2024年浙教版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，在磁感應強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中，固定著兩根水平金屬導軌ab和cd，導軌平面與磁場方向垂直，導軌間距離為L，在導軌左端a、c間連接一個阻值為R的電阻，導軌電阻可忽略不計。在導軌上垂直導軌放置一根金屬棒MN，其電阻為r，用外力拉著金屬棒向右勻速運動，速度大小為v。已知金屬棒MN與導軌接觸良好，且運動過程中始終與導軌垂直。則在金屬棒MN運動的過程中A.金屬棒MN中的電流方向為由M到NB.電阻R兩端的電壓為BLvC.金屬棒MN受到的安培力大小為D.電阻R產(chǎn)生焦耳熱的功率為2、如圖所示，A、B兩物體疊放在一起，用手托住，讓他們靜靠在墻邊，然后釋放，它們同時沿豎直墻面向下滑，已知mA>mB,則物體BA.只受一個重力B.受到重力和一個摩擦力C.受到重力、一個彈力和一個摩擦力D.受到重力、一個摩擦力、兩個彈力3、某廣播電臺發(fā)射“中波”段某套節(jié)目的訊號、家用微波爐中的微波、VCD機中的激光（可見光）、人體透視用的X光，都是電磁波，它們的頻率分別為f1、f2、f3、f4，則（）A.f1＞f2＞f3＞f4B.f1＜f2＜f3＜f4C.f1＜f2＜f4＜f3D.f2＜f1＜f3＜f44、關于運動電荷、通電導線所受磁場力的方向，下列判斷正確的是（）A.B.C.D.5、如圖甲所示，A、B是某電場中一條電場線上的兩點，若從A點釋放一初速度為零的電子，電子僅在電場力作用下向B點運動，其v-t圖象如圖乙所示，則下列說法正確的電子（）A.B兩點電勢φA＜φBB.B兩點電場強度EA＜EBC.場強方向由A指向BD.電子在B兩點的電勢能EPA＜EPB6、當你從商店買回一只標有“220V100W

”字樣的白熾燈后，直接用多用電表測量白熾燈的電阻值，關于測量結果，下列說法正確的是(

)

A.測量值等于484婁賂

B.測量值小于484婁賂

C.測量值大于484婁賂

D.無法判斷測量值與484婁賂

之間的大小關系7、一個單擺做受迫振動；其共振曲線(

振幅A

與驅動力的頻率f

的關系)

如圖所示，則(

)

A.此單擺的固有周期約為0.5s

B.此單擺的擺長約為1m

C.若擺長增大，單擺的固有頻率增大D.若擺長增大，共振曲線的峰將向右移動8、小燈泡通電后其電流I

隨所加電壓U

變化的圖線如圖所示，P

為圖線上一點，PN

為圖線過P

點的切線，PQ

為U

軸的垂線，PM

為I

軸的垂線.

則下列說法中正確的是(

)

A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小B.對應P

點，小燈泡的電阻為R=U1I2

C.對應P

點，小燈泡的電阻為R=U1I2鈭?I1

D.對應P

點，小燈泡的功率為圖中梯形PQON

所圍的面積評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、有三個點電荷甲、乙、丙，甲帶電荷量為+Q，乙?guī)щ姾闪繛?q，且Q＞q，每一個電荷受其他兩個電荷的電場作用力的合力均為零，則下列判斷中正確的是（）A.丙的位置一定在甲和乙的連線的延長線上，且距乙較近B.丙一定帶正電荷C.丙所帶的電荷量q′一定大于qD.丙所帶的電荷量一定小于Q10、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個正六邊形的六個頂點，電場方向與六邊形所在平面平行．已知A、B、C三點的電勢分別為1V、2V、3V，則下列說法中正確的是（）A.UAF=0VB.UCF=0C.電場強度的方向從C指向AD.F三點的電勢分別為3V、2V、1V11、電磁軌道炮工作原理如圖所示。待發(fā)射彈體可在兩平行軌道之間自由移動，并與軌道保持良好接觸。電流I

從一條軌道流入，通過導電彈體后從另一條軌道流回。軌道電流可形成在彈體處垂直于軌道面的磁場(

可視為勻強磁場)

磁感應強度的大小與I

成正比。通電的彈體在軌道上受到安培力的作用而高速射出?，F(xiàn)欲使彈體的出射速度增加至原來的2

倍，理論上可采用的辦法是(

)

A.只將軌道長度L

變?yōu)樵瓉淼?

倍B.只將電流I

增加至原來的2

倍C.只將彈體質(zhì)量減至原來的一半D.將彈體質(zhì)量減至原來的一半，軌道長度L

變?yōu)樵瓉淼?

倍，其它量不變12、如圖所示，兩個帶等量正電的點電荷分別位于x

軸上的PQ

兩點，其位置關于坐標原點O

對稱，圓弧曲線是一個以O

點為圓心的半圓，c

點為半圓與y

軸的交點，ab

兩點為一平行于x

軸的直線與半圓的交點，下列說法正確的是()

A.ab

兩點的場強相同B.ab

兩點的電勢相同C.將一個正電荷q

沿著圓弧從a

點經(jīng)c

點移到b

點，電勢能先增加后減小D.將一個正電荷q

放在半圓上任一點，兩電荷對q

的作用力大小分別是F1F2

則1F1+1F2

為一定值13、如圖所示，輕桿A

端用光滑水平鉸鏈裝在豎直墻面上，B

端用水平繩連在墻C

處，在B

端懸掛一重物P

在用水平向右的力F

緩慢拉起重物P

的過程中(

)

A.懸繩BP

所受拉力不變B.懸繩BP

所受拉力變大C.桿AB

所受壓力不變D.桿AB

所受壓力先變小再變大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、有一種“隱形飛機”，可以有效避開雷達的探測，秘密之一在于它的表面有一層特殊材料，這種材料能夠____（填“增強”或“減弱”）對電磁波的吸收作用；秘密之二在于它的表面制成特殊形狀，這種形狀能夠____（填“增強”或“減弱”）電磁波反射回雷達設備．15、把一個滿偏電流為1mA、內(nèi)電阻為600Ω的電流表頭改裝成量程為3A的電流表，則需要____聯(lián)一個____Ω的電阻；若將這個表頭改裝成量程為6V的電壓表，則應____聯(lián)一個____Ω的電阻．16、小明在實驗室采用如圖1所示裝置探究“物體的加速度a與物體所受外力F；物體質(zhì)量M間的關系”時；設小車及車中的砝碼的總質(zhì)量為M，砂及砂桶的總質(zhì)量為m．

（1）在做該實驗時，小明將砂及砂桶的重力視為繩子對小車的拉力大小，他這樣認為的條件是______；

（2）小明做該實驗的具體操作步驟如下，以下做法正確的是______

A．平衡摩擦力時；應將砂及砂桶用細繩通過定滑輪系在小車上。

B．每次改變小車的質(zhì)量時；不需要重新平衡摩擦力。

C．實驗時；先放開小車，再接通打點計時器的電源。

D．用天平測出m以及小車質(zhì)量M，小車運動的加速度可直接用公式求出。

（3）若保持小車及車中的砝碼質(zhì)量M一定，探究加速度a與所受外力F的關系，由于操作不當，得到的a-F關系圖象如圖2所示．其原因是______．17、小球從3m

高處自由下落，被水平地板彈回后在1m

高處接住，則小球通過的路程等于______m

位移的大小等于______m

方向______．18、質(zhì)量為1kg的物體，從足夠高處自由落下，（g=10m/s2）下落3s內(nèi)重力對物體做功WG=____在下落第3s內(nèi)重力對物體做功的功率P=____.19、如圖所示，理想變壓器的原.

副線圈匝數(shù)之比為n1n2=41

原線圈回路中的電阻A

與副線圈回路中的負載電阻B

的阻值相等.ab

端加一交流電壓后，兩電阻消耗的電功率之比PAPB=

______；兩電阻兩端的電壓之比UAUB=

______．評卷人得分四、判斷題(共1題，共9分)20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)21、一個小燈泡的額定電壓為2.0V，額定電流約為0.5A，選用下列實驗器材進行實驗，并利用實驗數(shù)據(jù)描繪和研究小燈泡的伏安特性曲線A.電源E：電動勢為3.0V，內(nèi)阻不計B.電壓表V1：量程為0~3V，內(nèi)阻約為1C.電壓表V2：量程為0~15V，內(nèi)阻約為4D.電流表A1：量程為0~3A，內(nèi)阻約為0.1E.電流表A2：量程為0~0.6A，內(nèi)阻約為0.6F.滑動變阻器R1：最大阻值為10Ω，額定電流為1.0AG.滑動變阻器R2：最大阻值為150Ω，額定電流為1.0AH.開關S，導線若干①實驗中使用的電壓表應選用；電流表應選用；滑動變阻器應選用（請?zhí)顚戇x項前對應的字母）．②實驗中某同學連接實驗電路如圖所示，請你不要改動已連接的導線，在下面的實物連接圖中把還需要連接的導線補上。閉合開關前，應使變阻器滑片放在最（填“M”或“N”）端．③實驗中得到多組電壓表與電流表示數(shù)數(shù)據(jù)，請將剩下的三組數(shù)據(jù)標記在U-I坐標中，其余實驗數(shù)據(jù)已標好，然后畫出小燈泡的U-I圖線。并簡述該燈泡電阻的變化規(guī)律：。U/V0.81.01.2I/A0.340.380.42④若將實驗中的小燈泡接在電動勢是1.5V、內(nèi)阻是1.0的電池兩端，則小燈泡的實際功率約為W（保留兩位有效數(shù)字）22、測量電源B的電動勢E及內(nèi)阻r（E約為4.5V，r約為1.5Ω）。器材：量程3V的理想電壓表量程0.5A的電流表（具有一定內(nèi)阻），固定電阻R=4Ω，滑線變阻器R′，電鍵K，導線若干。實驗中，當電流表讀數(shù)為I1時，電壓表讀數(shù)為U1；當電流表讀數(shù)為I2時，電壓表讀數(shù)為U2。則可以求出E=____，r=____。（用I1，I2，U1，U2及R表示）23、（10分）實際電流表有內(nèi)阻，可等效為理想電流表與電阻的串聯(lián)。測量實際電流表G1內(nèi)阻r1的電路如圖所示。供選擇的儀器如下：①待測電流表G1（0～5mA，內(nèi)阻約300Ω）；②電流表G2（0～10mA，內(nèi)阻約100Ω）；③定值電阻R1（300Ω）；④定值電阻R2（10Ω）；⑤滑動變阻器R3（0～1000Ω）；⑥滑動變阻器R4（0～20Ω）；⑦干電池（1.5V）；⑧開關S及導線若干。（1）定值電阻應選，滑動變阻器應選。（在空格內(nèi)填寫序號）（2）補全實物圖連線。（3）補全實驗步驟：①按電路圖連接電路，將滑動觸頭移至最端（填“左”或“右”）；②閉合開關S，移動滑動觸頭至某一位置，記錄G1、G2的讀數(shù)I1、I2；③多次移動滑動觸頭，記錄相應的G1、G2讀數(shù)I1、I2；④以I2為縱坐標，I1為橫坐標，作出相應圖線，如圖所示。⑷根據(jù)I2?I1圖線的斜率k及定值電阻，寫出待測電流表內(nèi)阻的表達式。評卷人得分六、證明題(共2題，共4分)24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】試題分析：據(jù)題意，由右手定則可知，電流方向從N到M，故A選項錯誤；MN兩端產(chǎn)生的電動勢為：電阻兩端電壓為：故B選項錯誤；回路中電流為：則MN受到的安培力為：故C選項正確；電阻R產(chǎn)生焦耳熱為：故D選項錯誤。考點：本題考查電磁感應、閉合電路歐姆定律、熱功率。【解析】【答案】C2、A【分析】【解析】【答案】A3、B【分析】解：電磁波的頻率從小到大的順序為：無線電波，微波，紅外線，可見光，紫外線，χ射線，γ射線，所以f1＜f2＜f3＜f4．故選項B正確；其他選項錯誤．

故選：B

電磁波的頻率從小到大的順序為：無線電波；微波，紅外線，可見光，紫外線，χ射線，γ射線，根據(jù)這一順序即可判斷它們之間的關系．

該題考查電磁波的基礎知識，屬于基礎題目．要加強該部分知識的記憶．【解析】【答案】B4、C【分析】解：A；由左手定則可知；安培力方向應豎直向下，故A錯誤；

B；根據(jù)左手定則可知；洛倫茲力方向向上，故B錯誤；

C；根據(jù)左手定則可知；安培力方向水平向右，故C正確；

D；粒子帶負電；由左手定則可知，粒子受力豎直向下，故D錯誤。

故選：C。

根據(jù)左手定則判斷出安培力的方向；伸開左手，使大拇指與四指方向垂直，四指方向與電流方向相同，磁場方向垂直于掌心，大拇指所指方向為安培力的方向．

解決本題的關鍵掌握左手定則判斷磁場方向、電流方向、安培力方向的關系，要注意明確負電荷在判斷時洛倫茲力時，四指要指向運動的反方向．【解析】C5、A【分析】解：AC、電子僅在電場力作用下沿電場線從A點到B點，則電子所受的電場力方向從A指向B，所以電場線的方向是從B指向A的，由于沿電場線的方向電勢降低，所以φA＜φB；故A正確，C錯誤；

B、從速度時間圖線得知電子做加速運動，加速度逐漸變小，故電場力不斷變小，電子在A點受到的電場力大于在B點受到的電場力，所以EA＞EB．故B錯誤；

D；電子僅在電場力作用下沿電場線從A點到B點；電場力做功，電勢能減小，所以電荷在A點的電勢能大于在B點的電勢能。故D錯誤。

故選：A。

根據(jù)電子的運動方向確定電場力方向；判斷電場線方向，即可分析電勢的高低。從速度時間圖線得到電子做加速運動，加速度逐漸變小，根據(jù)牛頓第二定律得到電場力的變化情況。確定場強的變化。

本題關鍵通過速度時間圖象得到物體的速度變化情況和加速度變化情況，然后判斷場強方向和電勢大小?！窘馕觥緼6、B【分析】解：白熾燈可以看做純電阻，由P=U2R

知R=U2P=2202100=484婁賂

此電阻為正常發(fā)光時的電阻；

由于燈泡為金屬材料；電阻率隨溫度的升高而增大，當不發(fā)光時，溫度低，所以電阻要小于此數(shù)值，但不可能為零．

故選：B

．

此題考查純電阻電路的電功率的計算方法P=U2R

同時考慮金屬電阻隨溫度的變化而增加．

本題的關鍵要抓住燈泡為純電阻，才能利用給的數(shù)值計算額定電壓下電阻的數(shù)值，考慮溫度的影響即可解決此問題．【解析】B

7、B【分析】解：A

由圖可知；此單擺的振動頻率與固有頻率相等，則周期為2s.

故A錯誤；

B、由圖可知，此單擺的振動頻率與固有頻率相等，則周期為2s.

由公式T=2婁脨Lg

可得L隆脰1m.

故B正確；

C；若擺長增大；單擺的固有周期增大，則固有頻率減小.

故C錯誤；

D；若擺長增大；則固有頻率減小，所以共振曲線的峰將向左移動.

故D錯誤；

故選：B

由共振曲線可知；出現(xiàn)振幅最大，則固有頻率等于受迫振動的頻率．

受迫振動的頻率等于驅動力的頻率；當受迫振動中的固有頻率等于驅動力頻率時，出現(xiàn)共振現(xiàn)象．【解析】B

8、B【分析】【分析】

根據(jù)電阻的定義R=UI

電阻等于圖線上的點與原點連線的斜率的倒數(shù)，斜率逐漸減小，電阻逐漸增大.

對應P

點，燈泡的電阻等于過P

點的切線斜率的倒數(shù)；

本題中燈泡是非線性元件，其電阻R=UI

但R鈮??U?I.

圖線上的點與O

點連線的斜率表示電阻的倒數(shù)；而不是圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)。

【解答】

A.圖線上的點與O

點連線的斜率逐漸減??；說明電阻逐漸增大，故A錯誤；

BC.

圖線上的點與O

點連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，對應P

點，小燈泡的電阻為R=U1I2鈮?U1I2?I1.

故C錯誤；B正確；

D.因P=UI

所以圖象中矩形PQOM

所圍的面積為對應P

點小燈泡的實際功率，故D錯誤；

故選B。

【解析】B

二、多選題(共5題，共10分)9、ABCD【分析】解：A；假設丙放在Qq之間；Q對丙的電場力和q對丙的電場力方向相同，丙不能處于平衡狀態(tài)，所以假設不成立．

設丙所在位置與Q的距離為r13，丙所在位置與q距離為r23；要能處于平衡狀態(tài)；

所以Q對丙的電場力大小等于q對丙的電場力大?。?/p>

由于Q＞q．所以r23＜r13；所以丙離Q較遠．所以q一定放置在甲；乙連線上乙的外側，故A正確。

B；q處在Q與丙電荷之間；q受其它兩個電荷所施的電場力合力都為零，所以丙一定帶正電荷．故B正確；

C；對Q進行受力分析；Q受其它兩個電荷所施的電場力合力都為零，因為丙離Q遠，所以丙所帶電量一定大于q，故C正確。

D、對q進行受力分析，q受其它兩個電荷所施的電場力合力都為零，即則有丙所帶電量一定小于Q，故D正確；

故選：ABCD．

由于Q帶正電荷；q負電荷，根據(jù)同種電荷排斥，異種電荷吸引，要使每個電荷處于衡狀態(tài)，對其受力分析，去判斷所處的位置．

我們可以去嘗試假設丙帶正電或負電，根據(jù)平衡條件求解它應該放在什么地方，能不能使丙處于平衡狀態(tài)，不行再繼續(xù)判斷．【解析】【答案】ABCD10、ACD【分析】解：A、連接AC，AC中點電勢為2V，由正六邊形對稱性，則EB、AF均為電場中的等勢線，UAF=0；故A正確．

B、φF=1V，則UCF=2V；故B錯誤．

C；電場線方向與EB垂直；即為C→A，故C正確．

D；AF、BE、CD也為等勢線；D、E、F三點電勢分別為3V、2V、1V．故D正確。

故選ACD．

連接AC，根據(jù)勻強電場電勢隨距離均勻變化（除等勢面）的特點，AC中點的電勢為2V，則EB為一條等勢線，AF也為一條等勢線，可求出UAF，UCF；并且能作出電場線．

找等勢點，作等勢面和電場線，是解決這類問題常用方法．【解析】【答案】ACD11、BD【分析】解：通電的彈體在軌道上受到安培力的作用；

利用動能定理有BIl?L=12mv2

磁感應強度的大小與I

成正比；所以B=kI

解得v=2kI2lLm

A、只將軌道長度L

變?yōu)樵瓉淼?

倍，彈體的出射速度增加至原來的2

倍；故A錯誤。

B；只將電流I

增加至原來的2

倍；彈體的出射速度增加至原來的2

倍，故B正確。

C、只將彈體質(zhì)量減至原來的一半，彈體的出射速度增加至原來的2

倍；故C錯誤。

D；將彈體質(zhì)量減至原來的一半；軌道長度L

變?yōu)樵瓉淼?

倍，其它量不變，彈體的出射速度增加至原來的2

倍，故D正確。

故選：BD

通電的彈體在軌道上受到安培力的作用；利用動能定理表示出彈體的出射速度。

根據(jù)速度的表達式進行求解。

解決該題關鍵運用動能定理表示出彈體的出射速度求解。

要找出一個物理量變化所采用的方法，應該先運用物理規(guī)律表示出這個物理量再根據(jù)表達式中各個因素求解?！窘馕觥緽D

12、BD【分析】【分析】根據(jù)兩個帶等量正電的點電荷周圍電場的分布，大體作出其電場線和等勢面進行分析，故由點電荷的場強公式分析場強，由庫侖定律分析電場力。本題考查兩個等量正的點電荷周圍電場的分布，比較基本，難度適中。【解答】A.結合等量同號正電荷的電場分布特點可知，電場強度的方向沿電場線的切線方向，故aabb兩點的電場強度的方向不同，故A錯誤；B.由疊加原理可知aabb兩點的電勢相同，故B正確；CC將一個正電荷q

沿著圓弧從a

點經(jīng)c

點移到b

點，電場力先做正功，后做負功，故電勢能先減小后增加，故C錯誤；D.由庫侖定律：F1=kqQr12{F}_{1}=kdfrac{qQ}{r_{1}^{2}}F2=kqQr22{F}_{2}=kdfrac{qQ}{r_{2}^{2}}1F1+1F2=1kqQ(r12+r22)=1kqQL2(Ldfrac{1}{{F}_{1}}+dfrac{1}{{F}_{2}}=dfrac{1}{kqQ}(r_{1}^{2}+r_{2}^{2})=dfrac{1}{kqQ}{L}^{2}(L為兩個點電荷間的距離))故D正確。故選BD。

【解析】BD

13、BC【分析】解：以重物P

為研究對象，在緩緩拉起重物P

的過程中，重物P

的合力為零，設Gp

是重物P

的重力，根據(jù)平衡條件得：

T2cos婁脗=Gp壟脵

得：T2=GPcos尾婁脗

增大，cos婁脗

減小，則得：懸繩BP

的拉力T2

增大．

對B

點；豎直方向上有：Ncos婁脕=T2cos婁脗壟脷

由壟脵壟脷

得：N=Gpcos偽

因為婁脕

不變，可知N

不變，則根據(jù)牛頓第三定律得AB

所受壓力不變.

故AD錯誤，BC正確．

故選：BC

在緩緩拉起重物P

的過程中；重物P

的合力為零，根據(jù)平衡條件得到懸繩BP

的拉力的變化情況；再對B

點研究，分析受力情況，由平衡條件分析桿AB

所受壓力的變化．

本題采用隔離法研究動態(tài)變化問題，關鍵是分析物體的受力情況，再由平衡條件進行分析．【解析】BC

三、填空題(共6題，共12分)14、增強減弱【分析】【解答】現(xiàn)代的“隱形飛機”之所以能夠避開雷達的探測；其原因在于它的表面制成特殊形狀，這種形狀能夠減弱電磁波的反射，同時隱形飛機的表面有一層特殊材料，這種材料能夠增強對電磁波的吸收作用，使得雷達受到反射回來的電磁波發(fā)生變化，即導致雷達無法根據(jù)反射回來的電磁波判斷前方物體．

故答案為：增強；減弱．

【分析】雷達的工作原理是這樣的：其首先向外發(fā)射電磁波，這些電磁波碰到前方物體后發(fā)生反射，即雷達通過接收到的反射回來的電磁波的情況判斷前方的物體情況．所以該題可以據(jù)上面所說的雷達的工作原理分析即可．15、并0.2串5400【分析】【解答】解：把電流表改裝成3A的電流表需要并聯(lián)一個分流電阻；

分流電阻阻值：R==≈0.2Ω；

改裝成6V的電壓表；需要串聯(lián)一個分壓電阻；

分壓電阻阻值：R=﹣Rg=﹣600=5400Ω；

故答案為：并；0.2；串；5400．

【分析】把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻，應用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出電阻阻值．16、略

【分析】解：（1）該實驗的研究對象是小車；采用控制變量法研究．當質(zhì)量一定時，研究小車的加速度和小車所受合力的關系．為消除摩擦力對實驗的影響，可以把木板D的左端適當墊高，以使小車的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小車的合力就是繩子的拉力．

根據(jù)牛頓第二定律得：對m：mg-F拉=ma，對M：F拉=Ma，解得：F拉==

當M＞＞m時；即當砝碼和盤的總重力要遠小于小車的重力，繩子的拉力近似等于砝碼和盤的總重力．

（2）A；平衡摩擦力時；應將繩從小車上拿去，輕輕推動小車，是小車沿木板運動，通過打點計時器打出來的紙帶判斷小車是否勻速運動．故A錯誤．

B；每次改變小車的質(zhì)量時；小車的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力．故B正確．

C；實驗時；應先放開小車，再接通打點計時器電源，由于小車運動較快，可能會使打出來的點很少，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理．故C錯誤．

D、小車運動的加速度是利用打點計時器測量，如果用天平測出m以及小車質(zhì)量M，直接用公式求出；這是在直接運用牛頓第二定律計算的，而我們實驗是在探究加速度與物體所受合外力和質(zhì)量間的關系．故D錯誤．

故選：B．

（3）圖2中當盤及盤中砝碼質(zhì)量較大時；a-F圖象發(fā)生彎曲，這是由于沒有保證小車質(zhì)量遠大于盤及盤中砝碼質(zhì)量造成的．

故答案為：（1）m＜＜M；（2）B；（3）小車質(zhì)量沒有遠大于盤及盤中砝碼的質(zhì)量．

解決實驗問題首先要掌握該實驗原理；了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項．

該實驗采用的是控制變量法研究；其中加速度；質(zhì)量、合力三者的測量很重要．

教科書本上的實驗，我們要從實驗原理、實驗儀器、實驗步驟、實驗數(shù)據(jù)處理、實驗注意事項這幾點去搞清楚．【解析】m＜＜M；B；小車質(zhì)量沒有遠大于盤及盤中砝碼的質(zhì)量17、略

【分析】解：小球從3

米高處開始落下；通過的路程是3m.

被水平地板彈回后于1

米高處被接住，又通過的路程是1m

則總路程是4m.

起點與終止的線段長度是2m

則位移大小是2m.

方向是從起點指向終點，即豎直向下．

故答案是：42

豎直向下．

路程是物體運動路線的長度.

位移表示物體位置的移動；用從起點到終點的有向線段表示．

對于有往復的直線運動，物體的位移大小也是小于路程.

只有當物體做單向直線運動時，位移大小才等于路程．【解析】42

豎直向下18、略

【分析】【解析】試題分析：物體做自由落體運動，所以下落3s時下落的高度為故重力做功為前2s內(nèi)物體下落的高度為故第三秒內(nèi)下落的高度為故功率為考點：功功率的計算【解析】【答案】450焦，250瓦19、略

【分析】解：根據(jù)變壓器原副線圈電流與匝數(shù)成反比得：IAIB=14

電阻消耗的功率P=I2R

所以兩電阻消耗的電功率之比PAPB=116

電阻兩端的電壓U=IR

所以兩電阻兩端的電壓之比UAUB=14

故答案為：11614

變壓器原副線圈電流與匝數(shù)成反比；求出電流之比，根據(jù)電阻消耗的功率P=I2R

電阻兩端的電壓U=IR

即可求解．

本題主要考查變壓器的知識，要能對變壓器的最大值、有效值、瞬時值以及變壓器變壓原理、功率等問題徹底理解．【解析