2025年魯人版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯人版高二物理下冊階段測試試卷146考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、由下列哪些現(xiàn)象可以說明光是橫波（）A.光的偏振現(xiàn)象B.光的色散現(xiàn)象C.光的全反射現(xiàn)象D.光的干涉和衍射現(xiàn)象2、下列說法中正確的是()A.物體所受合外力越大，其動量變化一定越大B.物體所受合外力越大，其動量變化一定越快C.物體所受合外力的沖量越大，其動量變化一定越小D.物體所受合外力的沖量越大，其動量一定變化得越快3、一定質量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，氣體的壓強隨熱力學溫度的變化如圖所示，則此過程中（）A.氣體的密度增大B.氣體對外界做功C.氣體從外界吸收了熱量D.氣體分子的平均動能增大4、圖1是α、β、γ三種射線穿透能力的示意圖，圖2是工業(yè)上利用射線的穿透性來檢查金屬內部傷痕的示意圖，則圖2的檢查中所利用的射線是（）A.α射線B.β射線C.γ射線D.三種射線都可以5、兩電荷量分別為+Q

和鈭?Q

的點電荷ab

相距為r

在它們連線的中點O

處放置另一帶電荷量為q

的點電荷c

則點電荷c

所受的電場力的大小為(

)

A.kQq8r2

B.kQq4r2

C.kQqr2

D.8kQqr2

6、如圖所示的電路中，電源電動勢為E

內阻不計，R1

和R3

均為定值電阻，R2

為滑動變阻器。當R2

的滑動觸點在a

端時合上開關S

此時三個電表A1A2

和V

的示數(shù)分別為I1I2

和U

現(xiàn)將R2

的滑動觸點向b

端移動，則三個電表示數(shù)的變化情況是()

A.I1

增大，I2

不變，U

增大B.I1

減小，I2

增大，U

減小C.I1

增大，I2

減小，U

增大D.I1

減小，I2

增大，U

不變7、伽利略曾通過做“銅球沿斜面運動的實驗”來研究自由落體運動.

關于該實驗的相關描述正確的是(

)

A.質量大的銅球沿斜面向下運動的加速度比質量小的銅球大B.銅球沿斜面向下做勻加速運動，加速度與斜面傾角有關，而與銅球的質量無關C.銅球在斜面上的運動與自由落體運動完全相同D.通過做“銅球沿斜面運動的實驗”不可能了解到自由落體運動的特點8、全國中學生足球賽在足球廣場揭幕.

比賽時，一學生用100N

的力將質量為0.5kg

的足球以8m/s

的初速度沿水平方向踢出20m

遠，則該學生對足球做的功至少為(

)

A.200J

B.16J

C.1000J

D.2000J

9、下列關于電磁波的說法，不正確的是．（）A.電磁波在真空中的速度為c=3.00×108m/sB.無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線均屬于電磁波C.手機既可接收電磁波，又可發(fā)射電磁波D.電磁波不能傳播能量評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、在“探究小車速度隨時間變化規(guī)律”的實驗中：

（1）根據打點計時器打出的紙帶，可以從紙帶上直接測量得到的物理量是____．

A．位移B．速度C．加速度D．平均速度。

（2）下列操作中正確的有____．（填選項代號）

A．在釋放小車前；小車要靠近打點計時器。

B．打點計時器應放在長木板的有滑輪一端。

C．應先接通電源；后釋放小車。

D．電火花計時器應使用低壓交流電源。

（3）小車拖著穿過打點計時器的紙帶做勻變速運動，下圖是經打點計時器打出紙帶的一段，打點順序是A、B、C、D、E，已知交流電頻率為50Hz，紙帶上每相鄰兩個計數(shù)點間還有一個點，則小車運動的加速度大小是____m/s2，D點的速度是____m/s，AE間的平均速度是____m/s．（結果保留3位有效數(shù)字）

11、把“龜兔賽跑”的過程簡化后，用如圖所示的s—t圖表示，那么烏龜做勻速直線運動的速度v=____m／s。比賽的前50m，烏龜?shù)倪\動速度____兔子的運動速度(填“大于”、“等于”或“小于”），第500S末烏龜與兔子的距離為____m。12、石巖同學利用單擺測重力加速度，他用分度值為毫米的直尺測得擺線長為89.40cm，用游標卡尺測得擺球直徑如圖（甲）所示，讀數(shù)為______cm．則該單擺的擺長為______cm．用停表記錄單擺做30次全振動所用的時間如圖（乙）所示，則停表讀數(shù)為______s．如果測得的g值偏大，不正確的操作可能是______（填選項前字母）．

A．計算擺長時用的是擺線長加擺球的直徑。

B．開始計時時；停表晚按下。

C．擺線上端未牢固系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加。

D．實驗中誤將30次全振動記為31次。

該同學改進測量方法后，得到的部分測量數(shù)據見表．根據表中數(shù)據可以初步判斷單擺周期隨______的增大而增大，與擺球的質量______（填有關或無關）．

。數(shù)據組擺長擺球周期編號/mm質量/g/s1999.332.22.02999.316.52.03799.232.21.84799.216.51.85501.132.21.413、25.

在“探究加速度與力、質量的關系”實驗中：(1)

為了探究加速度與力的關系，應保持____不變；為了直觀地判斷加速度與力的數(shù)量關系，應作出____圖象(

選填“”或“”)

．(2)

為了探究加速度與質量的關系，應保持____不變；為了直觀地判斷加速度與質量的數(shù)量關系，應作____圖象(

選填“”或“”)

．14、自然界中只存在兩種電荷，即正電荷和負電荷．用毛皮摩擦過的橡膠棒所帶的電荷是____，用絲綢摩擦過的玻璃棒所帶的電荷是____．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）16、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）17、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、識圖作答題(共3題，共18分)21、圖1表示植物的某個葉肉細胞中的兩種膜結構以及在這兩種膜上發(fā)生的生化反應；圖2為某種細胞器的模式圖。請回答下列問題。

(1)圖1中膜結構________(填“甲”或“乙”)中的反應會發(fā)生在圖2中，發(fā)生的場所是圖2中的________(填標號)，圖1中膜結構___(填“甲”或“乙”)中的反應晝夜不停。(2)該葉肉細胞中，除了圖1所示的兩種膜結構所屬的細胞器外，還有________具有雙層膜結構；除了圖2所示結構中含有色素外，還有________也含有色素。(3)若圖1中膜結構甲釋放的O2的量與膜結構乙需要的O2的量相等，表明此時葉肉細胞的光合作用速率________(填“<”“=”或“>”)呼吸速率。(4)圖2中②處含有與光合作用________反應有關的酶，當光照強度減弱時，②處________(填“C3”或“C5”)含量會減少。22、某研究小組為探究不同波長的光和CO2濃度對大豆幼苗光合作用的影響，用三個40W的白色燈管作光源，通過簡單遮光(如外罩透光良好的紅色、黃色塑料薄膜)讓其中兩個分別只發(fā)出紅光和黃光。設置不同CO2濃度處理試管苗。培養(yǎng)一段時間后，測定試管苗的凈光合速率，結果如下圖所示。請回答下列問題：（1）大豆幼苗光合作用中，催化三碳化合物還原的酶存在于________________。實驗結果表明，在大棚中種植大豆時，應選用______________色塑料薄膜搭建頂棚。（2）a點的凈光合速率大于c點，從光合作用的角度分析，原因是____________________。（3）研究小組發(fā)現(xiàn)沙塵天氣影響大豆生長，分析認為：首先，沙塵天氣直接影響葉綠體中的________(產物)產生；其次，沙塵堵塞大豆葉氣孔，進而影響光合作用的________階段。23、假設某果蠅種群中雌雄個體數(shù)目相等；且對于A和a這對等位基因來說只有Aa一種基因型?；卮鹣铝袉栴}：

(1)若不考慮基因突變和染色體變異；則該果蠅種群中基因頻率A∶a為________。理論上，該果蠅種群隨機交配產生的第一代中AA；Aa和aa的數(shù)量比為________，A的基因頻率為________。

(2)若該果蠅種群隨機交配的實驗結果是第一代中只有Aa和aa兩種基因型，且比例為2∶1，則對該結果最合理的解釋是____________________。根據這一解釋，第一代再隨機交配，第二代中Aa和aa基因型個體數(shù)量的比例應為_________。評卷人得分五、推斷題(共4題，共32分)24、rm{D}的某種同系物分子式為rm{C_{5}H_{10}O_{2}}該種同系物的結構有_______種。25、根據下面的反應路線及所給信息；回答下列問題：

rm{(1)11.2L(}標準狀況rm{)}的烴rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支鏈，rm{B}和rm{C}均為一氯化烴，它們的結構簡式分別為____________，_____________rm{(3)D}的系統(tǒng)命名法名稱__________________________rm{(4)壟脵}rm{壟脹}的反應類型依次是___________________，__________________rm{(5)}寫出rm{壟脷}rm{壟脹}的反應化學方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分異構體的一種二氯代物rm{G}其核磁共振氫譜圖上有兩組峰，且峰面積之比為rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應后生成rm{H}rm{H}的結構簡式為_________________請寫出rm{H}發(fā)生加聚反應的化學方程式__________________26、下表為元素周期表的一部分，針對表中rm{壟脵-壟脼}元素，回答下列問題。rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結構示意圖是_________________。rm{(2)壟脺}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是_______________rm{(}填元素符號rm{)}rm{壟脹}和rm{壟脺}兩種元素的最高價氧化物對應的水化物堿性較強的是__________rm{(}填化學式rm{)}填化學式rm{(}rm{)}寫出rm{(3)}的單質在rm{壟脵}的單質中燃燒的化學方程式：_______________________。rm{壟脼}27、氨氣是一種重要的化工產品及工業(yè)原料。I．某溫度下，合成氨反應的平衡常數(shù)K=3.0×103(mol／L)-1，（1）寫出其對應的化學方程式________________________________________。（2）某溫度下，如果在體積恒定為10L的密閉容器中充入：0.1molN2、0.1molH2和2molNH3則反應____（填“正向進行”或“逆向進行”或“達到平衡”）。（3）該溫度下，在體積恒定為10L的四個密閉容器中分別充入下列物質，反應達到平衡后，N2的轉化率最大的是________。a．10molN2、30molH2和20molNH3b．10molN2和30molH2c．20molN2和60molH2d．10molN2和28molH2II．氨氣極易溶于水，氨水是氨氣溶于水而形成的溶液，回答下列問題：（4）在氨水溶液中加水稀釋的過程，NH3·H2O的電離程度___________（填“增大”“減小”或“不變”），___________（填“增大”“減小”或“不變”）。（5）室溫下，amol/L的(NH4)2SO4水溶液的pH=5，原因是溶液中存在平衡__________________（用離子方程式表示）。并計算該平衡的平衡常數(shù)表達式為________________________（用含代數(shù)a的較為精確的數(shù)學表達式表示，不必化簡，不做近似運算）。評卷人得分六、綜合題(共3題，共18分)28、如圖所示，兩平行金屬板AB

板長L=8cm

兩板間距離d=8cmA

板比B

板電勢高300V

一帶正電的粒子電量q=10鈭?10C

質量m=10鈭?20kg

沿電場中心線RO

垂直電場線飛入電場，初速度v0=2隆脕106m/s

粒子飛出平行板電場后經過界面MNPS

間的無電場區(qū)域后，進入固定在O

點的點電荷Q

形成的電場區(qū)域，(

設界面PS

右邊點電荷的電場分布不受界面的影響)

已知兩界面MNPS

相距為12cmO

點在中心線上距離界面PS

為9cm

粒子穿過界面PS

最后垂直打在放置于中心線上的熒光屏bc

上.(

靜電力常數(shù)k=9隆脕109Nm2/C2)

(1)

求粒子穿過界面MN

時偏離中心線OR

的距離多遠？

(2)

試在圖上粗略畫出粒子運動的軌跡；

(3)

確定點電荷Q

的電性并求其電量的大?。?9、(1)

一列簡諧橫波沿x

軸正方向傳播，在t=0

和t=0.20s

時的波形分別如圖中實線和虛線所示。己知該波的周期T>0.20s

下列說法正確的是______。(

填正確答案標號。)

A.波速為0.40m/s

B.波長為0.08m

C.x=0.08m

的質點在t=0.70s

時位于波谷D.x=0.08m

的質點在t=0.12s

時位于波谷E.若此波傳入另一介質中其波速變?yōu)?.80m/s

則它在該介質中的波長為0.32m

(2)

如圖，某同學在一張水平放置的白紙上畫了一個小標記“隆隴

”(

圖中O

點)

然后用橫截面為等邊三角形ABC

的三棱鏡壓在這個標記上，小標記位于AC

邊上。D

位于AB

邊上，過D

點做AC

邊的垂線交AC

于F

該同學在D

點正上方向下順著直線DF

的方向觀察。恰好可以看到小標記的像；過O

點做AB

邊的垂線交直線DF

于EDE=2cmEF=1cm

求三棱鏡的折射率。(

不考慮光線在三棱鏡中的反射)

30、【物理—選修3-3】略參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】解：橫波的振動方向與傳播方向垂直；縱波的振動方向與波的傳播方向在同一條直線上，因此只有當橫波時，穿過偏振片時，出現(xiàn)時而阻礙時而通過，而干涉與衍射說明光是一種波，對于光的色散與全反射，是光的折射現(xiàn)象，故A正確，BCD錯誤．

故選：A．

波分為橫波和縱波兩類；傳播方向與振動方向垂直是橫波，偏振現(xiàn)象與橫波有關，從而即可求解．

本題關鍵能區(qū)別橫波與縱波，并理解偏振原理，及偏振與橫波有關，基礎題．【解析】【答案】A2、B【分析】【分析】動量和速度為矢量；根據方向性分析二者的關系；再由動量定理可知，物體動量變化取決于合外力的沖量。

本題考查動量定理，要注意明確動量、沖量及動量定理中的矢量性，在定量計算時要注意設定正方向。【解答】A.物體受到的合外力大，但其沖量不一定大，故動量的變化不一定大，故A錯誤；

B.物體所受合外力越大，則由動量定理F?t=?P可知，動量的變化率F=?P?tF=dfrac{?P}{?t}一定越大，故B正確；

CD.CD.物體所受合外力的沖量越大，根據動量定理可知，其動量變化量一定越大，而動量的變化率不一定越大，即不一定變化得越快，故CD錯誤。

故選B。

【解析】B

3、A【分析】【解答】由圖線可知，在從A到B的過程中，氣體溫度不變，壓強變大，由玻意耳定律可知，氣體體積變小，VB＜VA；A；氣體質量不變；體積變小，由密度公式可知氣體密度變大，故A正確；

B；氣體體積變??；外界對氣體做功，故B錯誤；

C、氣體溫度不變，內能不變，△U=0，外界對氣體做功，W＞0，由熱力學第一定律△U=Q+W可知：Q＜0；氣體要放出熱量，故C錯誤；

D；氣體溫度不變；分子平均動能不變，故D錯誤；

故選：A．

【分析】由圖象可知，由A到B過程，氣體溫度不變，壓強變大，由玻意耳定律可以判斷出氣體體積如何變化；氣體體積變大，氣體對外做功，體積減小，外界對氣體做功；溫度是分子平均動能的標志，理想氣體內能由溫度決定．4、C【分析】解：工業(yè)探傷要求射線能夠穿過鋼板的表面探測鋼板內部有無傷痕；而α射線連一張紙都不能穿過，故一定不能用α射線．β射線不能穿過鋁板，故一定不能用β射線工業(yè)探傷．γ射線用混凝土才能擋住，故工業(yè)探傷要用γ射線．故選C．

工業(yè)探傷的射線一定能穿過鋼板才行；而α射線不能穿過一張紙，而鋁板能擋住β射線，鋼板的強度大于鋁板，故只能用γ射線．

本題屬于信息遷移題，即從所給的信息中提取對解題有用的信息．方法是仔細讀題，努力提取有用信息．【解析】【答案】C5、D【分析】解：+Q

對q

的靜電力大小為F1=kQq(r2)2

方向水平向右；

鈭?Q

對q

的靜電力對q

的靜電力大小為F2=kQq(r2)2

方向水平向右；

所以q

所受的電場力的大小為：F=F1+F2=8kQqr2

故D正確，ABC錯誤．

故選：D

．

q

所受的電場力是點電荷+Q

和鈭?Q

對q

的靜電力的合成；根據庫侖定律求解q

所受電場力的大?。?/p>

本題中要根據同種電荷相互排斥、異種電荷相互吸引確定兩點電荷對q

的靜電力方向，再進行力的合成.

若兩個靜電力不同一直線上，要根據平行四邊形定則進行合成．【解析】D

6、B【分析】略【解析】B

7、B【分析】解：AB

伽利略曾通過做“銅球沿斜面運動的實驗”發(fā)現(xiàn)銅球沿斜面向下做勻加速運動；加速度與斜面傾角有關，而與銅球的質量無關.

故A錯誤，B正確．

C；D

伽利略分析斜面上的小球都做勻加速直線運動；加速度與斜面傾角有關，與自由落體運動的規(guī)律是相似的，所以他得出的結論是：自由落體運動也是勻加速直線運動.

故C錯誤，D錯誤．

故選：B

伽利略對運動和力的關系研究；其科學思想方法的核心是把把實驗和邏輯推理和諧結合起來.

對小球進行受力分析，利用運動公式求的下滑的時間，然后分析小球的加速度．

本題考查了伽利略對自由落體運動的研究，了解其研究過程“沖淡”重力的方法．【解析】B

8、B【分析】學生對足球做的功，增加了足球的動能，根據知B正確．【解析】B

9、D【分析】解：A、根據電磁理論以及目前的測量可知，電磁波在真空中的速度為c=3.00×108m/s。故A正確；

B；根據電磁波譜的知識可知；無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線均屬于電磁波。故B正確；

C；手機既可接收信號；又可發(fā)射信號；既可接收電磁波，又可發(fā)射電磁波。故C正確；

D；電磁振蕩在空間中傳播；就形成電磁波，所以電磁波向外傳播能量。故D不正確。

本題選擇不正確的；故選：D

電磁波在真空中的速度為c=3.00×108m/s；電磁波是由變化電磁場產生的；電磁波有：無線電波；紅外線、可見光、紫外線、倫琴射線、γ射線．它們的波長越來越短，頻率越來越高．

電磁波是橫波，是由變化的電場與變化磁場，且相互垂直．電磁波是由同相振蕩且互相垂直的電場與磁場在空間中以波的形式移動，其傳播方向垂直于電場與磁場構成的平面，有效的傳遞能量．電磁波在真空傳播速度與光速一樣，電磁波與光均是一種物質，所以不依賴于介質傳播．【解析】D二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】

（1）速度；加速度、平均速度等物理量需要根據紙帶提供的位移、時間等信息進行間接計算；而時間、位移可以從紙帶上直接求出或者測量出來，故BCD錯誤，A正確．

故選A．

（2）A；為了提高紙帶的利用率；在釋放小車前，小車要靠近打點計時器，這樣可以盡量在紙帶上多打點，故A正確；

B；為了使小車在軌道上運動；打點計時器應放在長木板的沒有滑輪一端，故B錯誤；

C；為了提高紙帶的利用率；同時為了使打點更穩(wěn)定，使所打點盡量在一條直線上，應該先接通電源，后釋放小車，故C正確；

D；電火花計時器使用的是220V交流電源；故D錯誤．

故選AC．

（3）由題意可知：s1=10.26cm，s2=19.87-10.26=9.61cm

s3=28.82-19.87=8.95cm，s4=37.15-28.82=8.33cm

根據逐差法可知小車的加速度為：

T=0.04s

帶入數(shù)據解得：a=4.05m/s2．

D點的速度為：

AE間的平均速度為：

故答案為：4.05；2.16，2.32．

【解析】【答案】正確解答本題需要掌握：明確紙帶提供的信息，根據所提供信息分析小車運動情況；熟練該實驗的操作步驟，尤其是明確接通電源和釋放小車的先后順序；正確利用勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大??；根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，求某點小車的瞬時速度大?。?/p>

11、略

【分析】【解析】試題分析：位移時間圖像中，圖線的斜率表示速度大小，由此可知烏龜做勻速直線運動的速度0.4m/s，比賽的前50m，烏龜?shù)倪\動圖像的斜率較小，速度較小，圖像縱坐標的截距表示位移大小，由此可知第500S末烏龜與兔子的距離為50m考點：考查位移時間圖像【解析】【答案】0.4；小于；5012、略

【分析】解：擺球的直徑d=20mm+0.05×10mm=20.50mm=2.050cm．

擺長l=cm=90.425cm．

秒表的讀數(shù)t=57.0s．

根據T=得，g=

A；計算擺長時用的是擺線長加擺球的直徑；則擺長的測量值偏大，重力加速度測量值偏大，故A正確．

B．開始計時時；停表晚按下，則周期的測量值偏小，重力加速度的測量值偏大，故B正確．

C．擺線上端未牢固系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加，則擺長的測量值偏小，重力加速度測量值偏小，故C錯誤．

D．實驗中誤將30次全振動記為31次；則周期的測量值偏小，重力加速度測量值偏大，故D正確．

本題選不正確的；故選：C．

從表中數(shù)據可以初步判斷單擺周期隨擺長的增大而增大．與擺球的質量無關．

故答案為：2.050；90.425，57.0，C

擺長；無關．

游標卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)；不需估讀．擺長等于擺線的長度與擺球的半徑之和．秒表的讀數(shù)等于小盤讀數(shù)加上大盤讀數(shù)．

根據單擺的周期公式；得出重力加速度的表達式，結合周期和擺長的測量誤差確定重力加速度的測量誤差．

解決本題的關鍵掌握游標卡尺的讀數(shù)方法和秒表的讀數(shù)方法，掌握單擺的周期公式，會通過周期和擺長的測量誤差分析重力加速度的誤差．【解析】2.050；90.425；57.0；C；擺長；無關．13、（1）質量a-F（2）力【分析】【分析】探究加速度與力、質量的關系，實驗的原理F=ma

利用的是控制變量法，為了探究加速度與力的關系，應保持質量不變；為了探究加速度與質量的關系，應保持力不變。本題主要考查了探究加速度與力、質量的關系，利用控制變量法使其中一個物理量不變，研究另外兩個物理量之間的關系。

【解答】

(1)

為了探究加速度與力的關系，應保持質量不變；為了直觀地判斷加速度a

與力F

的數(shù)量關系，應作出a鈭?F

圖像。(2)

為了探究加速度與質量的關系，應保持力不變；為了直觀地判斷加速度a

與質量m

的數(shù)量關系，a=Fm

應作a鈭?1m

的圖像。故填：(1)

質量a鈭?F(2)

力a鈭?1m

【解析】(1)

質量a鈭?F(2)

力a鈭?1m

14、略

【分析】

自然界中只存在兩種電荷；用絲綢摩擦玻璃棒時，玻璃棒帶正電荷，絲綢帶負電荷，用毛皮摩擦橡膠棒時，橡膠棒帶負電荷，毛皮帶正電荷．

故答案為：負電；正電．

【解析】【答案】當用絲綢摩擦玻璃棒時；玻璃棒帶正電荷，絲綢帶負電荷；當用毛皮摩擦橡膠棒時，橡膠棒帶負電荷，毛皮帶正電荷．

三、判斷題(共6題，共12分)15、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?8、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．19、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、識圖作答題(共3題，共18分)21、（1）甲③乙（2）細胞核液泡（3）=（4）暗C5【分析】【分析】本題考查光合作用和呼吸作用以及葉綠體和線粒體的結構和功能相關知識，意在考查考生對知識點的識記、理解和掌握程度，要求考生具有扎實的基礎知識和一定的判斷能力，能構建一定的知識網絡。由圖可知，圖1甲有色素分子，為葉綠體類囊體薄膜，乙為線粒體內膜，圖2為葉綠體的結構模式圖。其中葉綠體在光照下進行光合作用，線粒體進行呼吸作用。圖2中①為葉綠體膜，②為葉綠體基質含光合作用的暗反應階段的酶，③為類囊體薄膜含有光反應階段的酶；當光照減弱后，光反應減弱，ATP和NADPH的合成減慢，則暗反應還原C3的速度減慢，含量增加，相應C5減少；據此解答。

【解答】（1）由圖1中膜結構甲中含色素分子且能發(fā)生水的分解反應可以確定，膜結構甲為葉綠體的類囊體薄膜（同圖2中的③）；細胞呼吸晝夜不停，光合作用只能發(fā)生在光下，所以圖1中膜結構乙線粒體內膜中的反應晝夜不停。（2）葉肉細胞中具有雙層膜的結構有線粒體、葉綠體和細胞核；含有色素的結構有葉綠體和液泡。（3）葉肉細胞中光合速率等于細胞呼吸速率時，葉綠體產生的氧氣的量正好與線粒體消耗的氧氣的量相等。（4）圖2中②是葉綠體基質，即發(fā)生暗反應的場所，含有與光合作用暗反應有關的酶；光照強度會影響光合作用的光反應，光強減弱，光反應減弱，ATP、[H]的產量減少，C3的還原速率下降，C5的含量減少。【解析】（1）甲③乙（2）細胞核液泡（3）=（4）暗C522、(1)葉綠體基質無

(2)葉綠體中的色素吸收利用紅光多于黃光，a點光合速率更高

(3)ATP和[H]暗反應【分析】【分析】本題考查了光合作用原理以及應用，準確識記相關知識點是解題的關鍵?！窘獯稹浚?）大豆幼苗光合作用中，催化三碳化合物還原的酶存在于葉綠體基質。實驗結果表明，在大棚中種植大豆時，應選用無色透明塑料薄膜搭建頂棚。（2）a點的凈光合速率大于c點，從光合作用的角度分析，原因是葉綠體中的色素吸收利用紅光多于黃光，a點光合速率更高。（3）研究小組發(fā)現(xiàn)沙塵天氣影響大豆生長，分析認為：首先，沙塵天氣直接影響葉綠體中的ATP和[H]產生；其次，沙塵堵塞大豆葉氣孔，進而影響光合作用的暗反應階段?！窘馕觥?1)葉綠體基質無(2)葉綠體中的色素吸收利用紅光多于黃光，a點光合速率更高(3)ATP和[H]暗反應23、（1）1∶1AA∶Aa∶aa=1∶2∶10.5

（2）基因A純合致死1∶1【分析】【分析】本題綜合考查了基因頻率、基因型頻率與基因分離規(guī)律的辯證關系，意在考查學生能理解所學知識的要點，把握知識間的內在聯(lián)系，形成知識網絡結構的能力?！窘獯稹浚?）在不考慮基因突變和染色體變異的情況下，對于只有一種基因型Aa且雌雄個體數(shù)目相等的果蠅群體而言，A基因頻率:a基因頻率=1:1。從理論上分析，Aa隨機交配相當于Aa自交，故產生的第一代中AA、Aa、aa的數(shù)量比應為1:2:1，A基因頻率為0.5。（2）依據上述分析，若產生第一代中不是1AA:2Aa:1aa，而是2Aa:1aa，則可推知，該群體存在顯性純合子(AA)致死現(xiàn)象。由第一代的基因型及比例可計算A、a所占比例為:A=1/3，a=2/3，故第二代中Aa和aa基因型個體數(shù)量的比例為：【解析】（1）1∶1AA∶Aa∶aa=1∶2∶10.5

（2）基因A純合致死1∶1五、推斷題(共4題，共32分)24、（1）

（2）羥基羧基加成反應

（3）2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O

（4）CH3COOH＋CH3CH2OHCH3COOC2H5＋H2O加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率【分析】【分析】本題考查常見有機物之間的轉化和有機推斷、同分異構體的書寫，難度一般。抓住突破口“rm{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{A}為乙烯，結合題給信息和轉化關系進行作答?！窘獯稹縭m{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{CH}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{A}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}為rm{{,!}_{2}}，乙烯與水在一定條件下發(fā)生加成反應生成的rm{B}為rm{CH}rm{B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}乙醇催化氧化生成的rm{CH}為rm{CH}乙酸催化氧化生成的rm{{,!}_{2}}為rm{OH}乙醇催化氧化生成的rm{C}為rm{CH_{3}CHO}乙酸催化氧化生成的rm{D}為rm{CH}rm{OH}rm{C}rm{CH_{3}CHO}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}rm{CH}和rm{COOH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}在濃硫酸作用下反應生成的rm{CH}為rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}和rm{CH}rm{OH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}在濃硫酸作用下反應生成的rm{E}為rm{CH}

rm{COOH}丁烷的兩種同分異構體為rm{E}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOCH}rm{COOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}分子中；

rm{(1)}丁烷的兩種同分異構體為rm{CH}rm{(1)}

rm{CH}為rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}官能團為羥基，rm{CH}為rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}官能團為羧基；rm{{,!}_{3}}是、含有三個甲基的結構簡式為故答案為：；rm{(2)B}為rm{CH}rm{(2)B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}為乙醇在銅做催化劑、加熱的條件下與氧氣反應生成乙醛和水，化學方程式為rm{OH}官能團為羥基，rm{D}為rm{CH}rm{OH}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}官能團為羧基；rm{A隆煤B}是rm{CH}rm{COOH}rm{A隆煤B}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}rm{{,!}_{2}}與水在一定條件下發(fā)生加成反應生成rm{CH}；rm{CH}與rm{{,!}_{3}}反應生成rm{CH}的反應為乙醇和乙酸在濃硫酸、加熱的條件下發(fā)生酯化反應生成乙酸乙酯和水，化學方程式為rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}rm{OH}故答案為：羥基羧基加成反應；rm{(3)B隆煤C}rm{2CH}rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH+O}rm{OH+O}rm{{,!}_{2}}rm{2CH}該反應的速率比較緩慢，為提高該反應的速率，通常采取的措施有rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CHO+2H}rm{CHO+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}故答案為：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)B}rm{D}rm{E}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率。

rm{COOH+CH}本題考查常見有機物之間的轉化和有機推斷、同分異構體的書寫，難度一般。抓住突破口“rm{{,!}_{3}}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{CH}為乙烯，結合題給信息和轉化關系進行作答。rm{CH}rm{{,!}_{2}}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{OH}應為rm{OH}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}為rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{5}}乙醇催化氧化生成的rm{+H}為rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}乙醛催化氧化生成的rm{O}為加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率；故答案為：rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}rm{COOH+CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}和rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}在濃硫酸作用下反應生成的rm{OH}為rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}為rm{H}rm{{,!}_{5}}rm{+H}其某種同系物分子式為rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率。rm{O}【分析】rm{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{A}為乙烯，結合題給信息和轉化rm{A}rm{A}有【解答】種結構，故該同系物的結構有rm{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{CH}種；rm{A}rm{A}【解析】【小題rm{1}】rm{(1)}rm{(2)}羥基羧基加成反應rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+

O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOC_{2}H_{5}}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率【小題rm{+H_{2}O}】rm{2}rm{4}25、（1）C4H10

（2）

（3）2-甲基-1-丙烯

（4）消去反應，水解反應（取代反應）

（5）

（6）CH2=CH-CH=CH2

【分析】【分析】本題考查有機化合物的推斷和有機反應類型的判斷，同分異構體等，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}rm{11.2L(}標準狀況rm{)}的烴rm{A}物質的量為rm{0.5mol}在氧氣中充分燃燒可以產生rm{88gCO}標準狀況rm{11.2L(}的烴rm{)}物質的量為rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產生rm{0.5mol}rm{88gCO}rm{{,!}_{2}(2mol)}和rm{45gH}rm{45gH}rm{{,!}_{2}}則證明rm{O}當中含有rm{O}個碳原子，rm{(2.5mol)}個氫原子，則rm{A}是rm{4}故答案為：rm{10}rm{A}rm{C_{4}H_{10}}有支鏈，則rm{C_{4}H_{10}}是異丁烷，在光照下和氯氣反應生成的一氯代烴rm{(2)}和rm{A}有支鏈，則rm{A}是異丁烷，在光照下和氯氣反應生成的一氯代烴rm{B}和rm{C}分別是：分別是：和故答案為：和rm{A}rm{A}分別和氫氧化鈉醇溶液發(fā)生消去反應生成烯烴rm{B}rm{C}的系統(tǒng)命名名稱是：rm{(3)B}甲基rm{C}丙烯，故答案為：rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}甲基rm{D}丙烯；rm{2-}反應rm{-1-}是氯代烴的消去反應；反應rm{2-}是氯代烴的水解反應，故答案為：消去反應，水解反應rm{-1-}取代反應rm{(4)}rm{1}反應rm{3}是rm{(}與溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應，反應方程式為：反應rm{)}是反應rm{(5)}的產物rm{壟脷}是與氫氧化鈉水溶液發(fā)生的取代反應生成醇類，反應方程式為：故答案為：rm{壟脷}根據rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}的分子式及結構簡式可知，其同分異構體為正丁烷，正丁烷的二氯代物rm{壟脹}有兩種等效氫，且峰面積之比為rm{壟脷}的結構為：rm{E}rm{(6)}在足量的rm{A}的醇溶液中加熱，充分反應后生成rm{G}發(fā)生的是消去反應，rm{1:1}為：rm{CH_{2}ClCH_{2}CH_{2}CH_{2}Cl}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應后生成rm{H}發(fā)生的是消去反應，rm{H}為：中含雙鍵，可以發(fā)生加聚反應的化學方程式：rm{G}rm{NaOH}故答案為：rm{H}；

rm{H}【解析】rm{(1)C_{4}H_{10}}rm{(2)}rm{(3)2-}甲基rm{-1-}丙烯rm{(4)}消去反應，水解反應rm{(}取代反應rm{)}rm{(5)}rm{(6)CH_{2}=CH-CH=CH_{2;;;;;;;;;;}}rm{{,!}}rm{{,!}}26、（1）

（2）AlNaOH

（3）H2+Cl22HCl

【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價氧化物對應水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關鍵。該題是高考常見題型，試題難易適中，側重對學生基礎知識的鞏固和訓練，有利于提高學生的邏輯推理能力和應試能力?！窘獯稹扛鶕刂芷诒淼慕Y構可知rm{壟脵}為rm{H}rm{壟脷}為rm{N}rm{壟脹}為rm{Na}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}為rm{S}rm{壟脼}為rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結構示意圖是元素rm{(1)}的原子結構示意圖是故答案為：rm{壟脷}rm{(2)}為rm{(2)}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高價氧化物對應的水化物分別為氫氧化鈉和氫氧化鋁，同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價氧化物對應水化物的堿性逐漸減弱，rm{Al}的金屬性比rm{Na}強，所以堿性較強的為rm{Al}故答案為：rm{Na}rm{Al}rm{NaOH}rm{Al}的單質在rm{NaOH}的單質中燃燒的化學方程式為：rm{(3)}rm{(3)}rm{壟脵}的單質在rm{壟脼}的單質中燃燒的化學方程式為：rm{壟脵}rm{壟脼}rm{H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}【解析】rm{(1)}rm{(2)Al}rm{NaOH}rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}

27、略

【分析】【分析】本題考查較為綜合，涉及化學平衡狀態(tài)的判斷、鹽類水解、水的電離、鹽類水解平衡常數(shù)的計算等知識，為高考常見題型，難度中等，注意把握相關基本理論的理解和應用?！窘獯稹浚?）工業(yè)上一般用氮氣和氫氣在催化作用下合成氨，其對應的化學方程式為N2+3H22NH3故答案為：N2+3H22NH3；（2）合成氨反應濃度積所以平衡向逆反應方向移動，故答案為：逆向進行；

（3）a與b相比，a中含有大量的氨氣，因此b中氮氣的轉化率大于a中；b與d相比，b中氫氣濃度大，故b中氮氣的轉化率高；由于正反應是體積減小的可逆反應，所以增大壓強平衡向正反應方向進行，c與b相比，相當于是在b的基礎上增大壓強；氮氣轉化率增大，故答案為：c；

（4）在氨水溶液中加水稀釋的過程，NH3·H2O的電離程度將增大；因為K和Kw的變化只與溫度有關，所以不變。故答案為：增大；不變；

（5）NH4+水解導致硫酸銨溶液顯酸性，水解方程式為NH4++H2O?NH3?H2O+H+，依據電荷守恒和物料守恒c(NH4+)+c(H+)=2c(SO42-)+c(OH-),c(NH4+)+c(NH3·H2O)=2amol/L，已知pH=5，則c(H+)=10-5mol/L，c(OH-)=10-9mol/L，c(SO42-)=amol/L，代入守恒公式可求出c(NH4+)和c(NH3·H2O)，利用水解平衡常數(shù)的計算式可得故答案為：NH4++H2O?NH3?H2O+H+；【解析】（1）N2+3H22NH3（2）逆向進行（3）c（4）增大不變（5）NH4++H2ONH3?H2O+H+六、綜合題(共3題，共18分)28、解：(1)

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