和圓柱分別帶上等量的異種電荷Q后，兩導(dǎo)體間的電勢(shì)差為U，若兩導(dǎo)體分別帶上+2Q和﹣2Q的電荷，則它們間的電勢(shì)差為（）A、2UB、4UC、8UD、16U分析：彼此絕緣的同軸金屬圓管和圓柱分別帶上等量的異種電荷后，構(gòu)成成一個(gè)電容器，帶電量變了后，電容未變，根據(jù)U=Q解答：電容器電量變了后，電容未變，由U=QC知，Q變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，電勢(shì)差也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍。故B、C、D錯(cuò)，故選：A。點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵是掌握電容的定義式及影響電容的因素．【解題思路點(diǎn)撥】C=Q5．電容器的充放電問(wèn)題【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.電容器的充電與放電（1）使電容器帶上電荷的過(guò)程稱為充電。充電過(guò)程中，電容器所帶電荷量逐漸增大，兩極板間電壓增大，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸增大、充電電流逐漸減小。從能量角度來(lái)看，是電源的能量不斷儲(chǔ)存在電容器中的過(guò)程。（2）使電容器失去電荷的過(guò)程稱為放電。放電過(guò)程中，電容器所帶電荷量逐漸減小，兩極板間電壓減小，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小，放電電流逐漸減小。從能量角度來(lái)看，是電容器將儲(chǔ)存的能量通過(guò)電流做功轉(zhuǎn)化為電路中其他形式能量的過(guò)程。（3）電容器的充放電過(guò)程整體是一個(gè)很快的過(guò)程，幾乎是瞬間就能完成。2.電容器充放電的圖像（1）以電路中的電流為縱坐標(biāo)，時(shí)間為橫坐標(biāo)，即可做出電容器充放電過(guò)程中的圖像。如下圖為電容器的放電圖。（2）根據(jù)微元法可知曲線與坐標(biāo)軸圍成的面積表示電路中通過(guò)的電荷量?！久}方向】某同學(xué)利用圖甲所示的電路演示電容器的充、放電過(guò)程，先使開(kāi)關(guān)S與1端相連，然后把開(kāi)關(guān)S擲向2端，傳感器將電流信息傳入計(jì)算機(jī)，屏幕上顯示出電流隨時(shí)間變化的i﹣t圖像如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）A、圖像中兩陰影面積一定相等B、放電過(guò)程中，電容器下極板帶正電C、減小R可以增大圖像中兩陰影面積D、減小R可以延長(zhǎng)充放電的時(shí)間分析：電容器的充放電電量是i﹣t圖像圍成的面積，電容器的定義式以及定義式應(yīng)用，電容器與電源正極連接的板帶正電，與電源負(fù)極相連的板帶負(fù)電。解答：A．i﹣t圖像面積表示電荷量，兩陰影面積分別表示充放電電荷總量，一定相等，故A正確；B．電容器下極板與電源負(fù)極相連，所以下極板帶負(fù)電，故B錯(cuò)誤；C．電容器所帶的電荷量Q＝CU，由于電源電動(dòng)勢(shì)不變也就是電容器兩端電壓不變，電容不變，所以Q不變，故C錯(cuò)誤；D．充電過(guò)程中，減小R可縮短充電時(shí)間，放電過(guò)程中，電阻是負(fù)載，減小R可縮短放電時(shí)間，故D錯(cuò)誤。故選：A。點(diǎn)評(píng)：考查電容器充放電，以及定義式應(yīng)用。【解題思路點(diǎn)撥】對(duì)電容器充電和放電的一種理解：充電時(shí)電容器通過(guò)電源將一極板上的電子搬運(yùn)到另一板板上，從而使一個(gè)極板帶正電、另一板板帶等量負(fù)電。放電時(shí)是電容器通過(guò)外電路將兩極板上的電荷進(jìn)行中和的過(guò)程。6．帶電粒子在恒定的電場(chǎng)中做加速（或減速）運(yùn)動(dòng)【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.運(yùn)動(dòng)狀態(tài)：利用電場(chǎng)使帶電粒子加速時(shí)，帶電粒子的速度方向與電場(chǎng)強(qiáng)度的方向相同或相反。2.帶電粒子的分類及受力特點(diǎn)（1）電子、質(zhì)子、α粒子、離子等基本粒子，一般都不考慮重力。（2）質(zhì)量較大的微粒：帶電小球，帶電油滴、帶電顆粒等，除有說(shuō)明或有明確的暗示外，處理問(wèn)題時(shí)一般都不能忽略重力。3.分析帶電粒子在靜電力作用下加速運(yùn)動(dòng)的兩種方法（1）利用牛頓第二定律F＝ma和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，只能分析帶電粒子的勻變速運(yùn)動(dòng)。（2》利用動(dòng)能定理：qU=12mv2-【命題方向】如圖所示，一個(gè)質(zhì)子以初速度v0＝5×106m/s射入一個(gè)由兩塊帶電的平行金屬板組成的區(qū)域．兩板距離為20cm，金屬板之間是勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為3×105V/m．質(zhì)子質(zhì)量為m＝1.67×10﹣27kg，電荷量為q＝1.60×10﹣19C．試求（1）質(zhì)子由板上小孔射出時(shí)的速度大??；（2）質(zhì)子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．分析：（1）質(zhì)子射入電場(chǎng)后，只有電場(chǎng)力做功，根據(jù)動(dòng)能定理列式求解即可（2）因做勻加速，則由時(shí)間等于位移除以平均速度，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=L解答：（1）根據(jù)動(dòng)能定理得：eEd=12mv2-代入數(shù)據(jù)：得v＝6×106m/s（2）t=Lv0+v2．=20×1答：（1）質(zhì)子由板上小孔射出時(shí)的速度大小為6×106m/s（2）質(zhì)子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為3.6×10﹣8s點(diǎn)評(píng)：求速度時(shí)動(dòng)能定理是常用的規(guī)律，要理解并掌握動(dòng)能定理的內(nèi)容、公式，并能靈活應(yīng)用，求時(shí)間用平均速度公式．【解題思路點(diǎn)撥】對(duì)于帶電粒子在電場(chǎng)中的加速問(wèn)題，可以用從牛頓第二定律的角度出發(fā)，也可以從動(dòng)能定理的角度出發(fā)求解。7．帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.帶電粒子垂直射入勻強(qiáng)電場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)類似于物體的平拋運(yùn)動(dòng)，可以利用運(yùn)動(dòng)的合成與分解知識(shí)分析。規(guī)律為：初速度方向：vx＝v0，x＝v0t靜電力方向：vy＝at，y=2.分析帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)問(wèn)題也可以利用動(dòng)能定理，即qEΔy＝ΔEk。3.兩個(gè)特殊推論：（1）粒子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中射出時(shí)，其速度方向的反向延長(zhǎng)線與初速度方向的延長(zhǎng)線交于一點(diǎn)，此點(diǎn)為初速度方向位移的中點(diǎn)，如圖所示。（2）位移方向與初速度方向間夾角α（圖中未畫(huà)出）的正切為速度偏轉(zhuǎn)角θ正切的12，即tanα=12【命題方向】一束電子流在經(jīng)U＝5000V的加速電壓加速后，在距兩極板等距離處垂直進(jìn)入平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示，若兩板間距離d＝1.0cm，板長(zhǎng)l＝5.0cm，電子恰好從平行板邊緣飛出，求：（電子的比荷eme=1.76×10（1）電子進(jìn)入極板時(shí)的速度v0（2）兩極板間的電壓．分析：（1）由動(dòng)能定理可求得進(jìn)入極板的速度．（2）由豎直向做勻加速運(yùn)動(dòng)，水平向做勻速運(yùn)動(dòng)，由豎直向的距離可求得所加電壓值．解答：（1）由動(dòng)能定理：Uq=1得v0=2qUm=（2）進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，所加電壓為U′電子在平行于板面的方向上做勻速運(yùn)動(dòng)：l＝v0t…②在垂直于板面的方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為：a=F偏距：y=1能飛出的條件為：y=d2由①②③④⑤可得：U′=2U答：（1）電子進(jìn)入極板時(shí)的速度為4.2×107m/s；（2）兩極板間的電壓為400V點(diǎn)評(píng)：本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)，在列式計(jì)算時(shí)應(yīng)注意不要提前代入數(shù)值，應(yīng)將公式簡(jiǎn)化后再計(jì)算，這樣可以減少計(jì)算量．【解題思路點(diǎn)撥】帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的處理方法帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題實(shí)質(zhì)上是力學(xué)問(wèn)題的延續(xù)，從受力角度看，帶電粒子與一般物體相比多受到一個(gè)靜電力；從處理方法上看，仍可利用力學(xué)中的規(guī)律分析，如選用平衡條件、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、動(dòng)能定理、功能關(guān)系，能量守恒等。8．從能量轉(zhuǎn)化與守恒的角度解決電場(chǎng)中的問(wèn)題【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】本考點(diǎn)旨在針對(duì)需要從能量轉(zhuǎn)化與守恒的角度解決的電場(chǎng)問(wèn)題，可能涉及到功能關(guān)系、動(dòng)能定理、能量守恒、機(jī)械能守恒定律、電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的變化等情況。【命題方向】圖所示，軌道由粗糙斜面AB、DF與半徑為R的光滑圓弧BCD組成，斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，斜面與水平面間的夾角60°，∠BOD＝120°，虛線BM左側(cè)、DN右側(cè)分布等大反向勻強(qiáng)電場(chǎng)E，帶電量為﹣q（q＞0）的物塊從A點(diǎn)以6gR的初速度沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，物塊質(zhì)量為m，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)。AB長(zhǎng)度為2R，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為3mgq，重力加速度為A、物塊到B點(diǎn)時(shí)的速度為2gRB、物塊在最低點(diǎn)的最大壓力為3mgC、物塊最終在圓弧BCD做往返運(yùn)動(dòng)D、物塊在斜面運(yùn)動(dòng)的總路程為3R分析：從A到B的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理，可以得到B點(diǎn)時(shí)的速度；從B到C用動(dòng)能定理，可以得到C點(diǎn)的速度，結(jié)合豎直面的圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律和牛頓第三定律，可以計(jì)算C點(diǎn)的壓力；根據(jù)對(duì)物塊在斜面的受力分析，可以判斷其會(huì)停在斜面上還是會(huì)在圓弧內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)；根據(jù)全過(guò)程動(dòng)能定理可以判斷其總路程。解答：A、對(duì)物塊在左側(cè)斜面上釋放時(shí)進(jìn)行受力分析，可以得到如圖：在垂直于斜面的方向上：mgcos60°+qEsin60°＝N，此時(shí)摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，故：f＝μN(yùn)，解得N＝2mg，在物塊從A到B的過(guò)程中，對(duì)物塊應(yīng)用動(dòng)能定理：mg?2Rsin60°-qE?B、在物塊從B到C的過(guò)程中，對(duì)物塊應(yīng)用動(dòng)能定理：mgR(1-cos60°)=12mvC2-CD、物塊從B到右側(cè)的過(guò)程，設(shè)到某點(diǎn)速度減為0，在右側(cè)斜面的位移為x，則在該過(guò)程中：-mgxsin60°-qExcos60°-μN(yùn)x=0-12mvB2，解得：x＝R，此時(shí)摩擦力反向，之后：mgsin60°＝qEcos60°，摩擦力減為0，物塊剛好可以在斜面上靜止，總路程故選：AD。點(diǎn)評(píng)：本題考查涉及電場(chǎng)力的功能關(guān)系問(wèn)題，注意當(dāng)速度減為0時(shí)，摩擦力可以突變，方向大小皆可變。在計(jì)算物塊對(duì)地面壓力時(shí)，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律得到支持力后，要寫(xiě)結(jié)合牛頓第三定律得到壓力?！窘忸}思路點(diǎn)撥】電場(chǎng)中的功能關(guān)系如下：1.合力做功等于物體動(dòng)能的變化量，即W合＝ΔEk，這里的W合指合外力做的功。2.靜電力做功決定帶電體電勢(shì)能的變化量，即WAB＝EPA﹣EPB＝﹣ΔEP。這與重力做功和重力勢(shì)能變化之間的關(guān)系類似。3.只有靜電力做功時(shí)，帶電體電勢(shì)能與機(jī)械能的總量不變，即EP1+E機(jī)1＝EP2+E機(jī)2。這與只有重力做功時(shí)，物體的機(jī)械能守恒類似。9．歐姆定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】歐姆定律1．內(nèi)容：導(dǎo)體中的電流I跟導(dǎo)體兩端的電壓U成正比，跟它的電阻R成反比．2．表達(dá)式：I=U3．適用條件：適用于金屬和電解液導(dǎo)電，氣體導(dǎo)電和半導(dǎo)體元件不適用．4．導(dǎo)體的伏安特性曲線：用橫軸表示電壓U，縱軸表示電流I，畫(huà)出的I﹣U關(guān)系圖線．（1）線性元件：伏安特性曲線是直線的電學(xué)元件，適用于歐姆定律．（2）非線性元件：伏安特性曲線為曲線的電學(xué)元件，即非線性元件的電流與電壓不成正比．【命題方向】（1）第一類常考題型是考查歐姆定律不同表達(dá)式的物理意義：對(duì)于歐姆定律的理解，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A．由I=UB．由U＝IR，對(duì)一定的導(dǎo)體，通過(guò)它的電流強(qiáng)度越大，它兩端的電壓也越大C．由R=UI，導(dǎo)體的電阻跟它兩端的電壓成正比，D．對(duì)一定的導(dǎo)體，它兩端的電壓與通過(guò)它的電流強(qiáng)度的比值保持不變分析：根據(jù)歐姆定律的內(nèi)容可知，通過(guò)電阻的電流強(qiáng)度跟它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，電阻的大小是由導(dǎo)體本身決定的，與電壓的大小無(wú)關(guān)．解：A、根據(jù)歐姆定律可知，通過(guò)電阻的電流強(qiáng)度跟它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，所以A正確；B、由U＝IR，對(duì)一定的導(dǎo)體，電流與電壓成正比，所以通過(guò)它的電流強(qiáng)度越大，它兩端的電壓也越大，所以B正確；C、導(dǎo)體的電阻與電壓的大小無(wú)關(guān)，是由導(dǎo)體本身決定的，所以C錯(cuò)誤；D、對(duì)一定的導(dǎo)體，它兩端的電壓與通過(guò)它的電流強(qiáng)度的比值保持不變，即為電阻的大小，所以D正確．本題選錯(cuò)誤的，故選C．點(diǎn)評(píng)：本題就是考查學(xué)生對(duì)歐姆定律的理解，掌握住電阻是由導(dǎo)體本身決定的，與電壓的大小無(wú)關(guān)，即可解決本題．（2）第二類常考題型是考查對(duì)伏安特性曲線的理解：如圖所示為電阻R1和R2的伏安特性曲線，并且把第一象限分為了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個(gè)區(qū)域．現(xiàn)把R1和R2并聯(lián)在電路中，消耗的電功率分別用P1和P2表示；并聯(lián)的總電阻設(shè)為R．下列關(guān)于P1與P2的大小關(guān)系及R的伏安特性曲線應(yīng)該在的區(qū)域正確的是（）A．特性曲線在Ⅰ區(qū)，P1＜P2B．特性曲線在Ⅲ區(qū)，P1＜P2C．特性曲線在Ⅰ區(qū)，P1＞P2D．特性曲線在Ⅲ區(qū)，P1＞P2分析：伏安特性曲線的斜率等于電阻的倒數(shù)．當(dāng)兩個(gè)電阻并聯(lián)后總電阻R比任何一個(gè)電阻都要小，R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R2的伏安特性曲線的斜率．R1和R2并聯(lián)在電路中，電壓相等，由圖讀出電流關(guān)系，再研究功率關(guān)系．解：把R1和R2并聯(lián)在電路中，并聯(lián)的總電阻R比R1和R2都小，則R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R2的伏安特性曲線的斜率，則R的伏安特性曲線應(yīng)該Ⅰ區(qū)．R1和R2并聯(lián)在電路中，電壓相等，由圖讀出流過(guò)電阻R1的電流較大，則功率P1＞P2．故選C．點(diǎn)評(píng)：本題首先要從數(shù)學(xué)角度理解圖線的物理意義：斜率越大，電阻越?。浯巫プ〔⒙?lián)電路的基本特點(diǎn)：支路兩端的電壓相等．【解題方法點(diǎn)撥】1．歐姆定律不同表達(dá)式的物理意義（1）I=UR是歐姆定律的數(shù)學(xué)表達(dá)式，表示通過(guò)導(dǎo)體的電流I與電壓U成正比，與電阻（2）公式R=U2．對(duì)伏安特性曲線的理解（1）如圖，圖線a、b表示線性元件，圖線c、d表示非線性元件．（2）圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，斜率越大，電阻越小，故Ra＜Rb（如圖甲所示）．（3）圖線c的電阻減小，圖線d的電阻增大（如圖乙所示）．（4）伏安特性曲線上每一點(diǎn)的電壓坐標(biāo)與電流坐標(biāo)的比值對(duì)應(yīng)這一狀態(tài)下的電阻．3．深化拓展（1）在I﹣U曲線上某點(diǎn)切線的斜率不是電阻的倒數(shù)．（2）要區(qū)分是I﹣U圖線還是U﹣I圖線．（3）對(duì)線性元件：R=UI=△U4．歐姆定律I=U對(duì)于純電阻，適合歐姆定律，即純電阻兩端的電壓滿足U＝IR．對(duì)于非純電阻，不適合歐姆定律，因P電＝UI＝P熱+P其他＝I2R+P其他，所以UI＞I2R，即非純電阻兩端的電壓滿足U＞IR．10．閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.內(nèi)容：閉合電路的電流跟電源的電動(dòng)勢(shì)成正比跟內(nèi)、外電路的電阻之和成反比。2.表達(dá)式：I=ER+r，E表示電動(dòng)勢(shì)，I表示干路總電流，R表示外電路總電阻，3.閉合電路中的電壓關(guān)系：閉合電路中電源電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)、外電路電勢(shì)降落之和E＝U外+U內(nèi)。4.由E＝U外+U內(nèi)可以得到閉合電路歐姆定律的另一個(gè)變形U外＝E﹣Ir?！久}方向】在已接電源的閉合電路里，關(guān)于電源的電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)電壓、外電壓的關(guān)系應(yīng)是（）A、如外電壓增大，則內(nèi)電壓增大，電源電動(dòng)勢(shì)也會(huì)隨之增大B、如外電壓減小，內(nèi)電阻不變，內(nèi)電壓也就不變，電源電動(dòng)勢(shì)必然減小C、如外電壓不變，則內(nèi)電壓減小時(shí)，電源電動(dòng)勢(shì)也隨內(nèi)電壓減小D、如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源的電動(dòng)勢(shì)始終為二者之和，保持恒量分析：閉合電路里，電源的電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)電壓與外電壓之和．外電壓變化時(shí)，內(nèi)電壓也隨之變化，但電源的電動(dòng)勢(shì)不變．解答：A、如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源電動(dòng)勢(shì)保持不變。故A錯(cuò)誤。B、如外電壓減小，內(nèi)電阻不變，內(nèi)電壓將增大，電源電動(dòng)勢(shì)保持不變。故B錯(cuò)誤。C、如外電壓不變，則內(nèi)電壓也不變。故C錯(cuò)誤。D、根據(jù)閉合電路歐姆定律得到，電源的電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)電壓與外電壓之和，如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源的電動(dòng)勢(shì)保持恒量。故D正確。故選：D。點(diǎn)評(píng)：本題要抓住電源的電動(dòng)勢(shì)是表征電源的本身特性的物理量，與外電壓無(wú)關(guān)．【解題思路點(diǎn)撥】閉合電路的幾個(gè)關(guān)系式的對(duì)比11．電子元器件、電路及家庭安全用電知識(shí)【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1．家庭電路的一般組成家庭電路由入戶線、電能表、空氣開(kāi)關(guān)、漏電保護(hù)開(kāi)關(guān)、三腳插座、普通插座、用電器等組成，如圖．（1）入戶線：火線、零線、地線．地線的作用是保障用電人員的人身安全，是漏電保護(hù)的前提條件．有電動(dòng)機(jī)的家用電器、在潮濕環(huán)境中使用的電器、具有金屬外殼的電器和其他規(guī)定使用接地的家用電器必須做好接地保護(hù)，否則外殼容易帶電．（2）電能表：串聯(lián)在交流電路中用來(lái)測(cè)量家庭用電的耗電量．（3）漏電保護(hù)開(kāi)關(guān)：在發(fā)生觸電、漏電現(xiàn)象時(shí)能夠立即切斷電源，保障用電人員的人身安全．家庭電路應(yīng)注意下列問(wèn)題：（1）必須安裝漏電保護(hù)開(kāi)關(guān)．（2）電能表、電線與家用電器的總?cè)萘科ヅ?，大功率電器如空調(diào)機(jī)等應(yīng)使用專線供電．（3）使用固定插座，有接地線的家用電器必須使用三孔插座，三孔插座、三孔活動(dòng)插座必須安裝接地線，禁止將三孔插座改為二孔插座．在洗手間、廚房使用帶防護(hù)罩的固定插座，以防止水、灰塵的進(jìn)入．電器的插頭要與插座匹配．2．安全用電（1）不要超負(fù)荷用電，以免電流過(guò)大引起電線熔化造成短路，引起火災(zāi)．（2）使用保險(xiǎn)絲的電路要選用與電線匹配的熔斷絲，不可隨意加粗或用金屬絲替代．（3）漏電保護(hù)開(kāi)關(guān)安裝在無(wú)腐蝕性氣體、無(wú)爆炸危險(xiǎn)品、無(wú)高溫?zé)嵩吹膱?chǎng)所．定期對(duì)漏電保護(hù)開(kāi)關(guān)進(jìn)行靈敏性檢測(cè)．（4）濕手不接觸帶電設(shè)備，不用濕布擦帶電設(shè)備，并且要防止用電器受潮．（5）使用家用電器一定要先仔細(xì)閱讀說(shuō)明書(shū)，特別是用電注意事項(xiàng)．移動(dòng)家用電器時(shí)要斷開(kāi)電源．拔取電源線時(shí)，應(yīng)當(dāng)手持插頭，切勿直接牽拉電源線，以免損壞電源線，或者造成接頭脫落．（6）不能負(fù)載過(guò)大，否則容易導(dǎo)致危險(xiǎn)．使用電熱器具時(shí)要注意防止發(fā)生火災(zāi)．（7）遇到電器設(shè)備著火，若一時(shí)無(wú)法判明原因，不得用手拔插頭、拉閘刀開(kāi)關(guān)，要借用絕緣工具拔下插頭或拉開(kāi)閘刀開(kāi)關(guān)．（8）有金屬外殼的家用電器一定要采用帶保護(hù)接地線的三孔插座．3．觸電、電器火災(zāi)事故處置電流對(duì)人體的損害主要是電熱灼傷和強(qiáng)烈的肌肉痙攣，引起呼吸抑制或心跳驟停，嚴(yán)重電擊能夠直接危及生命．電流對(duì)人體的損傷與通過(guò)人體的電流的大小有關(guān)，如圖所示，0.01A以下的電流一般不會(huì)對(duì)人體造成損傷．4.發(fā)生觸電事故時(shí)，應(yīng)采取以下措施：（1）立即切斷電源，無(wú)法切斷電源時(shí)應(yīng)使用絕緣的木棒等使觸電者脫離電源．（2）將脫離電源的觸電者移動(dòng)到通風(fēng)干燥處仰臥，松開(kāi)上衣、鞋帶，檢查其呼吸、頸部動(dòng)脈搏動(dòng)情況．（3）如果觸電者呼吸、心跳停止，應(yīng)進(jìn)行人工呼吸，實(shí)施心臟復(fù)蘇搶救．同時(shí)撥打急救電話．（4）絕對(duì)不可用手接觸或用金屬、潮濕的物體接觸沒(méi)脫離電源的觸電者．5.發(fā)生電器火災(zāi)事故時(shí)，應(yīng)采取以下措施：（1）立即切斷電源．（2）用滅火器滅火，電視機(jī)、電腦著火應(yīng)用棉被、毛毯等物體捂滅．（3）在無(wú)法切斷電源時(shí)應(yīng)用不導(dǎo)電的滅火劑滅火，不可用水或泡沫滅火劑．（4）電源沒(méi)切斷前，絕對(duì)不可把水澆到電器、開(kāi)關(guān)上，不可用手接觸電器、開(kāi)關(guān)．【命題方向】關(guān)于我國(guó)家庭電路的220V交流電，下列說(shuō)法正確的是（）A、該交流電的頻率為100HzB、該交流電的周期是0.01sC、在一個(gè)周期內(nèi)交流電的方向只改變一次D、在1s內(nèi)交流電的方向改變100次分析：家庭電路的頻率為50Hz，從而可知周期，一個(gè)周期電流方向變化2次，據(jù)此分析即可。解答：AB、家庭電路用正弦式交變電流，該交流電的頻率為50Hz，周期T＝0.02s，故AB錯(cuò)誤。CD、一個(gè)周期電流方向變化2次，則在1s內(nèi)交流電的方向改變100次，故D正確，C錯(cuò)誤。故選：D。點(diǎn)評(píng)：本題交變電流，解題關(guān)鍵掌握家庭用電的交變電流一個(gè)周期電流方向變化2次。【解題思路點(diǎn)撥】要了解家庭電路的相關(guān)知識(shí)以及認(rèn)識(shí)一些基本的電子元器件和了解它們?cè)陔娐分械淖饔谩?2．安培力的概念【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.定義：通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受的力叫作安培力。2.特點(diǎn)：（1）通電在導(dǎo)線在磁場(chǎng)中不一定受到安培力，當(dāng)導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，受到的安培力等于零。（2）安培力的方向與磁場(chǎng)方向、電流的方向都垂直?！久}方向】關(guān)于磁場(chǎng)對(duì)通電直導(dǎo)線的作用力，下列說(shuō)法中正確的是（）A、通電直導(dǎo)線跟磁場(chǎng)方向平行時(shí)作用力最小，等于零B、通電直導(dǎo)線跟磁場(chǎng)方向垂直時(shí)作用力最大C、作用力的方向既垂直磁場(chǎng)方向，又垂直電流方向D、通電直導(dǎo)線跟磁場(chǎng)方向不垂直時(shí)沒(méi)有作用力分析：當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)的方向平行，所受安培力為0，最?。?dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，安培力最大，為F＝BIL．根據(jù)左手定則可知安培力的方向．解答：AB、當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)的方向平行，所受安培力為0，最小。當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，安培力最大，為F＝BIL．故A、B正確。C、根據(jù)左手定則，知安培力的方向既垂直磁場(chǎng)方向，又垂直電流方向。故C正確。D、當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)的方向平行，所受安培力為0，當(dāng)導(dǎo)線與磁場(chǎng)的方向既不平行也不垂直時(shí)，安培力的大小介于0和最大值之間。故D錯(cuò)誤。故選：ABC。點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)的方向平行，所受安培力為0，最?。?dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，安培力最大，為F＝BIL．【解題思路點(diǎn)撥】電場(chǎng)力、安培力、洛倫茲力辨析①帶電粒子在電場(chǎng)中受到的力叫作電場(chǎng)力，無(wú)論帶電粒子處于什么狀態(tài)，帶電粒子在電場(chǎng)中一定受到電場(chǎng)力。②通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的力叫作安培力，只有通電導(dǎo)線與磁場(chǎng)不平行時(shí)，才會(huì)受到安培力作用。③帶電粒子在磁場(chǎng)中受到的力叫作洛倫茲力，帶電粒子需要有速度并且速度方向不能與磁場(chǎng)方向平行。13．左手定則判斷安培力的方向【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.安培力的方向：通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力的方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向、電流方向都垂直。2.左手定則：伸開(kāi)左手，使拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一個(gè)平面內(nèi)；讓磁感線從掌心垂直進(jìn)人，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力的方向。如下圖所示：【命題方向】如圖所示，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一通電直導(dǎo)線，電流方向垂直紙面向里，則直導(dǎo)線受到安培力的方向是（）A、向上B、向下C、向左D、向右分析：通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的安培力方向利用左手定則判斷．讓磁感線穿過(guò)左手手心，四指指向電流方向，拇指指向安培力方向．解答：根據(jù)左手定則：伸開(kāi)左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向下穿過(guò)手心，則手心朝上。四指指向電流方向，則指向紙里，拇指指向安培力方向：向左。故選：C。點(diǎn)評(píng)：本題考查左手定則的應(yīng)用能力．對(duì)于左手定則的應(yīng)用，要搞清兩點(diǎn)：一是什么時(shí)候用；二是怎樣用．【解題思路點(diǎn)撥】安培力方向的特點(diǎn)安培力的方向既垂直于電流方向，也垂直于磁場(chǎng)方向，即安培力的方向垂直于電流I和磁場(chǎng)B所決定的平面。（1）當(dāng)電流方向與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，安培力方向、磁場(chǎng)方向、電流方向兩兩垂直，應(yīng)用左手定則時(shí)，磁感線垂直穿過(guò)掌心。（2）當(dāng)電流方向與磁場(chǎng)方向不垂直時(shí)，安培力的方向仍垂直于電流方向，也垂直于磁場(chǎng)方向。應(yīng)用左手定則時(shí)，磁感線斜著穿過(guò)掌心。14．兩根通電導(dǎo)線之間的作用力【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】?jī)筛妼?dǎo)線之間存在作用力，作用規(guī)律為同向電流相互排斥，異向電流相互吸引。證明：如圖所示兩根個(gè)導(dǎo)線中，通有同向電流根據(jù)安培定則可知左側(cè)電流在右側(cè)導(dǎo)線處產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直紙面向里，對(duì)右側(cè)導(dǎo)線分析，根據(jù)左手定則，可知右側(cè)電流受到的安培力水平向右，同理可得，右側(cè)電流對(duì)左側(cè)導(dǎo)線的作用力向左。同樣的方法可以證明異向電流間的安培力指向彼此，即相互吸引?！久}方向】如圖所示，兩根平行放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線a和b載有大小相同方向相反的電流，a受到的磁場(chǎng)力大小為F1，當(dāng)加入一與導(dǎo)線所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，a受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)镕2，則此時(shí)b受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)椋ǎ〢、F2B、F1﹣F2C、F1+F2D、2F1﹣F2分析：當(dāng)兩根通大小相同方向相反的電流時(shí)，a受到的一個(gè)F1磁場(chǎng)力，然后再加入一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則a受到F2磁場(chǎng)力．則此時(shí)b受到的磁場(chǎng)力大小與a相同，方向相反．解答：如圖所示，兩根長(zhǎng)直線，電流大小相同，方向相反。則a受到b產(chǎn)生磁場(chǎng)的作用力向左大小為F1，那么b受到a產(chǎn)生磁場(chǎng)的作用力向右大小為F1′，這兩個(gè)力大小相等，方向相反。當(dāng)再加入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的磁場(chǎng)力大小為F0，則a受到作用力為F2＝F1+F0，或F2＝F1﹣F0而對(duì)于b由于電流方向與a相反，所以b受到作用力為F2′＝F1+F0，或F2′＝F1﹣F0，這兩個(gè)力大小相等，方向相反。將F1＝F2﹣F0，或F1＝F2+F0代入F2′＝F1+F0，或F2′＝F1﹣F0，可得，F(xiàn)2′＝F2；故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A。點(diǎn)評(píng)：當(dāng)沒(méi)有加入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，兩根通電直導(dǎo)線的作用力是相互；當(dāng)加入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，兩根通電直導(dǎo)線的作用力仍是相互【解題思路點(diǎn)撥】可以通過(guò)安培定則與左手定則得出同向電流相互排斥，異向電流相互吸引的結(jié)論。15．電磁感應(yīng)現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)過(guò)程【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.提出物理問(wèn)題：奧斯特發(fā)現(xiàn)的電流的磁效應(yīng)，證實(shí)了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象是有聯(lián)系的。人們從電流磁效應(yīng)的對(duì)稱性角度，開(kāi)始思考如下問(wèn)題；既然電流能夠引起磁針的運(yùn)動(dòng)，那么，為什么不能用磁體使導(dǎo)線中產(chǎn)生電流呢？2.法拉第的探索：法拉第提出了“由磁產(chǎn)生電”的設(shè)想，并為此進(jìn)行了長(zhǎng)達(dá)10年的探索，從中領(lǐng)悟到，“磁生電”是一種在變化、運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中才能出現(xiàn)的效應(yīng)。3.電磁感應(yīng)現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)：1831年，法拉第把兩個(gè)線圈繞在一個(gè)鐵環(huán)上（如下圖），一個(gè)線圈接電源，另一個(gè)線圈接“電流表”。當(dāng)給一個(gè)線圈通電或斷電的瞬間，在另一個(gè)線圈上出現(xiàn)了電流。他在1831年8月29日的日記中寫(xiě)下了首次成功的記錄。4.電磁感應(yīng)現(xiàn)象發(fā)現(xiàn)的意義：電磁感應(yīng)的發(fā)現(xiàn)使人們對(duì)電與磁內(nèi)在聯(lián)系的認(rèn)識(shí)更加深入，宣告了電磁學(xué)作為一門統(tǒng)一學(xué)科的誕生。5.電磁感應(yīng)現(xiàn)象的定義：由磁生電的現(xiàn)象稱為電磁感應(yīng)。6.感應(yīng)電流：電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電流稱為感應(yīng)電流?！久}方向】發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)規(guī)律是人類在電磁學(xué)研究中的偉大成就．在取得這項(xiàng)偉大成就的過(guò)程中，法國(guó)物理學(xué)家安培、瑞士人科拉頓、英國(guó)物理學(xué)家法拉第等人前后進(jìn)行了多年的研究．在這項(xiàng)研究的眾多工作中，其中有兩個(gè)重要環(huán)節(jié)：（1）研究者敏銳地覺(jué)察并提出“磁生電”的閃光思想；（2）大量實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)：磁場(chǎng)中閉合電路包圍的面積發(fā)生變化，從閉合線圈中抽出或者插入條形磁鐵等多種條件下，閉合電路中有感應(yīng)電流，最終研究者抓住產(chǎn)生感應(yīng)電流條件的共同本質(zhì)，總結(jié)出閉合電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是磁通量發(fā)生變化．下列說(shuō)法正確的是（）A、環(huán)節(jié)（1）提出“磁生電”思想是受到了電流磁效應(yīng)的啟發(fā)B、環(huán)節(jié)（1）提出“磁生電”思想是為了對(duì)已有的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象做出解釋C、當(dāng)穿過(guò)閉合電路的磁通量發(fā)生變化時(shí)，閉合電路所處的磁場(chǎng)一定發(fā)生了變化D、環(huán)節(jié)（2）的研究過(guò)程，體現(xiàn)了從大量的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象和事實(shí)出發(fā)，總結(jié)出一般規(guī)律的研究方法分析：磁生電在受到電生磁的影響，即電流磁效應(yīng)的啟發(fā)；物理規(guī)律在大量實(shí)驗(yàn)事實(shí)，從而總結(jié)得來(lái)．解答：AB、“磁生電”思想是受到了電流磁效應(yīng)的啟發(fā)，故A正確，B錯(cuò)誤；C、當(dāng)穿過(guò)閉合電路的磁通量發(fā)生變化時(shí)，閉合電路所處的磁場(chǎng)不一定變化，可以線圈的位置變化，故C錯(cuò)誤；D、由環(huán)節(jié)（2）的研究過(guò)程，體現(xiàn)了從大量的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象和事實(shí)出發(fā)，從而總結(jié)規(guī)律，故D正確；故選：AD。點(diǎn)評(píng)：考查物理規(guī)律的如何得來(lái)，同時(shí)知道一是受到啟發(fā)，二是通過(guò)觀察．【解題思路點(diǎn)撥】1.電磁感應(yīng)式磁生電的過(guò)程，電流的磁效應(yīng)是電生磁的過(guò)程。但要注意：有電（流）必有磁（場(chǎng)），有磁不一定有電。即磁生電需要一定的條件。2.電磁感應(yīng)的發(fā)現(xiàn)使人們對(duì)電與磁內(nèi)在聯(lián)系的認(rèn)識(shí)更加深入，宣告了電磁學(xué)作為一門統(tǒng)一學(xué)科的誕生。16．電磁波的產(chǎn)生【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.麥克斯韋從理論上預(yù)見(jiàn)，電磁波在真空中的傳播速度等于光速，由此麥克斯韋語(yǔ)言了光是一種電磁波。2.電磁波的產(chǎn)生：如果在空間某區(qū)域有周期性變化的電場(chǎng)，就會(huì)在周圍引起變化的磁場(chǎng)，變化的電場(chǎng)和磁場(chǎng)又會(huì)在較遠(yuǎn)的空間引起新的變化的電場(chǎng)和磁場(chǎng)。這樣變化的電場(chǎng)和磁場(chǎng)由近及遠(yuǎn)地向周圍傳播，形成了電磁波?！久}方向】關(guān)于電磁波，下列說(shuō)法正確的是（）A、電磁波在真空中的傳播速度與電磁波的頻率無(wú)關(guān)B、周期性變化的電場(chǎng)和磁場(chǎng)可以相互激發(fā)，形成電磁波C、電磁波在真空中自由傳播時(shí)，其傳播方向與電場(chǎng)強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度均垂直D、電磁波可以由電磁振蕩產(chǎn)生，若波源的電磁振蕩停止，空間的電磁波隨即消失分析：電磁波在真空中的傳播速度都相同。變化的電場(chǎng)和磁場(chǎng)互相激發(fā)，形成由近及遠(yuǎn)傳播的電磁波。電磁波是橫波，傳播方向與電場(chǎng)強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度均垂直。當(dāng)波源的電磁振蕩停止時(shí)，只是不能產(chǎn)生新的電磁波，但已發(fā)出的電磁波不會(huì)立即消失。解答：A、電磁波在真空中的傳播速度均相同，與電磁波的頻率無(wú)關(guān)，故A正確；B、根據(jù)麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論可知，變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)，變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)，相互激發(fā)，形成電磁波，故B正確；C、電磁波是橫波，每一處的電場(chǎng)強(qiáng)度和磁場(chǎng)強(qiáng)度總是相互垂直的，且與波的傳播方向垂直，故C正確；D、當(dāng)電磁振蕩停止了，只是不能產(chǎn)生新的電磁波，但已發(fā)出的電磁波不會(huì)消失，還要繼續(xù)傳播，故D錯(cuò)誤。故選：ABC。點(diǎn)評(píng)：此題考查了電磁波的發(fā)射、傳播和接收，解決本題的關(guān)鍵知道電磁波的特點(diǎn)，以及知道電磁波產(chǎn)生的條件。【解題思路點(diǎn)撥】1.變化的電場(chǎng)和磁場(chǎng)由進(jìn)及遠(yuǎn)地向周圍傳播，形成了電磁波。2.電磁振蕩產(chǎn)生電磁波時(shí)，即使電磁振蕩停止了，已經(jīng)發(fā)出的電磁波是不會(huì)消失的。會(huì)繼續(xù)傳播下去。17．電磁波的發(fā)射和接收【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】電磁波的發(fā)射、傳播和接收1．發(fā)射電磁波的條件（1）要有足夠高的振蕩頻率；（2）電路必須開(kāi)放，使振蕩電路的電場(chǎng)和磁場(chǎng)分散到盡可能大的空間．2．調(diào)制：有調(diào)幅和調(diào)頻兩種方式．3．無(wú)線電波的接收（1）當(dāng)接收電路的固有頻率跟接收到的電磁波的頻率相同時(shí)，激起的振蕩電流最強(qiáng)，這就是電諧振現(xiàn)象．（2）使接收電路產(chǎn)生電諧振的過(guò)程叫做調(diào)諧．（3）從經(jīng)過(guò)調(diào)制的高頻振蕩中“檢”出調(diào)制信號(hào)的過(guò)程，叫做檢波．檢波是調(diào)制的逆過(guò)程，也叫做解調(diào)．【命題方向】?？碱}型：下列說(shuō)法中，正確的是（）A．電磁波不能在真空中傳播B．無(wú)線電通信是利用電磁波傳輸信號(hào)的C．電磁波在真空中的傳播速度與頻率無(wú)關(guān)D．無(wú)線電廣播與無(wú)線電視傳播信號(hào)的原理毫無(wú)相似之處【分析】電磁波的傳播不需要介質(zhì)，無(wú)線電廣播與無(wú)線電視傳播信號(hào)的原理相似．解：A、電磁波的傳播不需要介質(zhì)，在真空中可以傳播．故A錯(cuò)誤．B、無(wú)線電通信是利用電磁波傳輸信號(hào)．故B正確．C、電磁波在真空中的傳播速度相同，與頻率無(wú)關(guān)．故C正確．D、無(wú)線電廣播與無(wú)線電視傳播信號(hào)的原理相似．故D錯(cuò)誤．故選BC．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道電磁波的特點(diǎn)，以及電磁波的應(yīng)用．【解題思路點(diǎn)撥】1.需要傳送的電信號(hào)必須經(jīng)過(guò)調(diào)制才能向外發(fā)射，常用的調(diào)制方式有調(diào)頻和調(diào)幅兩種。2.電磁波的調(diào)制調(diào)制在電磁波發(fā)射技術(shù)中，使載波隨各種信號(hào)面改變的技術(shù)調(diào)幅（AM）使高頻電磁波的振幅隨信號(hào)的強(qiáng)弱而變的調(diào)制技術(shù)調(diào)頻（FM）使高頻電磁波的頹率隨信號(hào)的強(qiáng)弱而變的調(diào)制技術(shù)3.無(wú)線電波的接收方法（1）利用調(diào)諧電路產(chǎn)生電諧振，使接收電路的感應(yīng)電流最強(qiáng)。（2）通過(guò)解調(diào)把接收電路中的有用信號(hào)分離出來(lái)。2．調(diào)諧和解調(diào)的區(qū)別調(diào)諧就是一個(gè)選臺(tái)的過(guò)程，即選攜帶有用信號(hào)的高頻振蕩電流，在接收電路中產(chǎn)生最強(qiáng)的感應(yīng)電流的過(guò)程；解調(diào)是將高頻電流中攜帶的有用信號(hào)分離出來(lái)的過(guò)程。18．紅外線的特點(diǎn)和應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】紅外線的波長(zhǎng)比無(wú)線電波短，比可見(jiàn)光長(zhǎng)。所有物體都發(fā)射紅外線。熱物體的紅外輻射比冷物體的紅外輻射強(qiáng)。紅外探測(cè)器能在較冷的背景上探測(cè)出較熱物體的紅外輻射，這是夜視儀器和紅外攝影的基礎(chǔ)。用靈敏的紅外探測(cè)器接收遠(yuǎn)處物體發(fā)出的紅外線，然后用電子電路對(duì)信號(hào)進(jìn)行處理，可以得知被測(cè)對(duì)象的形狀及溫度、濕度等參數(shù)。這就是紅外遙感技術(shù)。利用紅外遙感技術(shù)可以在飛機(jī)或人造地球衛(wèi)星上勘測(cè)地?zé)帷ふ宜?、監(jiān)視森林火情、預(yù)報(bào)風(fēng)暴和寒潮。紅外遙感技術(shù)在軍事上的應(yīng)用也十分重要。人體也在發(fā)射紅外線，體溫越高，發(fā)射的紅外線越強(qiáng)。根據(jù)這個(gè)原理制成的紅外體溫計(jì)不與身體接觸也可以測(cè)量體溫?！久}方向】人體受到下列哪種射線照射時(shí)，可以明顯感覺(jué)到熱（）A、無(wú)線電波B、紅外線C、γ射線D、X射線分析：無(wú)線電波的作用主要是各種移動(dòng)通信和無(wú)線電廣播；紅外線的主要作用是熱作用；γ射線有很強(qiáng)的穿透力，工業(yè)中可用來(lái)探傷或流水線的自動(dòng)控制，對(duì)細(xì)胞有殺傷力，醫(yī)療上用來(lái)治療腫瘤；X射線具有很高的穿透本領(lǐng)本領(lǐng)，能透過(guò)許多對(duì)可見(jiàn)光不透明的物質(zhì)．解答：A、無(wú)線電波的作用主要是各種移動(dòng)通信和無(wú)線電廣播，故不會(huì)讓人明顯感到熱，故A錯(cuò)誤；B、紅外線的主要作用是熱作用，故照射到人體上，可以使人明顯感覺(jué)到熱，故B正確；C、γ射線有很強(qiáng)的穿透力，工業(yè)中可用來(lái)探傷或流水線的自動(dòng)控制。γ射線對(duì)細(xì)胞有殺傷力，醫(yī)療上用來(lái)治療腫瘤而不會(huì)使人明顯感覺(jué)到熱。故C錯(cuò)誤；D、X射線具有很高的穿透本領(lǐng)本領(lǐng)，能透過(guò)許多對(duì)可見(jiàn)光不透明的物質(zhì)，故X射線主要用在醫(yī)學(xué)上進(jìn)行透視和攝片，而沒(méi)有熱作用，故照射到人身上人體不會(huì)明顯感覺(jué)到熱。故D錯(cuò)誤。故選：B。點(diǎn)評(píng)：本題考查了無(wú)線電波、紅外線、X射線和γ射線的主要作用，內(nèi)容基礎(chǔ)，只要熟悉教材即可順利解決．【解題思路點(diǎn)撥】常見(jiàn)電磁波的應(yīng)用電磁波譜無(wú)線電波紅外線可見(jiàn)光紫外線X射線λ射線頻率（Hz）由左向右，頻率變化由小到大真空中波長(zhǎng)由左向右，波長(zhǎng)變化由長(zhǎng)到短特性波動(dòng)性強(qiáng)熱作用強(qiáng)感光性強(qiáng)化學(xué)作用，熒光效應(yīng)穿透力強(qiáng)穿透力最強(qiáng)用途通訊、廣播、導(dǎo)航加熱、遙測(cè)、遙感、紅外攝像、紅外制導(dǎo)照明、照相等日光燈、殺菌消毒、治療皮膚病等檢查、探測(cè)、透視、治療探測(cè)、治療19．紫外線的特點(diǎn)和應(yīng)用