天津市和平區(qū)2025屆高三數學上學期期末質量檢測試題

天津市和平區(qū)2024屆高三數學上學期期末質量檢測試題溫馨提示：本試卷包括第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共150分．考試時間120分鐘．祝同學們考試順當！第Ⅰ卷（選擇題共45分）留意事項：1．答第Ⅰ卷前，考生務必將自己的姓名、準考號、科目涂寫在答題卡上．2．每小題選出答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號．答在試卷上的無效．3．本卷共9小題，每小題5分，共45分．一、選擇題（在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的）1.設集合，．則（）A. B. C. D.【答案】A【解析】分析】先求得，然后求得.【詳解】.故選：A2.已知且，則“”是“”的（）A.充分不必要條件 B.必要不充分條件C.充要條件 D.既不充分也不必要條件【答案】D【解析】【分析】依據充分、必要條件的學問確定正確選項.【詳解】“”時，若，則，不能得到“”.“”時，若，則，不能得到“”.所以“”是“”既不充分也不必要條件.故選：D3.函數的圖象的大致形態(tài)是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】推斷函數為奇函數，解除AC，再計算時，解除D，得到答案.【詳解】，，∴為奇函數，解除AC.當，，故，解除D.故選：B．4.已知，則的大小關系為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】依據給定條件利用指數函數、對數函數的單調性，再借助“媒介”數即可比較作答.【詳解】函數在上單調遞減，，則，函數在R上單調遞增，，則，函數在R上單調遞減，，則，所以.故選：B5.已知底面邊長為1，側棱長為的正四棱柱的各頂點均在同一個球面上，則該球的體積為A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】試題分析：依據正四棱柱的幾何特征得：該球的直徑為正四棱柱的體對角線，故，即得，所以該球的體積，故選D.考點：正四棱柱的幾何特征；球的體積.6.若，且，則（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】依據給定條件，將指數式化成對數式，再借助換底公式及對數運算法則計算即得.【詳解】因為，于是得，，又因為，則有，即，因此，，而，解得，所以.故選：D7.已知拋物線上一點到焦點的距離為3，準線為l，若l與雙曲線的兩條漸近線所圍成的三角形面積為，則雙曲線C的離心率為（）A.3 B. C. D.【答案】C【解析】【分析】先由已知結合拋物線的定義求出，從而可得拋物線的準線方程，則可求出準線l與兩條漸近線的交點分別為，然后由題意可得，進而可求出雙曲線的離心率【詳解】依題意，拋物線準線，由拋物線定義知，解得，則準線，雙曲線C的兩條漸近線為，于是得準線l與兩條漸近線的交點分別為，原點為O，則面積，雙曲線C的半焦距為c，離心率為e，則有，解得．故選：C8.將函數的圖象向右平移個單位，得到的圖象，再將圖象上的全部點的橫坐標變成原來的，得到的圖象，則下列說法正確的個數是（）①函數的最小正周期為；②是函數圖象的一個對稱中心；③函數圖象的一個對稱軸方程為；④函數在區(qū)間上單調遞增A.1 B.2 C.3 D.4【答案】B【解析】【分析】先依據三角函數圖象變換求得，然后由三角函數的最小正周期、對稱中心、對稱軸、單調性等學問確定正確選項.【詳解】，，.①，的最小正周期為，①錯誤.②，，②正確.③，，③錯誤.④，，所以函數在區(qū)間上單調遞增，④正確.所以正確的一共有個.故選：B9.已知，設函數若關于x的方程恰有兩個互異的實數解，則實數a的取值范圍是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】依據時，方程無實根，求出，然后分別探討，，時根的狀況，進而可求得結果【詳解】解：當時，令，則，因為在為增函數，所以當該方程在時無實數根時，，解得，①當時，時，有一個解，所以時，有一個解，因為當時，函數是遞減的，且，所以當時有一個解，所以成立；②當時，在時無解，而在時有1個解，所以時不成立；③當時，在時無解，當時，，所以方程要在時有兩個解，所以，解得或，因為，所以，且當時，，所以，所以，綜上或，故選：D【點睛】關鍵點點睛：此題考查函數的零點與方程根的問題，考查分類探討思想，考查計算實力，解題的關鍵是分和分別探討方程，根的狀況，進而可得答案，屬于中檔題第Ⅱ卷（非選擇題共105分）留意事項：1．用黑色鋼筆或簽字筆干脆答在答題卡上，答在本試卷上的無效．2．本卷共11題，共105分．二、填空題（本大題共6小題，每小題5分，共30分．試題中包含兩個空的，答對1個的給3分，全部答對的給5分）10.已知向量，向量，則向量在方向上投影向量為______．【答案】【解析】【分析】先求出向量在方向上的投影,再求出與同向的單位向量，進而求出向量在方向上的投影向量.【詳解】由題意，向量在方向上的投影為：，，則與同向的單位向量為，所以向量在方向上的投影向量為：.故答案為：.11.過點(－1，－2)的直線被圓x2＋y2－2x－2y＋1＝0截得的弦長為，則直線的斜率為________【答案】1或【解析】【分析】求出圓心坐標和半徑r，由弦長及半徑，利用垂徑定理及勾股定理求出圓心到直線的距離d，設出直線的斜率，由直線過（﹣1，﹣2），表示出直線l的方程，利用點到直線的距離公式列出關于k的方程，解出k的值，即為直線l的斜率．【詳解】將圓的方程化為標準方程得：（x﹣1）2+（y﹣1）2＝1，∴圓心坐標為（1，1），半徑r＝1，又弦長為，∴圓心到直線的距離，設直線的斜率為k，又直線過（﹣1，﹣2），∴直線的方程為y+2＝k（x+1），即kx﹣y+k﹣2＝0，∴，即（k﹣1）（7k﹣17）＝0，解得：k＝1或k＝，則直線的斜率為1或．故答案1或【點睛】本題考查了直線與圓的位置關系，進而由弦長的一半，圓的半徑及弦心距構造至直角三角形，利用勾股定理來解決問題，屬于基礎題．12.設曲線在點處的切線與直線垂直，則_______．【答案】2【解析】【詳解】【分析】y′＝aeax，y′|x＝0＝a.由題意知，a×＝－1，∴a＝213.已知x，，，則的最小值______．【答案】【解析】【分析】將綻開，利用基本不等式即可求解.【詳解】，當且僅當即，的最小值為，故答案為：14.設是數列的前項和，且，，則__________．【答案】【解析】【詳解】原式為，整理為：，即，即數列是以-1為首項，-1為公差的等差的數列，所以，即.【點睛】這類型題運用的公式是，一般條件是，若是消，就需當時構造，兩式相減，再變形求解；若是消，就需在原式將變形為：，再利用遞推求解通項公式.15.如圖，在菱形中，，，?分別為?上的點，，，點在線段上，且滿意，則___________；若點為線段上一動點，則的取值范用為___________.

【答案】①.②.【解析】【分析】由題意得出分別是的一個三等分點，設，然后把用表示可得，再設，用基底表示，，然后求數量積，再由函數性質得其取值范圍．【詳解】解：，，所以分別是的一個三等分點，，設，，又，所以，，所以，設，，，，，，因為，所以．故答案為：；．【點睛】關鍵點點睛：本題考查向量的線性運算，向量的數量積．解題關鍵是用基底表示其他向量，然后由向量運算的計算即可得．三、解答題（本大題共5小題，共75分，解答應寫出文字說明，證明過程或演算步驟）16.在中，內角所對的邊分別為，已知的面積為．(1)求和的值；(2)求的值．【答案】（1），（2）【解析】【分析】（1）由面積公式可得結合可求得解得再由余弦定理求得a=8.最終由正弦定理求sinC的值;（2）干脆綻開求值.【詳解】（1）△ABC中,由得由,得又由解得由,可得a=8.由,得.（2）,【點睛】本題主要考查三角變換及正弦定理、余弦定理等基礎學問,考查基本運算求解實力.17.如圖，在四棱錐中，底面是邊長為2的正方形，為正三角形，且側面底面，為的中點.（1）求證：平面；（2）求直線與平面所成角的正弦值；（3）求平面與平面夾角的余弦值．【答案】（1）證明見解析（2）（3）【解析】【分析】（1）連接交于，進而證明，然后依據線面平行的判定定理證明問題；（2）建立空間直角坐標系，求出平面的法向量，進而通過空間向量的夾角公式求得答案；（3）求出平面的法向量，結合（2），進而通過空間向量的夾角公式求得答案.【小問1詳解】證明：連接，與交于，則為的中點，又為的中點，∴，∵平面，平面，∴平面．【小問2詳解】設是的中點，連接，∵是正方形，為正三角形，∴．又∵面面，交線為，∴平面．以為原點，分別以，，所在直線為，，軸，如圖，建立空間直角坐標系，則，，，，，，,∴，，設平面的法向量為，則，令．則，得，設直線與平面所成角為，∴，即直線與平面所成角的正弦值．【小問3詳解】由（2）可知，設平面的法向量為，則，令．則，，．設面與面夾角為，∴，∴面與面夾角的余弦值為．18.已知等比數列的公比，前3項和是7．等差數列滿意，．（1）求數列，的通項公式；（2）求①；②.【答案】（1）；（2）①；②【解析】【分析】（1）求得和數列的公差，由此求得數列，的通項公式.（2）利用裂項求和法求得，利用錯位相減求和法求得.【小問1詳解】∵．且等比數列的公比，∴，解得，∴數列的通項公式為，∴解得，，則，又，∴等差數列的公差，．【小問2詳解】①設數列前項和為，∵，∴，∴，②設數列的前項和為，，，，兩式做差得：，∴，即．19.已知橢圓：的離心率為，且橢圓上動點到右焦點最小距離為.（1）求橢圓的標準方程；（2）點，是曲線上的兩點，是坐標原點，，求面積的最大值.【答案】（1）；（2）最大值為.【解析】【分析】（1）依據題意列出的方程組，從而求解；（2）設出直線的方程，依據弦長公式找出一個的關系式；然后求原點到直線的距離，把求面積的最大值轉化為求原點到直線距離的最大值.【詳解】（1）依題意，，解得，所以橢圓的標準方程為.（2）①當斜率不存在時，即直線軸，不妨設，則，；②當直線斜率存在時，設直線方程為，由，得，則，設，，則，，所以，，即.記原點到直線的距離為，則.(當，即時取等，驗證滿意題意)所以，又因為，所以取最大值為.注：求的最大值還可以這樣處理，設，則(當，即時取等).20.已知函數（其中為參數）.（1）求函數的單調區(qū)間；（2）若對隨意，都有成立，求實數的取值集合；（3）證明：（其中，為自然對數的底數）.【答案】（1）答案見解析；（2）；（3）證明見解析.【解析】【分析】（1）求導可得，分和進行探討即可；（2）由（1）知函數的單調性，當，時，，此時不成立，故，此時需即可；（3）利用（2）中的結論可證該不等式.【詳解】（1），，當時，，在上遞增，當時，令，得，時，單調遞減，時，單調遞增；綜上：時，在上遞增，無減區(qū)間，當時，的單調遞減區(qū)間為，單調遞增區(qū)間為；（2）由（1）知時，在上