【高考真題】2023年新高考物理真題試卷（湖南卷）

【高考真題】2023年新高考物理真題試卷（湖南卷）

閱卷人

一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的

四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

得分

1.（2023?湖南）2023年4月13日，中國(guó)“人造太陽(yáng)”反應(yīng)堆中科院環(huán)流器裝置（EAST）創(chuàng)下新紀(jì)錄，

實(shí)現(xiàn)403秒穩(wěn)態(tài)長(zhǎng)脈沖高約束模等離子體運(yùn)行，為可控核聚變的最終實(shí)現(xiàn)又向前邁出了重要的一

步，下列關(guān)于核反應(yīng)的說(shuō)法正確的是（）

A.相同質(zhì)量的核燃料，輕核聚變比重核裂變釋放的核能更多

B.笊爾核聚變的核反應(yīng)方程為旬+初t狙e+_?e

C.核聚變的核反應(yīng)燃料主要是鈾235

D.核聚變反應(yīng)過(guò)程中沒(méi)有質(zhì)量虧損

2.（2023?湖南）如圖（a）,我國(guó)某些農(nóng)村地區(qū)人們用手拋撒谷粒進(jìn)行水稻播種。某次拋出的谷粒中

有兩顆的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖（b）所示，其軌跡在同一豎直平面內(nèi)，拋出點(diǎn)均為。，且軌跡交于P點(diǎn)，拋

出時(shí)谷粒1和谷粒2的初速度分別為必和以，其中巧方向水平，也方向斜向上。忽略空氣阻力，關(guān)

于兩谷粒在空中的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）

圖(a)圖（b）

A.谷粒1的加速度小于谷粒2的加速度

B.谷粒2在最高點(diǎn)的速度小于也

C.兩谷粒從。到尸的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等

D.兩谷粒從。到P的平均速度相等

3.（2023?湖南）如圖（a）,在均勻介質(zhì)中有4、B,C和0四點(diǎn)，其中4B、。三點(diǎn)位于同一直線(xiàn)上，

AC=BC=4m,DC=3m,OC垂直t=0時(shí)，位于4、B、C處的三個(gè)完全相同的橫波波源同時(shí)

開(kāi)始振動(dòng)，振動(dòng)圖像均如圖（b）所示，振動(dòng)方向與平面/BD垂直，己知波長(zhǎng)為47n.下列說(shuō)法正確

的是（）

A.這三列波的波速均為27H/S

B.￡=2s時(shí)，。處的質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)

C.￡=4.5s時(shí)，。處的質(zhì)點(diǎn)向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)

D.t=6s時(shí)，。處的質(zhì)點(diǎn)與平衡位置的距離是6cm

4.（2023?湖南）根據(jù)宇宙大爆炸理論，密度較大區(qū)域的物質(zhì)在萬(wàn)有引力作用下，不斷聚集可能形成

恒星。恒星最終的歸宿與其質(zhì)量有關(guān)，如果質(zhì)量為太陽(yáng)質(zhì)量的1?8倍將坍縮成白矮星，質(zhì)量為太陽(yáng)

質(zhì)量的10?20倍將坍縮成中子星，質(zhì)量更大的恒星將坍縮成黑洞。設(shè)恒星坍縮前后可看成質(zhì)量均勻

分布的球體，質(zhì)量不變，體積縮小，自轉(zhuǎn)變快.不考慮恒星與其它物體的相互作用.已知逃逸速度

為第一宇宙速度的魚(yú)倍，中子星密度大于白矮星。根據(jù)萬(wàn)有引力理論，下列說(shuō)法正確的是（）

A.同一恒星表面任意位置的重力加速度相同

B.恒星坍縮后表面兩極處的重力加速度比坍縮前的大

C.恒星坍縮前后的第一宇宙速度不變

D.中子星的逃逸速度小于白矮星的逃逸速度

5.（2023?湖南）如圖，真空中有三個(gè)點(diǎn)電荷固定在同一直線(xiàn)上，電荷量分別為Qi、Q2和Q3,P點(diǎn)和

三個(gè)點(diǎn)電荷的連線(xiàn)與點(diǎn)電荷所在直線(xiàn)的夾角分別為90。、60。、和30。。若P點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，

q>0,則三個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量可能為（）

飛、

!\\

!\

\、、、

\、、、、、

自.迎L____3詼

。1。2。3

i=

A.Q尸q，Q2=V2Q,Qs=qB.Qi=—q>Q2=-零q，Q~

4q

尸

C.（21=_q,Q2=VZq,0=—qD.Qq,Q2=一竽q，Q，=4q

6.（2023?湖南）如圖，真空中有區(qū)域I和H,區(qū)域I中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)方向豎直向

下（與紙面平行），磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，等腰直角三角形CGF區(qū)域（區(qū)域II）內(nèi)存在勻強(qiáng)磁

場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外。圖中A、C、O三點(diǎn)在同一直線(xiàn)上，AO與GF垂直，且與電場(chǎng)和磁場(chǎng)

方向均垂直。A點(diǎn)處的?！涸闯掷m(xù)將比荷一定但速率不同的粒/射入?yún)^(qū)域I中，只有沿直線(xiàn)AC運(yùn)

動(dòng)的粒子才能進(jìn)入?yún)^(qū)域II。若區(qū)域I中電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為S,區(qū)域［中磁感應(yīng)

強(qiáng)度大小為氏，則粒子從CF的中點(diǎn)射出，它們?cè)趨^(qū)域II中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為嘰，若改變電場(chǎng)或磁場(chǎng)強(qiáng)

弱，能進(jìn)入?yún)^(qū)域H中的粒子在區(qū)域II中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為3不計(jì)粒子的重力及粒子之間的相互作用，下

列說(shuō)法正確的是（）

A.若僅將區(qū)域I中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?8/,則/>/。

B.若僅將區(qū)域I中電場(chǎng)強(qiáng)度大小變?yōu)?2貝IJ/A力

C.若僅將區(qū)域I【中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)橄硗聞t“學(xué)

D.若僅將區(qū)域H中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)樾?2,則t=

閱卷人二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的

四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的

得分得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7.（2023?湖南）一位潛水愛(ài)好者在水下活動(dòng)時(shí)，利用激光器向岸上救援人員發(fā)射激光信號(hào)，設(shè)激光

光束與水面的夾角為如圖所示。他發(fā)現(xiàn)只有當(dāng)。大于41。時(shí)，岸上救援人員才能收到他發(fā)出的激

光光束，下列說(shuō)法正確的是O

A.線(xiàn)圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為4o)

B.燈泡兩端電壓有效值為39九8〃3

C.若用總長(zhǎng)為原來(lái)兩倍的相同漆包線(xiàn)重新繞制成邊長(zhǎng)仍為L(zhǎng)的多匝正方形線(xiàn)圈，則燈泡兩端電壓

有效值為生色更逼

3

D.若僅將小輪半徑變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則燈泡變得更亮

10.(2023?湖南)如圖，光滑水平地面上有一質(zhì)量為27n的小車(chē)在水平推力廣的作用下加速運(yùn)動(dòng)。車(chē)廂

內(nèi)有質(zhì)量均為m的A、B兩小球,兩球用輕桿相連,A球靠在光滑左壁匕B球處在車(chē)廂水平底面

上，且與底面的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，桿與豎直方向的夾角為仇桿與車(chē)廂始終保持相對(duì)靜止假設(shè)最大靜

摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。下列說(shuō)法正確的是O

A.若B球受到的摩擦力為零，則F=2mgtan6

B.若推力F向左，且則F的最大值為2?ngtane

C.若推力尸向左，且〃<tan。<2”,則尸的最大值為4mg(2/z-tan。)

D.若推力/向右，且tand>2”，則尸的范圍為4rng(lane—2〃)W尸W47ng(land+24)

閱卷人

一三、非選擇題：本題共5小題，共56分。

得分

11.(2023?湖南)某同學(xué)探究彈簧振子振動(dòng)周期與質(zhì)量的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)裝置如圖(a)所示，輕質(zhì)彈簧

上端懸掛在鐵架臺(tái)上，下端掛有鉤碼，鉤碼下表面吸附一個(gè)小磁鐵，其正下方放置智能手機(jī)，手機(jī)

中的磁傳感器可以采集磁感應(yīng)強(qiáng)度實(shí)時(shí)變化的數(shù)據(jù)并輸出圖像，實(shí)驗(yàn)步驟如卜.：

⑴測(cè)出鉤碼和小磁鐵的總質(zhì)量m：

⑵在彈簧下端掛上該鉤碼和小磁鐵，使彈簧振子在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，打開(kāi)手機(jī)的磁傳感器軟

件，此時(shí)磁傳感器記錄的磁感應(yīng)強(qiáng)度變化周期等于彈簧振子振動(dòng)周期;

⑶某次采集到的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時(shí)間t變化的圖像如圖（b）所示，從圖中可以算出彈簧振

子振動(dòng)周期7=（用"%"表不）;

圖（b）

⑷改變鉤碼質(zhì)量，重復(fù)上述步驟;

⑸實(shí)驗(yàn)測(cè)得數(shù)據(jù)如下表所示，分析數(shù)據(jù)可知，彈簧振子振動(dòng)周期的平方與質(zhì)量的關(guān)系是

（填“線(xiàn)性的”或“非線(xiàn)性的”）；

m/kg107/sT/sT2/S2

0.0152.430.2430.059

0.0253.140.3140.099

0.0353.720.3720.138

0.0454.220.4220.178

0.0554.660.4660.217

⑹設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k,根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果并結(jié)合物理量的單位關(guān)系，彈簧振子振動(dòng)周期的表達(dá)式

可能是（填正確答案標(biāo)號(hào)）；

A.2嗜B.

27rC.2n\[mkD.litkyfm

⑺除偶然誤差外，寫(xiě)出一條本實(shí)驗(yàn)中可能產(chǎn)生誤差的原因：.

12.（2023?湖南）某探究小組利用半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器等元件設(shè)計(jì)了一個(gè)測(cè)量微小壓力的裝置，其

電路如圖（a）所示，%、R2、R3為電阻箱，以為半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器，C.。間連接電壓傳感器

（內(nèi)阻無(wú)窮大）.

圖⑶圖(b)

（I）先用歐姆表“X100”擋粗測(cè)外的阻值，示數(shù)如圖（b）所示，對(duì)應(yīng)的讀數(shù)是n；

（2）適當(dāng)調(diào)節(jié)品、/?2、/?3,使電壓傳感器示數(shù)為0,此時(shí)，上的阻值為（用七、R?、

7?3表不）；

（3）依次將0.5g的標(biāo)準(zhǔn)破碼加載到壓力傳感器上（壓力傳感器上所受壓力大小等于破碼重力大

?。?，讀出電壓傳感器示數(shù)U,所測(cè)數(shù)據(jù)如下表所示：

次數(shù)123456

祛碼質(zhì)量zn/g0.00.51.01.52.02.5

電壓05711516822028()

根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖（c）上描點(diǎn)，繪制U-m關(guān)系圖線(xiàn);

U/mV

（4）完成前面三步的實(shí)驗(yàn)工作后，該測(cè)量微小壓力的裝置即可投入使用.在半導(dǎo)體薄膜壓力傳感

器上施加微小壓力/o，電壓傳感器示數(shù)為200mV,則Fo大小是N（重力加速度取

9.8m/s2,保留2位有效數(shù)字）；

（5）若在步驟（4）中換用非理想毫伏表測(cè)量。間電壓，在半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器上施加微小

壓力F1，此時(shí)非理想亳伏表讀數(shù)為200mV,則％Fo（填或

13.（2023?湖南）汽車(chē)剎車(chē)助力裝置能有效為駕駛員踩剎車(chē)省力.如圖，剎車(chē)助力裝置可簡(jiǎn)化為助力

氣室和抽氣氣室等部分構(gòu)成，連桿48與助力活塞固定為一體，駕駛員踩剎車(chē)時(shí)，在連桿48上施加水

平力推動(dòng)液壓泵實(shí)現(xiàn)剎車(chē).助力氣室與抽氣氣室用細(xì)管連接，通過(guò)抽氣降低助力氣室壓強(qiáng)，利用大

氣壓與助力氣室的壓強(qiáng)差實(shí)現(xiàn)剎車(chē)助力.每次抽氣時(shí)，Ki打開(kāi)，心閉合，抽氣活塞在外力作用下從

抽氣氣室最下端向上運(yùn)動(dòng)，助力氣室中的氣體充滿(mǎn)抽氣氣室，達(dá)到兩氣室壓強(qiáng)相等；然后，Ki閉

合，七打開(kāi)，抽氣活塞向下運(yùn)動(dòng)，抽氣氣室中的全部氣體從々排出，完成一次抽氣過(guò)程.已知助力

氣室容積為乙，初始?jí)簭?qiáng)等于外部大氣壓強(qiáng)Po,助力活塞橫截面積為S,抽氣氣室的容積為力.假設(shè)

抽氣過(guò)程中，助力活塞保持不動(dòng)，氣體可視為理想氣體，溫度保持不變.

抽氣活塞9

助力活塞抽氣氣室

」

PoK2_____

AO=C液壓泵

連桿a------

助力氣室

水平力S

（I）求第1次抽氣之后助力氣室內(nèi)的壓強(qiáng)Pi:

(2)第71次抽氣后，求該剎車(chē)助力裝置為駕駛員省力的大小4F.

14.(2023?湖南)如圖，兩根足夠長(zhǎng)的光滑金屬直導(dǎo)軌平行放置，導(dǎo)軌間距為3兩導(dǎo)軌及其所構(gòu)成

的平面均與水平面成6角，整個(gè)裝置處于垂直于導(dǎo)軌平面斜向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

8.現(xiàn)將質(zhì)量均為m的金屬棒a、b垂直導(dǎo)軌放置，每根金屬棒接入導(dǎo)軌之間的電阻均為R.運(yùn)動(dòng)過(guò)程

中金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，金屬棒始終未滑出導(dǎo)軌，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)，重力加速度為

(1)先保持棒b靜止，將棒a由靜止釋放，求棒a勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小火;

(2)在(1)問(wèn)中，當(dāng)棒a勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，再將棒b由靜止釋放，求釋放瞬間棒b的加速度大小劭；

(3)在(2)問(wèn)中，從棒b釋放瞬間開(kāi)始計(jì)時(shí)，經(jīng)過(guò)時(shí)間to,兩棒恰好達(dá)到相同的速度小求速度

〃的大小，以及時(shí)間電內(nèi)棒a相對(duì)于棒b運(yùn)動(dòng)的距離

15.(2023?湖南)如圖，質(zhì)量為M的勻質(zhì)凹槽放在光滑水平地面上，凹槽內(nèi)有一個(gè)半橢圓形的光滑軌

道，橢圓的半長(zhǎng)軸和半短軸分別為a和從長(zhǎng)軸水平，短軸豎直.質(zhì)量為m的小球，初始時(shí)刻從橢圓

軌道長(zhǎng)軸的右端點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑.以初始時(shí)刻橢圓中心的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，在豎直平面內(nèi)建立固

定于地面的直角坐標(biāo)系xOy,根圓長(zhǎng)軸位于工軸上.整個(gè)過(guò)程凹槽不翻轉(zhuǎn)，重力加速度為g.

(1)小球第一次運(yùn)動(dòng)到軌道最低點(diǎn)時(shí)，求凹槽的速度大小以及凹槽相對(duì)于初始時(shí)刻運(yùn)動(dòng)的距離;

(2)在平面直角坐標(biāo)系xOy中，求出小球運(yùn)動(dòng)的軌跡方程；

(3)若弁二昌，求小球下降九二?高度時(shí)，小球相對(duì)于地面的速度大小(結(jié)果用。、b及g表

示).

答案解析部分

1.【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】核裂變；核聚變

【蟀析】【解答】A.相同質(zhì)量的核燃料，輕核聚變比重核裂變釋放的核能更多，故A符合題意；

B.質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)不守恒，故B不符合題意；

C.核裂變的核反應(yīng)燃料主要是鈾235,核聚變是輕核的聚變，故C不符合題意；

D.核聚變過(guò)程中放出大量能量，有質(zhì)量虧損，故D不符合題意。

故答案為：A

【分析】核反應(yīng)方程遵循質(zhì)量數(shù)守恒和也荷數(shù)守恒。

2.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)；斜拋運(yùn)動(dòng)

【蟀析】【解答】A.兩谷粒在空中都只受重力，由牛頓第二定律知，兩谷粒的加速度都為重力加速

度，故A不符合題意；

C.在豎直方向，谷粒1做自由落體運(yùn)動(dòng)，谷粒2做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，所以?xún)晒攘?。到P的運(yùn)動(dòng)時(shí)間

ti<t2,故C不符合題意；

D.由圖知，兩谷粒從。到P的位移S1=S2,根據(jù)萬(wàn)號(hào)知力1>%,故D不符合題意；

B.兩谷粒在水平方向都做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由圖知勺=M，根據(jù)％="知%>w，故B符合題意。

故答案為：B

【分析】斜拋運(yùn)動(dòng)可以看作水平方向的勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)和豎直方向的豎直上拋運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)的速度

等于水平方向的分速度；平拋運(yùn)動(dòng)可以看作水平方向的勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)。

3.【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械波及其形成和傳播；橫波的圖象；波長(zhǎng)、波速與頻率的關(guān)系：波的疊加

【釋析】【解答】A.由圖b知，T=4s,根據(jù)u=彳得：v=Im/s,故A不符合題意；

B.A、B波傳到D需要5s,C波傳到D需要3s,t=2s時(shí)，A、B、C波沒(méi)有傳到D點(diǎn)，故B不符

合題意；

C.￡=4.5s時(shí)，A、B波沒(méi)有傳到D點(diǎn)，C波傳到D點(diǎn)并且振動(dòng)了1.5s,由圖b知，D經(jīng)過(guò)1.5s向y

軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故C符合題意；

D.￡=6S,A、B波傳到D點(diǎn)并且振動(dòng)了IS,C波傳到D點(diǎn)并且振動(dòng)了3s,由圖b知，D處的質(zhì)點(diǎn)

與平衡位置的距離是2cm。

故答案為：C

【分析】根據(jù)每列波到達(dá)D點(diǎn)的時(shí)間和到達(dá)后振動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合圖b進(jìn)行分析。

4.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】向心力；萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用：第一、第二與第三宇宙速度

【蟀析】【解答】A.同一恒星表面任意位置物體受到的萬(wàn)有引力提供重力加速度和繞恒星自轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)

動(dòng)的向心加速度，不同位置向心加速度可能不同，所以不同位置重力加速度的大小和方向可能不

同，故A不符合題意；

B.恒星兩極處自轉(zhuǎn)的向心加速度為零，萬(wàn)有引力全部提供重力加速度，貝ij：G^=mg,可見(jiàn),R

減小，g增大，故B符合題意；

C.由萬(wàn)有引力提供向心力得：G^=m^解得：第一宇宙速度琛，可見(jiàn)，R越小，v越

大，所以恒星坍縮后的第一宇宙速度較大，故C不符合題意；

D.恒星的質(zhì)量M=竽旌〃，解得：R=J瑞。逃逸速為少=平等，聯(lián)立整理得：遮=

4G，^，由于中子星的質(zhì)量和密度均大于白矮星，所以中子星的逃逸速度大于白矮星的逃逸速

度，故D不符合題意。

故答案為：B

【分析】同一恒星隨維度的升高重力加速度增大；由萬(wàn)有引力等于重力分析恒星坍縮前后表面兩極

處的重力加速度關(guān)系；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力分析恒星坍縮前后的第一宇宙速度關(guān)系；根據(jù)逃逸

速度與第一宇宙速度的關(guān)系分析中子星的逃逸速度與臼矮星的逃逸速度關(guān)系。

5.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加

【解?析】【解答】AB.三個(gè)電荷同正、同負(fù)，P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度都不可能為零，故AB不符合題意；

C.設(shè)PQ]=VJr,則PQ2=2r,PQ3=2y/3r.Q?、Q3在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向如圖：

El=Z祟，E?=k*%禽，由于P點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，則%=邑，所以*=/，故

C不符合題意；

D.Qi、Q?、Q3在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向如圖：

Q

11

令

所

以_QQ

-q2

Q34-J4q

由k黑二2k壬cos30。解得：（?2=竽。，電性為負(fù)，故D符合題意。

故答案為：D

【分析】三個(gè)電荷同正、同負(fù)，P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度都不可能為零；根據(jù)P點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零分析判

斷。

6.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】在速度選擇器中有：q為Bi=qE;在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，粒子從CF的中點(diǎn)射出，粒子轉(zhuǎn)

過(guò)的圓心角為90°,貝！Ko==孟奇。

A.若僅將區(qū)域【中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?Bi,則有：q〃A?2Bi=qE,解得：%=矍再根據(jù)=

my，可知粒子半徑減小，則粒子仍然從CF邊射出，粒子轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角仍為90。，所以1故

A不符合題意；

B.若僅將區(qū)域I中電場(chǎng)強(qiáng)度大小變?yōu)?E,則有：qvBBx=q2E,解得：vB=2v0o再根據(jù)qu8=

可知粒子半徑變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則粒子從F點(diǎn)射出，粒子轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角仍為90。，所以t=

r

t0,故B不符合題意；

C.若僅將區(qū)域II中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)楸?2,根據(jù)=m也可知粒子半徑變?yōu)樵瓉?lái)的備＞2,

,一，12nm8百nm

則粒子從OF邊射出，根據(jù)幾何關(guān)系可知轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為60。，所以亡=石乂［^=3'寶=

qx彳力乙

竽亡。,故c不符合題意；

D.若僅將區(qū)域II中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)閙2,根據(jù)quB=m%可知粒子半徑變?yōu)樵瓉?lái)的合＞2,

12nmknm

則粒子從OF邊射出，根據(jù)幾何關(guān)系可知轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為45。，所以￡=1'%='2＞＜麗=

qx不力”

\fitq，故D符合題意。

故答案為：D

【分析】在速度選擇器中有qvB〔=qE,在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中根據(jù)?殳=等■7，結(jié)合幾

何關(guān)系分析判斷。

7.【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】光的折射及折射定律；光的全反射

【解析】【解答】AB.他發(fā)現(xiàn)只有當(dāng)a大于41。時(shí)，岸上救援人員才能收到他發(fā)出的激光光束，說(shuō)明

a=41。時(shí)激光恰好發(fā)生全反射，則sin(90。-41。)=工解得：九=故A不符合題意，B

nsin49

符合題意；

CD.當(dāng)他以。=60。向水面發(fā)射激光時(shí)，入射角i=30。，設(shè)折射角為y,根據(jù)九=需得：siny=

nsini,折射角y大于30。，則岸上救援人員接收激光光束的方向與水面夾角小于60。，故C符合題

意，D不符合題意。

故答案為：BC

【分析】臨界角C=49。，根據(jù)sinC=W求折射率；根據(jù)折射定律分析判斷。

8.【答案】A,D

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第二定律；豎直平面的圓周運(yùn)動(dòng)；動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用

【解析】【解答】A.小球恰好到達(dá)。點(diǎn)，則"=0。小球從C到B的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理和牛頓

第二定律有：mgR(1—cosO)=^mv2?mgcosa—FN=m%，聯(lián)立解得：=3mgcosa—

2mg,從C到B的過(guò)程中a由0增大到仇則FN逐漸減小，所以小球從B到C的過(guò)程中，對(duì)軌道的

壓力逐漸增大，故A符合題意；

B.從A到B的過(guò)程中小球的速度逐漸減小，根據(jù)P=-mgusin8知，A到B的過(guò)程中小球重力的功

率始終減小，故B不符合題意；

C.對(duì)A到C過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得：_mg.2R=Tm咯解得：孫=阿^,故C不符合題

意；

D.假設(shè)小球在B點(diǎn)恰好脫離軌道，則mgcosd=m也，解得：JgRcosd,小球初速度vo增大，

小球在B點(diǎn)的速度有可能為廊而為，所以小球有可能從B點(diǎn)脫離軌道，故D符合題意。

故答案為：ADo

【分析】根據(jù)動(dòng)能定理和牛頓第二定律列方程求得FN,再由a角的變化分析判斷FN的變化；由P=

-7ngusin。，結(jié)合速度變化分析判斷；根據(jù)動(dòng)能定理求解。

9.【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】交變電流的圖像與函數(shù)表達(dá)式；電磁感應(yīng)中的電路類(lèi)問(wèn)題；交變電流的峰值、有效值、平均值

與瞬時(shí)值

【解析】【解答】A.大輪和小輪通過(guò)皮帶轉(zhuǎn)動(dòng)，線(xiàn)速度相等，根據(jù)u=3r知，小輪的角速度為4口。小

輪和線(xiàn)圈同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等,所以線(xiàn)圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為4〃),故A符合題意：

B.線(xiàn)圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值Em。4=nBL2?4必則線(xiàn)圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值E=贊=

2&nB廿3,根據(jù)串聯(lián)電路分壓原理可知燈泡兩端電壓有效值為：U=/^E=&nB廿3,故B不

n-rn

符合題意：

C.若用總長(zhǎng)為原來(lái)兩倍的相同漆包線(xiàn)重新繞制成邊長(zhǎng)仍為L(zhǎng)的多匝正方形線(xiàn)圈，則線(xiàn)圈的匝數(shù)變?yōu)?/p>

原來(lái)的2倍，線(xiàn)圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值E'mQ*=8/8/3,此時(shí)線(xiàn)圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值

￡二/竽=4&兀8/3,根據(jù)R，=p!知，線(xiàn)圈電阻變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，即2R,根據(jù)串聯(lián)電路分壓原

理可知燈泡兩端電壓有效值為：u，=-5—E'=生色"包，故C符合題意；

R+2R3

D.若僅將小輪半徑變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，根據(jù)u=sr可知小輪和線(xiàn)圈的角速度變?yōu)?s,根據(jù)七二嚕

V乙

知，線(xiàn)圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效值變小，則燈泡變暗，故D不符合題意。

故答案為：ACo

【分析】大輪和小輪通過(guò)皮帶轉(zhuǎn)動(dòng)，線(xiàn)速度相等，根據(jù)〃=er求線(xiàn)圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度；根據(jù)Emax=

TIBSG求線(xiàn)圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值，再根據(jù)5=鬻求線(xiàn)圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值，最后根據(jù)

串聯(lián)電路分壓原理求燈泡兩端電壓有效值；根據(jù)Emax="8S外求線(xiàn)圈邊長(zhǎng)后線(xiàn)圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的

最大值，再根據(jù)/r=p(求現(xiàn)在線(xiàn)圈電阻，最后根據(jù)串聯(lián)電路分壓原理求燈泡兩端電壓有效值；根據(jù)

V=3廠(chǎng)分析小輪半徑增大后線(xiàn)圈的角速度變化情況，根據(jù)E=曙分析線(xiàn)圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效

值的變化。

10.【答案】C,D

【知識(shí)點(diǎn)】力的合成與分解的運(yùn)用；牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用

【解析】【解答】A.對(duì)小球B受力分析如圖：

豎直方向受力平衡，則FN=mg+NcosO,FN=2mgf解得：N=所以Nsin。=mgtanO,

對(duì)B球根據(jù)牛頓第二定律得：NsinS=ma,解得：Q=gtan。，對(duì)小球A、B和小車(chē)整體根據(jù)牛頓

第二定律得：F=4ma=4mgtan0,故A不符合題意；

BC.

若推力廠(chǎng)向左，根據(jù)牛頓第二定律，A加速度的最大值以max="^=gtan。，B加速度的最大值

劭.x=2若產(chǎn)生=(2p—tane)g,若陽(yáng),皿<Q.s，則tan。V”，整體的最大加速度為

=Q/imax=gtan。，對(duì)整體根據(jù)牛頓第二定律有：Fmax=4mamax=4mgtan0,若。刖0%>

O-B^nax則tan8>”，整體的最大加速度為a1nax=沏〃皿=-tar)0)g>對(duì)整體根據(jù)牛頓第二定

律有：Fmax=4mamax=4771^（2^-tan0）,故B不符合題意，C符合題意；

D.若推力F向右，根據(jù)牛頓第二定律可知系統(tǒng)整體加速度向右，由于小球A可以收到左壁向右的彈

力，理論上向右的合力可以無(wú)限大，因此只需要討論小球B即可。當(dāng)小球B所受的摩擦力向左是，

小球B的最小加速度為沏而〃="甯皿=gtane_2〃g，當(dāng)小球B所受的摩擦力向右是，小球

B的最大加速度為即〃3=Nsm9+fmax=gtan0+2^,對(duì)系統(tǒng)根據(jù)根據(jù)牛頓第二定律得F的范圍

為：47ng《tan。一<F<\mgrtane+2〃），故D符合題意。

故答案為：CD

【分析】對(duì)B受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，即整體的加速度，再對(duì)整體根據(jù)牛頓第二

定律求推力；分別對(duì)A、B根據(jù)牛頓第二定律求加速度的最大值，然后進(jìn)行討論；對(duì)B根據(jù)牛頓第

二定律求加速度的最大值和最小值，再對(duì)整體根據(jù)牛頓第二定律求F的范圍。

11.【答案】缶線(xiàn)性的；A：空氣阻力

【知識(shí)點(diǎn)】簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】（3）由b圖知，10個(gè)周期的時(shí)間為3，所以7=蓋；

（5）分析數(shù)據(jù)可知，彈簧振子振動(dòng)周期的平方與質(zhì)量的比值接近于常量3.95,則彈簧振子振動(dòng)周期

的平方與質(zhì)量的關(guān)系是線(xiàn)性的；

（6）因?yàn)?7r器的單位為：J^=/:黑2=s,其它各項(xiàng)單位都不是周期的單位，故A符合題

意，BCD不符合題意；

（7）鉤碼振動(dòng)過(guò)程中受空氣阻力的影響可能會(huì)使本實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生誤差。

故答案為：⑶金⑸線(xiàn)性的；⑹A：（7）空氣阻力

2

【分析】由圖像得到to時(shí)間內(nèi)的周期數(shù)，再求周期；計(jì)算L,由結(jié)果得結(jié)論；通過(guò)推導(dǎo)，單位為秒

m

的可能是彈簧振子振動(dòng)周期的表達(dá)式；鉤碼振動(dòng)過(guò)程中受空氣阻力的影響可能會(huì)使本實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生誤

差。

12.【答案】（1）1000

U/mV

(4)1.7X102

(5)>

【知識(shí)點(diǎn)】利用傳感器制作簡(jiǎn)單的自動(dòng)控制裝置；研究熱敏、光敏、壓敏等可變電阻的特性；伏安法測(cè)電

阻

【解析】【解答】(1)歐姆表讀數(shù)為：10x100/2=1000/2；

(2)當(dāng)電壓傳感器讀數(shù)為零時(shí)，CD兩點(diǎn)電勢(shì)相等，即。以=即勰-/^=趣-%，解

八］十八F八2十八3

得：益=若；

(3)繪出U—m圖像如圖:

(4)由圖像可知，當(dāng)電壓傳感器的讀數(shù)為200mV時(shí)，所放物體質(zhì)量為1.75g,則&)=mg=1.75x

10-3x9.8/V=1.7x10-2/V：

(5)可將CD以外的電路等效為新的電源，CD兩點(diǎn)電壓看做路端電壓，因?yàn)閾Q用非理想電壓傳感

器當(dāng)讀數(shù)為200nlV時(shí)，實(shí)際CD間斷路時(shí)的電壓大于200mV,則此時(shí)壓力傳感器的讀數(shù)尸.。

故答案為：(1)1000。；(2)若;(3)見(jiàn)解答；(4)1.7x10-2N；(5)>

【分析】(1)根據(jù)歐姆表讀數(shù)方法讀數(shù):

（2）根據(jù)CD兩點(diǎn)電勢(shì)?相等，即九4=求解；

（3）根據(jù)表中數(shù)據(jù)描點(diǎn)作圖；

（4）由圖像得到200mV時(shí),所放物體質(zhì)量為1.75g,進(jìn)而求得斤的大小;

13.【答案】（1）以助力氣室的氣體為研究對(duì)象。

初狀態(tài)：壓強(qiáng)P（）,體積匕），第一次抽氣后：體積了=%+%,

根據(jù)玻意耳定律得：尸0匕）=尸產(chǎn)，解得：「1=匕曲「0；

（2）同理第二次抽氣：P1VQ=P2Vt

解得：P1=v^h=

以此類(lèi)推，當(dāng)?shù)趎次抽氣后助力氣室內(nèi)的氣體壓強(qiáng)為4=（心廠(chǎng)）'50，

%十“1

IP

n

所以剎車(chē)助力系統(tǒng)為駕駛員省力大小為：AF=（Po-Pn）s=1-（y-^y-）P°S。

0,1

【知識(shí)點(diǎn)】理想氣體與理想氣體的狀態(tài)方程；氣體的等溫變化及玻意耳定律

【解析】【分析】（1）以助力氣室的氣體為研究對(duì)象，根據(jù)玻意耳定律求解；

（2）根據(jù)玻意耳定律求得pn,再根據(jù)△尸=CP。一匕）S求解。

14.【答案】（1）a導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力沿斜面的分力和a棒的安培力相等時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)，即

mgsinO=BIL。

由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=BLVQ,

由閉合電路歐姆定律及安培力公式得：/=4，F(xiàn)=B1L,

聯(lián)立解得：%=匈鬻；

B2L

（2）由右手定則知導(dǎo)體棒b中電流向里，b棒受安培力沿斜面向下，此時(shí)電路中電流不變，對(duì)b棒

根據(jù)牛頓第二定律得：mgsinO+B1L=ma,解得：Q=2gsin。；

（3）對(duì)ab整體，由動(dòng)量定理得：2mgsin。?=2nw-mu。，

解得：v=gs\n3t0+粵：

對(duì)b根據(jù)動(dòng)量定理得：mgs\n6t04-BlLt0=

設(shè)此過(guò)程流過(guò)b棒的電荷量為q,則q=7t（），

由法拉第電磁感應(yīng)定律得：：二基華,

Lt\Lt\Ln

聯(lián)立解得：△%=鬻。

【知識(shí)點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線(xiàn)時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題

【解析】【分析】（1）根據(jù)a導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力沿斜面的分力和a棒的安培力相等時(shí)做勻速運(yùn)

動(dòng)列方程求解；

（2）釋放瞬間b的速度為零，受沿斜面向下的安培和重力的分力，對(duì)b棒根據(jù)牛頓第二定律求解；

（3）對(duì)ab整體，由動(dòng)量定理求速度V的大小；對(duì)b根據(jù)動(dòng)量定理列方程，結(jié)合和法拉第電磁

感應(yīng)定律求解。

15.【答案】（1）根據(jù)系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒和系統(tǒng)機(jī)械能守恒得：0=根%-用外，mgb=

1,1

+々M%9

因水平方向在任何時(shí)候都動(dòng)量守恒，即0=mv1-M%，

兩邊同時(shí)乘以t得：mx1=Mx2y又％I+%2=Q，

聯(lián)立解得：間=而鼻。；

（2）當(dāng)小球的坐標(biāo)為（x,y）時(shí)，此時(shí)凹槽水平向右運(yùn)動(dòng)的位移為

根據(jù)上式有nt（a-x）=MAx,則小球現(xiàn)在在凹槽所在的橢圓上，根

據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可得此時(shí)的橢圓方程為：（X-?）+當(dāng)=i，

2

整理得,卜~ma\V2

M2a2+?=1；

（3）將［=與代入小球的軌跡方程化簡(jiǎn)可得：卜一（a_b）^+y2=b2f

此時(shí)小球的軌跡為以（a-b,0；為圓心，b為半徑的圓,

此時(shí)速度和水平方向的夾角為60。，小球下降冬得過(guò)程中,

根據(jù)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒和系統(tǒng)機(jī)械能守恒得：0=mu3cos60。—M%,mg?=imvf4-

M%

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量與能量的其他綜合應(yīng)用

【釋析】【分析】（1）根據(jù)系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒和系統(tǒng)機(jī)械能守恒，結(jié)合幾何關(guān)系列方程求

凹槽的速度大小以及凹槽相對(duì)于初始時(shí)刻運(yùn)動(dòng)的距離；

（2）根據(jù)動(dòng)量守恒和數(shù)學(xué)知識(shí)求解；

（3）根據(jù)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒和系統(tǒng)機(jī)械能守恒，結(jié)合幾何知識(shí)求解。

試題分析部分

1、試卷總體分布分析

總分：100分

客觀(guān)題（占比）44.0(44.0%)

分值分布

主觀(guān)題（占比）56.0(56.0%)

客觀(guān)題（占比）10(66.7%)

題量分布

主觀(guān)題（占比）5(33.3%)

2、試卷題量分布分析

大題題型題目量（占比）分值（占比）

選擇題：本題共6小

題，每小題4分，共

24分。在每小題給

6(40.0%)24.0(24.0%)

出的四個(gè)選項(xiàng)中，只

有一項(xiàng)是符合題目要

求的。

選擇題：本題共4小

題，每小題5分，共

20分。在每小題給

出的四個(gè)選項(xiàng)中，有

多項(xiàng)符合題目要求。4(26.7%)20.0(20.0%)

全部選對(duì)的得5分，

選對(duì)但不全的得3

分，有選錯(cuò)的得0

分。

非選擇題：本題共

5(33.3%)56.0(56.0%)

5小題,共56分。

3、試卷難度結(jié)構(gòu)分析

序號(hào)難易度占比

1普通(33.3%)

2容易(6.7%)

3困難(60.0%)

4、試卷知識(shí)點(diǎn)分析

序號(hào)知識(shí)點(diǎn)（認(rèn)知水平）分值（占比）對(duì)應(yīng)題號(hào)

1第一、第二與第三宇宙速度4.0(4.0%)4

2理想氣體與理想氣體的狀態(tài)方程10.0(10.0%)13

3導(dǎo)體切割磁