2024年滬科新版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科新版高二物理下冊階段測試試卷579考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示是一個平行板電容器，兩板間距離為d,其電容為C，帶電荷量為Q，上極板帶正電.現(xiàn)將一個正的試探電荷q由兩極板間的A點(diǎn)移動到B點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)間的距離為s，連線AB與極板間的夾角為30°，則電場力對試探電荷q所做的功等于（）A.B.C.D.2、入射光照到某金屬表面上發(fā)生光電效應(yīng)，若入射光的強(qiáng)度減弱，而頻率保持不變，則下列說法正確的是（）A.逸出的光電子的最大初動能減少B.從光照至金屬表面到發(fā)射出光電子之間的時間間隔將增加C.單位時間內(nèi)從金屬表面逸出的光電子數(shù)目減少D.不發(fā)生光電效應(yīng)3、電磁打點(diǎn)計時器和電火花打點(diǎn)計時器的電源頻率相同，工作時，下列說法中正確的是()

A.他們打點(diǎn)周期相同B.都使用6隆蘆10V

的低壓直流電源C.都使用6隆蘆10V

的低壓交流電源D.都使用220V

的高壓交流電源4、將兩個偏振片緊靠在一起，把它們放在一盞燈（自然光）前面，眼睛透過偏振片看到燈光很微弱．如果將其中一個偏振片旋轉(zhuǎn)180°，在旋轉(zhuǎn)過程中會觀察到的現(xiàn)象是（）A.燈光逐漸增強(qiáng)，然后又逐漸減弱B.燈光逐漸增強(qiáng)，然后減到零C.燈光逐漸增強(qiáng)，沒有變?nèi)醅F(xiàn)象D.燈光逐漸增強(qiáng)，再減弱，然后又增強(qiáng)到較亮5、某變壓器原；副線圈匝數(shù)比為55：9；原線圈所接電源電壓按圖示規(guī)律變化，副線圈接有負(fù)載．下列判斷正確的是（）

A.輸出電壓的最大值為36V

B.原；副線圈中電流之比為55：9

C.變壓器輸入；輸出功率之比為55：9

D.交流電源有效值為220V；頻率為50Hz

6、電磁波在空氣中的傳播速度為3隆脕108m/s

某廣播電臺能夠發(fā)射波長為50m

的無線電波，那么收音機(jī)接受這個電臺時調(diào)諧的頻率應(yīng)工作在()

A.150MHz

B.500MHz

C.6.00MHz

D.3.00MHz

7、如圖；直線OAC

的某一直線電源的總功率隨總電流變化的曲線，拋物線OBC

為同一電源內(nèi)部消耗的功率隨總電流的變化曲線，若A.B

對應(yīng)的橫坐標(biāo)為1.5

則下面判斷正確的是。

A.電源的電動勢為3V

內(nèi)阻為1.5婁賂

B.線段AB

表示的功率為2.25W

C.電流為2A

時，電源的輸出功率最大D.電流為1A

時，路端電壓為1V

評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)8、某實(shí)驗(yàn)小組在進(jìn)行“驗(yàn)證動量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)．入射球與被碰球半徑相同．

①實(shí)驗(yàn)裝置如下圖所示．先不放B球，使A球從斜槽上某一固定點(diǎn)C由靜止?jié)L下，落到位于水平地面的記錄紙上留下痕跡．再把B球靜置于水平槽前端邊緣處，讓A球仍從C處由靜止?jié)L下，A球和B球碰撞后分別落在記錄紙上留下各自落點(diǎn)的痕跡．記錄紙上的O點(diǎn)是重錘所指的位置，M、P、N分別為落點(diǎn)的痕跡．未放B球時，A球落地點(diǎn)是記錄紙上的____點(diǎn)．

②釋放多次后，取各落點(diǎn)位置的平均值，測得各落點(diǎn)痕跡到O點(diǎn)的距離：OM=13.10cm，OP=21.90cm，ON=26.04cm．用天平稱得入射小球A的質(zhì)量m1=16.8g，被碰小球B的質(zhì)量m2=5.6g．若將小球質(zhì)量與水平位移的乘積作為“動量”，則碰前總動量p=____，碰后總動量p′=____

③根據(jù)上面的數(shù)據(jù)處理數(shù)據(jù)，你認(rèn)為能得到的結(jié)論是：在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，可認(rèn)為系統(tǒng)在碰前和碰后的____．

④實(shí)驗(yàn)中可以將表達(dá)式m1v1=m1v1′+m2v2′轉(zhuǎn)化為m1s1=m1s1′+m2s2′來進(jìn)行驗(yàn)證，其中s1、s1′、s2′為小球平拋的水平位移．可以進(jìn)行這種轉(zhuǎn)化的依據(jù)是____．（請選擇一個最合適的答案）

A．小球飛出后的加速度相同。

B．小球飛出后；水平方向的速度相同。

C．小球在空中水平方向都做勻速直線運(yùn)動；水平位移與時間成正比。

D．小球在空中水平方向都做勻速直線運(yùn)動；又因?yàn)閺耐桓叨绕綊?，運(yùn)動時間相同，所以水平位移與初速度成正比。

9、某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測一個金屬圓筒的內(nèi)徑，如圖所示，則其內(nèi)徑為_______________cm。10、如圖游標(biāo)尺的讀數(shù)為______mm；螺旋測微器讀數(shù)______mm；

11、我國居民照明電路使用的是______(

選填“交變電流”或“恒定電流”)

電壓為______V(

選填“220

”或“380

”)

．12、科學(xué)家______提出光子說，很好地解釋了光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)；光電效應(yīng)說明光具有______性。13、某防空雷達(dá)發(fā)射的電磁波頻率為f=3×103MHZ，屏幕上尖形波顯示，從發(fā)射到接受經(jīng)歷時間△t=0.4ms，那么被監(jiān)視的目標(biāo)到雷達(dá)的距離為____km，該雷達(dá)發(fā)出的電磁波的波長為____m．14、電流表G

的滿偏電流時3mA

內(nèi)阻是100婁賂

把它改裝成量程為3V

的電壓表，應(yīng)______(

填串或并)

連一個阻值為______婁賂

的電阻.

若把它改裝成一個大量程的電流表應(yīng)______(

填串或并)

連一個電阻．15、讀出下面游標(biāo)卡尺和千分尺的讀數(shù)。

(1)

______mm

(2)

______mm

(3)

______mm

．16、如圖所示的是研究光電效應(yīng)的裝置的電路圖，若用某一頻率的光照射光電管陰極P，發(fā)現(xiàn)電流表有讀數(shù)，則增加光的強(qiáng)度，電流表示數(shù)______（填“變大”“變小”或“不變”）。若開關(guān)K斷開時，用光子能量為2.5eV的一束光照射陰極P，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)不為零，合上開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，當(dāng)電壓表讀數(shù)大于或等于0.60V時，電流表讀數(shù)為零，由此可知陰極材料的逸出功為______eV。評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）23、空間兩點(diǎn)放置兩個異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共7分)24、（12分）某研究性學(xué)習(xí)小組為了制作一種傳感器，需要用到某元件（電阻約為20）?，F(xiàn)需要描繪該元件的伏安特性曲線。實(shí)驗(yàn)室備有下列器材：。器材（代號）規(guī)格電流表（A1）量程0~5mA，內(nèi)阻約為50電流表（A2）量程0~200mA，內(nèi)阻約為10電壓表（V1）量程0~3V，內(nèi)阻約為10k電壓表（V2）量程0~15V，內(nèi)阻約為25k滑動變阻器（R1）阻值范圍0~10允許最大電流1A滑動變阻器（R2）阻值范圍0~1k允許最大電流100mA直流電源（E）輸出電壓4V，內(nèi)阻不計開關(guān)（S）及導(dǎo)線若干①為提高實(shí)驗(yàn)結(jié)果的準(zhǔn)確程度，電流表應(yīng)選用____；電壓表應(yīng)選用；滑動變阻器應(yīng)選用。（以上均填器材代號）②為達(dá)到上述目的，請在虛線框內(nèi)畫出正確的實(shí)驗(yàn)電路原理圖，并標(biāo)明所用器材的代號。③現(xiàn)已描繪出該元件的伏安特性曲線如圖。若將該元件直接連接在一個電動勢為3V，內(nèi)阻為5的電源上，則該元件消耗的功率為W。（保留3位有效數(shù)字）評卷人得分五、簡答題(共3題，共30分)25、已知rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}都是含有碳、氫、氧三種元素的有機(jī)物，其中rm{A}rm{C}分別是白酒和食醋中含有的成分，rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}間有如下圖轉(zhuǎn)化關(guān)系。請回答下列問題：rm{(1)A}物質(zhì)中官能團(tuán)的名稱為_________，rm{C}的分子式為____________。rm{(2)}寫出rm{A}與金屬rm{Na}反應(yīng)的化學(xué)方程式為_______________________________________。rm{(3)}寫出rm{A}與rm{C}在濃rm{H_{2}SO_{4}}存在條件下加熱，生成是一種有香味的油狀液體rm{D}的化學(xué)反應(yīng)方程式為___________________________________________________________。26、氮?dú)夂偷幕衔镌诠まr(nóng)業(yè)上生產(chǎn)、生活中有重要的用途。rm{(1)N_{2}}在空氣中含量約rm{78%}其性質(zhì)穩(wěn)定，可作保護(hù)氣，常溫下不與rm{O_{2}}發(fā)生反應(yīng)，但在閃電或者高溫條件下可發(fā)生反應(yīng)，標(biāo)準(zhǔn)狀況下rm{11.2L}氮?dú)馀c氧氣反應(yīng)吸收rm{90kJ}熱量。rm{壟脵}寫出rm{N_{2}}與rm{O_{2}}在放電條件下的熱化學(xué)反應(yīng)方程式____________。rm{壟脷}根據(jù)rm{NO}的性質(zhì)，收集rm{NO}氣體的正確方法是____________。rm{(}填“排水法”、“向上排空氣法”或“向下排空氣法”rm{)}rm{(2)}為探究rm{NH_{3}}的還原性，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計了如下實(shí)驗(yàn)裝置，其中rm{A}為rm{NH_{3}}的制取裝置。rm{壟脵}下面是實(shí)驗(yàn)室制取rm{NH_{3}}的裝置和選用的試劑，其中不合理的是rm{(}rm{)}

rm{壟脷}選取合理的rm{NH_{3}}的制取裝置，小組開始實(shí)驗(yàn)，并發(fā)現(xiàn)了如下現(xiàn)象，同時小組對現(xiàn)象進(jìn)行了討論并得出了相應(yīng)的結(jié)論。。序號現(xiàn)象結(jié)論Ⅰrm{B}裝置中黑色氧化銅變?yōu)榧t色反應(yīng)生成了rm{Cu}或rm{Cu_{2}O}Ⅱrm{C}裝置中無水rm{CuSO_{4}}變藍(lán)反應(yīng)生成了rm{H_{2}O}Ⅲrm{E}裝置中收集到無色無味氣體反應(yīng)生成了rm{N_{2}}分析上面的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象及結(jié)論，其中不合理的是____rm{(}填序號rm{)}原因是____________。rm{(3)}亞硝酸鹽既有氧化性、又有還原性，常見的亞硝酸鹽均有毒，但rm{NaNO_{2}}是一種食品添加劑，使用時必須嚴(yán)格控制其用量。rm{壟脵}在酸性溶液中，rm{NaNO_{2}}能使淀粉rm{-KI}溶液變藍(lán)色rm{(}同時得到一種常見的氣體化合物rm{)}也能使酸性rm{KMnO_{4}}溶液褪色，則前者反應(yīng)過程中消耗的氧化劑與生成的氧化產(chǎn)物物質(zhì)的量之比為____，后者反應(yīng)的離子方程式為____。rm{壟脷NaNO_{2}}是建筑行業(yè)中常用的水泥抗凍劑，但因其具有咸味，外觀上和食鹽無明顯區(qū)別，因此建筑工地食堂不時會出現(xiàn)因誤食亞硝酸鈉而中毒的現(xiàn)象。你認(rèn)為下列物質(zhì)有助于解毒的是____。A.雞蛋清rm{B.}胃舒平rm{1}主要成分是rm{Al(OH)_{3}]}rm{C.}小蘇打rm{{,!}}D.維生素rm{C}27、Ⅰ、為了達(dá)到下表中的實(shí)驗(yàn)要求，請從“供選擇的化學(xué)試劑及方法”欄中，選擇正確選項的____填入對應(yīng)的空格中。。序號實(shí)驗(yàn)要求答案供選擇的化學(xué)試劑及方法rm{a}檢驗(yàn)乙酸是否具有酸性____A.新制的氫氧化銅懸濁液rm檢驗(yàn)植物油中是否含有碳碳雙鍵____B.紫色石蕊試液rm{c}檢驗(yàn)?zāi)蛞褐惺欠窈衅咸烟莀___C.加入飽和rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，分液rmtyezgjx除去乙酸乙酯中的少量乙酸____D.溴水

Ⅱ、碳、氫、氧rm{3}種元素組成的有機(jī)物rm{A}相對分子質(zhì)量為rm{102}含氫的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為rm{9.8%}分子中氫原子個數(shù)為氧原子個數(shù)的rm{5}倍。rm{(1)A}的分子式是____________。rm{(2)A}與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)的同分異構(gòu)體有_____________種。rm{(3)A}還有另一類酯類同分異構(gòu)體，該異構(gòu)體在酸性條件下水解，生成兩種相對分子質(zhì)量相同的化合物，寫出符合該條件的酯的結(jié)構(gòu)簡式rm{(2}種rm{)}_________________、________________。評卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共27分)28、某同學(xué)在“用單擺測定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中測量了一些數(shù)據(jù)；其中的一組數(shù)據(jù)如下所示．

（1）用毫米刻度尺測量擺線的長時，將擺線平放，如圖（A）所示，刻度尺讀數(shù)是______cm用游標(biāo)卡尺測量擺球直徑，卡尺游標(biāo)位置如圖（B）所示，可知擺球直徑是______cm；

如圖所示測出的擺長______（偏大；偏?。?/p>

（2）為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在試驗(yàn)中可改變幾次擺長L，測出相應(yīng)的周期T，從而得出一組對應(yīng)的L與T的數(shù)值，再以l為橫坐標(biāo)T2為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖C所示，T2與L的關(guān)系式T2=______，利用圖線可求出圖線的斜率k=______，再由k可求出g=______．29、在測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，備有下列器材：)

A.待測的干電池(

電動勢約為1.5V

內(nèi)電阻小于1.0婁賂)

B.電流表A1(

量程0隆陋3mA

內(nèi)阻=10婁賂)

C.電流表A2(

量程0隆陋0.6A

內(nèi)阻=0.1婁賂)

D.滑動變阻器1(0隆陋20婁賂,10A)

E.滑動變阻器2(0隆陋200婁賂,lA)

F.定值電阻0(990婁賂)G.

開關(guān)和導(dǎo)線若干(1)

某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設(shè)計了如圖所示的(a)(b)

兩個參考實(shí)驗(yàn)電路，其中合理的是____圖為了操作方便且能準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，滑動變阻器應(yīng)選_____(

填寫字母代號)

(2)

下圖為該同學(xué)根據(jù)(1)

中選出的合理的實(shí)驗(yàn)電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的I1鈭?I2

圖線(I1

為電流表A1

的示數(shù)，I2

為電流表A2

的示數(shù)，且)

則由圖線可得被測電池的電動勢E=

____________V

內(nèi)阻r=

____________婁賂(

結(jié)果保留小數(shù)點(diǎn)后2

位)

30、(1)

如圖為“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)裝置。如果在閉合開關(guān)時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)了一下，那么合上電鍵穩(wěn)定后可能出現(xiàn)的情況有：A.將A

線圈迅速拔出B

線圈時，靈敏電流計指針將向_______偏轉(zhuǎn)(

填“左”或“右”)

B.A

線圈插入B

線圈后，將滑動變阻器觸頭迅速向左滑動時，靈敏電流計指針將向_______偏轉(zhuǎn)(

填“左”或“右”)

(2)

如圖所示，線圈內(nèi)有理想邊界的磁場，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加時，有一帶電粒子靜止于水平放置的平行板電容器中間，則此粒子帶____電，若增大磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率，則帶電粒子將____(

填“向上運(yùn)動”、“向下運(yùn)動”或“靜止”)

。(3)

某發(fā)電廠輸出的功率為200kW

輸出電壓為11kV

若采用220kV

的高壓輸電，那么，升壓變壓器(

不計變壓器能量損失)

的原線圈和副線圈的匝數(shù)比為____；輸電電流為____A

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【解析】試題分析：由平行板電容器的電容C和帶電量Q，由電容的定義式求出板間電壓．由求出板間場強(qiáng)．根據(jù)功的計算公式求解電場力對試探電荷q所做的功．由電容的定義式的板間電壓為板間場強(qiáng)為試探電荷q由A點(diǎn)移動到B點(diǎn)，電場力做功故選C考點(diǎn)：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系【解析】【答案】C2、C【分析】【解答】解：A、根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=hv﹣W0知；入射光的頻率不變，則逸出的光電子最大初動能不變，故A錯誤．

B；光的強(qiáng)弱影響的是單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目；不影響發(fā)射出光電子的時間間隔．故B錯誤，C正確．

D；能否發(fā)生光電效應(yīng)與入射光的頻率有關(guān)；與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，頻率保持不變，入射光強(qiáng)度減弱，仍然能發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯誤．

故選：C．

【分析】發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，光的強(qiáng)弱只影響單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目．結(jié)合光電效應(yīng)方程分析影響最大初動能的因素．3、A【分析】【分析】正確解答本題需要掌握：了解打點(diǎn)計時器的構(gòu)造、工作原理、工作特點(diǎn)等，比如工作電壓、打點(diǎn)周期等，掌握基本儀器的使用，能夠正確的使用打點(diǎn)計時器。對于基本儀器的使用和工作原理，我們不僅從理論上學(xué)習(xí)它，還要從實(shí)踐上去了解它，自己動手去做做，以加強(qiáng)基本儀器的了解和使用?！窘獯稹緼.電磁打點(diǎn)計時器和電火花打點(diǎn)計時器的電源頻率相同；所以打點(diǎn)周期相同，故A正確；

BCD.

電磁打點(diǎn)計時器工作電壓是4V隆蘆6V

交流電源；電火花打點(diǎn)計時器的電壓是220V

交流電源，故BCD錯誤；

故選A?！窘馕觥緼

4、A【分析】解：起偏器和檢偏器的偏振方向垂直時；沒有光通過；偏振方向平行時，光強(qiáng)達(dá)到最大。當(dāng)其中一個偏振片轉(zhuǎn)動180°的過程中，兩偏振片的方向由垂直到平行再到垂直，所以通過的光強(qiáng)先增強(qiáng)，然后又減小到零。故A正確，BCD錯誤；

故選：A。

根據(jù)光的偏振現(xiàn)象；只要光的振動方向不與偏振片的狹逢垂直，都能有光通過偏振片．

自然光向各個方向發(fā)射，而偏振光則是向特定方向發(fā)射．【解析】A5、D【分析】

從圖上可以看出，交流電的周期T=0.02s，所以頻率為50Hz．正弦交流電的有效值是峰值的倍；所以電壓有效值為220V．所以D正確．

變壓器的輸入和輸出電壓之比等于原副線圈匝數(shù)比，所以輸出電壓的最大值為36V；所以A錯誤．

變壓器只能改變交流電的電壓；而不能改變頻率和功率，即對于理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，所以C錯誤．

變壓器的輸入和輸出電壓之比等于原副線圈匝數(shù)比；電流之比等于原副線圈匝數(shù)的反比，所以B錯誤．

故選D．

【解析】【答案】根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值；周期和頻率等；再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論．

6、C【分析】

試題分析：由可得

故選C

考點(diǎn)：電磁波的波長；波速和頻率的關(guān)系。

點(diǎn)評：電磁波的波長、波速和頻率的關(guān)系滿足【解析】C

7、B【分析】由圖象可知，C

點(diǎn)處電源的總功率等于內(nèi)部消耗的功率，這時外電阻為零，根據(jù)可知電源的電動勢E=3V

內(nèi)電阻A錯誤；線段AB

表示電路為1.5A

時的工作狀態(tài)，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得，此時路端電壓為故AB表示的功率為B正確；當(dāng)外電路電阻和內(nèi)阻相等時，電源的輸出功率最大，當(dāng)電流為2A

時，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得外電路電壓為1V

此時外電路電阻為與內(nèi)阻不等，故電源的輸出功率不是最大，C錯誤；根據(jù)閉合回路歐姆定律可得電流為1A

時；路端電壓為2V

D錯誤。

考點(diǎn)：電功率；閉合電路歐姆定律。

【解析】B

二、填空題(共9題，共18分)8、略

【分析】

（1）A小球和B小球相撞后；B小球的速度增大，A小球的速度減小，所以碰撞后A球的落地點(diǎn)距離O點(diǎn)最近，B小球離O點(diǎn)最遠(yuǎn)，中間一個點(diǎn)是未放B球時A的落地點(diǎn)，所以未放B球時，A球落地點(diǎn)是記錄紙上的P點(diǎn)；

（2）碰前總動量p=m1=0.0168×0.219=3.68×10-3kg?m

碰后總動量p′==0.0168×0.131+0.0056×0.2604=3.66×10-3kg?m

（3）碰撞前后動量近似相等；在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，可認(rèn)為系統(tǒng)在碰前和碰后的動量守恒；

（4）小球碰撞前后都做平拋運(yùn)動；豎直方向位移相等，所以運(yùn)動的時間相同，水平方向做勻速直線運(yùn)動，速度等于水平位移除以時間，所以可以用水平位移代替速度，故選D

故答案為：P；3.68×10-3；3.66×10-3；動量守恒；D

【解析】【答案】A小球和B小球相撞后；B小球的速度增大，A小球的速度減小，所以碰撞后A球的落地點(diǎn)距離O點(diǎn)最近，B小球離O點(diǎn)最遠(yuǎn)，中間一個點(diǎn)是未放B球時A的落地點(diǎn)，小球碰撞前后都做平拋運(yùn)動，豎直方向位移相等，所以運(yùn)動的時間相同，水平方向做勻速直線運(yùn)動，速度等于水平位移除以時間，所以可以用水平位移代替速度，根據(jù)動量的公式計算出碰撞前后動量的值．

9、略

【分析】【解析】試題分析：游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：考點(diǎn)：考查了游標(biāo)卡尺的讀數(shù)【解析】【答案】2.538cm10、略

【分析】解：1；游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為11mm；游標(biāo)尺上第4個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為4×0.1mm=0.4mm，所以最終讀數(shù)為：11mm+0.4mm=11.4mm．

2；螺旋測微器的固定刻度為1.5mm；可動刻度為49.5×0.01mm=0.495mm，所以最終讀數(shù)為1.5mm+0.495mm=1.995mm．

故答案為：11.4；1.995．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】11.4；1.99511、交變電流；220【分析】解：我國日常照明電路所使用的交變電流的電壓；電壓為220V

故答案為：交變電流；220V

．

我國日常照明電路所使用的交變電流的電壓；電壓為220V

．

本題考查我們對所用照明用電的認(rèn)識，要注意220V

是指交流電的有效值．【解析】交變電流；220

12、愛因斯坦粒子【分析】解：愛因斯坦為解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象提出了光子說；

光電效應(yīng)說明了光具有粒子性。

故答案為：愛因斯坦；粒子。

因斯坦為解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象：提出了光的光子說；光電效應(yīng)現(xiàn)象說明光具有粒子性，從而即可求解。

本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一。【解析】愛因斯坦粒子13、600.1【分析】【解答】光速為3×108m/s（1）由v=λf得：=0.1m（2）由v=s/t

得，s=vt=3×108m/s×0.4s=12×107m

電磁波傳播距離是單向距離的2倍，故衛(wèi)星離地為：d=s/2=60km

答：被監(jiān)視的目標(biāo)到雷達(dá)的距離為60km；雷達(dá)發(fā)出的電磁波的波長為0.1m．

【分析】（1）由波速、波長和頻率的關(guān)系可求得頻率，（2）由電磁波的傳播速度由速度公式可求得距離．14、略

【分析】解：把電流表改裝成3V

的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；

串聯(lián)電阻阻值：R=UIg鈭?Rg=30.003鈭?100=900婁賂

把電流表改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻；

故答案為：串；900

并．

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；把電流表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)分流電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．

本題考查了電壓表與電流表的改裝，知道電壓表與電流表的改裝原理是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以解題．【解析】串；900

并15、略

【分析】解：(1)20

分度的游標(biāo)卡尺；精確度是0.05mm

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為11mm

游標(biāo)尺上第10

個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為10隆脕0.05mm=0.50mm

所以最終讀數(shù)為：11mm+0.50mm=11.50mm

．

(2)50

分度的游標(biāo)卡尺；精確度是0.02mm

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為10mm

游標(biāo)尺上第20

個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為20隆脕0.02mm=0.40mm

所以最終讀數(shù)為：10mm+0.40mm=10.40mm

．

(3)

螺旋測微器的固定刻度為5.5mm

可動刻度為4.6隆脕0.01mm=0.046mm

所以最終讀數(shù)為5.5mm+0.046mm=5.546mm

由于需要估讀，最后的結(jié)果可以在5.545鈭?5.547

之間．

故答案為：(1)11.50

(2)10.40

(3)5.546(5.545鈭?5.547

都對)

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】11.5010.405.546(5.545鈭?5.547

都對)

16、變大1.9【分析】解：（飽和）光電流的大小與入射光的強(qiáng)度有關(guān)；增大光的強(qiáng)度，電流表示數(shù)變大；

用光子能量為2.5eV的光照射時，設(shè)光電子的最大初動能為Ekm，陰極材料逸出功為W0，由光電效應(yīng)方程：Ekm=hν-W0

當(dāng)反向電壓達(dá)到U=0.60V以后，具有最大初動能的光電子也達(dá)不到陽極，因此eU=Ekm

由以上二式：Ekm=0.6eV，W0=1.6eV。

所以該材料的逸出功為1.9eV。

故答案為：變大；1.9

飽和光電流的大小與入射光的強(qiáng)度有關(guān)；根據(jù)光電效應(yīng)方程，結(jié)合動能定理分析逸出功即可。

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，知道光電子的最大初動能與入射光的頻率有關(guān)，與光的強(qiáng)度無關(guān)?！窘馕觥孔兇?.9三、判斷題(共7題，共14分)17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．20、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．21、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共7分)24、略

【分析】試題分析：①由伏安特性曲線圖可知，電流最大值為0.30A，故電流表應(yīng)選用A2，燈泡兩端的電壓最大為2.5V，故電壓表應(yīng)選用V1；由曲線可知實(shí)驗(yàn)要求電流電壓是從零開始變化的，故應(yīng)選用分壓接法，故滑動變阻器應(yīng)選用R1，便于調(diào)節(jié)。②滑動變阻器選用分壓接法；待測元件內(nèi)阻較小，故應(yīng)選用電流表外接法，電路圖見答案．③由電源的電動勢和內(nèi)阻在元件伏安特性曲線圖中作出電源的伏安特性曲線，則兩圖線的交點(diǎn)即為元件的工作點(diǎn)，可得元件的電壓和電流，進(jìn)而可知元件的功率為0.366W.考點(diǎn)：伏安特性曲線的描繪及應(yīng)用【解析】【答案】①A2;V1;R1②③0.366W(0.336—0.396W)五、簡答題(共3題，共30分)25、rm{(1)}羥基rm{C_{2}H_{4}O_{2}}

rm{(2)2C_{2}H_{5}OH+2Na隆煤2C_{2}H_{5}ONa+H_{2}隆眉}

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷，涉及醇、醛、羧酸的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，比較基礎(chǔ)，側(cè)重對基礎(chǔ)知識的鞏固?！窘獯稹緼、rm{B}rm{C}rm{D}都是含有碳、氫、氧三種元素的有機(jī)物，rm{A}rm{C}分別是白酒和食醋中含有的成分，則rm{A}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{C}為rm{CH_{3}COOH}由轉(zhuǎn)化關(guān)系可知，rm{B}為rm{CH_{3}CHO}rm{D}為rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{(1)A}為乙醇，含有官能團(tuán)為羥基，rm{C}的分子式為：rm{C_{2}H_{4}O_{2}}故答案為：羥基；rm{C_{2}H_{4}O_{2}}rm{(2)}乙醇和鈉反應(yīng)方程式為：rm{2C_{2}H_{5}OH+2Na隆煤2C_{2}H_{5}ONa+H_{2}隆眉}故答案為：rm{2C_{2}H_{5}OH+2Na隆煤2C_{2}H_{5}ONa+H_{2}隆眉}rm{(3)}乙醇和乙酸在濃硫酸作用下生成乙酸乙酯，方程式為：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}故答案為：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}【解析】rm{(1)}羥基rm{C_{2}H_{4}O_{2}}rm{(2)2C_{2}H_{5}OH+2Na隆煤2C_{2}H_{5}ONa+H_{2}隆眉}rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}26、（1）①N2(g)＋O2(g)=2NO(g)△H=+180kJ/mol②排水法（2）①ad②Ⅱ無水CuSO4變藍(lán)有可能是因?yàn)橹迫H3時產(chǎn)生了H2O，不一定是反應(yīng)產(chǎn)生的H2O（3）①2︰12MnO4-+5NO2-+6H+=2Mn2++5NO3-+3H2O②D【分析】【分析】本題考查熱化學(xué)方程式的書寫，氣體制備、收集和性質(zhì)探究、氧化還原反應(yīng)和離子方程式書寫等知識，難度不大。【解答】rm{(1)壟脵}氮?dú)夂脱鯕庠诜烹姉l件下生成rm{NO}標(biāo)準(zhǔn)狀況下rm{11.2L}即rm{0.5mol}氮?dú)馀c氧氣反應(yīng)吸收rm{90kJ}熱量，則該反應(yīng)的熱化學(xué)方程是為：即rm{11.2L}氮?dú)馀c氧氣反應(yīng)吸收rm{0.5mol}熱量，則該反應(yīng)的熱化學(xué)方程是為：rm{90kJ}rm{N_{2}(g)+O_{2}(g)=2NO(g)}；

故答案為：rm{triangleH=+180kJ/mol}rm{N}rm{2}rm{2}rm{(g)+O}rm{2}；rm{2}一氧化氮難溶于水可用排水法收集；

故答案為：排水法；rm{(g)=2NO(g)}中氯化銨受熱分解成氨氣和氯化氫在試管口處溫度降低會重新反應(yīng)生成氯化銨，無氣體導(dǎo)出，故rm{triangleH=+180kJ/mol}錯誤；rm{壟脷}濃氨水遇生石灰，生石灰吸水放熱會使?jié)獍彼纸猱a(chǎn)生大量的氨氣，故rm{(2)壟脵a.}正確；rm{a}加熱會使?jié)獍彼纸猱a(chǎn)生大量的氨氣，故rm{b.}正確；rm濃氨水和濃硫酸反應(yīng)，無氨氣逸出，故rm{c}錯誤，故答案為：rm{c}rm{d.}rmdidywcb裝置中黑色氧化銅變?yōu)榧t色，氨氣將氧化銅還原反應(yīng)生成了rm{ad}或rm{壟脷}rm{B}裝置中黑色氧化銅變?yōu)榧t色，氨氣將氧化銅還原反應(yīng)生成了rm{Cu}或rm{Cu}rm{B}，故Ⅰ正確；無水rm{Cu}變藍(lán)有可能是因?yàn)橹迫m{Cu}rm{2}時產(chǎn)生了rm{2}rm{O}，故Ⅰ正確；rm{O}不一定是反應(yīng)產(chǎn)生的rm{CuSO_{4}}rm{NH}rm{3}故Ⅱ不合理；根據(jù)所含的元素和氣體的性質(zhì)rm{3}裝置中收集到無色無味氣體為rm{H}故Ⅲ正確，rm{2}Ⅱ；無水rm{2}rm{O}變藍(lán)有可能是因?yàn)橹迫m{H}rm{2}時產(chǎn)生了rm{2}rm{O}rm{E}裝置中收集到無色無味氣體為rm{N_{2}}故Ⅲ正確，不一定是反應(yīng)產(chǎn)生的rm{E}rm{N_{2}}故答案為：rm{CuSO}rm{4}rm{4}rm{NH}rm{3}反應(yīng)生的氣體為rm{3}rm{H}被氧化生產(chǎn)rm{2}根據(jù)反應(yīng)中元素價態(tài)變化及得失電子守恒原理可知，氧化劑和氧化產(chǎn)物物質(zhì)的量之比為rm{2}亞硝酸根離子被高錳酸根離子氧化生成rm{O}rm{H}被還原生成rm{2}該反應(yīng)的離子方程式為：rm{2}rm{O}rm{(3)壟脵}rm{NaNO}rm{NaNO}rm{2}rm{2}和rm{KI}反應(yīng)生的氣體為rm{NO}rm{I-}被氧化生產(chǎn)rm{I_{2}}根據(jù)反應(yīng)中元素價態(tài)變化及得失電子守恒原理可知，氧化劑和氧化產(chǎn)物物質(zhì)的量之比為rm{KI}

故答案為：rm{NO}rm{I-}rm{I_{2}}rm{2漏U1}rm{NO_{3}^{-}}rm{MnO_{4}^{-}}rm{Mn^{2+}}rm{2MnO}rm{4}rm{4}rm{{,!}^{-}+5NO}rm{2}rm{{,!}^{-}}可以解毒；

故答案為：rm{2}

rm{2}【解析】rm{(1)壟脵N_{2}(g)+O_{2}(g)=2NO(g)}rm{triangleH=+180kJ/mol}rm{壟脷}排水法rm{(2)壟脵ad}rm{壟脷}Ⅱ無水rm{CuSO_{4}}變藍(lán)有可能是因?yàn)橹迫m{NH_{3}}時產(chǎn)生了rm{H_{2}O}不一定是反應(yīng)產(chǎn)生的rm{H_{2}O}rm{(3)壟脵2漏U1}rm{2MnO_{4}^{-}+5NO}rm{{,!}_{2}^{-}}rm{{,!}_{2}^{-}}rm{+6H^{+}=2Mn^{2+}+5NO_{3}^{-}+3H_{2}O}rm{壟脷D}27、Ⅰ.BDAC

Ⅱ.C5H10O24CH3COOCH（CH3）2CH3COOCH2CH2CH3【分析】【分析】本題考查有機(jī)物分子式與結(jié)構(gòu)的推斷；官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)、有機(jī)反應(yīng)類型、同分異構(gòu)體書寫以及對反應(yīng)信息的利用能力；難度中等。

【解答】Ⅰrm{.a.}乙酸具有酸性，可使酸堿指示劑變色，可用紫色石蕊試液檢驗(yàn)，溶液變紅色，故答案為rm{B}rm{b.}碳碳雙鍵可與溴水發(fā)生加成反應(yīng)，可使溴水褪色，故答案為rm{D}rm{c.}葡萄糖含有醛基，可與氫氧化銅濁液發(fā)生氧化還原反應(yīng)，在加熱條件下進(jìn)行，生成磚紅色沉淀，故答案為rm{A}rm{d.}乙酸乙酯不溶于飽和碳酸鈉溶液，乙酸與碳酸鈉反應(yīng)，可用于飽和碳酸鈉溶液檢驗(yàn)，故答案為rm{C}Ⅱrm{.(1)}有機(jī)物rm{A}的相對分子質(zhì)量是rm{102}含氫的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為rm{9.8%}則分子中含有的rm{N(H)=}rm{dfrac{102隆脕9.8攏樓}{1}=10}分子中氫原子個數(shù)為氧個數(shù)的rm{dfrac{102隆脕9.8攏樓}{1}

=10}倍，rm{5}根據(jù)相對分子質(zhì)量是rm{N(O)簍T2}所以rm{102}所以有機(jī)物rm{N(C)=5}的分子式為rm{A}故答案為：rm{C_{5}H_{10}O_{2}}rm{C_{5}H_{10}O_{2}}與rm{(2)A}溶液反應(yīng)說明分子組成里有羧基，則符合條件的rm{NaHCO_{3}}為rm{A}rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{2}COOH}rm{CH_{3}CH(CH_{3})CH_{2}COOH}rm{CH_{3}CH_{2}CH(CH_{3})COOH}共rm{CH_{3}C(CH_{3})_{2}COOH}種；故答案為：rm{4}rm{4}的一種酯類同分異構(gòu)體，在酸性條件下水解，生成兩種相對分子質(zhì)量相同的化合物，符合條件的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{(3)A}或rm{CH_{3}COOCH(CH_{3})_{2}}故答案為：rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{2}CH_{3}}或rm{CH_{3}COOCH(CH_{3})_{2}}rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{2}CH_{3}}【解析】Ⅰrm{.B}rm{D}rm{A}rm{C}Ⅱrm{.}rm{C}rm{C}rm{{,!}_{5}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{10}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{4}rm{CH}rm{4}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{