2024年華師大新版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大新版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，MN是點電荷電場中的一條直線，a、b是直線上兩點，已知直線上a點的場強最大，大小為E，b點場強大小為E，已知a、b間的距離為L，靜電力常量為k；則場源電荷的電荷量為（）

A.B.C.D.2、如圖所示，實線表示某電場的電場線（方向未標出），虛線是一帶負電的粒子只在電場力作用下的運動軌跡，設點和點的電勢分別為粒子在和時加速度大小分別為場強大小分別為電勢能分別為下列判斷正確的是（）

A.B.C.D.3、電荷量為q的電荷在電場中由A點移到B點時，電場力做功W，由此可算出兩點間的電勢差為U，若讓電荷量為2q的電荷在電場中由A點移到B點，則()A.電場力做功仍為WB.電場力做功為C.兩點間的電勢差仍為UD.兩點間的電勢差為4、如圖，在點電荷Q產生的電場中，將兩個帶正電的試探電荷q1、q2分別置于A、B兩點，虛線為等勢線，取無窮遠處為零電勢點。若將q1、q2移動到無窮遠的過程中克服電場力做的功相等；則下列說法正確的是（）

A.A點電勢高于B點電勢B.A點場強低于B點場強C.q1的電荷量小于q2的電荷量D.q1在A點的電勢能小于q2在B點的電勢能5、如圖，虛線為某電場的等勢面，實線為一帶電粒子僅在電場力作用下由A運動到B的徑跡。設粒子在A、B點的加速度大小分別為aA、aB，電勢能分別為EpA、EpB；則（??）

A.aA>aB，EpA>EpBB.aA>aB，EpA<EpBC.aA<aB，EpA>EpBD.aA<aB，EpA<EpB6、如圖所示，a、b、c為電場中同一條電場線上的三點，其中c為a、b連線的中點。若一個運動的正電荷只在靜電力作用下先后經過a、c、b三點，其中a、b兩點的電勢分別為則下列說法正確的是（）

A.a點的電場強度一定等于b點的電場強度B.c點電勢C.正電荷在a點的動能小于在b點的動能D.正電荷在a點的電勢能小于在b點的電勢能7、北京正負電子對撞機是我國第一臺高能加速器，由電子注入器、儲存環(huán)、探測器、核同步輻射區(qū)、計算中心等5個部分組成，其儲存環(huán)的周長為240米．某同學在參觀時得知此時在儲存環(huán)中繞環(huán)圓周運動的電子有5×1012個，形成的電流為10mA，則可估算出儲存環(huán)中電子的平均移動速率為（）A.3×107m/sB.3×106m/sC.9×107m/sD.9×106m/s8、如圖所示，電阻R和內阻也等于R的電動機M串聯接到電路中，接通開關后，電動機正常工作。設電阻R和電動機M兩端的電壓分別為U1和U2。在t時間內，電流通過電阻R做功W1、產生熱量Q1，電流流過電動機做功W2、產生熱量Q2；則有（）

A.W2=Q2B.W1=W2C.Q1=Q2D.U1=U29、某手機電池銘牌如圖所示；根據圖中信息，以下說法正確的是（）

A.800mAh是指電池儲存的能量B.3.7V是指該電池在單位時間內移動1C電荷能把3.7J的其他形式能量轉化為電能C.該手機在瀏覽文件時該電池的路端電壓小于3.7VD.當該電池以0.1A的電流對外放電時最少可以使用8h評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示，在水平向右的勻強電場中有一絕緣斜面，斜面上有一帶電金屬塊沿斜面滑下。已知在金屬塊滑下的過程中動能增加了金屬塊克服摩擦力做功重力做功則以下判斷正確的是（）

A.金屬塊帶正電荷B.金屬塊的機械能減少C.金屬塊克服電場力做功D.金屬塊的電勢能增加11、如圖甲所示為市面上的一款自發(fā)電無線門鈴；按下按鍵，按鍵將推動永磁鐵運動（平面運動如圖乙所示），即能產生電能供給發(fā)射器部件（接線圈兩端，圖中沒有畫出）正常工作。松開按鍵后，在彈簧的作用下按鍵將恢復原位。關于按壓按鍵和松開按鍵反彈過程中，下列說法正確的是（）

A.連續(xù)按壓和松開按鍵過程，線圈中一定產生交變電流B.按壓和松開按鍵過程，線圈中都產生感應電動勢C.按住門鈴按鍵保持不動，線圈中一直保持有感應電流D.按鍵反彈過程，彈簧的彈性勢能部分轉化為電能12、圖中虛線為勻強電場中與場強方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質量相等，所帶電荷的絕對值也相等，現將M、N從虛線上的O點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示。點a、b、c為實線與虛線的交點，已知O點電勢高于c點。若不計重力；則（）

A.M帶負電荷，N帶正電荷B.N在a點的速度與M在c點的速度大小相同C.N從O點運動至a點的過程中電勢能減少D.M在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零13、如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c點所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關于MN對稱，b點位于MN上，d點位于兩電荷的連線上。以下判斷正確的是（）

A.b點場強比d點場強小B.b點電勢比d點電勢低C.a、b兩點間的電勢差大于b、c兩點間的電勢差D.試探電荷在a點的電勢能小于在c點的電勢能14、為了消殺新冠病毒，防控重點場所使用一種人體感應紫外線燈。這種燈裝有紅外線感應開關，人來燈滅，人走燈亮，為人民的健康保駕護航。下列說法正確的是（）A.只有熱的物體才能輻射紅外線B.紫外線能消殺病毒是因為紫外線具有較高的能量C.紅外線的波長比無線電波長D.紅外線和紫外線都是電磁波15、如圖，當閉合后，一帶電微粒（重力不可忽略）在平行板電容器間處于靜止狀態(tài)，下列說法正確的是（）

A.保持閉合，使滑動片向左滑動，微粒仍保持靜止B.保持閉合，使兩極板間距減少，微粒仍保持靜止C.打開后，使兩極板靠近，則微粒將向上運動D.打開后，使兩極板靠近，則微粒仍保持靜止評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、(1)在真空中兩個帶等量異種電荷的點電荷，電荷量均為2×10－8C，相距20cm，則它們之間的相互作用力為________N，在兩者連線的中點處，電場強度大小為________N/C.

(2)如圖，a、b是兩個帶有同種電荷的小球，用絕緣絲線懸掛于同一點，兩球靜止時，它們距水平面的高度相等，繩與豎直方向的夾角分別為α、β，且α＜β.若同時剪斷兩根細線，空氣阻力不計，兩球帶電荷量不變，兩球質量為ma，mb，兩球落地時間為ta，tb，落地時水平位移為xa，xb，則ma________mb，ta______tb，xa______xb.(填＞；＜或＝)

17、作用：

（1）移送電荷，使電源正、負極間有一定的___________。

（2）使電路中有___________的電流。18、電動勢是電源的屬性，大小由電源中非靜電力的特性決定，與電源的______無關，跟外電路的組成及變化______（選填“有”或“無”）關．19、磁場。

（1）磁體；電流間的相互作用。

①磁體與磁體間存在__________。

②通電導線對磁體有__________，磁體對通電導線也有__________。

③通電導線之間也有__________。

（2）磁場：磁體與磁體之間、磁體與通電導線之間，以及通電導線與通電導線之間的相互作用，是通過__________發(fā)生的，磁場是__________或__________周圍一種看不見；摸不著的特殊物質。

（3）地磁場。

①地磁場：地球本身是一個磁體，N極位于__________附近，S極位于__________附近。

②磁偏角：小磁針的指向與地理子午線（經線）之間的夾角；如圖所示。

20、某同學將一個帶電量為0.1C的正點電荷放入勻強電場中，測得其受到的電場力大小為lN，方向水平向左，則此電場的電場強度大小為______N/C，方向______（填“水平向左”或“水平向右”）。若將另一點電荷放人該電場中，測得其受到的電場力大小為0.5N，則此點電荷的電量大小為______C。21、某同學用游標卡尺和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度。讀出圖中的示數。該金屬圓片的直徑的測量值為_______mm,厚度的測量值為_______mm。

22、一矩形線圈面積S＝10cm2，它和勻強磁場方向之間的夾角θ1＝30°，穿過線圈的磁通量Ф＝2×10－4Wb，則磁場的磁感應強度B＝______________；若線圈以一條邊為軸轉180°，則穿過線圈的磁通量的變化量為____________；若線圈平面和磁場方向之間的夾角變?yōu)棣?＝0°，則Ф0＝________________。23、在勻強磁場中有一根長為的導線，它與磁場方向垂直.當通以電流時，它受到的作用力為則該磁場的磁感強度是_______T；當導線在原位置縮短為原長的一半時，磁感強度為_______T評卷人得分四、作圖題(共1題，共9分)24、如圖1所示，用電動勢為E、內阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)25、利用電流表和電壓表測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻。要求盡量減小實驗誤差。

（1）除開關和導線若干外；現還提供以下器材：

A.電流表（量程：內阻）

B.電壓表（）

C.電壓表（）

D.滑動變阻器（）

E.滑動變阻器（）

實驗中電壓表應選用__________；滑動變阻器應選用__________（選填相應器材前的字母）

（2）為準確測定電池的電動勢和內阻，應選擇的實驗電路是圖中的__________（填“甲”或“乙”）。

（3）根據實驗記錄，畫出的圖像如圖丙所示，可得待測電池的電動勢_____V，內電阻____理論上電動勢的測量值______（填“大于”“小于”或“等于”）真實值。（結果均保留一位小數）26、某研究性學習小組利用伏安法測定某一電池組的電動勢和內阻；實驗原理如圖甲所示。其中，虛線框內為用靈敏電流計G改裝的電流表A，V為標準電壓表，E為待測電。

池組，S為開關，R為滑動變阻器，R0是標稱值為4.0Ω的定值電阻。

（1）已知靈敏電流計G的滿偏電流IG=20mA、內阻rG=900Ω，若要改裝后的電流表滿偏電流為200mA，應并聯一只_______Ω的定值電阻R1。

（2）根據圖甲，用筆畫線代替導線將圖乙連接成完整電路______。

某次實驗的數據如下表所示：。測量次數12345678電壓表V

讀數U/V4.154.053.933.833.723.603.483.35改裝表A

讀數I/mA20406080100120140160

（3）該小組借鑒“研究勻變速直線運動”實驗中計算加速度的方法（逐差法），計算出電池組的內阻r=_______Ω（保留兩位小數）；為減小偶然誤差，逐差法在數據處理方面體現出的主要優(yōu)點是_______________。評卷人得分六、解答題(共3題，共9分)27、為研究靜電跳球現象，某同學固定了板間距為d的水平平行導體板（板足夠長），兩極板連接到電壓可調的直流電源上（如圖），極板間電場強度豎直向下。一個質量為m的小球（可視為質點）與上極板接觸后由靜止釋放，在兩極板間沿豎直方向運動，小球每次與上極板接觸后所帶電量都會變?yōu)槊看闻c下極板接觸后所帶電量都會變?yōu)樾∏蛎看闻c極板碰撞后瞬間的動能與碰撞前瞬間的動能比值為k，不計空氣阻力，取重力加速度為g。

（1）若小球第一次反彈后恰好到達上極板；求兩極板間電壓，以及小球與下極板碰撞過程中損失的動能。

（2）調整電壓使小球在向上運動時做勻減速直線運動，且加速度大小等于向下運動的加速度大小的一半，最終小球每次從上極板反彈后瞬間的動能均相同，寫出此動能表達式，并討論k的取值范圍。

（3）再次調整電壓，使小球向上時能做勻速直線運動。小球每次從上極板反彈后瞬間的動能均相同后，若在其與下極板碰撞的瞬間加上垂直紙面向內的勻強磁場，小球所能達到的最大高度恰為極板間距的一半，求：①磁感應強度大小與k的關系；②加磁場后小球水平方向的最大位移大小與k的關系。

28、如圖,帶電荷量為q=+2×10-3C、質量為=0.1kg的小球B靜置于光滑的水平絕緣板右端,板的右側空間有范圍足夠大的、方向水平向左、電場強度E=103N/C的勻強電場.與B球形狀相同、質量為0.3kg的絕緣不帶電小球A以初速度=10m/s向B運動,兩球發(fā)生彈性碰撞后均逆著電場的方向進入電場,在電場中兩球又發(fā)生多次彈性碰撞,已知每次碰撞時間極短,小球B的電荷量始終不變,重力加速度g取10m/s2求:

（1）第一次碰撞后瞬間兩小球的速度大小;

（2）第二次碰撞前瞬間小球B的動能;

（3）第三次碰撞的位置。

29、電動自行車以其環(huán)保、快捷、輕便的優(yōu)勢成為家庭常用的交通工具。某一電動車有四塊相同蓄電池串聯提供動力；如圖所示是其中一塊的蓄電池。

（1）根據圖片銘牌上的信息；請計算這一塊電池充滿電后，儲存的電能為多少；

（2）該電動車充滿電后，電能轉化為機械能的效率為若車以某一速度勻速行駛，受到的阻力是求該車充一次電后，最多能跑多遠。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

因a點的場強最大，可知a點離場源電荷最近，即a點與場源電荷連線與直線MN垂直，設場源電荷在距離a點x的位置，則

b點場強為

聯立解得x＝L

則

故B正確；ACD錯誤。

故選B。2、C【分析】【詳解】

AB．由

可知，點電場線較疏，場強較小，故粒子加速度較小，即

AB錯誤；

CD．粒子所受電場力與電場線相切且沿軌跡凹側；故電場力方向如圖所示。

由于粒子帶負電，故場強方向與受力方向相反，沿電場線方向電勢降低，即

由可知，在電勢越高處，負電荷的電勢能越小，即

C正確；D錯誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

讓電荷量為2q的點電荷在電場中由A點移到B點，電場力做功為q×2U=2W；故A錯誤，B錯誤；

在同一個電場中，兩點之間的電勢差就不變，與放入的電荷的電荷量的大小無關，所以AB之間的電勢差的大小還是U；C正確，D錯誤．

故選：C．

點睛：兩點間的電勢差是由電場決定的，電場不變，兩點之間的電勢差就不變，根據W=qU可以直接計算電場力做功的大小．4、C【分析】【詳解】

A．由題，將兩個帶正電的試探電荷q1、q2移動到無窮遠的過程中外力克服電場力做功，則知Q與兩個試探電荷之間存在引力，說明Q帶負電，電場線方向從無窮遠處指向Q，則A點電勢小于B點電勢。故A錯誤；

B．由點電荷場強公式分析可知，A點的場強大于B點的場強。故B錯誤；

C．由圖分析可知：A與無窮遠間的電勢差大于B與無窮遠間的電勢差，將q1、q2移動到無窮遠的過程中外力克服電場力做的功相等，根據電場力做功公式W=qU，得知，q1的電荷量小于q2的電荷量。故C正確；

D．將q1、q2移動到無窮遠的過程中外力克服電場力做的功相等，兩個試探電荷電勢能的變化量相等，無窮遠處電勢能為零，則q1在A點的電勢能等于q2在B點的電勢能。故D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

根據等勢面電勢分布可得電場線方向是指向圓心的；故產生電場的點電荷帶負電，根據做曲線運動的物體的軌跡夾在合力與速度方向之間，故可得粒子受到的電場力沿圓心指向外，所以粒子受到的電場力方向和電場方向相反，所以粒子帶負電。

A點電勢大于B點，帶負電的粒子在電勢小的地方電勢能大，故EpA<EpB

等差等勢面的疏密程度反映電場強弱，由圖可知B處等差等勢面比A處密集，電場強，則加速度越大，故aA<aB

故選D。6、D【分析】【詳解】

AB．由圖電場不一定是勻強電場，所以a點的電場強度不一定等于b點的電場強度，c點電勢不一定為0；故AB錯誤；

CD．正電荷在電勢高的位置電勢能較大，所以正電荷在a點的電勢能小于在b點的電勢能，根據能量守恒可知正電荷在a點的動能大于在b點的動能；故C錯誤；D正確；

故選D。7、B【分析】【詳解】

設單位長度上的電子數目為n，

則單位長度上電子的電荷量q'=ne。t秒內電子通過的距離x=vt，t秒內通過某橫截面的電荷量q=xq'=nevt，由得：

所以：

A.3×107m/s。故A錯誤；

B.3×106m/s。故B正確；

C.9×107m/s。故C錯誤；

D.9×106m/s。故D錯誤。8、C【分析】【詳解】

設開關接通后，電路中電流為對于電阻由歐姆定律得

對于電動機

則

電流通過電阻做功為

電流通過電動機做功為

電流通過電阻產生的熱量

電流通過電動機產生的熱量

因為

所以。

故ABD錯誤C正確。

故選C。9、C【分析】【詳解】

A．800mAh是指電池儲存的電量；故A錯誤；

B．電動勢在數值上等于非靜電力把1C的正電荷從電源內部的負極移到正極所做的功；即每移動單位電荷有3.7J的其它形式的能量轉化為電能，而不是在1s內轉變的電能，故B錯誤；

C．3.7V為電池的電動勢；該手機在瀏覽文件時該電池的路端電壓小于3.7V，故C正確；

D．若電池以0.1A的電流工作，其工作時間為

故D錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)10、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

在金屬塊滑下的過程中動能增加了12J；金屬塊克服摩擦力做功8J，重力做功24J，根據動能定理得。

W總=WG+W電+Wf=△EK解得。

W電=-4J靜電力做功-4J；運動過程中電勢能增加了4J，由于金屬塊下滑，電場力做負功，所以金屬塊帶正電荷；在金屬塊滑下的過程中重力做功24J，重力勢能減小24J，動能增加了12J，所以金屬塊的機械能減少12J。

故選ABD。11、B:D【分析】【詳解】

A．連續(xù)按壓和松開按鍵過程不能保證線圈中磁通量一定是周期性變化的；故不一定產生交變電流，A項錯誤；

B．按壓和松開按鍵過程；永久磁鐵通過鐵芯形成閉合磁路，線圈中磁通量發(fā)生變化，線圈中都產生感應電動勢，B項正確；

C．按住門鈴按鍵不動；穿過線圈的磁通量保持不變，感應電動勢和感應電流為零，C項錯誤；

D．由能量守恒定律可知按鍵反彈過程；彈簧的彈性勢能減小，克服磁場力做功并轉化為電能，也有部分能量轉化為其他形式的能，D項正確。

故選BD。12、B:C:D【分析】【詳解】

A．虛線為勻強電場中與場強方向垂直的等間距平行直線，即虛線為等差等勢線，O點電勢高于c點；沿著電場線的方向電勢降低，可知勻強電場的方向如下圖所示。

結合曲線運動的軌跡可知；M粒子所受電場力方向與電場線方向相同，M粒子帶正電，N粒子所受電場力方向與電場線方向相反，N粒子帶負電，A錯誤；

B.a、O、c三點分別在連續(xù)的等差等勢線上，且兩粒子M、N質量相等，所帶電荷的絕對值也相等，M粒子帶正電，N粒子帶負電，結合曲線可知，N從O點運動至a點和M在從O點運動至c點過程中電場力對N、M粒子做的功相等，粒子以相同速率射出，根據動能定理可知，N在a點的動能與M在c點動能大小相等，即N在a點的速度與M在c點的速度大小相同；B正確；

C．N從O點運動至a點的過程中；電場力做正功，電勢能減小，C正確；

D．O點和b點在同一等勢線上，M在從O點運動至b點的過程中；電場力對它做的功等于零，D正確。

故選BCD。13、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．在兩等量異號電荷連線上，中間點電場強度最小，所以d點的電場強度大于連線與MN的交點處的電場強度；在兩等量異號電荷連線的中垂線上，兩個點電荷的連線與MN的交點處的電場強度最大。所以b點場強小于d點場強；故A正確；

B．根據等量異號點電荷周圍電場線分布的特征，可知，MN是一個等勢面。若取無窮遠處為零勢能面，由于兩個電荷在MN上任何點產生的電勢絕對值相同，總和為零，故MN為零勢能面。d點離正電荷近，故d點的電勢為正值，b點電勢比d點電勢低；故B正確；

C．根據等量異號點電荷電場線分布的特征，可知，MN左側與右側電場強度大小對稱分布。由于a與c關于MN對稱，故a、b兩點間的電勢差等于b、c兩點間的電勢差。故C錯誤；

D．結合等量異種點電荷的電場特點可知，a點的電勢高于c點的電勢，故試探電荷+q在a點的電勢能大于在c點的電勢能；故D錯誤；

故選AB。

【點睛】14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．一切物體都能輻射紅外線。故A錯誤；

B．紫外線能消殺病毒是因為紫外線具有較高的能量。故B正確；

C．根據電磁波譜可知；紅外線的波長比無線電波短。故C錯誤；

D．根據電磁波譜可知；紅外線和紫外線都是電磁波。故D正確。

故選BD。15、A:D【分析】【詳解】

A、因為在直流電路中，電容器的電阻相當于無窮大，所以電路中沒有電流通過，使滑動片向左；右滑動；對整個電路沒有影響，所以帶電微粒仍然處于靜止狀態(tài)，故A項正確，B項錯誤；

C、打開之后，不變，亦是一個定值；所以電場力和重力仍然相等，微粒仍然保持靜止狀態(tài)，故C項錯誤，D項正確．

點睛：本題關鍵要抓住不變量進行分析：電容器與電源保持相連，板間電壓保持不變；充電后與電源斷開后，電量不變．電量、正對面積不變時，改變板間距離，板間場強不變．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【詳解】

(1)已知真空中兩點電荷的電量均為q=2×10-8C，距離r=0.2m，根據庫侖定律得兩點電荷在中點處產生的場強大小均為方向相同；則在兩者連線的中點處，電場強度大小為E合=2E=3.6×104N/C.

(2)對小球受力分析，根據平衡條件有：由于β＞α，所以ma＞mb；ma＞mb，因此水平方向上，a的加速度小于b的加速度．豎直方向上作自由落體運動，根據運動的獨立性可知，兩球同時落地，ta=tb；由于a的加速度小于b的加速度，因此a球水平飛行的距離比b球小.

【點睛】

第(1)題考查兩電荷連線上電場強度是兩電荷產生的電場強度的疊加,根據平行四邊形定則進行合成;第(2)題涉及運動的獨立性以及物體的平衡等，較好的考查了學生綜合應用知識的能力.【解析】9×10-53.6×104>=<17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]電源的作用為移送電荷；使電源正；負極間有一定的電勢差；

（2）[2]電源的作用還有使電路中有持續(xù)的電流。【解析】電勢差持續(xù)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】體積無19、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3][4]磁體與磁體間存在相互作用。通電導線對磁體有作用力；磁體對通電導線也有作用力。通電導線之間也有作用力。

（2）[5][6][7]磁場：磁體與磁體之間；磁體與通電導線之間；以及通電導線與通電導線之間的相互作用，是通過磁場發(fā)生的，磁場是磁體或電流周圍一種看不見、摸不著的特殊物質。

（3）[8][9]地磁場：地球本身是一個磁體，N極位于地理南極附近，S極位于地理北極附近。【解析】相互作用作用力作用力作用力磁場磁體電流地理南極地理北極20、略

【分析】【詳解】

[1]由電場強度定義可得

[2]由電場強度方向與正電荷受力方向相同可知；此電場強度方向水平向左。

[3]該電荷的電荷量為【解析】10水平向左0.0521、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺的讀數即該金屬圓片的直徑的測量值為

[2]螺旋測微器的讀數即該金屬圓片厚度的測量值為【解析】12.401.68222、略

【分析】【詳解】

[1]磁感應強度為

[2]線圈以一條邊為軸轉過180°，穿過線圈的磁能量的變化為

[3]若線圈平面和磁場方向之間的夾角變?yōu)棣?=0°，則Φ=0?！窘馕觥?.4T4×10－4Wb023、略

【分析】【詳解】

[1]．由F=BIL可得磁感應強度為：

[2]．磁感應強度與導線長度無關，當導線的長度在原位置縮短為原來的一半時，磁感應強度仍為0.1T．【解析】0.10.1四、作圖題(共1題，共9分)24、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標軸作垂線后與坐標軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標值為短路電流；（2）五、實驗題(共2題，共10分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]一節(jié)干電池電動勢約為則電壓表應選的C；為方便實驗操作；滑動變阻器應選總阻值較小的D；

（2）[3]由于電流表內阻已知；而電壓表內阻未知，故可以采用將電流表作為等效內阻采用相對電源的內接法，應選乙圖；

（3）[4][5]由圖示電源圖像可知，圖像與縱軸交點坐標值是1.5，則電源電動勢

電源等效內阻為

故電源實際內阻為

[6]該實驗方法對電動勢無影響，故測量值等于真實值?！窘馕觥緾D乙1.50.7等于26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據電流