北京市順義區(qū)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期物理期末試卷

北京市順義區(qū)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期物理期末試卷姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三總分評分一、單選題1．關(guān)于電磁場和電磁波，下列說法正確的是（）A．赫茲預(yù)言了電磁波的存在B．均勻變化的電場能夠產(chǎn)生均勻變化的磁場C．紫外線是一種波長比紫光更長的電磁波，能夠滅菌消毒D．無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線都是電磁波2．生活中常用一根水平繩拉著懸吊重物的繩索來改變或固定懸吊物的位置。如圖所示，懸吊重物的細(xì)繩O點被一水平繩BO牽引，使細(xì)繩AO段與豎直方向成θ角。若懸吊物所受的重力大小為G，細(xì)繩AO所受拉力大小為F1，水平繩BO所受拉力大小為F2，下列關(guān)系正確的是（）A．F1=Gcosθ B．F13．一帶正電的點電荷只在電場力作用下沿電場線方向運動，下列說法正確的是（）A．速度一定減小 B．加速度一定增大C．電勢能一定減小 D．所受靜電力一定增大4．跳傘是一項勇敢者的運動，可以將跳傘運動分為加速下降和減速下降兩個過程，在這兩個過程中，下列說法正確的是（）A．運動員始終處于失重狀態(tài)B．空氣阻力始終對運動員做負(fù)功C．任意相等的時間內(nèi)運動員和降落傘整體重力勢能的減小量相等D．運動員和降落傘整體所受重力做的功始終大于其重力勢能的減小量5．一列簡諧橫波某時刻的波形如圖所示，a、b、c是介質(zhì)中的三個質(zhì)點，下列說法正確的是（）A．此時刻b的速度最小B．此時刻a的加速度最小C．若波沿x軸負(fù)方向傳播，a比c先回到平衡位置D．若波沿x軸正方向傳播，此刻c向y軸正方向運動6．用恒力F使質(zhì)量為5kg的物體從靜止開始，以4m/s2的加速度勻加速上升，不計空氣阻力，重力加速度g取A．前2s內(nèi)恒力F做的功是400JB．前2s內(nèi)合力做的功為零C．前2s內(nèi)物體克服重力做的功是560JD．前2s內(nèi)重力做的功是-400J7．如圖所示，兩根足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ間距為L，與水平面成θ角，上端接入阻值為R的電阻。導(dǎo)軌平面區(qū)域有垂直導(dǎo)軌平面向上磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，質(zhì)量為m的金屬棒ab由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好。不計導(dǎo)軌及金屬棒ab的電阻，則金屬棒ab沿導(dǎo)軌下滑過程中（）A．金屬棒ab將一直做加速運動B．通過電阻R的電流方向為從Q到NC．金屬棒ab的最大加速度為gsinθD．電阻R產(chǎn)生的焦耳熱等于金屬棒ab減少的重力勢能8．如圖所示，在MNQP所圍的區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，質(zhì)量和電荷量都相等（電性可能不同）的帶電粒子a、b，c以不同的速率從O點沿紙面并垂直于PQ的方向射入磁場，圖中實線是它們的運動軌跡。已知O是PQ的中點，不計粒子重力及帶電粒子間的相互作用，下列說法中正確的是（）A．射入磁場時粒子a的速率最小 B．粒子a帶負(fù)電，粒子b、c帶正電C．粒子a在磁場中運動的周期最小 D．粒子c在磁場中運動的時間最長9．籃球運動深受廣大同學(xué)們的喜愛，打籃球時某同學(xué)伸出雙手接住傳來的籃球，之后雙手隨籃球迅速收縮至胸前，如圖所示，下列說法正確的是（）A．該同學(xué)這么做的目的是減小籃球?qū)κ值臎_擊力B．該同學(xué)這么做的目的是縮短籃球和手的作用時間C．手對籃球的作用力與籃球?qū)κ值淖饔昧κ且粚ζ胶饬．只有球靜止后手對籃球的作用力才等于籃球?qū)κ值淖饔昧?0．某交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與時間的關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）A．該交流電的周期為2sB．該交流電的頻率為50HzC．該交變電動勢的有效值為220D．該電動勢的瞬時值與時間的關(guān)系為e=22011．已知火星質(zhì)量約為地球質(zhì)量的110，火星半徑約為地球半徑的1A．火星的密度約為地球密度的54B．火星的第一宇宙速度約為地球的第一宇宙速度的5倍C．火星表面的重力加速度約為地球表面重力加速度的2D．衛(wèi)星在火星表面附近環(huán)繞火星一周的時間約為衛(wèi)星在地球表面附近環(huán)繞地球一周時間的512．如圖1所示，用充電寶為一手機(jī)電池充電，其等效電路如圖2所示。在充電開始后的一段時間t內(nèi)，充電寶的輸出電壓U、輸出電流I可認(rèn)為是恒定不變的，設(shè)手機(jī)電池的內(nèi)阻為r，則時間t內(nèi)（）A．充電寶輸出的電功率為UI?B．手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為IC．手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為UD．手機(jī)電池儲存的化學(xué)能為UIt+13．靜電除塵機(jī)原理如圖所示，廢氣先經(jīng)過一個機(jī)械過濾裝置再進(jìn)入靜電除塵區(qū)，帶負(fù)電的塵埃在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達(dá)到除塵目的。圖中虛線為電場線（方向未標(biāo)出）。實曲線是某塵埃顆粒的運動軌跡，A、B是塵埃顆粒運動軌跡與電場線的兩個交點，不考慮塵埃顆粒在遷移過程中的相互作用和電量變化，不計塵埃顆粒的重力，則下列說法中正確的是（）A．A點電勢高于B點電勢B．該塵埃顆粒在遷移過程中做勻變速運動C．該塵埃顆粒在遷移過程中電勢能先增大后減小D．該塵埃顆粒在A點的加速度小于在B點的加速度14．如圖甲所示，一根足夠長的空心銅管豎直放置，將一枚橫截面直徑略小于銅管內(nèi)徑、質(zhì)量為m0的圓柱形強(qiáng)磁鐵從銅管上端管口處由靜止釋放，強(qiáng)磁鐵與銅管內(nèi)壁的摩擦和空氣阻力可以忽略，強(qiáng)磁鐵不會做自由落體運動，而是非常緩慢地穿過銅管，在銅管內(nèi)下落時的最大速度為vA．若把空心銅管切開一條豎直狹縫，如圖乙所示，還將強(qiáng)磁鐵從銅管上端管口處由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)強(qiáng)磁鐵做自由落體運動B．若把空心銅管切開一條豎直狹縫，如圖乙所示，還將強(qiáng)磁鐵從銅管上端管口處由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)強(qiáng)磁鐵的下落會快于自由落體運動C．圖甲中，強(qiáng)磁鐵達(dá)到最大速度后，銅管的熱功率要小于m0gvmD．如果在圖甲中強(qiáng)磁鐵的上面粘一個質(zhì)量為m1的絕緣橡膠塊，則強(qiáng)磁鐵下落的最大速度v二、實驗題15．某實驗小組用如圖1所示的實驗裝置探究加速度與物體受力的關(guān)系。保持小車的質(zhì)量不變，通過改變槽碼盤中的槽碼來改變小車所受的拉力F，通過處理紙帶上打出的點來測量小車的加速度a。（1）調(diào)節(jié)木板的傾斜度，使小車在不受牽引時能拖動紙帶沿木板做運動，才可以進(jìn)行下一步實驗操作。（2）圖2是某次實驗時得到的一條紙帶，紙帶上相鄰兩計數(shù)點之間的時間間隔為T=0.10s，由圖中數(shù)據(jù)可計算出小車的加速度大小為m/s2。（3）本實驗中小車所受的拉力可認(rèn)為與槽碼盤和槽碼的總重力相等，其條件是：。（4）某同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了a-F圖像，如圖3所示，該圖線沒有通過坐標(biāo)原點的原因可能是：。16．某實驗小組用電壓表和電流表測定一電池組的電動勢E和內(nèi)電阻r，要求盡量減小實驗誤差。實驗室中有電流表（0~0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω），待測電池組（電動勢約為3V，內(nèi)阻約為1Ω）、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列器材：A．電壓表（量程0~15V，內(nèi)阻約15kΩ）B．電壓表（0~3V，內(nèi)阻約3kΩ）C．滑動變阻器（0~500Ω）D．滑動變阻器（0~50Ω）（1）實驗中電壓表應(yīng)選用；滑動變阻器應(yīng)選用。（選填相應(yīng)器材前的字母）（2）閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片P應(yīng)置于滑動變阻器的端（選填“a”或“b”）。（3）實驗中發(fā)現(xiàn)調(diào)節(jié)滑動變阻器時，電流表示數(shù)變化明顯，但電壓表示數(shù)變化不明顯。為了解決這個問題，在電池組負(fù)極和開關(guān)之間串聯(lián)一個阻值為5.0Ω的定值電阻，之后該小組得到了幾組電壓表讀數(shù)U和對應(yīng)的電流表讀數(shù)I，并作出U-I圖像，如圖所示。則電池組的電動勢為V，內(nèi)電阻為Ω。（4）如果本實驗考慮電表內(nèi)阻的影響，電流表內(nèi)阻為RA、電壓表內(nèi)阻為RV，推導(dǎo)電壓表示數(shù)U隨電流表示數(shù)I變化的表達(dá)式。三、解答題17．質(zhì)量為m的人造地球衛(wèi)星，在距地面h高處繞地球做勻速圓周運動。已知地球質(zhì)量為M、半徑為R，引力常量為G，求：（1）衛(wèi)星的向心加速度大小a；（2）衛(wèi)星做圓周運動的線速度大小v；（3）衛(wèi)星做圓周運動的周期T。18．如圖所示，兩平行金屬板P、Q水平放置，板間存在電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場和磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。一個帶正電的粒子在兩板間沿中心線O?O做勻速直線運動。粒子通過兩平行板后從O點進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2，方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場中，粒子做勻速圓周運動，經(jīng)過半個圓周后打在擋板MN上的A點，測得O、A兩點間的距離為L，不計粒子重力，求：（1）試判斷金屬板P和金屬板Q哪板電勢高；（2）粒子在P、Q兩板間做勻速直線運動的速度大小v；（3）粒子的電荷量與質(zhì)量之比qm19．如圖所示，在距水平地面高h(yuǎn)=0.80m的水平桌面右端的邊緣放置一個質(zhì)量m=1.60kg的木塊B，桌面的左端有一質(zhì)量M=2.0kg的木塊A，以v0=4.0m/s的初速度向木塊B滑動，經(jīng)過時間t=0.80s與B發(fā)生碰撞，碰后兩木塊都落到水平地面上，木塊B離開桌面后落到水平地面上的D點。設(shè)兩木塊均可以看作質(zhì)點，它們的碰撞時間極短，且D點到桌面邊緣的水平距離x=0.60m，木塊A與桌面間的動摩擦因數(shù)μ=0.25，重力加速度g取10m/s2，求：（1）兩木塊碰撞前瞬間木塊A的速度大小vA；（2）木塊B離開桌面時的速度大小vB；（3）碰撞過程中損失的機(jī)械能ΔE。20．某興趣小組開展電磁彈射系統(tǒng)的設(shè)計研究，如圖所示，用于推動模型飛機(jī)的動子（圖中未畫出）與線圈絕緣并固定，線圈帶動動子，可在水平導(dǎo)軌上無摩擦滑動。線圈位于導(dǎo)軌間的輻向磁場中，其所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。單刀雙擲開關(guān)S與1接通，恒流源與線圈連接，動子從靜止開始推動模型飛機(jī)加速，模型飛機(jī)達(dá)到起飛速度時與動子脫離，此時S擲向2接通定值電阻R0，在磁場力作用下，動子會逐漸停下來。若動子從靜止開始運動，經(jīng)過t=1.5s達(dá)到模型飛機(jī)起飛速度。已知恒流源輸出的電流為I=15A，線圈匝數(shù)n=100匝，每匝周長L=1m，線圈總電阻R=0.5Ω，模型飛機(jī)的質(zhì)量M=10kg，動子和線圈的總質(zhì)量m=5kg，B=0.1T，定值電阻R0=9.5Ω，導(dǎo)軌電阻不計且足夠長，不計空氣阻力和模型飛機(jī)起飛對動子運動速度的影響，求：（1）當(dāng)開關(guān)S與1接通時，線圈受到的安培力大小F安；（2）模型飛機(jī)起飛時的速度大小v；（3）a.模型飛機(jī)起飛后動子和線圈繼續(xù)向前運動的距離d；b.推導(dǎo)模型飛機(jī)起飛后動子和線圈所受的安培力大小F?安與其運動距離x的函數(shù)關(guān)系，并畫出F?安-x的函數(shù)圖象（S擲向2接通時線圈位置作為起點）。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲第一次通過實驗驗證了電磁波的存在。A不符合題意；B．均勻變化的電場產(chǎn)生恒定的磁場。B不符合題意；C．紫外線是一種波長比紫光更短的電磁波，能夠滅菌消毒。C不符合題意；D．在電磁波譜中，無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線都是電磁波。D符合題意。故答案為：D。

【分析】麥克斯韋預(yù)言電磁波的存在；均勻變化的電場產(chǎn)生恒定磁場；紫外線的波長小于紫光的波長。2．【答案】A【解析】【解答】對O點受力分析，如圖由力的平衡條件解得懸繩AO拉力F1=G故答案為：A。

【分析】利用O點的平衡方程可以求出兩段繩子拉力的大小。3．【答案】C【解析】【解答】AC．正電荷的受力方向與電場線方向一致。由題意可知，該點電荷速度方向與受力方向一致，即加速度方向與速度方向一致。該電荷一定做加速運動，速度增加；點電荷運動過程中電場力做正功，電勢能減小。A不符合題意，C符合題意；BD．根據(jù)a=F故答案為：C。

【分析】利用正電荷的電場力方向和速度方向可以判別電場力做正功，則電荷電勢能不斷減?。挥捎谖粗獔鰪?qiáng)的變化不能判別電場力和加速度的大小變化。4．【答案】B【解析】【解答】A．運動員在加速下降過程是失重，運動員在減速下降過程是超重，A不符合題意；B．空氣阻力始終與運動員運動方向相反，始終對運動員做負(fù)功，B符合題意；C．任意相等的時間內(nèi)運動員的平均速度不相等，豎直方向上下降的高度不等，故任意相等的時間內(nèi)運動員和降落傘整體重力勢能的減小量不相等，C不符合題意；D．運動員和降落傘整體所受重力做的功始終等于其重力勢能的減小量，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用加速度的方向可以判別超重與失重；阻力與速度方向相反所以阻力對運動員做負(fù)功；利用相同時間下落的高度不同所以重力勢能的減少量不同；重力做功等于重力勢能的減少量。5．【答案】A【解析】【解答】A．質(zhì)點離平衡位置越遠(yuǎn)，速度越小，此時刻b處于波峰，速度最?。榱悖珹符合題意；B．介質(zhì)中的質(zhì)點加速度大小與位移大小成正比，此時刻c離平衡位置最近，加速度最小，B不符合題意；C．若波沿x軸負(fù)方向傳播，由“同側(cè)法”可知，a、c均向上振動，c比a先回到平衡位置，C不符合題意；D．若波沿x軸正方向傳播，此刻c向y軸負(fù)方向運動，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用質(zhì)點的位移大小可以判別速度的大小及加速度的大??；利用波的傳播方向可以判別質(zhì)點的速度方向進(jìn)而判別回到平衡位置的先后順序。6．【答案】D【解析】【解答】A．根據(jù)牛頓第二定律可知，恒力為F=mg+ma=5kg×10m/s2+5kg×4m/s2CD.2s內(nèi)重力做功W2=?mgh=?400J，即2s內(nèi)物體克服重力做功為B.2s內(nèi)合力做的功W=W故答案為：D。

【分析】利用牛頓第二定律可以求出恒力的大??；利用位移公式可以求出物體上升的高度；利用恒力和位移可以求出恒力做功的大??；利用重力和下落高度可以求出克服重力做功的大小，利用分力做功可以求出合力做功的大小。7．【答案】C【解析】【解答】A.金屬棒ab先做加速運動，后做勻速運動，A不符合題意；B.根據(jù)右手定則，通過電阻R的電流方向為從N到Q，B不符合題意；C.金屬棒速度等于零時，加速度最大，根據(jù)牛頓第二定律mg解得a=gC符合題意；D.根據(jù)能量守恒定律，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱等于金屬棒ab減少的機(jī)械能，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用牛頓第二定律可以判別金屬棒其加速度先減小后等于0，利用加速度方向可以判別速度的變化；利用右手定則可以判別感應(yīng)電流的方向；利用牛頓第二定律可以求出最大的加速度大??；利用能量守恒定律可以判別其產(chǎn)生的焦耳熱等于損失的機(jī)械能。8．【答案】D【解析】【解答】A．粒子在磁場中做圓周運動有Bqv=mv2r，即r=B．根據(jù)運動軌跡結(jié)合左手定則可得粒子a帶正電，粒子b、c帶負(fù)電，B不符合題意；C．根據(jù)公式有Bqv=m?2πT?vD．根據(jù)前面分析各粒子在磁場中運動的周期相同，可知運動軌跡所對應(yīng)的圓心角越大，運動時間越長，結(jié)合圖像可知粒子c運動軌跡對應(yīng)的圓心角最大，所以運動的時間最長，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用牛頓第二定律結(jié)合軌跡半徑的大小可以比較粒子速率的大??；利用左手定則可以判別粒子的電性；利用牛頓第二定律結(jié)合周期的表達(dá)式可以比較粒子運動的周期，結(jié)合運動的軌跡圓心角可以比較運動的時間。9．【答案】B【解析】【解答】AB．伸出雙手接住傳來的籃球，之后雙手隨籃球迅速收縮至胸前起到了緩沖作用，根據(jù)動量定理可知Ft=mΔv，當(dāng)籃球速度變化量Δv相同時（從接住時的速度減為0），題中操作的緩沖作用是為了增加籃球和手的作用時間t，從而減小籃球?qū)κ值臎_擊力F。A符合題意，B不符合題意；CD．根據(jù)牛頓第三定律，手對籃球的作用力與籃球?qū)κ值淖饔昧κ且粚ο嗷プ饔昧?，任何情況下都是等大反向的。CD不符合題意。故答案為：B。

【分析】手對籃球起到緩沖作用，利用速度的變化可以判別動量變化量不變，結(jié)合作用時間延長可以判別可以減小籃球?qū)κ值臎_擊力；手與籃球之間的作用力屬于相互作用力，同時產(chǎn)生同時消失。10．【答案】B【解析】【解答】A．從圖中可知交流電的周期為T=0.02s。A不符合題意；B．交流電的頻率f=1C．有效值E=ED．電動勢瞬時表達(dá)式為e=E故答案為：B。

【分析】利用圖像可以求出周期的大小，利用周期的大小可以求出頻率的大?。焕秒妱觿莸姆逯悼梢郧蟪鲇行е档拇笮。焕梅逯岛椭芷诳梢郧蟪鲭妱觿菟矔r值表達(dá)式。11．【答案】C【解析】【解答】A．根據(jù)密度公式ρ=mV和體積公式V=4B．第一宇宙速度為近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，根據(jù)GMmR2＝mvC．根據(jù)GMmR2D．根據(jù)GMmR2故答案為：C。

【分析】利用密度公式結(jié)合體積公式可以求出密度之比；利用引力提供向心力可以求出第一宇宙速度和重力加速度及周期的比值。12．【答案】B【解析】【解答】A．由題意可得充電寶輸出的電功率為P=UI，A不符合題意；BC．根據(jù)焦耳定律可得手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為Q=I2rtD．根據(jù)能量守恒定律可知，充電寶輸出的電能一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)電池的化學(xué)能E，一部分轉(zhuǎn)化為電池內(nèi)電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q，則E=UIt?I故答案為：B。

【分析】利用電壓和電流可以求出電功率的大??；利用電流和手機(jī)內(nèi)阻可以求出手機(jī)產(chǎn)生的焦耳熱大?。焕秒姽εc電熱的大小可以求出手機(jī)電池存儲的化學(xué)能的大小。13．【答案】C【解析】【解答】A．塵埃帶負(fù)電，向集塵極偏轉(zhuǎn)，可知集塵極帶正電，放電極帶負(fù)電，故電場線由集塵極指向放電極，沿電場線方向電勢降低，A點電勢低于B點電勢，A不符合題意；B．由于該電場不是勻強(qiáng)電場，塵埃受到的電場力不斷變化，故該塵埃顆粒在遷移過程中不是做勻變速運動，B不符合題意；C．該塵埃顆粒在遷移過程中電場力先做負(fù)功后做正功，故該塵埃顆粒在遷移過程中電勢能先增大后減小，C符合題意；D．由牛頓第二定律可得qE=ma，A點電場線較密，場強(qiáng)較大，故該塵埃顆粒在A點的加速度較大，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用塵埃的偏轉(zhuǎn)方向可以判別電極的電性進(jìn)而判別電場線的方向，利用電場線方向可以判別電勢的高低，利用電場線的分布可以判別電場力的變化；利用電場力做功可以判別電勢能的變化；利用電場線的疏密可以判別電場強(qiáng)度的大小，進(jìn)而判別加速度的大小變化。14．【答案】D【解析】【解答】AB．若把空心銅管切開一條豎直狹縫，如圖乙所示，此時銅管內(nèi)仍然會形成渦流，渦流的磁場對強(qiáng)磁鐵有阻礙作用，所以將強(qiáng)磁鐵從銅管上端管口處由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)強(qiáng)磁鐵的下落會明顯慢于自由落體運動，AB不符合題意；C．圖甲中，強(qiáng)磁鐵達(dá)到最大速度后，做勻速運動，在勻速下落的過程中，可以認(rèn)為減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為熱量，則P0Δt=mD．由于強(qiáng)磁鐵下落過程中銅管中的感應(yīng)電動勢大小E與強(qiáng)磁鐵下落的速度v成正比，且強(qiáng)磁鐵周圍銅管的有效電阻R是恒定的?？芍我粫r刻的熱功率為P=E2R，則P∝v2，強(qiáng)磁鐵在勻速下落時，有P=mgv故答案為：D。

【分析】當(dāng)空心管切開狹縫時，由于銅管內(nèi)依舊產(chǎn)生渦流所以在安培力的作用下強(qiáng)磁鐵下落的快慢小于自由落體運動；利用能量守恒定律可以求出銅管熱功率的大?。焕秒妱觿莺退俣鹊年P(guān)系，結(jié)合強(qiáng)磁鐵做勻速運動過程的能量守恒定律可以求出強(qiáng)磁鐵下落的最大速度。15．【答案】（1）勻速直線（2）0.51（3）槽碼盤和槽碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量（4）在平衡摩擦力時木板的傾斜度過大【解析】【解答】（1）調(diào)節(jié)木板的傾斜度，使小車在不受牽引時能拖動紙帶沿木板做勻速直線運動，才可以進(jìn)行下一步實驗操作。（2）由逐差法可得，小車的加速度大小為a=（3）在平衡摩擦力的情況下，由牛頓第二定律可得，對小車F=Ma，對槽碼盤和槽碼mg?F=ma，聯(lián)立解得F=MM+mmg=11+（4）某同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了a-F圖像，由圖可知，小車在沒有受到拉力時就有加速度，可能的原因是：在平衡摩擦力時木板的傾斜度過大。【分析】（1）實驗應(yīng)該調(diào)節(jié)木板傾斜度，直至小車做勻速直線運動才可以進(jìn)行下一步實驗；

（2）利用逐差法可以求出加速度的大??；

（3）利用牛頓第二定律可以判別當(dāng)槽碼盤和槽碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量時，小車所受的拉力可認(rèn)為與槽碼盤和槽碼的總重力相等；

（4）當(dāng)小車沒有受到拉力時具有加速度，所以平衡摩擦力時木板的角度過大。16．【答案】（1）B；D（2）a（3）2.90；0.80（4）U=【解析】【解答】（1）電池組電動勢約為3V，故電壓表選擇量程0～3V的，故電壓表選用B。電流表指針在中央位置時，電路中的電阻約為R=E（2）閉合開關(guān)前，滑動變阻器接入電路中的阻值應(yīng)最大，滑動變阻器的滑片P應(yīng)置于滑動變阻器的a端。（3）在電池組負(fù)極和開關(guān)之間串聯(lián)一個阻值為R=5.0Ω的電阻，由閉合電路歐姆定律可得E=U+I(R+r)，路端電壓U=E?I(R+r)，由圖示電源U-I圖像可知，電池組電動勢E=2.90V，電源內(nèi)阻（4）由閉合電路的歐姆定律得U=E?(I+UR【分析】（1）利用電動勢的大小可以判別電壓表的量程；利用歐姆定律可以判別電路電阻的大小進(jìn)而判別滑動變阻器的阻值選擇；

（2）開關(guān)閉合時滑動變阻器的阻值應(yīng)該處于最大，滑片應(yīng)該處于a端；

（3）利用閉合電路的歐姆定律結(jié)合圖像斜率和截距可以求出內(nèi)阻和電動勢的大??；

（4）利用閉合電路的歐姆定律可以求出電壓表示數(shù)和電流表示數(shù)的表達(dá)式。17．【答案】（1）解：人造地球衛(wèi)星在繞地球做勻速圓周運動時，萬有引力提供向心力G整理可得a=G（2）解：由圓周運動中a=v2（3）解：在環(huán)繞模型中G整理得T=2π【解析】【分析】（1）衛(wèi)星做勻速圓周運動，利用引力提供向心力可以求出向心加速度的大??；

（2）衛(wèi)星做勻速圓周運動，利用線速度和向心加速度的關(guān)系可以求出線速度的大??；

（3）衛(wèi)星做勻速圓周運動，利用引力提供向心力可以求出周期的大小。18．【答案】（1）解：粒子做勻速直線運動，電場力和洛倫茲力平衡，根據(jù)左手定則可知洛倫茲力的方向向上，故電場力方