2024年人教版PEP必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年人教版PEP必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，為真空中三個帶電小球，球帶正電，且電量為+Q，用絕緣支架固定，小球帶負(fù)電，c兩小球用絕緣細(xì)線懸掛，處于平衡狀態(tài)時三小球球心等高，且和間距離相等，懸掛小球的細(xì)線向左傾斜，懸掛小球的細(xì)線豎直；則（）

A.三小球帶電量相同B.兩小球帶異種電荷C.小球帶電量為?4QD.小球帶電量為?2Q2、如圖所示，在電場強(qiáng)度大小為E0的水平勻強(qiáng)電場中，a、b、和c三個點電荷分別固定在光滑水平面上的同一直線上，ab之間的距離為L，c在ab的中點上．當(dāng)a、b、和c的電量均為+Q時，水平面內(nèi)與a、b兩點電荷距離均為L的O點處有一電量為+q的點電荷恰好處于平衡狀態(tài)．如果僅讓點電荷a帶負(fù)電；電量大小不變，其他條件都不變，則O點處電荷的受力變?yōu)?)

A.B.C.D.3、關(guān)于靜電場，以下敘述中正確的是()A.點電荷是理想化物理模型，通常體積小的帶電體都可以看成是點電荷B.電場強(qiáng)度是標(biāo)量，運算時不滿足平行四邊形定則C.某點電場強(qiáng)度的方向，與該點負(fù)電荷所受電場力方向相反D.電場線分布越密的地方電場強(qiáng)度越小4、如圖是靜電除塵集塵板與放電極間的電場線，A、B是電場中的兩點，E表示電場強(qiáng)度，表示電勢；則（）

A.B.C.電子在A點具有的電勢能大于在B點具有的電勢能D.電子分別從不同的路徑由A運動到B，電場力做功不同5、關(guān)于靜電場，下列結(jié)論普遍成立的是（）A.電場中任意兩點之間的電勢差只與這兩點的電場強(qiáng)度有關(guān)B.電場強(qiáng)度大的地方電勢高，電場強(qiáng)度小的地方電勢低C.將正點電荷從電場強(qiáng)度為零的一點移動到電場強(qiáng)度為零的另一點，靜電力做功為零D.在正電荷或負(fù)電荷產(chǎn)生的靜電場中，電場強(qiáng)度方向都指向電勢降低最快的方向6、根據(jù)大氣電測量表明：在晴朗天氣下，地表附近的場強(qiáng)大小約方向向下。假設(shè)地球為一個半徑R大約為的正球體，可認(rèn)為是一個理想導(dǎo)體。已知球體體積表面積靜電力常量由此推知（）A.無論是水平面還是傾斜的山坡表面，電場方向都指向地心B.地核帶負(fù)電，總電荷量約為C.地球表面帶負(fù)電，面電荷密度約D.身高為1.70m的人，人體內(nèi)頭與腳之間的電勢差為170V7、在下圖右圖中；甲；乙兩圖分別為測燈泡電阻R的電路圖，下述說法不正確的是(）

A.甲圖的接法叫電流表外接法，乙圖的接法叫電流表的內(nèi)接法B.甲圖中電阻測量值大于真實值，乙圖中電阻測量值小于真實值C.甲圖中誤差由電壓表分流引起，為了減小誤差，應(yīng)使R<VD.乙圖中燈泡電阻的精確值應(yīng)為8、如圖所示，ab是水平面上一個圓的直徑，在過ab的豎直平面內(nèi)有一根通電導(dǎo)線ef。已知ef平行于ab，當(dāng)ef豎直向上平移時；電流磁場穿過圓面積的磁通量將（）

A.逐漸增大B.逐漸減小C.始終為零D.不為零，但保持不變評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示電路中，閉合開關(guān)S后，穩(wěn)定時，連接帶電小球P的絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，現(xiàn)將滑動變阻器R2的滑片向右滑動，下列說法正確的是()

A.A1的示數(shù)增大，A2的示數(shù)減??；V1和V2的示數(shù)均增大B.L變亮，θ增大C.若R2不變，只減小R4，可以使θ增大D.10、在如圖所示電路中，電源的電動勢為E、內(nèi)阻為r，R1和R2為兩個定值電阻.閉合電鍵S，當(dāng)滑動變阻器R3的滑動觸頭P從a向b滑動時，三個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電流表和電壓表的示數(shù)分別用I1、I2和U表示，示數(shù)變化量的絕對值分別用ΔI1、ΔI2和ΔU表示；下列說法正確的有。

A.U變大，I1變小，I2變小B.U與I1的比值變小C.ΔI1小于ΔI2D.ΔU與ΔI1的比值不變11、用輕繩拴著一個質(zhì)量為m、帶正電的小球在豎直面內(nèi)繞O點做圓周運動，豎直面內(nèi)加有豎直向下的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為E，如圖甲所示，不計一切阻力，小球運動到最高點時的動能Ek與繩中張力F間的關(guān)系如圖乙所示，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間；則（）

A.小球所帶電荷量為B.輕繩的長度為C.小球在最高點時的最小速度為D.小球在最低點時的最小速度為12、在如圖所示的電路中，電源電動勢定值電阻閉合開關(guān)S后，電動機(jī)正常工作，此時電流表的示數(shù)為電壓表的示數(shù)為已知電流表和電壓表均為理想電表。則下列說法正確的是（）

A.電源的內(nèi)阻為B.電動機(jī)正常工作時電源的輸出功率是C.若電動機(jī)的內(nèi)阻為其正常工作時的輸出功率為D.內(nèi)阻為的電動機(jī)正常工作時電源的效率為13、在沒有安裝信號發(fā)生器的電梯里面，手機(jī)沒有信號顯示，這是封閉的金屬轎廂對電磁信號的屏蔽作用導(dǎo)致的。下列情景中利用了電磁屏蔽的是（）A.網(wǎng)線的線芯外常包有一層金屬網(wǎng)B.高樓大廈的頂端裝有金屬材質(zhì)的尖塔C.超高壓帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服用包含金屬絲的織物制成D.高壓輸電線線塔上有三根較粗的輸電線，其上方還有兩條較細(xì)的電線14、是空間中的立方體，abcd分別是圖示四條邊的中點，在A、B、D、E、F、H六個頂點放置點電荷；電性和電荷量如圖所示，下列說法正確的是（）

A.a、b、c、d四個點中b點電勢最高B.a、b、c、d四個點中a點電場強(qiáng)度最大C.正方形abcd中心處的電場強(qiáng)度為0D.把正檢驗電荷從a點沿ac連線移動到c點，電荷的電勢能不變15、如圖所示，兩條完全相同的圓弧形材料和圓弧對應(yīng)的圓心角都為l20°，圓弧在豎直平面內(nèi)，圓弧在水平面內(nèi)，以O(shè)點為坐標(biāo)原點、水平向右為x軸正方向，兩弧形材料均勻分布正電荷，P點為兩段圓弧的圓心，已知P點處的電場強(qiáng)度為電勢為設(shè)圓弧AO在圓心P處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為E，產(chǎn)生的電勢為選無窮遠(yuǎn)的電勢為零，以下說法正確的是（）

A.B.C.將質(zhì)子（比荷）從P點無初速釋放，則質(zhì)子的最大速度為D.若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，x軸上各點電場強(qiáng)度為零，電勢為零16、如圖所示，水平放置的帶電平行板M、N相距10cm，A點距M板3cm，AB間距為10cm，且與水平方向成30°角，將一帶電荷量為2.0×10-6C的負(fù)電荷q由A點沿AB直線移到B點，電場力做功為1.6×10-5J。下列判斷正確的是（）

A.板間電場方向是N指向MB.板間電場強(qiáng)度大小是3.2×10-5N/CC.A點電勢是-4.8VD.該電荷在B點的電勢能是-2.56×10-5J評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、一質(zhì)量為2kg的物體沿傾角為300的斜面從底端以初速度3m/s沿斜面向上滑去，滑至最高點后又返回，返回到底端時速度是1m/s，取重力加速度g=10m/s2，則物體上滑的最大高度為________m；物體與斜面間的摩擦因數(shù)μ為________，上升過程產(chǎn)生的內(nèi)能為________J；返回低端瞬間的熱功率為________W．18、如圖所示，條形磁鐵的軸線穿過a、b、c三個金屬圓環(huán)的圓心，且與三個環(huán)平面垂直，其中b、c兩環(huán)同平面放置在條形磁鐵的中垂面上．三個圓環(huán)的面積為sa＝sb＜sc．則通過a、b兩環(huán)的磁通量Φa_______Φb，通過b、c兩環(huán)的磁通量Φb_______Φc．（均選填“＜”；“＞”或“＝”）

19、知識點一電阻

1.定義：導(dǎo)體兩端的___________與___________的比值叫作電阻。

2.定義式：R=

3.物理意義：反映導(dǎo)體對電流的___________作用。

4.單位：

（1）國際單位是歐姆；符號為Ω。

（2）常用單位：千歐；符號kΩ；兆歐，符號MΩ。

（3）單位換算：1kΩ=___________Ω；1MΩ=___________Ω。20、如圖所示，平行板電容器板面水平，放置于空氣中，兩板與電源相接，A板接靜電計小球，B板接靜電計外殼，開始開關(guān)S閉合；有一個帶電粒子在電容器中恰好靜止。

（1）將A板水平向左移動一段距離，粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）。電容器所帶的電荷量的變化情況是___________（填“增多”；“減少”或“不變”）。

（2）如果先斷開開關(guān)S，再把A板向左移動一段距離，則粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）靜電計指針張角的變化情況是___________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

21、使用多用電表測電壓：

①選擇直流電壓擋合適的______；并將選擇開關(guān)旋至相應(yīng)位置．

②將多用電表______在待測電路兩端，注意______表筆接觸點的電勢應(yīng)比____表筆接觸點的電勢高．

③根據(jù)表盤上相應(yīng)量程的直流電壓刻度讀出電壓值，讀數(shù)時注意______刻度所表示的電壓值．22、分別表示在一條直線上從左到右的三個點電荷，已知與之間的距離為與之間的距離為且每個電荷都處于平衡狀態(tài)．

（1）如為正電荷，則為________電荷．

（2）三者電量大小之比是________．23、電容為的平板電容器，接在電路中，如圖所示。若將相對介電常量為的各向同性均勻電介質(zhì)插入電容器中（填滿空間），此時電場能量是原來的_________倍。

24、如圖所示，平行金屬板通過一開關(guān)與電池相連，板間有一帶電液滴處于平衡狀態(tài)．若開關(guān)閉合，將兩板拉開一定距離，則粒子將__________；若開關(guān)打開，將兩板拉開一定距離，則粒子將__________．（填“靜止不動；向上運動、向下運動”）

25、如圖甲所示為一個燈泡兩端的電壓與通過的電流的關(guān)系曲線；參考這根曲線回答下列問題（不計電流表和電池的內(nèi)阻）

如圖乙所示，若將兩個這樣的燈泡并聯(lián)后再與10Ω的定值電阻串聯(lián)，接在電動勢為8V的電源上，則每個燈泡消耗的功率是___________W。評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)26、如圖所示，A、B、C為勻強(qiáng)電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

27、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

28、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標(biāo)出線圈中的電流方向.

29、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共7分)30、某學(xué)生用如圖甲所示電路測金屬導(dǎo)線的電阻率，可供使用的器材有：被測金屬導(dǎo)線ab(電阻約10Ω，允許流過的最大電流0.8A)，穩(wěn)恒電源E(電源輸出電壓恒為E＝12V)，電壓表V(量程為3V，內(nèi)阻約為5kΩ)，保護(hù)電阻：R1＝10Ω，R2＝30Ω，R3＝200Ω；刻度尺；螺旋測微器，開關(guān)S，導(dǎo)線若干等．

實驗時的主要步驟如下：

①用刻度尺量出導(dǎo)線ab的長度L，用螺旋測微器測出導(dǎo)線的直徑d.

②按如圖甲所示電路將實驗所需器材用導(dǎo)線連接好．

③閉合開關(guān)S，移動接線觸片P，測出aP長度x，讀出電壓表的示數(shù)U.

④描點作出U-x曲線求出金屬導(dǎo)線的電阻率ρ.

完成下列填空：

（1）用螺旋測微器測量金屬導(dǎo)線的直徑d，其示數(shù)如圖乙所示，該金屬導(dǎo)線的直徑d＝_________mm.

（2）如果實驗時既要保證安全，又要測量誤差較小，保護(hù)電阻R應(yīng)選_____

（3）根據(jù)多次實驗測出的aP長度x和對應(yīng)每次實驗讀出的電壓表的示數(shù)U給出的U-x圖線如圖丙所示，其中圖線的斜率為k，則金屬導(dǎo)線的電阻率ρ＝_____________.(用實驗器材中給出的物理量字母和實驗步驟中測出的物理量字母表示)參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

根據(jù)受力平衡條件可知，因球帶正電，處的合場強(qiáng)為零，則一定帶負(fù)電；處的合場強(qiáng)向左，所以球一定帶負(fù)電；對小球進(jìn)行分析，間的距離是間的兩倍，由庫侖定律，則有：

解得：

對小球進(jìn)行分析，由庫侖定律，則有：

解得：

A.與分析不符；故A錯誤；

B.與分析不符；故B錯誤；

C.與分析相符；故C正確；

D.與分析不符，故D錯誤．2、C【分析】【詳解】

由于電荷量為的點電荷恰好處于平衡狀態(tài)；受力分析如所示：

由物體的平衡可得：

如果僅讓點電荷a帶負(fù)電，電量大小不變，其他條件都不變，相當(dāng)于只有點電荷a(且a帶負(fù)電荷，電荷量為2Q)對O點處電荷作用，則O點處電荷的受力變?yōu)檫x項C正確，ABD錯誤．

點睛：本題考查庫侖定律與力學(xué)平衡知識的問題，注意受力分析，畫出受力分析圖是解決力學(xué)題的關(guān)鍵．3、C【分析】【詳解】

A.點電荷是理想化物理模型；電荷的形狀；體積和電荷量對分析的問題的影響可以忽略時，就可以看成是點電荷，所以通常體積小的帶電體在有些情況下也不能看做點電荷，體積很大的帶電體也有可能看成是點電荷，故A不符合題意．

B.電場強(qiáng)度是矢量；運算時滿足平行四邊形定則，故B不符合題意．

C.某點電場強(qiáng)度的方向；與該點負(fù)電荷所受電場力方向相反，與正電荷所受電場力方向相同，故C符合題意．

D.電場線的疏密程度表示場強(qiáng)強(qiáng)弱，越密，電場強(qiáng)度越大，故D不符合題意．4、C【分析】【詳解】

ABC．由電場線的方向和疏密程度，可知

根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系

可知，電子在A點具有的電勢能大于在B點具有的電勢能。故AB錯誤；C正確；

D．根據(jù)電場力做功特點可知，電子分別從不同的路徑由A運動到B；電場力做功相同。故D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．電勢差的大小決定于電場線方向上兩點間距和電場強(qiáng)度；所以A錯誤；

B．在正電荷的電場中；離正電荷近，電場強(qiáng)度大，電勢高，離正電荷遠(yuǎn)，電場強(qiáng)度小，電勢低；而在負(fù)電荷的電場中，離負(fù)電荷近，電場強(qiáng)度大，電勢低，離負(fù)電荷遠(yuǎn)，電場強(qiáng)度小，電勢高，所以B錯誤；

C．場強(qiáng)為零；電勢不一定為零，電場中肯定存在場強(qiáng)都為零；電勢又不相等的兩個點，在這樣的兩個點之間移動電荷，電場力將做功，所以C錯誤；

D．沿電場方向電勢降低；而且降低的速度最快，所以D正確。

故選D。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．地表附近的場強(qiáng)大小約方向向下，方向向下不是指向地心，A錯誤；

B．地球表面處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度等效于地球球心處的一個帶電量為Q的點電荷在地面產(chǎn)生的電場強(qiáng)度，地表附近的場強(qiáng)方向向下，地表附近的場強(qiáng)大小約則

總電荷量約為

B錯誤；

C．地球表面的面電荷密度約

C正確；

D．因為地球表面不是勻強(qiáng)電場，則根據(jù)

不成立；D錯誤。

故選C。7、B【分析】【詳解】

甲圖的解法為電流表外接，乙圖的解法為電流表內(nèi)接，A正確；甲圖的電壓測量值為準(zhǔn)確值，電流測量值偏大，因此測得值偏小，乙圖的電流測量值準(zhǔn)確，電壓測量值偏大，因此測量值偏大，B錯誤，甲圖當(dāng)電壓表的內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻時，其分流作用很弱，可減小誤差，C正確；由歐姆定理得因此可得D正確8、C【分析】【詳解】

ABCD．導(dǎo)線ef中的電流激發(fā)的磁場，其磁感線是環(huán)繞ef的一系列同心圓，由于ef位于直徑ab的正上方；所以從直徑一側(cè)進(jìn)入圓的磁感線，必將從直徑另一側(cè)的對稱位置出來，即圓中的磁通量始終是為零的，故ABD錯誤，C正確。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)9、A:D【分析】【詳解】

AB．將滑動變阻器R2的滑片向右滑動，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，由“串反并同”可知，由圖可知，A1與滑動變阻器并聯(lián)，所以A1的示數(shù)增大，A2與滑動變阻器串聯(lián)，所以A2的示數(shù)減小，V1與滑動變阻器并聯(lián)，所以V1的示數(shù)增大，V2與滑動變阻器并聯(lián)，所以V2的示數(shù)增大，燈泡L與滑動變阻器串聯(lián)，所以燈泡L的電功率變小，即變暗，R3與滑動變阻器串聯(lián)，所以R3兩端電壓變小，由于MN兩板與R3并聯(lián)，所以MN兩板間電壓變小，MN間的場強(qiáng)變小，所以變?。还蔄正確，B錯誤；

C．由于R4未接入電路中，所以若R2不變，只減小R4，MN兩板間電壓不變，MN間的場強(qiáng)不變，所以不變；故C錯誤；

D．A2的示數(shù)減小，所以R3兩端電壓變小，由于V2的示數(shù)增大，由串聯(lián)電路特點可知，

所以

則有

故D正確。

故選AD。10、B:C:D【分析】【分析】

考查電路的動態(tài)分析。

【詳解】

A．滑動觸頭P從a向b滑動時，R3減小，由結(jié)論法“串反并同”可知U減小，I1增大，I2增大；A錯誤；

B．U與I1的比值為路端總電阻，由于R3減小，路端總電阻減小，所以U與I1的比值變??；B正確；

C．I1為I2與R2電流之和，I1增大，I2增大，R2電流為則：

所以ΔI1小于ΔI2；C正確；

D．ΔU為路端電壓的增加量，也為內(nèi)部電壓減少量，ΔU與ΔI1的比值為電源內(nèi)阻，內(nèi)阻不變，D正確；故選BCD。11、A:C【分析】【詳解】

當(dāng)

由

解得

當(dāng)時，可解得

當(dāng)時，重力和電場力提供向心力，此時為最高點的最小速度，解得

從最高點到最低點，由

得小球在最低點的最小速度為

故AC正確；BD錯誤。

故選AC。12、B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)題意，設(shè)電源內(nèi)阻為由閉合回路歐姆定律有

解得

故A錯誤；

B．根據(jù)題意可知，電源的輸出功率為

故B正確；

C．根據(jù)題意可知，電動機(jī)的輸出功率為

故C正確；

D．根據(jù)題意可知，電動機(jī)正常工作時電源的效率為

故D錯誤。

故選BC。13、A:C:D【分析】【詳解】

A．網(wǎng)線的線芯外常包有一層金屬網(wǎng)；利用的是靜電屏蔽的原理，防止外界電磁信號干擾，故A正確；

B．高樓大廈樓頂上安裝有金屬材質(zhì)的尖塔為無線信號發(fā)射塔；同時也能起到避雷針的作用，不是靜電屏蔽，故B錯誤；

C．超高壓附近有很強(qiáng)的電場；帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服用包含金屬絲的織物制成在電場中處于靜電屏蔽，金屬網(wǎng)內(nèi)部場強(qiáng)處處為零，外部電場對衣服內(nèi)部沒有影響，保證了工人的安全，利用了電磁屏蔽，故C正確；

D．高壓輸電線線塔上除了下面的三根較粗的輸電線外；上方還有兩根較細(xì)的電線可以有效防止大氣中的靜電對高壓線的影響，故D正確；

故選ACD。14、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)點電荷的位置、電性和等量異號電荷、等量同號電荷的特點，可知a、b、c、d四個點中b點電勢最高；故A正確；

B．根據(jù)點電荷的電場強(qiáng)度和矢量的合成，可判斷出a、b、c、d四個點中a點電場強(qiáng)度最大；故B正確；

C．根據(jù)矢量的合成可知正方形abcd中心處電場強(qiáng)度的矢量和一定不為0；故C錯誤；

D．a(chǎn)c連線是電場中的等勢線，把正電荷從a點沿ac連線移動到c點；電荷的電勢能不變，故D正確。

故選ABD。15、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．圓弧在圓心P點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小與圓弧在P點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等；兩個場強(qiáng)方向。

夾角為60°，電勢相等，同理圓弧在圓心P點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小與圓弧在P點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等；

且夾角也為60°；電勢相等，根據(jù)電場強(qiáng)度矢量疊加法則有。

得。

根據(jù)電勢特點有。

得。

故A錯誤；B正確；

C．從P點無初速釋放質(zhì)子；到達(dá)無窮遠(yuǎn)處時速度最大，根據(jù)動能定理有。

得。

故C錯誤；

D．若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，正電荷和負(fù)電荷在x軸上各點產(chǎn)生電場強(qiáng)度大小相等；方向相反，其合場強(qiáng)為零，正；負(fù)電荷產(chǎn)生電勢數(shù)值相等，電勢疊加結(jié)果為零，故D正確。

故選BD。16、A:D【分析】【詳解】

AB．A、B兩點的電勢差為

所以電場方向由N到M，又有

則電場強(qiáng)度為

故A正確；B錯誤；

C．MN兩板電勢差為

MA兩點電勢差為

而M板接地，所以M點的電勢為零

解得

故C錯誤；

D．根據(jù)

得

電荷q在B點的電勢能

故D正確；

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【詳解】

上升高度h與斜面距離s滿足：s==2h①

由動能定理；

上升過程mgh+f×s=②

下滑過程mgh?f×s=③

由①②③聯(lián)立可知h=0.25m；

摩擦力f=μmgcos30°；

由此可求得動摩擦因數(shù)為μ=

整個過程產(chǎn)生的內(nèi)能Q=-=8J；所以上升過程產(chǎn)生的內(nèi)能為4J；

返回低端瞬間的熱功率為P=fv2=8w.

【點睛】

分上下兩個過程進(jìn)行分析，上升過程重力和摩擦力做負(fù)功，下降過程重力做正功，摩擦力做負(fù)功，由動能定理即可求解上升的高度；進(jìn)而求出摩擦系數(shù)和摩擦力的大??；整個過程產(chǎn)生的內(nèi)能等于初、末狀態(tài)減小的動能，上升過程和下滑過程產(chǎn)生的內(nèi)能相等；返回低端瞬間的熱功率等于摩擦力做功的功率．【解析】0.254818、略

【分析】【詳解】

[1]磁鐵的磁感線的分布是：外部是從N極到S極，內(nèi)部是從S極到N極，正好構(gòu)成閉合曲線；對于a、b圓環(huán)面積相同，但由于磁場的不一樣，通過a圓環(huán)的磁感線全是向左的，而通過b圓環(huán)的磁感線有部分向左（內(nèi)部），有部分向右（外部）．而向左多于向右，所以

[2]對于c、b圓環(huán)面積不同，但通過它們的磁感線全是向左的，而通過b圓環(huán)的磁感線有部分向左（內(nèi)部），有部分向右（外部），所以面積越大的相互抵消的磁感線越多．故兩環(huán)的磁通量【解析】小于大于19、略

【分析】【詳解】

略【解析】電壓通過導(dǎo)體電流阻礙10310620、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]兩極板電壓不變，根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離；兩板間距離不變，所以兩極板間的電場強(qiáng)度不變，粒子的運動情況是靜止。

[2]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離，正對面積減小，所以電容減小，再根據(jù)

電容器所帶的電荷量的變化情況是減少。

（2）[3]如果先斷開開關(guān)S，兩極板的電荷量保持不變，根據(jù)

再把A板向左移動一段距離，正對面積減小，所以電場強(qiáng)度增大，則

粒子的運動情況是向上運動。

[4]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離，正對面積減小，所以電容減小，再根據(jù)

則兩極板間的電勢差增大，所以靜電計指針張角的變化情況是增大?！窘馕觥竣?靜止②.減少③.向上運動④.增大21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.量程②.并聯(lián)③.紅④.最小22、略

【分析】【詳解】

[1]若為正電荷，則不可能平衡，故為負(fù)電荷；

[2]對有

對有

對有

聯(lián)立解得三者電量大小之比為【解析】負(fù)23、略

【分析】【詳解】

由電容的決定式

可得

插入電介質(zhì)后

電容器的電場能量為

因為電源未切斷，所以電容器兩極板間的電勢差不變，即

所以

此時電場能量是原來的倍?！窘馕觥?4、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)E=當(dāng)閉合開關(guān)時，電壓不變，增大距離d，場強(qiáng)變小，電場力變小，粒子將向下運動；當(dāng)打開開關(guān)時，電荷量Q不變，由及解得

場強(qiáng)與板間距無關(guān)，靜止不動．【解析】向下運動；