【特色專項(xiàng)訓(xùn)練-優(yōu)化方案】2021屆高考物理二輪專題精煉-第一篇專題一仿高考選擇題巧練(三)

仿高考選擇題巧練(三)[建議用時(shí)：20分鐘]1.甲、乙兩物體從同一地點(diǎn)開(kāi)頭沿同一方向運(yùn)動(dòng)，其速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖所示，圖中t2＝eq\f(t4,2)，兩段曲線均為eq\f(1,4)圓弧，則()A．兩物體在t1時(shí)刻加速度相同B．兩物體在t2時(shí)刻運(yùn)動(dòng)方向均轉(zhuǎn)變C．兩物體在t3時(shí)刻相距最遠(yuǎn)，t4時(shí)刻相遇D．0～t4時(shí)間內(nèi)甲物體的平均速度大于乙物體的平均速度2.將兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球a、b用絕緣細(xì)線相連，豎直懸掛于O點(diǎn)，其中球a帶正電、電荷量為q，球b不帶電，現(xiàn)加一電場(chǎng)強(qiáng)度方向平行豎直平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)(沒(méi)畫出)，使整個(gè)裝置處于平衡狀態(tài)，且繃緊的絕緣懸線Oa與豎直方向的夾角為θ＝30°，如圖所示，則所加勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小可能為()A.eq\f(mg,4q) B．eq\f(mg,q)C.eq\f(mg,2q) D．eq\f(\r(3)mg,4q)3.如圖所示，半徑R＝0.5m的eq\f(1,4)圓弧接收屏位于電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，OB水平，一質(zhì)量為m＝10－4kg、帶電荷量為q＝8.0×10－5C的粒子從與圓弧圓心O等高且距O點(diǎn)0.3m的A點(diǎn)以初速度v0＝3m/s水平射出，粒子重力不計(jì)，粒子恰好能垂直打到圓弧曲面上的C點(diǎn)(圖中未畫出)，取C點(diǎn)電勢(shì)φ＝0，則()A．該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E＝100V/mB．粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能為8×10－5JC．粒子到達(dá)C點(diǎn)的速度大小為3eq\r(2)m/sD．粒子速率為4m/s時(shí)的電勢(shì)能為4.5×10－4J4．如圖甲所示，光滑導(dǎo)軌水平放置在豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示(規(guī)定向下為B的正方向)，導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置，除電阻R的阻值外，其余電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒ab在水平外力F的作用下始終處于靜止?fàn)顟B(tài)．規(guī)定a→b的方向?yàn)殡娏鞯恼较?，水平向右的方向?yàn)橥饬Φ恼较?，則在0～2t0時(shí)間內(nèi)，能正確反映流過(guò)導(dǎo)體棒ab的電流與時(shí)間關(guān)系及外力與時(shí)間關(guān)系的圖線是()5.如圖是遠(yuǎn)距離輸電的示意圖，變壓器均為抱負(fù)變壓器，發(fā)電機(jī)的輸出電壓恒定，輸電線上損耗的功率為PR，變壓器原副線圈的電壓以及電流用圖中的量表示．則當(dāng)用戶用電處于高峰期時(shí)，下列說(shuō)法正確的是()A．U2變大 B．U4不變C．PR增大 D．I1變小6．(多選)如圖所示，一傾角θ＝30°的光滑斜面固定在箱子底板上，一小球用一細(xì)繩拴于箱子頂部，細(xì)繩與斜面間夾角也為θ，細(xì)繩對(duì)小球的拉力為T，斜面對(duì)小球的支持力為N，重力加速度為g，小球始終相對(duì)斜面靜止，則下列運(yùn)動(dòng)能確保T、N中只有一個(gè)為0的是()A．箱子自由下落B．箱子水平向右做加速運(yùn)動(dòng)，且加速度大小為eq\f(\r(3),3)gC．箱子水平向右做減速運(yùn)動(dòng)，且加速度大小為eq\f(\r(3),3)gD．箱子以任意加速度豎直向上做加速運(yùn)動(dòng)7．(多選)北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)第三顆組網(wǎng)衛(wèi)星(簡(jiǎn)稱“三號(hào)衛(wèi)星”)的工作軌道為地球同步軌道，設(shè)地球半徑為R，“三號(hào)衛(wèi)星”的離地高度為h，則關(guān)于地球赤道上靜止的物體、地球近地環(huán)繞衛(wèi)星和“三號(hào)衛(wèi)星”的有關(guān)說(shuō)法中正確的是()A．赤道上物體與“三號(hào)衛(wèi)星”的線速度之比為eq\f(v1,v3)＝eq\f(R＋h,R)B．近地衛(wèi)星與“三號(hào)衛(wèi)星”的角速度之比為eq\f(ω2,ω3)＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(R＋h,R)))2C．近地衛(wèi)星與“三號(hào)衛(wèi)星”的周期之比為eq\f(T2,T3)＝eq\r(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(R,R＋h)))3)D．赤道上物體與“三號(hào)衛(wèi)星”的向心加速度之比為eq\f(a1,a3)＝eq\f(R,R＋h)8.(多選)設(shè)空間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示，已知一離子在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下，從靜止開(kāi)頭自A點(diǎn)沿曲線ACB運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度為零，C點(diǎn)是運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)．忽視重力，以下說(shuō)法中正確的是()A．此離子必帶正電荷B．A點(diǎn)和B點(diǎn)位于同一高度C．離子在C點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能最大D．離子到達(dá)B點(diǎn)后，將沿原曲線返回A點(diǎn)仿高考選擇題巧練(三)1．[解析]選C.因兩段曲線均為eq\f(1,4)圓弧，由題圖知在t1時(shí)刻曲線的切線斜率的確定值與直線斜率相等，即兩者加速度大小相等，但方向相反，A錯(cuò)；兩物體均做單方向的直線運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)；甲先做勻加速運(yùn)動(dòng)再做勻減速運(yùn)動(dòng)，乙先做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，再做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，在t3時(shí)刻，兩物體相距最遠(yuǎn)；兩物體在0～t4時(shí)間內(nèi)圖線與t軸所圍面積相等，即兩物體在t4時(shí)刻相遇，在0～t4時(shí)間內(nèi)的平均速度相同，C對(duì)，D錯(cuò)．2．[解析]選B.取小球a、b為整體，則受重力2mg、懸線拉力T和電場(chǎng)力F作用處于平衡，此三力滿足如圖所示的三角形關(guān)系，由圖知F的最小值為2mgsin30°＝mg，由F＝qE知A、C、D錯(cuò)，B對(duì)．3.[解析]選D.粒子在電場(chǎng)力作用下做類平拋運(yùn)動(dòng)，因粒子垂直打在C點(diǎn)，由幾何學(xué)問(wèn)結(jié)合類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律知C點(diǎn)速度方向的反向延長(zhǎng)線必過(guò)O點(diǎn)且OD＝AO＝0.3m，DC＝0.4m，即有：AD＝v0t，DC＝eq\f(1,2)·eq\f(qE,m)t2，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)可得E＝25N/C，A錯(cuò)；因UDC＝E·DC＝10V，而A、D兩點(diǎn)電勢(shì)相等，所以φA＝10V，即粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能為Ep＝qφA＝8×10－4J，B錯(cuò)；從A到C由動(dòng)能定理知qUAC＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,C)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)，得vC＝5m/s，C錯(cuò)；粒子在C點(diǎn)總能量為EC＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,C)＝1.25×10－3J，由能量守恒知粒子速率為4m/s時(shí)的電勢(shì)能為E′p＝EC－eq\f(1,2)mv2＝4.5×10－4J，D對(duì)．4．[解析]選D.B-t圖線的斜率為eq\f(ΔB,Δt)，0～2t0時(shí)間內(nèi)B-t圖線為一傾斜的直線，其斜率不變，故eq\f(ΔB,Δt)為定值，由法拉第電磁感應(yīng)定律知E＝eq\f(ΔΦ,Δt)＝eq\f(ΔB,Δt)S為定值，故流過(guò)導(dǎo)體棒ab的電流也不變，A、B錯(cuò)誤；導(dǎo)體棒始終靜止，故外力F與導(dǎo)體棒所受安培力F安時(shí)刻等大反向，而F安＝BIL，且I、L均不變，只有磁感應(yīng)強(qiáng)度B按題圖規(guī)律變化，即外力F隨時(shí)間均勻變化，故C錯(cuò)誤，D正確．5．[解析]選C.對(duì)于升壓變壓器，由于發(fā)電機(jī)的輸出電壓不變，原副線圈匝數(shù)不變，則副線圈的電壓不變，即升壓變壓器的輸出電壓U2不變，故A錯(cuò)誤；當(dāng)用戶用電處于高峰期時(shí)，降壓變壓器的輸出功率增大，從而導(dǎo)致降壓變壓器的輸入電流變大，所以輸電線路的電壓損失變大，最終使得降壓變壓器的原線圈上的電壓變小，原副線圈匝數(shù)不變，則副線圈的電壓變小，即降壓變壓器的輸出電壓變小，故B錯(cuò)誤；輸電線路的電壓損失變大，輸電線的電阻不變，導(dǎo)致線路中損失的功率變大，故C正確；當(dāng)用戶用電處于高峰期時(shí)，降壓變壓器的輸出功率增大，從而導(dǎo)致降壓變壓器的輸入電流變大，則升壓變壓器初級(jí)線圈中的電流也變大，故D錯(cuò)誤．6．[解析]選BC.當(dāng)箱子自由下落時(shí)，小球的加速度為g，T、N均為0，A錯(cuò)；箱子水平向右加速，此時(shí)斜面對(duì)小球的支持力可以為0，則有tan60°＝eq\f(mg,ma)，即加速度大小為eq\f(\r(3),3)g，B對(duì)；箱子水平向右減速時(shí)，繩的拉力可以為0，則有tan30°＝eq\f(ma,mg)，即加速度大小為eq\f(\r(3),3)g，C對(duì)；當(dāng)箱子以任意加速度豎直向上加速時(shí)，繩的拉力T和斜面的支持力N均不為0，D錯(cuò)．7．[解析]選CD.“三號(hào)衛(wèi)星”與地球自轉(zhuǎn)同步，角速度相同，故有eq\f(v1,v3)＝eq\f(R,R＋h)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；對(duì)近地衛(wèi)星Geq\f(Mm2,R2)＝m2ωeq\o\al(2,2)R，對(duì)“三號(hào)衛(wèi)星”Geq\f(Mm3,R＋h2)＝m3ωeq\o\al(2,3)(R＋h)，兩式比較可得eq\f(ω2,ω3)＝eq\r(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(R＋h,R)))3)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；同樣對(duì)近地衛(wèi)星Geq\f(Mm2,R2)＝m2eq\f(4π2,T\o\al(2,2))R，對(duì)“三號(hào)衛(wèi)星”Geq\f(Mm3,R＋h2)＝m3eq\f(4π2,T\o\al(2,3))(R＋h)，兩式比較可得eq\f(T2,T3)＝eq\