2025年中圖版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、在地毯的編織線中加入少量的導(dǎo)電金屬絲，其主要目的是（）A.減輕靜電影響B(tài).增強美觀效果C.增加地毯彈性D.增加抗磨損能力2、如圖所示，在真空中的A、B兩點分別放置等量異種點電荷，在A、B兩點間取一正五角星形路徑abcdefghija，五角星的中心O與A、B的中點重合，其中af連線與AB連線垂直．現(xiàn)有一電子沿該路徑逆時針移動一周，下列正確的是()

A.g點和e點的電場強度相同B.a點和f點的電勢相等C.電子從e點移到f點的過程中，電場力做負功，電勢能增加D.若B兩點處點電荷電荷量都變?yōu)樵瓉?倍，則B連線中點O點場強變?yōu)樵瓉淼?倍3、某電解池，如果在1s內(nèi)共有5×1018個二價正離子和1×1019個一價負離子通過面積為0.1m2的某橫截面，那么通過這個橫截面的電流是（元電荷的電荷量為1.6×10－19C）（）A.0B.0.8AC.1.6AD.3.2A4、如圖所示，通電螺線管軸線上有a、b兩點，該通電螺線管在a、b兩點產(chǎn)生的磁場方向；下列判斷正確的是（）

A.a、b兩點磁場方向都向左B.a、b兩點磁場方向都向右C.a點磁場向右，b點磁場方向向左D.a點磁場向左，b點磁場方向向右5、如圖所示，實線表示等量異種點電荷的等勢線，過O點的虛線MN與等勢線垂直，兩個相同的帶正電的粒子分別從A、B兩點以相同的初速度v0開始運動，速度方向水平向右，且都能從PQ左側(cè)經(jīng)過O點，AB連線與PQ平行．設(shè)粒子在A、B兩點的加速度大小分別為a1和a2，電勢能分別為Ep1和Ep2，通過O點時的速度大小分別為v1和v2.粒子的重力不計；則()

A.A點的電勢高于B點的電勢B.a1＜a2C.Ep1＞Ep2D.v1＜v2評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖所示，在紙面內(nèi)有一直角三角形ABC，P1是AB的中點，P2是AP1的中點，BC=2cm，∠A=30°。若在三角形ABC平面內(nèi)有一勻強電場，電子（帶負電，電荷量為e）在A點、C點、P2點的電勢能分別為-5eV；19eV、3eV；則下列說法正確的是（）

A.A點的電勢為5VB.B點的電勢為-19VC.該電場的電場強度方向平行ACD.該電場的電場強度大小為800V/m7、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長為10cm的正六邊形的六個頂點，A、B、C三點電勢分別為1V；2V、3V；則下列說法正確的是()

A.勻強電場的場強大小為10V/mB.勻強電場的場強大小為V/mC.電荷量為1.6×10－19C的正點電荷從E點移到F點，電荷克服電場力做功為1.6×10－19JD.電荷量為1.6×10－19C的負點電荷從F點移到D點，電荷的電勢能減小4.8×10－19J8、如圖所示，真空中有A、B、C、D四點，它們共線且等距，只在A點放一電荷量為+Q的點電荷時，B點的電場強度為E，而B、C、D三點的電勢分別為8V、4V、若再將等量異號電荷一Q放在D點，則（）．

A.B點電場強度為元方向水平向右B.B點電場強度為方向水平向右C.BC線段的中點電勢為零D.B、C兩點的電勢分別為4V和-4V9、圖甲中，A、B是某靜電場中一條電場線上的兩點，一個電子從A點由靜止釋放，僅在靜電力的作用下從A點運動到B點，其運動的v﹣t圖象如圖乙所示。則（）

A.電場線的方向由B指向AB.A點電勢高于B點電勢C.A點電場強度大于B點電場強度D.電子在A點的電勢能大于在B點的電勢能10、如圖（a）所示，一帶正電的小物塊從粗糙程度不清楚的絕緣斜面上O點由靜止滑下，途經(jīng)P、Q兩點，所在空間有方向平行于斜面向上的勻強電場，以O(shè)點為原點，選斜面底端為重力勢能零勢能面，作出滑塊從O至Q過程中的機械能E隨位移x變化的關(guān)系如圖（b）所示，其中O至P過程的圖線為曲線，P至Q過程的圖線為直線；運動中物塊的電荷量不變，則（）

A.O至P過程中，物塊做加速度減小的加速運動B.P至Q過程中，物塊做勻加速直線運動C.P至Q過程中，摩擦力對物塊做功的功率不變D.O至Q過程中，物塊的重力勢能與電勢能之和不斷減小11、如圖所示，在光滑小滑輪O正下方相距h處固定一電量為Q的小球A，電量為q的帶電小球B用一絕緣細線通過定滑輪拉住并處于靜止狀態(tài)，此時小球與A點的距離為R?，F(xiàn)用力F緩慢拉動細線，使B球移動一小段距離。假定兩球均可視為點電荷且電荷量均保持不變，靜電力常量為k；環(huán)境可視為真空，則下列說法正確的是（）

A.小球B所受的重力大小為B.細線上的拉力先增大后減小C.B兩球之間的距離不變D.B球的運動軌跡是一段直線12、如圖，電荷量分別為＋Q和－Q（Q>0）的點電荷固定在正四面體的兩個頂點a、b上，c、d是四面體的另外兩個頂點，E、F、G、H分別是ab、bc、ca、cd的中點，選無窮遠處為零電勢點。則（）

A.E點的電場強度為零B.E、H兩點的電勢均為零C.c、d兩點的電場強度大小相等、方向相同D.將一檢驗正電荷從G點移到F點，電荷的電勢能增大13、如圖所示，實線為電視機顯像管主聚焦電場中的等勢面，a、b、c、d為圓上的4個點；則下列說法中正確的是()

A.a、b、c、d四點電勢不等，但電場強度相同B.一電子從b點運動到c點，電場力做的功為0．8eVC.若一電子從左側(cè)沿中心軸線穿越電場區(qū)域，將做加速度先減小后增大的直線運動D.若一電子從左側(cè)沿中心軸線穿越電場區(qū)域，將做加速度先增大后減小的直線運動14、恒流源（輸出電流大小恒定）與定值電阻并聯(lián)后作為一個整體可看作一個實際電源，如圖所示的電路中恒流源的輸出電流為I0，并聯(lián)電阻為R0。關(guān)于該電源，下列說法正確的是（）

A.該電源的A端為電源的正極B.該電源的電動勢為I0R0C.若將A、B短路，短路電流為0D.該電源的內(nèi)阻為R0評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、正離子A（質(zhì)量為m、電荷量為q）和正離子B（質(zhì)量為2m、電荷量為q）由靜止開始經(jīng)相同電加速后，如圖所示垂直電場線射入兩塊平行帶電金屬板間，從兩板間射出時（重力不計）A、B側(cè)移之比yA：yB=______________；A、B動能增量之比△EkA：△EkB=______________。

16、如圖所示為伏打電池示意圖，由于化學(xué)反應(yīng)，在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個帶電接觸層a、b。

（1）說明銅板帶正電、鋅板帶負電的原因是什么______？

（2）在電源內(nèi)部的a、b兩個區(qū)域，電荷如何被搬運到極板上______？

（3）在正常工作的閉合電路中，靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）；非靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）．

（4）沿電流方向繞電路一周，非靜電力做功的區(qū)域是()

A．RB．bC．rD．a(chǎn)

（5）在圖中閉合回路的各區(qū)域內(nèi)，電勢升高的總和等于電源的______。

（6）沿電流方向繞電路一周，在什么地方電勢降低______？在什么地方電勢升高______？17、如圖所示，一滿偏電流Ig=1mA、內(nèi)阻Rg=300的表頭G，先將其與定值電阻R1并聯(lián)，后再與定值電阻R2串聯(lián)，改裝成一個既可以測電流又可以測電壓的兩用電表，公共接線柱和1之間為電流4mA擋，公共接線柱和2之間為電壓3V擋，R1=______R2=______

18、『判一判』

（1）電流做功的過程就是電能向其他形式的能量轉(zhuǎn)化的過程。（______）

（2）電功率越大，表示電流做功越多。（______）

（3）電功與能量的單位都是焦耳，電功就是電能。（______）

（4）電動機消耗的電能，一部分轉(zhuǎn)化為機械能，一部分轉(zhuǎn)化為線圈內(nèi)阻上的電熱。（______）

（5）電功W=UIt只能用來計算純電阻電路中電流所做的功。（______）

（6）焦耳定律的表達式為Q=I2Rt，此式適用于任何電路。（______）19、天宮二號是中國首個具備補加功能的載人航天科學(xué)實驗空間實驗室；在預(yù)設(shè)的離地390km處在軌運行，重8.6噸，設(shè)計在軌壽命2年。其中搭載了空間冷原子鐘是國際上首臺在軌運行的冷原子鐘，可以支持開展廣義相對論驗證；基本物理常數(shù)測量、地球重力位測量等重大科學(xué)研究與應(yīng)用研究。

（1）天宮二號用電磁波與地面控制臺傳輸信號，紅外線、可見光、________（寫出一種即可）等都屬于電磁波。

（2）天宮二號繞地球運動可以看作是勻速圓周運動。

①天宮二號在軌道上運動過程中，發(fā)生變化的物理量是()（多選）

A.速度B.角速度C.加速度D.合外力。

②在天宮二號中的冷原子鐘需要考慮到相對論效應(yīng)，與地面上的冷原子鐘相比，它()

A.走得慢B.走得快C.快慢不變。

③已知地球的質(zhì)量為5.972×1024kg、半徑約為6371km，萬有引力常量G＝6.67×10-11N·m2/kg2，則天宮二號在軌道上受到地球的萬有引力大小為________N。（保留2位有效數(shù)字）

④搭載天宮二號的火箭在地球表面的發(fā)射速度需________第一宇宙速度，天宮二號在預(yù)定軌道的速度________第一宇宙速度（均選涂：A.大于B.等于C.小于）。20、如圖所示，平行板電容器板間距離d=20cm，與一個直流電源連接，電源電壓為10V，N板接地，取大地電勢為零.兩板間有一點P，P點距上極板M10cm，把K閉合給電容器充電，然后再斷開，P點場強大小為_________，電勢為_________，若把N板向下移動20cm，則P點場強大小為__________，電勢為_________.

評卷人得分四、實驗題(共1題，共2分)21、某實驗小組利用如圖甲所示電路測定一節(jié)電池的電動勢和內(nèi)電阻；選用下列器材：

①待測電池，電動勢約為1.5V②電流表，量程0.6A③電壓表；量程1.5V

④滑動變阻器，0~20Ω⑤定值電阻R0＝1.4Ω⑥開關(guān)一個；導(dǎo)線若干。

由實驗數(shù)據(jù)作出的U－I圖像如圖乙所示，由圖像可求得電源電動勢為_________V，內(nèi)阻為_________Ω。

若把2節(jié)該規(guī)格的電池串聯(lián)對一個小燈泡供電（小燈泡的特征曲線如圖丙），則小燈泡的實際功率約為_________W（保留2位有效數(shù)字）。

評卷人得分五、解答題(共2題，共4分)22、如圖甲所示，兩平行金屬板水平放置，間距為金屬板長為兩金屬板間加如圖乙所示的電壓（初始時上金屬板帶正電），其中一粒子源連續(xù)發(fā)射質(zhì)量為電荷量為的帶電粒子（初速度重力忽略不計），射出的帶電粒子恰好從上金屬板左端的下邊緣水平進入兩金屬板間。

(1)求能從板間飛出的粒子在板間運動的時間。

(2)在哪些時刻進入兩金屬板間的帶電粒子不碰到金屬板而能夠飛出兩金屬板間？

23、如圖所示，頂端安裝有輕質(zhì)定滑輪，傾角為37°的光滑斜面固定在水平地面上，離斜面的頂端距離為L=0.4m下方粘貼有一厚度不計、寬度是d=0.2m的橡膠帶，小物塊A、B用輕繩連接并跨過定滑輪。A的質(zhì)量m1=1kg，寬度d=0.2m，其上邊緣與斜面頂端齊平，B的質(zhì)量m2=0.4kg?，F(xiàn)由靜止釋放A，已知A與橡膠帶之間的動摩擦因素μ=0.5，在運動過程中與A相連的繩子始終與斜面平行，A未離開斜面，B未上升到滑輪處，重力加速度g=10m/s2；不計空氣阻力和滑輪與繩子間的阻力，求：

(1)A物體剛進入橡膠帶時的速度大小；

(2)A物體穿過橡膠帶克服摩擦力所做的功；

(3)A物體完全離開橡膠帶時的速度大小。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

在地毯的編織線中加入少量的導(dǎo)電金屬絲；主要是為了增加地毯的導(dǎo)電性，及時將由于摩擦起電使地毯帶的電荷導(dǎo)入大地，防止或減輕靜電產(chǎn)生的危害。

故選A。2、B【分析】【詳解】

A、根據(jù)等量異種電荷電場線分布的對稱性可知，g、e兩個電場線疏密相同，說明場強大小相等，但方向不同，則這兩點的場強不同，故A錯誤；

B、a、f處于等量異種電荷連線的中垂線上，而這條中垂線是一條等勢線，故a點和f點的電勢相等，故B正確；

C、電子從e點移到f點的過程中，電勢升高，電子帶負電，電勢能減小，電場力做正功，故C錯誤；

D、若A.B兩點處的點電荷電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)分析可知，A、B兩個點電荷Q在O點產(chǎn)生的場強均變?yōu)樵瓉淼?倍，則疊加后O點的場強也變?yōu)樵瓉淼?倍，故D錯誤；

故選B．

【點睛】根據(jù)等量異種電荷電場線的分布比較g、e兩點的場強．a(chǎn)、f處于等量異種電荷連線的中垂線上，這條中垂線是一條等勢線；根據(jù)負電荷在電勢高低處電勢能小，由電勢高低判斷電勢能的變化．3、D【分析】【分析】

【詳解】

由題意；1s內(nèi)通過橫截面正離子的電荷量為。

q1=2n1e負離子的電荷量絕對值為。

q2=n2e則電流為。

代入解得。

I=3.2A故選D。4、A【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則可知，a、b兩點磁場方向都向左。

故選A。5、D【分析】【詳解】

B粒子能通過O點，說明M帶負電，N帶正電，由圖知，B點的電勢與AO之間某點的電勢相等，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，可知A點的電勢小于B點的電勢，故A錯誤；A處電場線密，電場強度大，粒子在A點受到的電場力大，加速度大，則a1＞a2，故B錯誤；根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能大，可知Ep1＜Ep2，故C錯誤；兩個粒子從A、B運動到O點電場力做負功，因為AO間的電勢差大于BO間的電勢差，則粒子從A運動到O點電場力做負功較多，由動能定理知v1＜v2，故D正確．所以D正確，ABC錯誤．二、多選題(共9題，共18分)6、A:D【分析】【詳解】

A．A點的電勢5V

選項A正確；

B．P2點的電勢3V

故B點的電勢27V

選項B錯誤；

C．C點的電勢19V

設(shè)BP1邊的中點為P，則P點的電勢19V

故P、C兩點的連線是等勢線，由幾何關(guān)系知PC⊥AB，故該電場的電場強度方向平行AB；選項C錯誤；

D．由幾何關(guān)系可得AB=4cm，故該電場的電場強度大小=800V/m

選項D正確。

故選AD。7、B:C【分析】【分析】

連接AC，根據(jù)勻強電場電勢隨距離均勻變化（除等勢面）的特點，AC中點的電勢為2V，則EB為一條等勢線，CA連線即為一條電場線，由BA間的電勢差，由公式U=Ed求出場強大??；AF∥EB，則知AF也為一條等勢線，可求出UEF；電場力做功就可以求解；

【詳解】

AB、連接AC，AC中點電勢為2V，與B電勢相等，則EB連線必為一條等勢線，BA間的電勢差為又得場強故B正確，A錯誤；

C、由正六邊形對稱性，則AF也為電場中的一條等勢線，由上可知，E的電勢為則電荷量為的正點電荷從E點移到F點，電場力做正功，而且為故C正確；

D、D點的電勢等于C點的電勢，電荷量為的負點電荷從F點移到D點，電場力做功為電勢能減小故D錯誤；

故選BC．8、B:C:D【分析】【詳解】

AB．A、D兩處的點電荷各自在B點處造成的電場強度方向都是水平向右的，而B點處的電場強度為A、D兩處的點電荷各自在B點處造成的電場強度的矢量和．對此有：

方向為水平向右；選項A錯誤，B正確；

CD．A處的正點電荷在B、C、D三點處的電勢分別為8V、4V、D處的負點電荷在A、B、C三點處的電勢分別為-4V、-8V，B、C兩點處的電勢由標量合成法有：

再由對稱性可知，在B、C中點的電勢應(yīng)為零．選項CD正確；

故選BCD.9、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．電子由靜止開始從A運動到B，由乙圖象可知電子做加速減小的加速運動，根據(jù)牛頓第二定律可知電場力方向從A到B，因電子的電場力方向與電場線方向相反，故電場線方向由B指向A，又根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知，A點電勢低于B點電勢；故A正確，B錯誤；

C．根據(jù)速度時間圖線的斜率表示加速度，從乙圖斜率可知，加速度逐漸減小，根據(jù)牛二定律可知電子受的電場力在減小，由電場強度定義式

可知，A點電場強度大于B點電場強度；故C正確；

D．根據(jù)負電荷在電勢越低的點，其電勢能越大，因A點電勢低于B點電勢，故電子在A點的電勢能大于在B點的電勢能；故D正確。

故選ACD。10、B:D【分析】【詳解】

A．由于

解得

可知，圖像斜率的絕對值表示摩擦力與電場力兩個力的合力大小，根據(jù)圖像可知，O至P過程中，圖像斜率的絕對值逐漸減小，則摩擦力與電場力兩個力的合力逐漸減小，由于物體靜止向下滑動，根據(jù)

可知加速度逐漸增大，即O至P過程中；物塊做加速度增大的加速運動，A錯誤；

B．P至Q過程中，圖像斜率一定，即摩擦力與電場力大小均一定，結(jié)合上述，P至Q過程中；物塊做勻加速直線運動，B正確；

C．P至Q過程中，物塊做勻加速直線運動，物塊速度增大，根據(jù)

結(jié)合上述可知，P至Q過程中；摩擦力對物塊做功的功率逐漸增大，C錯誤；

D．O至Q過程中；物塊只有重力勢能；電勢能與由于滑動摩擦力做負功而產(chǎn)生的熱量三者之間的轉(zhuǎn)化，摩擦力做功逐漸增多，產(chǎn)生的熱量逐漸增多，則物塊的重力勢能與電勢能之和不斷減小，D正確。

故選BD。11、A:C【分析】【詳解】

A．開始處于靜止狀態(tài)，對B球受力分析及結(jié)合三角形相似可得

聯(lián)立解得

故A正確；

BCD．緩慢拉動細線過程，由上述分析可得

其中均保持不變，所以A、B兩球之間的距離也不會改變，即B球的運動軌跡是以A為圓心，以為半徑的圓弧，再次結(jié)合三角形相似可得

不斷減??；其他量都不變，所以細線上的拉力一直減小，故BD錯誤，C正確。

故選AC。12、B:C【分析】【詳解】

A．在E點，＋Q和－Q的場強方向均由a點指向b點；故合場強不為零，A錯誤；

B．過中點E且與＋Q和－Q連線垂直的平面為等勢面，H點也在該等勢面上，且零電勢點在無窮遠處，E、H兩點的電勢均為零；B正確；

C．因正四面體的邊長均相等，故＋Q和－Q獨自在c、d兩點產(chǎn)生的場強大小相等，進一步分析知，在c、d兩點，＋Q和－Q的場強方向的夾角均為120°，由平行四邊形定則可得：c、d兩點的合場強大小相等、方向均平行于ab向右；C正確。

D．因G點電勢高于F點，故將檢驗正電荷從G點移到F點；電勢能減小，D錯誤。

故選BC。13、B:D【分析】【詳解】

A．由圖可知，a、b兩點電勢相等，c、d兩點電勢相等；但電場強度大小相等，方向不相同，故A錯誤；

B．一電子從b點運動到c點；電場力做的功。

W＝(φc－φb)＝(0.90－0.10)eV＝0.8eV故B正確；

CD．觀察圖中給出的等差等勢面的疏密可知；沿中心軸線從左到右，電場強度先增大后減小，故電子將做加速度先增大后減小的直線運動，故C錯誤，D正確。

故選BD。14、B:D【分析】【詳解】

A．電源內(nèi)部電流從負極流向正極，所以該電源的B端為電源的正極；故A錯誤；

BD．恒流源與電阻R0并聯(lián)電壓相等，該電源的電動勢等于R0的電壓

故B正確；

C．恒流源的電流不隨外電阻的變化而變化，若將A、B短路，短路電流仍為I0；故C錯誤；

D．理想恒流源的內(nèi)阻為無窮大，與定值電阻R0并聯(lián)后的電阻近似等于R0，故該電源的內(nèi)阻為R0；故D正確。

故選BD。三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

[1]離子在電場中加速，設(shè)末速度為v0，據(jù)動能定理得

離子穿出偏轉(zhuǎn)電場的時間為

偏轉(zhuǎn)電場的加速度為

離開偏轉(zhuǎn)電場時側(cè)移量

即側(cè)移量與電荷的電量與質(zhì)量均無關(guān)，則A、B側(cè)移之比yA：yB=1:1

[2]根據(jù)動能定理

則A、B動能增量之比△EkA：△EkB=1:1【解析】1：11：116、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]鋅失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結(jié)合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結(jié)合后，導(dǎo)致電解液與b之間處的電勢升高，對于銅板，由于還原反應(yīng)，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結(jié)合導(dǎo)致a與電解液處的電勢降低；

(2)[2]在電源內(nèi)部的a、b兩個區(qū)域，非靜電力做功，在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處；硫酸根離子被搬到鋅板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的閉合電路中；靜電力對做定向運動的電子做正功，電勢能減少，所以電子向電勢升高的方向運動；

[6][7][8]電源內(nèi)部；從負極到正極電勢升高，所以非靜電力把電子從正極搬運到負極，對做定向運動的電子做正功，即電子向電勢降低的方向運動，所以電子的電勢能增加；

(4)[9]在電源的內(nèi)阻和外電阻上，電荷移動過程中是靜電力做功，r區(qū)域是內(nèi)阻區(qū)域，由題意可知，“在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個帶電接觸層a、b”則該區(qū)域即為非靜電力作用的范圍；也是沿著電流方向電勢升高的范圍，故BD正確，AC錯誤；

故選BD；

(5)[10]依據(jù)電動勢定義可知；電勢升高的總和等于電源的電動勢；

(6)[11][12]ab區(qū)域為非靜電力作用的范圍，電勢升高，R為外電阻，r為內(nèi)阻，在電阻上，沿電流方向電勢降低?！窘馕觥夸\失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結(jié)合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結(jié)合后，導(dǎo)致電解液與b之間處的電勢升高。對于銅板，由于還原反應(yīng)，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結(jié)合導(dǎo)致a與電解液處的電勢降低在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處，硫酸根離子被搬到鋅板上正升高減少正降低增加BD電動勢電勢兩次降低即電流流過外電阻和內(nèi)電阻時，電勢降低電勢兩次升高即通過兩個極板和電解液接觸層a、b時電勢升高17、略

【分析】【分析】

【詳解】

公共接線柱和1之間為電流I=4mA擋，根據(jù)并聯(lián)電路的特點可得IgRg=（I-Ig）R1

解得R1=100Ω

公共接線柱和1之間的總電阻為

公共接線柱和2之間為電壓U=3V擋，根據(jù)串聯(lián)電路的特點可得

其中I=4mA=0.004A

解得R2=675Ω【解析】①.100②.67518、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]電流做功的過程就是電能向其他形式的能量轉(zhuǎn)化的過程。故正確。

(2)[2]電功率越大；表示電流做功越快，不一定越多。故錯誤。

(3)[3]電功與能量的單位都是焦耳。電功是電流做的功；是過程量；電能是電源具有的對外做功的能力，是狀態(tài)量；二者的物理意義不同。故錯誤。

(4)[4]電動機消耗的電能；一部分轉(zhuǎn)化為機械能，一部分轉(zhuǎn)化為線圈內(nèi)阻上的電熱。故正確。

(5)[5]電功公式W=UIt是對一切電路都適用；故錯誤。

(6)[6]焦耳定律的表達式為Q=I2Rt，此式適用于任何電路。故正確。【解析】正確錯誤錯誤正確錯誤正確19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]天宮二號用電磁波與地面控制臺傳輸信號；紅外線；可見光、無線電波等都屬于電磁波。

（2）①[2]天宮二號繞地球運動可以看作是勻速圓周運動；線速度；加速度、合外力方向不斷變化。

故選ACD。

②[3]天宮二號繞地球運動過程中；萬有引力提供向心力有。

可知天宮二號運行速度較大；則冷原子鐘走的慢。

故選A。

③[4]根據(jù)萬有引力公式有

④[5][6]搭載天宮二號的火箭在地球表面的發(fā)射速度需大于第一宇宙速度，天宮二號在預(yù)定軌道的速度小于第一宇宙速度?！窘馕觥繜o線電波ACDA7.5×104AC20、略

【分析】【詳解】

(1)電容器接電源充電后U=10V，根據(jù)勻強電