2024年中圖版選修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年中圖版選修3物理上冊月考試卷766考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；一理想變壓器的原線圈接正弦交流電源，副線圈接有電阻R和小燈泡。電流表和電壓表均可視為理想電表。閉合開關S，下列說法正確的是。

A.電流表A1的示數減小B.電流表A2的示數減小C.電壓表V1的示數減小D.電壓表V2的示數減小2、如圖所示,水平放置的帶等量異種電荷的平行板之間；存在著垂直紙面向里的勻強磁場，一不計重力帶電粒子在電場力和洛倫茲力的作用下，從靜止開始自A點沿曲線ACB運動，到達B點時速度為零，C點是曲線的最低點，以下說法正確的是（）

A.這個粒子帶負電荷B.粒子在C點速度最小C.在C點洛倫茲力大于電場力D.A點和B點必定不在同一水平面上3、如圖所示電路中，電源電動勢E，內阻r，閉合開關S，當R1的滑動觸頭向右移動時，電壓表V1的示數變化ΔU1，電壓表V2的示數變化ΔU2，ΔU1、ΔU2均為其變化的絕對值；則（??）

A.ΔU1=ΔU2B.ΔU1<ΔU2C.ΔU1>ΔU2D.不能判斷ΔU1、ΔU2的大小關系4、下列說法正確的是（）A.物體溫度不變，內能一定不變B.物體溫度降低，一定對外放熱C.物體溫度升高，擴散運動加快D.物體溫度升高，每個分子熱運動的速率都增大5、一定質量的水（）A.凝結為冰時，分子平均動能增加B.凝結為冰時，分子勢能增加C.蒸發(fā)為水蒸氣時，分子勢能增加D.升溫時，每個水分子運動的速率均增大6、關于質量一定的理想氣體，下列說法正確的是（）A.氣體溫度降低，其壓強可能增大B.氣體體積減小，其壓強一定增大C.氣體不斷被壓縮的過程中，其內能一定增加D.氣體與外界不發(fā)生熱量交換的過程中，其內能一定不變7、電場中有一點P，下列哪些說法是正確的()A.若放在P點的檢驗電荷的電量減半，則P點的場強減半B.若P點沒有檢驗電荷，則P點的場強為零C.放在P點的檢驗電荷的電量越大，則受到的電場力越大D.P點的場強方向為帶負電的檢驗電荷在該點的受力方向8、如圖所示，一電場的電場線分布關于y軸(沿豎直方向)對稱，O、M、N是y軸上的三個點，且OM＝MN.P點在y軸右側，MP⊥ON.則()

A.M點的電勢比P點的電勢高B.將負電荷由O點移動到P點，電場力做正功C.M、N兩點間的電勢差大于O、M兩點間的電勢差D.在O點靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿y軸做直線運動9、如圖所示，用電池對電容器充電，電路a、b之間接有一靈敏電流表，兩極板之間有一個電荷q處于靜止狀態(tài)．現將兩極板的間距變大；則()

A.電荷仍將靜止B.電荷將向上加速運動C.電流表中將有從a到b的電流D.電流表中將有從b到a的電流評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示，在xoy平面內的坐標原點處，有一個粒子源，某一時刻以同一速率v發(fā)射大量帶正電的同種粒子，速度方向均在xoy平面內，且對稱分布在x軸兩側的30°角的范圍內．在直線x=a與x=2a之間包括邊界存在勻強磁場，方向垂直于xoy平面向外，已知粒子在磁場中運動的軌跡半徑為2a．不計粒子重力及粒子間的相互作用力，下列說法正確的是（）

A.最先進入磁場的粒子在磁場中運動的時間為B.最先進入和最后進入磁場中的粒子在磁場中運動的時間都相等C.最后從磁場中射出的粒子在磁場中運動的時間為D.最后從磁場中射出的粒子出場的位置坐標為11、下列說法正確的是______。A.液晶像液體一樣具有流動性而其光學性質與某些晶體相似具有各向異性B.浸潤和不浸潤是分子力作用的表現，如果附著層內分子間的距離小于液體內部分子間的距離，這樣的液體與固體之間表現為浸潤C.浸潤液體在細管中下降的現象，以及不浸潤液體在細管內上升的現象，稱為毛細現象E.空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果E.空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果12、以下說法正確的是（）A.氣體分子單位時間內與單位面積器壁碰撞的次數，僅與單位體積內的分子數有關B.用amL的純油酸配制成bmL的油酸酒精溶液，則每1mL此溶液中含有油酸mLC.顯微鏡下觀察到墨水中的小碳粒在不停地做無規(guī)則運動，這反映了碳分子運動的無規(guī)則性E.體積可變的絕熱密閉容器中一定質量的氣體體積增大，其內能一定減少E.體積可變的絕熱密閉容器中一定質量的氣體體積增大，其內能一定減少13、如圖所示，a、b、c、d表示一定質量的理想氣體狀態(tài)變化中的四個狀態(tài)，圖中ad與T軸平行，cd與p軸平行，ab的延長線過原點；則下列說法中正確的是（）

A.氣體在狀態(tài)a時的體積大于在狀態(tài)b時的體積B.從狀態(tài)b到狀態(tài)a的過程，氣體吸收的熱量一定等于其增加的內能C.從狀態(tài)c到狀態(tài)d的過程，氣體分子的平均動能不變，但分子的密集程度增加E.從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程，氣體從外界吸收的熱量一定大于其對外做的功E.從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程，氣體從外界吸收的熱量一定大于其對外做的功14、關于熱力學定律，下列說法中錯誤的是____。A.對物體持續(xù)降溫冷卻后可以把它的溫度降為絕對零度B.三個系統(tǒng)a、b、c，若a與b內能相等，b與c內能相等，則根據熱平衡定律a與c接觸時一定不會發(fā)生熱交換C.熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體E.一定量的理想氣體經過絕熱壓縮其內能一定增大E.一定量的理想氣體經過絕熱壓縮其內能一定增大15、在如圖甲所示的電路中，電源電動勢為3V，內阻不計，L1、L2是相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，R為定值電阻，阻值為10Ω．當開關S閉合后

A.L1的電阻為1.2ΩB.L1消耗的電功率為0.75WC.L2的電阻為5ΩD.L2消耗的電功率為0.1W評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、熱平衡的性質：達到熱平衡的系統(tǒng)都具有相同的_______。17、對于一定質量的理想氣體，以p、V、T三個狀態(tài)參量中的兩個為坐標軸建立直角坐標系；在坐標系上描點能直觀地表示這兩個參量的數值．如圖甲；圖乙和圖丙所示，三個坐標系中，兩個點都表示相同質量某種理想氣體的兩個狀態(tài)．根據坐標系中不同點的位置來比較第三個參量的大?。?/p>

(1)p－T圖象(圖甲)中A、B兩個狀態(tài)；________狀態(tài)體積小．

(2)V－T圖象(圖乙)中C、D兩個狀態(tài)；________狀態(tài)壓強?。?/p>

(3)p－V圖象(圖丙)中E、F兩個狀態(tài)，________狀態(tài)溫度低．18、一瓶酒精用了一些后，把瓶蓋擰緊，不久瓶內液面上方形成了酒精的飽和汽。當溫度升高時，瓶中酒精飽和汽的壓強____（選填“增大”“減小”或“不變”）。酒精分子間作用力F與分子間距r的關系如圖所示，時，分子間勢能由r決定，規(guī)定兩分子相距無窮遠時分子間的勢能為零。若一分子固定于原點O，另一分子從間距由減小到的過程中，勢能____（選填“增大”“減小”或“不變”）。

19、一定質量的理想氣體在初始狀態(tài)a時的壓強為p0、體積為V0，其后氣體分別經歷了a→b→c→d的狀態(tài)變化，變化過程中p與的關系圖線及各狀態(tài)的壓強、體積大小如圖所示。由圖可知，氣體在狀態(tài)d時的壓強大小為________，且可推斷，從狀態(tài)a變化到狀態(tài)d，氣體的內能________（選填“增大”；“減小”或“不變”）。

20、如右圖所示圖線是兩個導體A和B的伏安特性曲線，由圖可知導體B的電阻RB＝__________Ω；若將兩個導體串聯(lián)接在電路中，它們兩端的電壓之比UA：UB＝___________．

21、陰極射線管的上方有一根固定的導線AB，如圖所示，當導線中通一如圖所示的電流時，陰極射線管的電子流將向__________偏轉。（填“下”或“上”）22、有一正弦交流電，它的電壓隨時間變化的情況如圖所示，則電壓的峰值為________V；有效值為________V；交流電的；頻率為________Hz.

23、高空作業(yè)須系安全帶。如果質量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶剛對人產生作用力前人下落的距離為h（可視為自由落體運動），重力加速度為g，設豎直向上為正方向，則此過程人的動量變化量為______。此后經歷時間t安全帶達到最大伸長量，若在此過程中安全帶作用力始終豎直向上，則該段時間安全帶對人的平均作用力大小為_____。評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)27、在用插針法測定玻璃磚的折射率的實驗中，甲、乙、丙三位同學在紙上畫出的界面aa′、bb′與玻璃磚位置的關系分別如圖①、②和③所示，其中甲、丙兩同學用的是矩形玻璃磚，乙同學用的是梯形玻璃磚．他們的其他操作均正確，且均以aa′、bb′為界面畫光路圖．

(1)甲同學測得的折射率與真實值相比________(填“偏大”“偏小”或“不變”)．

(2)乙同學測得的折射率與真實值相比________(填“偏大”“偏小”或“不變”)．

(3)丙同學測得的折射率與真實值相比________．28、碰撞的恢復系數的定義為其中v10和v20分別是碰撞前兩物體的速度，v1和v2分別是碰撞后兩物體的速度.彈性碰撞的恢復系數e=1，非彈性碰撞的恢復系數e<1。某同學借用“驗證動量守恒定律”的實驗裝置（如圖所示）驗證彈性碰撞的恢復系數是否為1；實驗中使用半徑相等的鋼質小球1和2，實驗步驟如下：

安裝好實驗裝置，做好測量前的準備，并記下重垂線所指的位置O。

第一步，不放小球2，讓小球1從斜槽上的S點由靜止?jié)L下，并落在地面上，重復多次，用盡可能小的圓把小球的所有落點圈在里面，其圓心P就是小球落點的平均位置。

第二步，把小球2放在斜槽前端邊緣處的C點，讓小球1仍從S點由靜止?jié)L下；使它們碰撞。重復多次，并使用與第一步同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置。

第三步，用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度；在上述實驗中：

（1）直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，可以通過測量______；間接地解決這個問題。

A．小球開始釋放高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的射程。

（2）本實驗中小球1的質量與小球2的質量大小應滿足的關系()

A．m1>m2B．m1<m2C．m1=m2D．m1≤m2

（3）不放小球2，小球1落地點P距O點的距離OP與實驗中所用的小球質量是否有關？______（填“有關”或“無關”）。

（4）用題中的測量量計算碰撞恢復系數的表達式e＝______。29、用如圖所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、T．請根據下列步驟完成電阻測量：

（1）旋動部件______；使指針對準電流的“0”刻線．

（2）將K旋轉到電阻擋“×100”的位置．

（3）將插入“＋”、“－”插孔的表筆短接，旋動部件________；使指針對準電阻“0”刻線．

（4）將兩表筆分別與待測電阻相接；發(fā)現指針偏轉角度過?。疄榱说玫奖容^準確的測量結果，將按照下面的步驟進行操作：

①將K旋轉到電阻擋________的位置（選填“×1k”或“×10”）；

②將兩表筆短接；旋動合適部件，對電表進行校準；

③將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線相接；

④完成讀數測量．30、為了測一個自感系數很大的線圈L的直流電阻RL；實驗室提供以下器材：

（A）待測線圈L（阻值約為2Ω；額定電流3A）

（B）電流表A1（量程0.6A，內阻r1=1Ω）

（C）電流表A2（量程3.0A，內阻r2約為0.2Ω）

（D）滑動變阻器R1（0～10Ω）

（E）滑動變阻器R2（0～1kΩ）

（F）定值電阻R3=10Ω

（G）定值電阻R4=100Ω

（H）電源（電動勢E約為9V；內阻很?。?/p>

（I）單刀單擲開關兩只S1、S2；導線若干．

要求實驗時，改變滑動變阻器的阻值，在盡可能大的范圍內測得多組A1表和A2表的讀數I1、I2，然后利用給出的I2-I1圖象（如乙圖所示），求出線圈的電阻RL的準確值．

①實驗中定值電阻應選用______，滑動變阻器應選用________．（填寫器材前面的序號；如：A；B、C等，直接寫器材名稱或符號均不得分）

②請你畫完圖甲方框中的實驗電路圖_____________．

③實驗結束時應先斷開開關_______.

④由I2-I1圖象，求得線圈的直流電阻RL=_______Ω.參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

AB.閉合開關S，負載增加，副線圈的電流增加，即A2示數增加，由變壓器的知識可知，原線圈的電流也增加，即A1也增加。故AB都錯誤。

C.電壓表V1測量的是原線圈兩端的電壓，所以電壓表V1的示數不變。故C錯誤。

D.閉合開關S，負載增加，副線圈的電流增加，定值電阻兩端的電壓增加，所以燈泡兩端的電壓減小，故電壓表V2的示數減小。故D正確。2、C【分析】A.離子從靜止開始運動的方向向下,電場強度方向也向下,所以離子必帶正電荷,故A錯誤;

B.C點是最低點,從A到C運動過程中電場力做正功,根據動能定理可以知道離子在C點時速度最大,故B錯誤.

C.根據曲線運動條件,在C點洛倫茲力大于電場力時,才會C到B的運動軌跡,所以C選項是正確的;

D.因為洛倫茲力不做功,只有靜電力做功,A；B兩點速度都為0,根據動能定理可以知道,離子從A到B運動過程中,電場力先做正功,后做負功,但總功為零,則A點和B點在同一高度,故D錯誤;

綜上所述本題答案是:C

點睛：

(1)由離子從靜止開始運動的方向可以知道離子必帶正電荷;

(2)在運動過程中,洛倫茲力永不做功,只有電場力做功根據動能定理即可判斷BC;

(3)達B點時速度為零,將重復剛才ACB的運動.3、C【分析】【詳解】

當R1的滑動觸頭向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，電路中的電流增大，分析得知，R2兩端電壓U2增大，路端電壓U減小，而

則知，R1兩端電壓U1減小，而且ΔU1>ΔU2

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．物體的內能與物體的體積；溫度、摩爾數等因素都有關；所以溫度不變，其內能不一定不變，故A錯誤；

B．可以通過對外做功導致物體的內能減少；溫度降低；不一定非要對外放熱，故B錯誤；

C．擴散現象是分子的熱運動；擴散現象；布朗運動和分子熱運動都隨溫度的升高而變得劇烈，故C正確；

D．溫度是分子平均動能的標志；溫度升高，分子平均動能增大，不是每一個分子的動能都增大，故D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

AB．一定質量的水凝結為冰時；要放出能量，內能減少，溫度保持不變，分子平均動能不變，分子勢能減少，故AB錯誤；

C．一定質量的水蒸發(fā)為水蒸氣時；要吸收能量，分子勢能增加，故C正確；

D．升溫時；分子平均動能增大，但不是每個水分子運動的速率均增大，故D錯誤。

故選C。6、A【分析】【詳解】

A．氣體溫度降低；若體積也減小，其壓強可能增大，故A正確；

B．氣體體積減??；若溫度也降低，其壓強不一定增大，故B錯誤；

C．氣體不斷被壓縮的過程中；外界對氣體做正功，如果氣體同時向外界放熱，氣體內能不一定增加，故C錯誤；

D．氣體與外界不發(fā)生熱量交換的過程中；如果外界對氣體做功，氣體內能發(fā)生變化，故D錯誤。

故選A。7、C【分析】【詳解】

AB．場強由場源電荷決定；與試探電荷無關，AB錯誤；

C．由公式

可知P點的場強越大，同一電荷在P點所受到的電場力越大；C正確；

D．物理學規(guī)定，P點的場強方向與正的試探電荷所受力的方向相同；與負的試探電荷所受力的方向相反，D錯誤。

故選C。8、A:D【分析】試題分析：過M、P、N做等勢線，可得到過P點的等勢線通過M、N之間，因順著電場線電勢降低，則有φM＞φP＞φN，故A正確．將負電荷由O點移到P點，因UOP＞0，所以W=-qUOP＜0；則負電荷電場力做負功，故B錯誤；由U=Ed可知，MN間的平均場強小于OM間的平均場強，故MN兩點間的電勢差小于OM兩點間的電勢差，C錯誤；根據電場線的分布特點會發(fā)現，電場線關于y軸兩邊對稱，故y軸上的場強方向在y軸上，所以在O點靜止釋放一帶正電粒子，其所受電場力沿y軸正方向，則該粒子將沿y軸做直線運動，故D正確；故選AD．

考點：電場線；電勢及電勢能。

【名師點睛】電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加。9、D【分析】【詳解】

AB．原來電荷靜止，電荷所受重力與電場力平衡．電容器與電源相連，電容器的電壓不變，兩極板的間距變大，則板間場強減小，電荷所受電場力減??；電荷將向下加速運動．故AB兩項錯誤．

CD．據可得，兩極板的間距變大，電容器的電容減??；電容器的電壓不變，電容的帶電量減小，電容器放電，電流表中將有從b到a的電流．故C項錯誤，D項正確．二、多選題(共6題，共12分)10、A:C:D【分析】【詳解】

沿x軸方向射出的粒子最先進入磁場，由幾何關系可知，粒子在磁場中運動的偏轉角為所以運動時間為故A正確；沿與x軸成角的兩個方向同時進入磁場，沿與x軸成角斜向下方進入磁場的粒子在磁場中偏轉角為所以用的時間為弦長為粒子進入磁場的位置離x軸的距離為所以最后從磁場中射出的粒子出場的位置的縱坐標為所以最后從磁場中射出的粒子出場的位置坐標為故B錯誤，CD正確.11、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A．液晶是一類特殊的物質形態(tài)；它像液體一樣具有流動性，而其光學性質和某些晶體相似具有各向異性。故A正確；

B．浸潤和不浸潤是分子力作用的表現；液體與固體之間表現為浸潤時，附著層內分子間距離小于液體內部分子間距離，附著層內分子間作用表現為斥力，故B正確；

C．浸潤液體在細管中上升的現象；以及不浸潤液體在細管中下降的現象，稱為毛細現象。故C錯誤；

D．液體沒有確定的形狀且有流動性；是因為液體分子作用力較小，分子位置不固定，故D錯誤；

E．液體表面張力是液體表面層里的分子比液體內部稀疏；分子間的距離比液體內部大，分子力表現為引力的結果，液體的表面張力使液面具有收縮到液面表面積最小的趨勢；空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果，故E正確；

故選ABE。12、B:D:E【分析】【詳解】

A．氣體分子單位時間內與單位面積器壁碰撞的次數；與單位體積內的分子數有關，還與分子平均速率有關，故A錯誤；

B．用amL的純油酸配制成bmL的油酸酒精溶液，則每1mL此溶液中含有油酸V=mL

故B正確；

C．墨水中的碳粒的運動是因為大量水分子對它的撞擊作用力不平衡導致向各方向運動；并且沒有規(guī)則，故C錯誤；

D．液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離；液體分子間表現為引力，在宏觀上表現為液體表面存在表面張力，故D正確；

E．一定量的某種理想氣體絕熱膨脹過程中體積增大；對外做功，但同時與外界沒有熱交換，根據熱力學第一定律可知氣體的內能減小，故E正確。

故選BDE。13、B:C:E【分析】【詳解】

A．因ab連線過原點，可知是等容線，則氣體在狀態(tài)a時的體積等于在狀態(tài)b時的體積；選項A錯誤；

B．從狀態(tài)b到狀態(tài)a的過程，氣體體積不變，則對外做功為零，即W=0，根據?U=W+Q可知；氣體吸收的熱量一定等于其增加的內能，選項B正確；

C．從狀態(tài)c到狀態(tài)d的過程；氣體的溫度不變，壓強變大，體積減小，則氣體分子的平均動能不變，但分子的密集程度增加，選項C正確；

D．從狀態(tài)a到狀態(tài)d的過程；氣體壓強不變，溫度升高，則體積變大，氣體對外做功，內能變大，選項D錯誤；

E．從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程，氣體溫度升高，體積變大，內能增加，對外做功，根據?U=W+Q可知；氣體從外界吸收的熱量一定大于其對外做的功，選項E正確。

故選BCE。14、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．絕對零度是不可能達到的；故A錯誤；

B．熱平衡狀態(tài)即為兩物體的溫度相同；但兩物體內能相同時，溫度不一定相同，故B錯誤；

C．熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體；例如電冰箱，但需要消耗電能，故C正確；

D．自然界中有的能量便于利用；有的不便于利用，因此要節(jié)約能源，故D錯誤；

E．一定質量的理想氣體經過絕熱壓縮；外界對氣體做功，由熱力學第一定律可知，氣體的內能增大，故E正確。

本題選錯誤的，故選ABD。15、B:C【分析】【詳解】

AB、當開關閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻功率P1=U1I1=0.75W．故選項A不符合題意；選項B符合題意；

C、燈泡L2的電壓為U，電流為I，R與燈泡L2串聯(lián)，則有在小燈泡的伏安特性曲線作圖，如圖所示；

則有L2的電阻為5Ω，L2消耗的電功率為0.2W；故選項C符合題意，選項D不符合題意；

故選BC．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]甲圖畫出的傾斜直線為等容線，斜率越小，體積越大，所以VB>VA，故A的體積?。?/p>

（2）[2]乙圖畫出的傾斜直線為等壓線，斜率越小，壓強越大，所以pD>pC，故C狀態(tài)壓強小；

（3）[3]丙圖畫出的雙曲線為等溫線，離原點越遠，溫度越高，所以TE>TF，故F態(tài)溫度低.【解析】ACF18、略

【分析】【詳解】

[1]當處于飽和汽狀態(tài)溫度升高時；分子平均動能增大，單位時間內逸出液面的酒精分子數增多，于是原來的動態(tài)平衡狀態(tài)被破壞，瓶中酒精飽和汽的密度增大，壓強增大。

[2]由于r2>r1，分子間的作用力表現為引力，當另一分子從間距由減小到的過程中，分子力做正功，則勢能減小?！窘馕觥吭龃鬁p小19、略

【分析】【詳解】

[1]a狀態(tài)氣壓p0，體積V0，設溫度T0；a→b等溫過程，根據玻意耳定律，有

b→c等壓過程，根據蓋呂薩克定律，有

c→d等溫過程，根據玻意耳定律，有

聯(lián)立解得

[2]從狀態(tài)a變化到狀態(tài)d，溫度下降，氣體內能減小?！窘馕觥繙p小20、略

【分析】【詳解】

從圖中可知B電阻在電壓為10V時，電流為10A，故A電阻在電壓為10V時，電流為30A，故兩電阻串聯(lián)在電路時，電流相等，故．【解析】11:321、略

【分析】根據安培定則判斷可知：通電導線在陰極射線管處產生的磁場方向垂直紙面向里；電子帶負電，向右運動，由左手定則判斷得知電子流所受的洛倫茲力方向向下，所以陰極射線向下偏轉．

【點睛】本題關鍵要掌握兩大定則：安培定則和左手定則，要明確兩個問題：一是什么條件用什么定則，二是怎樣用定則．【解析】下22、略

【分析】【詳解】

由圖像可知電壓的峰值為10V；有效值為交流電的周期為T=0.4s，頻率為【解析】10V；7.07V2.5Hz23、略

【分析】【詳解】

下落距離時的速度為：所以動量變化為：

對自由落體運動，有：解得：規(guī)定向下為正方向，對運動的全程，根據動量定理，有：解得：．【解析】四、作圖題(共3題，共6分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

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