第03講 牛頓第二定律及其應(yīng)用（解析版）-2025版高一物理寒假精-品講義

第03講牛頓第二定律及其應(yīng)用考點聚焦：復(fù)習(xí)要點+知識網(wǎng)絡(luò)，有的放矢重點專攻：知識點和關(guān)鍵點梳理，查漏補缺難點強化：難點內(nèi)容標注與講解，能力提升提升專練：真題感知+提升專練，全面突破高考考點聚焦1．牛頓第二定律的簡單應(yīng)用：2024·貴州、2024·寧夏四川2．超重和失重：2024·山東、2024·河北、2024·湖北、2024·寧夏四川3．牛頓第三定律：2024·遼寧4．利用牛頓第二定律分析動態(tài)過程：2024·安徽、2024·廣東5．牛頓第二定律求瞬時突變問題：2024·湖南6．牛頓運動定律與圖像結(jié)合：2024·安徽1．牛頓第二定律1)牛頓第二定律內(nèi)容物體的加速度與作用力成正比，與物體的質(zhì)量成反比。。2)力與加速度的因果關(guān)系力產(chǎn)生加速度(ma是力的作用效果)。①瞬時關(guān)系：加速度隨力作瞬時同步變化；②方向關(guān)系：加速度方向總與力的方向一致；③量值關(guān)系：。3)力的單位規(guī)定質(zhì)量為1kg的物體產(chǎn)生1m/s2加速度，則受到的力大小為1N。4)適用條件慣性系統(tǒng)中宏觀，低速運動物體。2．應(yīng)用牛頓第二定律時的運算方法和研究方法1)合成法：若物體只受兩個力作用而產(chǎn)生加速度時，通常應(yīng)用合成法求解.2)正交分解法：當物體受兩個以上的力作用時，常用正交分解法求合力.多數(shù)情況下是把力正交分解到加速度的方向上和垂直于加速度的方向上3)整體法和隔離法：由兩個或兩個以上的物體組成的系統(tǒng)中，把相互作用的多個物體視為一個系統(tǒng)，對系統(tǒng)整體進行分析研究的方法稱為整體法；把某個物體從系統(tǒng)中“隔離”出來，將其作為研究對象進行分析的方法稱為隔離法.3．兩類基本問題1)求力與運動的關(guān)系，加速度是橋梁2)已知力求運動一般用決定式，已知運動求力一般用定義式：3)運動中加速度恒定可作為一個運動過程，若加速度發(fā)生變化則作為一個新過程的開始，運動轉(zhuǎn)折點的速度是前后過程聯(lián)系的關(guān)鍵量強化點一物體受力突變時的瞬時加速度1)剛性繩(或桿、接觸面)不發(fā)生明顯形變就能產(chǎn)生彈力.若剪斷剛性繩(或脫離桿、接觸面),則彈力立即消失，不需要形變恢復(fù)時間.一般題目中所給細線和接觸面在不加特殊說明時，均可按此模型處理.2)彈簧(或橡皮繩)此模型的特點是產(chǎn)生彈力時形變量大，其形變恢復(fù)需要較長時間，在突變問題中，其彈力的大小往往可以看成不變.真題感知一、單選題1．（2024·貴州·高考真題）某研究人員將一鐵質(zhì)小圓盤放入聚苯乙烯顆粒介質(zhì)中，在下落的某段時間內(nèi)，小圓盤僅受重力G和顆粒介質(zhì)對其向上的作用力f。用高速相機記錄小圓盤在不同時刻的位置，相鄰位置的時間間隔相等，如圖所示，則該段時間內(nèi)下列說法可能正確的是（）A．f一直大于G B．f一直小于GC．f先小于G，后大于G D．f先大于G，后小于G【答案】C【詳解】由圖可知相等時間內(nèi)鐵質(zhì)小圓盤的位移先增大后減小，可知鐵質(zhì)小圓盤的速度先增大后減小，以向下為正方向，即鐵質(zhì)小圓盤的加速度先正后負，根據(jù)牛頓第二定律可知f先小于G，后大于G。故選C。2．（2024·遼寧·高考真題）利用硯臺將墨條研磨成墨汁時講究“圓、緩、勻”，如圖，在研磨過程中，硯臺始終靜止在水平桌面上。當墨條的速度方向水平向左時，（）A．硯臺對墨條的摩擦力方向水平向左B．桌面對硯臺的摩擦力方向水平向左C．桌面和墨條對硯臺的摩擦力是一對平衡力D．桌面對硯臺的支持力與墨條對硯臺的壓力是一對平衡力【答案】C【詳解】A．當墨條速度方向水平向左時，墨條相對于硯臺向左運動，故硯臺對墨條的摩擦力方向水平向右，故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第三定律，墨條對硯臺的摩擦力方向水平向左，由于硯臺處于靜止狀態(tài)，故桌面對硯臺的摩擦力方向水平向右，故B錯誤；C．由于硯臺處于靜止狀態(tài)，水平方向桌面和墨條對硯臺的摩擦力是一對平衡力，故C正確；D．桌面對硯臺的支持力大小等于硯臺的重力加上墨條對其的壓力，故桌面對硯臺的支持力大于墨條對硯臺的壓力，故D錯誤。故選C。3．（2024·安徽·高考真題）傾角為的傳送帶以恒定速率順時針轉(zhuǎn)動。時在傳送帶底端無初速輕放一小物塊，如圖所示。時刻物塊運動到傳送帶中間某位置，速度達到。不計空氣阻力，則物塊從傳送帶底端運動到頂端的過程中，加速度a、速度v隨時間t變化的關(guān)系圖線可能正確的是（

）A． B． C． D．【答案】C【詳解】時間內(nèi)：物體輕放在傳送帶上，做加速運動。受力分析可知，物體受重力、支持力、滑動摩擦力，滑動摩擦力大于重力的下滑分力，合力不變，故做勻加速運動。之后：當物塊速度與傳送帶相同時，靜摩擦力與重力的下滑分力相等，加速度突變?yōu)榱悖飰K做勻速直線運動。C正確，ABD錯誤。故選C。4．（2024·安徽·高考真題）如圖所示，豎直平面內(nèi)有兩完全相同的輕質(zhì)彈簧，它們的一端分別固定于水平線上的M、N兩點，另一端均連接在質(zhì)量為m的小球上。開始時，在豎直向上的拉力作用下，小球靜止于MN連線的中點O，彈簧處于原長。后將小球豎直向上。緩慢拉至P點，并保持靜止，此時拉力F大小為。已知重力加速度大小為g，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，不計空氣阻力。若撤去拉力，則小球從P點運動到O點的過程中（

）A．速度一直增大 B．速度先增大后減小C．加速度的最大值為 D．加速度先增大后減小【答案】A【詳解】AB．緩慢拉至P點，保持靜止，由平衡條件可知此時拉力F與重力和兩彈簧的拉力合力為零。此時兩彈簧的合力為大小為。當撤去拉力，則小球從P點運動到O點的過程中兩彈簧的拉力與重力的合力始終向下，小球一直做加速運動，故A正確，B錯誤；CD．小球從P點運動到O點的過程中，形變量變小彈簧在豎直方向的合力不斷變小，故小球受的合外力一直變小，加速度的最大值為撤去拉力時的加速度，由牛頓第二定律可知加速度的最大值為，CD錯誤。故選A。5．（2024·廣東·高考真題）如圖所示，輕質(zhì)彈簧豎直放置，下端固定。木塊從彈簧正上方H高度處由靜止釋放。以木塊釋放點為原點，取豎直向下為正方向。木塊的位移為y。所受合外力為F，運動時間為t。忽略空氣阻力，彈簧在彈性限度內(nèi)。關(guān)于木塊從釋放到第一次回到原點的過程中。其圖像或圖像可能正確的是（）A． B．C． D．【答案】B【詳解】AB．在木塊下落高度之前，木塊所受合外力為木塊的重力保持不變，即當木塊接觸彈簧后，彈簧彈力向上，則木塊的合力到合力為零前，隨著增大減??；當彈簧彈力大于木塊的重力后到最低點,之后，木塊開始反彈，過程中木塊所受合外力向上，隨著減小增大，反彈過程，隨著y減小，圖像向x軸負方向原路返回，故A錯誤、B正確；CD．在木塊下落高度之前，木塊做自由落體運動，根據(jù)速度逐漸增大，圖像斜率逐漸增大，當木塊接觸彈簧后到合力為零前，根據(jù)牛頓第二定律木塊的速度繼續(xù)增大，做加速度減小的加速運動，所以圖像斜率繼續(xù)增大，當彈簧彈力大于木塊的重力后到最低點過程中木塊所受合外力向上，木塊做加速度增大的減速運動，所以圖斜率減小，到達最低點后，木塊向上運動，經(jīng)以上分析可知，木塊先做加速度減小的加速運動，再做加速度增大的減速運動，再做勻減速直線運動到最高點，而C圖中H點過后速度就開始逐漸減小，實際速度還應(yīng)該增大，直到平衡位置速度到達最大，然后速度逐漸減為零；D圖前半段速度不變，不符合題意，正確示意圖如下故CD錯誤。故選B。6．（2024·湖南·高考真題）如圖，質(zhì)量分別為、、、m的四個小球A、B、C、D，通過細線或輕彈簧互相連接，懸掛于O點，處于靜止狀態(tài)，重力加速度為g。若將B、C間的細線剪斷，則剪斷瞬間B和C的加速度大小分別為（

）A．g， B．2g， C．2g， D．g，【答案】A【詳解】剪斷前，對BCD分析對D剪斷后，對B解得方向豎直向上；對C解得方向豎直向下。故選A。二、實驗題7．（2024·寧夏四川·高考真題）學(xué)生小組為了探究超重和失重現(xiàn)象，將彈簧測力計掛在電梯內(nèi)，測力計下端掛一物體。已知當?shù)刂亓铀俣却笮椤?1)電梯靜止時測力計示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為N（結(jié)果保留1位小數(shù)）；(2)電梯上行時，一段時間內(nèi)測力計的示數(shù)為，則此段時間內(nèi)物體處于（填“超重”或“失重”）狀態(tài)，電梯加速度大小為（結(jié)果保留1位小數(shù)）?！敬鸢浮?1)5.0(2)失重1.0【詳解】（1）由圖可知彈簧測力計的分度值為0.5N，則讀數(shù)為5.0N。（2）[1]電梯上行時，一段時間內(nèi)測力計的示數(shù)為，小于物體的重力可知此段時間內(nèi)物體處于失重狀態(tài)；[2]根據(jù)根據(jù)牛頓第二定律代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得電梯加速度大小提升專練一、單選題1．（24-25高三上·廣東廣州·月考）在剛結(jié)束的巴黎奧運會，鄭欽文獲得女單網(wǎng)球冠軍，創(chuàng)造歷史性的一刻。如圖所示，鄭欽文把飛來的網(wǎng)球擊打回去，落到了對方場內(nèi)，則下列說法正確的是（）A．飛來的網(wǎng)球速度越大，慣性越大B．球被打飛回去，是因為力是維持物體運動狀態(tài)的原因C．若球拍沒有擊打球，則球會保持原來的運動狀態(tài)不變D．球拍對球的彈力，是因為球拍發(fā)生彈性形變而產(chǎn)生的【答案】D【詳解】A．物體的慣性只由質(zhì)量決定，與物體的速度無關(guān)，故A錯誤；B．球被打飛回去，是因為力是改變物體運動狀態(tài)的原因，故B錯誤；C．若球拍沒有擊打球，由于球仍受重力作用，所以球不會保持原來的運動狀態(tài)不變，故C錯誤；D．球拍對球的彈力，是因為球拍發(fā)生彈性形變而產(chǎn)生的，故D正確。故選D。2．（2024·浙江溫州·三模）2023年10月30日，中國隊在男子短道速滑5000米接力賽中，以7分04秒412的成績奪冠。下列說法正確的是（）A．題中“7分04秒412”表示時刻B．題中“5000米”表示位移大小C．運動員在接力過程中，慣性不變D．研究隊員沖線細節(jié)時，可以將其看成質(zhì)點【答案】C【詳解】A．題中“7分04秒412”表示時間，選項A錯誤；B．題中“5000米”表示路程，選項B錯誤；C．運動員在接力過程中，質(zhì)量不變，則慣性不變，選項C正確；D．研究隊員沖線細節(jié)時，隊員大小形狀不可忽略，不可以將其看成質(zhì)點，選項D錯誤。故選C。3．（2024·山東濟南·模擬預(yù)測）一個物體在多個力的作用下處于靜止狀態(tài)，如果僅使其中的一個力大小逐漸減小到零，然后又從零逐漸恢復(fù)到原來的大?。ù肆Φ姆较蚴冀K未變），在此過程中其余各力均不變，則下列對該過程的說法正確的是（）A．物體運動的速度先增大后減小B．物體運動的速度方向?qū)l(fā)生改變C．物體運動的加速度先減小后增大D．物體運動的加速度先增大后減小【答案】D【詳解】物體在多個力的作用下處于靜止狀態(tài)，其中的一個力與其余幾個力的合力大小相等、方向相反，如果僅使其中的一個力大小逐漸減小到零，然后又從零逐漸恢復(fù)到原來的大小，在此過程中，物體所受合力先增大后減小到零，所以物體運動的加速度先增大后減小；因加速度方向沒變，故物體運動的速度一直增大，方向不變。故選D。4．（2024·廣西梧州·模擬預(yù)測）下列關(guān)于科學(xué)研究方法以及物理學(xué)相關(guān)知識的敘述正確的是（）A．伽利略發(fā)現(xiàn)“力不是維持物體運動的原因”，是在實驗的基礎(chǔ)上經(jīng)過抽象推理得出的結(jié)論，運用了理想實驗法B．根據(jù)速度定義式，當非常小時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，運用了微元的思想C．加速度a與質(zhì)量m、合外力F之間的關(guān)系為，利用了比值定義法D．利用光電門測速度，運用了微小放大法【答案】A【詳解】A．伽利略發(fā)現(xiàn)“力不是維持物體運動的原因”，是在實驗的基礎(chǔ)上經(jīng)過抽象推理得出的結(jié)論，運用了理想實驗法，A正確；B．根據(jù)速度定義式，當非常小時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，運用了極限的思想，B錯誤；C．加速度a與質(zhì)量m、合外力F之間的關(guān)系為，不是利用比值定義法，而是牛頓在力是產(chǎn)生加速度的原因且用國際單位的情況下，總結(jié)出的牛頓第二定律表達式，C錯誤；D．利用光電門測速度，運用了極限法，D錯誤。故選A。5．（2024·陜西榆林·一模）如圖所示為某研究小組在暗室中用頻閃照相的方法記錄了一滴水下落過程的照片示意圖，照片記錄了水滴在不同時刻下落至不同的位置。若相鄰位置的時間間隔都相等，水滴所受的重力為，阻力為，則對于水滴的這一下落過程，下列說法中正確的是（）A．一直小于 B．一直大于C．先小于，后大于 D．先大于，后小于【答案】A【詳解】由圖可知小球下落時相鄰相等時間內(nèi)的位移逐漸變大，可知小球向下做加速運動，根據(jù)mg-f=ma可知G>f故選A。6．（2024·陜西西安·一模）如圖，質(zhì)量為60kg的人站在水平地面上，用定滑輪裝置將質(zhì)量為的重物送入井中。當重物以的加速度加速下落時，忽略繩子和定滑輪的質(zhì)量及繩子與定滑輪間的摩擦，則人對地面的壓力大小為（g?。?/p>

）A．200N B．920N C．320N D．280N【答案】C【詳解】先研究重物，重物的加速度，受到重力與繩子的拉力，根據(jù)牛頓第二定律有解得再以人為研究對象，受力分析，重力Mg、繩子向上的拉力F、地面的支持力N，處于平衡狀態(tài)。則根據(jù)平衡條件有解得由牛頓第三定律可得：人對地面的壓力大小為故選C。7．（2024·云南大理·一模）某測試員應(yīng)用無人機搭載的加速度傳感器進行飛行測試。圖甲為在測試軟件中設(shè)定的x、y、z軸的正方向，其中z軸沿豎直方向，無人機開始時沿y軸正方向勻速飛行，0時刻起該同學(xué)進行變速操作，軟件生成了圖乙中三個維度的（加速度-時間）圖像，可以推斷的時間內(nèi)無人機（）A．沿x軸方向一直加速 B．沿y軸方向一直加速C．沿z軸方向加速上升 D．處于失重狀態(tài)【答案】C【詳解】A．由圖可知，0~2s無人機有沿x軸負方向的加速度，所以2s末由沿x軸負方向的速度，2s~4s的時間內(nèi)沿x軸的加速度為正，則首先沿向x負方向速度會減小，故A錯誤；B．無人機開始時沿y軸正方向勻速飛行，2s~4s的時間內(nèi)沿y軸的加速度為負，速度減小，故B錯誤；CD．2s~4s的時間內(nèi)沿z軸的加速度向上為正，因為加速度方向為正，無人機加速上升，處于超重狀態(tài)，故C正確，D錯誤。故選C。8．（2025·云南·模擬預(yù)測）我國的新能源汽車發(fā)展迅速，多項指標處于世界領(lǐng)先地位，“急動度”就是其中之一．急動度是描述加速度變化快慢的物理量，即．如圖為某新能源汽車由靜止開始啟動過程中的急動度j隨時間t的變化規(guī)律．下列關(guān)于汽車運動的說法正確的是（

）A．內(nèi)，汽車做加速度減小的加速運動B．內(nèi)，汽車加速度變化量大于C．內(nèi)，汽車在時的速度最大D．內(nèi)，汽車所受的合外力為定值【答案】B【詳解】A．根據(jù)題意，由題圖可知，圖像與坐標軸圍成的面積代表加速度的變化量，內(nèi)，汽車的急動度增加，則汽車的加速度增加，故A錯誤；B．假設(shè)內(nèi)，急動度均勻增大，則有而內(nèi)圖像與橫軸圍成的面積要大于，則內(nèi)，汽車加速度變化量大于，故B正確；C．由題圖可知，內(nèi)，加速度的變化量始終為正值，則汽車在內(nèi)的加速度一直為正值，速度一直增大，即內(nèi)，汽車在時的速度最大，故C錯誤；D．內(nèi)，汽車的加速度不是定值，根據(jù)牛頓第二定律可知汽車所受的合外力不是定值，故D錯誤。故選B。9．（2024·浙江金華·二模）如圖所示，用輕彈簧將質(zhì)量為4m和2m的A、B兩個小球相連，B的上端通過輕繩懸掛于天花板，處于靜止狀態(tài)。重力加速度為g，若將輕繩剪斷，則剪斷瞬間A和B的加速度大小分別為（）A．g，g B．0，2g C．3g，0 D．0，3g【答案】D【詳解】剪斷輕繩前，對A分析，由平衡可知若將輕繩剪斷，由于彈簧的彈力不發(fā)生突變，A還是處于平衡狀態(tài)，所以剪斷瞬間A的加速度大小為零，對B根據(jù)牛頓第二定律解得故選D。10．（2024·河南信陽·一模）如圖所示，用兩根輕繩a、b和輕彈簧c懸掛兩個相同的小球，其中a繩與豎直方向夾角為30°，c彈簧水平，兩小球靜止，下列說法正確的是（）A．a(chǎn)繩的彈力是c彈簧彈力的倍B．剪斷a繩瞬間，2球的加速度為零C．剪斷b繩瞬間，1球的加速度為零D．剪斷b繩瞬間，2球的加速度大小為【答案】D【詳解】A．以小球1、2為整體受力分析，根據(jù)平衡條件可得所以，，故A錯誤；B．剪斷a繩瞬間，輕彈簧彈力不發(fā)生突變，對2球，有所以故B錯誤；C．剪斷b繩瞬間，連接1、2小球的b繩沒有拉力，1球只受重力，加速度為g，故C錯誤；D．剪斷b繩瞬間，對2球只受重力和彈簧彈力，其加速度為故D正確。故選D。11．（2025·廣東清遠·一模）2024年巴黎奧運會女子3米跳板跳水決賽、中國選手奪得金牌，中國隊在該項目上取得十連冠。圖甲是運動員觸水瞬間照片。圖乙是某同學(xué)分析該運動員離開跳板開始計時畫出的v-t圖像，圖像中僅0~t2段為直線。不計空氣阻力，則圖甲對應(yīng)的時刻應(yīng)為（）A．t1 B．t2 C．t3 D．t4【答案】B【詳解】根據(jù)題意，運動員先做豎直上拋運動，到達最高點速度為零，即t1時刻到達最高點，接下來做自由落體運動，圖線的斜率不變，當運動員與水面接觸時，受到向上的水的阻力，加速度開始減小，但加速度仍然向下，速度增大，所以運動員與水面接觸的時刻為t2，當阻力增大到與重力相等時，運動員的速度達到最大，之后阻力大于重力，運動員開始做減速運動，直到最低點速度減為零。故選B。12．（2024·山東·一模）某人站在力的傳感器（連著計算機）上完成下蹲、起立動作，計算機屏幕上顯示出力的傳感器示數(shù)F隨時間t變化的情況如圖所示，g取10m/s2。下列說法正確的是（）A．該人下蹲時間約為0.5s B．下蹲過程該人一直處于失重狀態(tài)C．起立過程該人一直處于超重狀態(tài) D．該人下蹲過程的最大加速度約為6m/s2【答案】D【詳解】AB．下蹲過程中，初速度為0，末速度也為0，則下蹲過程先加速向下運動后減速向下運動，該人先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)。從圖像可知1~2s過程為下蹲過程，則下蹲時間約為1s。故AB錯誤；C．起立過程，初速度為0，末速度也為0，則起立過程先加速向上運動后減速向上運動，該人先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，所以C錯誤；D．由圖像可知該人靜止時有支持力最小為200N，最大為700N，由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得所以該人下蹲過程的最大加速度約為6m/s2。故D正確。故選D。13．（2024·廣東茂名·二模）甲駕駛汽車在一段平直馬路上等綠燈，甲啟動汽車時乙駕駛汽車剛好從旁邊經(jīng)過，他們的圖像如圖所示，下列說法正確的是（

）A．兩車同時到達處B．甲駕駛汽車勻加速度直線運動時的加速度為C．從甲啟動汽車到兩車速度相等經(jīng)歷的時間為D．兩車在內(nèi)，乙受到座椅的作用力豎直向上，甲受到座椅的作用力水平向前【答案】C【詳解】B．在位移內(nèi)，設(shè)甲的加速度為a，由初速度為0的勻加速直線運動規(guī)律可得解得故B錯誤；A．甲做勻加速直線運動，乙做勻速直線運動，當甲、乙運動相等的位移，所需要的運動時間不相等，即兩物體不在同一時刻到達處，則兩物體不在處相遇，故A錯誤；C．由綜合解得甲、乙速度相等的時刻為故C正確；D．乙做勻速直線運動，根據(jù)平衡條件可知乙受到座椅的作用力豎直向上，甲做勻加速直線運動，座椅對甲的作用力豎直方向的分力與重力平衡，水平方向的分力提供加速度，根據(jù)力的合成可知甲受到座椅的作用力斜向前上，故D錯誤。故選C。14．（2025·廣東·模擬預(yù)測）2024年9月，我國的“朱雀三號”可重復(fù)使用火箭進行了可回收運載火箭的試驗，為將來降低航天發(fā)射成本奠定了堅實基礎(chǔ)。有關(guān)火箭的運動，下列說法正確的是（）A．火箭向上飛行則處于超重狀態(tài) B．火箭向下飛行則處于失重狀態(tài)C．火箭在加速向上時處于失重狀態(tài) D．火箭在減速下降時處于超重狀態(tài)【答案】D【詳解】AC．火箭加速向上飛行時，加速度向上，處于超重狀態(tài)，火箭向上勻速運動時，則處于平衡狀態(tài)，故A錯誤，C錯誤；BD．火箭向下減速下降時，加速度向上，處于超重狀態(tài)，火箭向下加速飛行時，加速度向下，處于失重狀態(tài)，火箭向下勻速運動時，則處于平衡狀態(tài)，故B錯誤，D正確。故選D。15．（2024·浙江紹興·一模）2024年8月，中國戰(zhàn)機轟6K與俄羅斯戰(zhàn)機圖95組成編隊，飛越白令海峽。下列說法正確的是（）A．轟6K加速過程中慣性增大B．轟6K飛行速度越大，加速度越大C．觀察轟6K空中加油時，可將其看成質(zhì)點D．轟6K加速向上爬升時，機內(nèi)飛行員處于超重狀態(tài)【答案】D【詳解】A．轟6K加速過程中質(zhì)量不變，慣性不變，故A錯誤；B．轟6K飛行速度越大，加速度可能減小，故B錯誤；C．當物體的大小、形狀對所研究的問題沒有影響或者影響很小，可忽略不計時，可將物體看成質(zhì)點，所以觀察轟6K空中加油時，不可將其看成質(zhì)點，故C錯誤；D．轟6K加速向上爬升時，加速度向上，機內(nèi)飛行員處于超重狀態(tài)，故D正確。故選D。二、多選題16．（2024·陜西西安·一模）太白山是陜西避暑勝地之一。如圖是太白山索道的抽象物理模型，已知體重約為50kg的游客站立于轎廂底面，傾斜索道與水平面的夾角為，當載人轎廂沿鋼索斜向右上做加速度大小的勻加速直線運動時，則下列說法正確的是（

）A．游客受到水平向左的摩擦力 B．轎廂對游客的支持力約為600NC．游客對轎廂的作用力豎直向下 D．游客受到的摩擦力大小約為170N【答案】BD【詳解】將加速度分解到水平方向和豎直方向，可得AD．由于游客水平方向加速度向右，可知游客受到水平向右的摩擦力，大小為A錯誤，D正確；B．豎直方向上，游客受到向上的支持力，根據(jù)牛頓第二定律可得支持力大小為B正確；C．游客對轎廂的壓力豎直向下，摩擦力水平向左，因此游客對轎廂的作用力斜向左下方，C錯誤。故選BD。17．（2024·黑龍江哈爾濱·模擬預(yù)測）2025年第九屆亞洲冬季運動會將在哈爾濱舉行，短道速滑是我國傳統(tǒng)優(yōu)勢項目，有關(guān)短道速滑的相關(guān)表述正確的是（）A．賽道一圈總長度為111.12m，長度是國際單位制中的基本單位B．短道速滑男子500m的世界記錄為39.505s，秒是國際單位制中的基本單位C．短道速滑運動員最快滑行速度可以達到近14m/s，米每秒是國際單位制中的導(dǎo)出單位D．短道速滑運動員蹬地的爆發(fā)力能夠達到4000N，力是國際單位制中的基本物理量【答案】BC【詳解】A．賽道一圈總長度為111.12m，長度是國際單位制中的基本物理量，故A錯誤；B．短道速滑男子500m的世界記錄為39.505s，秒是國際單位制中的基本單位，故B正確；C．短道速滑運動員最快滑行速度可以達到近14m/s，根據(jù)可知，米每秒是國際單位制中的導(dǎo)出單位，故C正確；D．短道速滑運動員蹬地的爆發(fā)力能夠達到4000N，根據(jù)可知，力是國際單位制中的導(dǎo)出物理量，故D錯誤。故選BC。18．（2024·河北張家口·模擬預(yù)測）某貨物輸送裝置可簡化為如圖所示，將一個質(zhì)量為M的載物平臺架在兩根完全相同、軸線在同一水平面內(nèi)足夠長的平行圓柱上。已知平臺與兩圓柱間的動摩擦因數(shù)均為，平臺的重心與兩圓柱等距，兩圓柱以角速度繞軸線做相反方向的轉(zhuǎn)動，重力加速度大小為g?，F(xiàn)給平臺施加一過平臺重心且沿平行于軸線方向的恒力F，使載物平臺從靜止開始運動。下列說法正確的是（）A．只有當時，平臺才能開始運動B．平臺運動的最大加速度大小C．只要平臺運動距離足夠遠，平臺最終一定會做勻速直線運動D．越大，平臺從靜止開始運動相同距離用時越短【答案】BD【詳解】ABC．平臺與兩個圓柱表面的摩擦力相等，大小開始時平臺受到兩圓柱的摩擦力平衡，所以開始運動時加速度大小為圓柱表面的點轉(zhuǎn)動的線速度大小為若平臺運動的速度大小為v，則沿該方向上受到一根圓柱的摩擦力分量為根據(jù)牛頓第二定律可得開始時，平臺受到的兩圓柱摩擦力平衡，加速度最大，大小為即使F較小，平臺也能運動，由于v在不斷增大，加速度會越來越小，當時無論平臺運動的距離多遠，最終都不會勻速直線運動，故AC錯誤，B正確；D．角速度越大，平臺運動的加速度越大，平均速度越大，從靜止開始運動相同距離用時越短，D正確。故選BD。19．（2024·河南·二模）利用如圖所示的實驗裝置對物體的運動過程進行研究。把滑塊A和滑塊B放在水平固定且足夠長的氣墊導(dǎo)軌上，滑塊A和滑塊B之間連接一水平輕質(zhì)彈簧，整體靜止不動，輕質(zhì)彈簧處于原長狀態(tài)?，F(xiàn)在開通氣源，并在滑塊A的左方加一水平向右的恒定推力，使滑塊A由靜止開始沿氣墊導(dǎo)軌一直向右運動（彈簧始終在彈性限度內(nèi)）。則下列說法正確的是（

）A．滑塊A沿氣墊導(dǎo)軌一直做非勻變速運動B．滑塊B沿氣墊導(dǎo)軌一直做非勻變速運動C．滑塊A運動的加速度大小趨于恒定值D．滑塊B運動的加速度大小趨于恒定值【答案】AB【詳解】AB．滑塊A與B中間用輕質(zhì)彈簧鏈接，對整體進行受力，有滑塊A與B整體做勻加速直線運動，但隔離分析后發(fā)現(xiàn)，由于彈簧壓縮伸長周期性變化，導(dǎo)致滑塊A和滑塊B沿氣墊導(dǎo)軌方向合力也不停地變化，所以導(dǎo)致加速度也一直變化，所以一直做非勻變速運動，故AB正確；CD．滑塊A與B整體做勻加速直線運動，但隔離分析后發(fā)現(xiàn)，由于彈簧壓縮伸長周期性變化導(dǎo)致滑塊A和滑塊B沿氣墊導(dǎo)軌方向合力也不停地變化，所以導(dǎo)致加速度也不停的變化，導(dǎo)致導(dǎo)致滑塊A和滑塊B加速度大小不會趨于恒定值。故CD錯誤。故選AB。【點睛】三、解答題2