2025年粵教版高三物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教版高三物理下冊(cè)月考試卷619考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在研究物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列物體中可以當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)處理的是（）A.研究地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)所用的時(shí)間時(shí)，地球可看作質(zhì)點(diǎn)B.研究一端固定繞該端轉(zhuǎn)動(dòng)的木桿的運(yùn)動(dòng)時(shí)．此桿可看作質(zhì)點(diǎn)C.研究和觀察月食時(shí)，可以把月球看作質(zhì)點(diǎn)D.研究雜技演員在走鋼絲的表演時(shí)，雜技演員可看作質(zhì)點(diǎn)2、（2016?銀川二模）如圖所示，運(yùn)動(dòng)員“3m跳板跳水”運(yùn)動(dòng)的過(guò)程可簡(jiǎn)化為：運(yùn)動(dòng)員走上跳板，將跳板從水平位置B壓到最低點(diǎn)C，跳板又將運(yùn)動(dòng)員豎直向上彈到最高點(diǎn)A，然后運(yùn)動(dòng)員做自由落體運(yùn)動(dòng)，豎直落入水中，跳板自身重力忽略不計(jì)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)員向下運(yùn)動(dòng)（B→C）的過(guò)程中，先失重后超重，對(duì)板的壓力先減小后增大B.運(yùn)動(dòng)員向下運(yùn)動(dòng)（B→C）的過(guò)程中，先失重后超重，對(duì)板的壓力一直增大C.運(yùn)動(dòng)員向上運(yùn)動(dòng)（C→B）的過(guò)程中，超重，對(duì)板的壓力先增大后減小D.運(yùn)動(dòng)員向上運(yùn)動(dòng)（C→B）的過(guò)程中，超重，對(duì)板的壓力一直減小3、半徑為r=0.5m帶缺口的剛性金屬圓環(huán)在紙面上固定放置；在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導(dǎo)線，分別與兩塊垂直于紙面的平行金屬板連接，兩板間距離為d=5cm，如圖甲所示，有變化的磁場(chǎng)垂直于紙面，其變化規(guī)律如圖乙所示（規(guī)定向里為正方向），在t=0時(shí)刻平板間中心有一電荷量為+q的微粒由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)中粒子不碰板，不計(jì)重力作用，則以下說(shuō)法中正確的是（）

A.第2秒內(nèi)上極板帶負(fù)電。

B.第3秒內(nèi)上極板帶正電。

C.第3秒末微?；氐搅嗽恢?。

D.兩極板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小恒為

4、一個(gè)點(diǎn)電荷，從靜電場(chǎng)中的a點(diǎn)移至b點(diǎn)，其電勢(shì)能的變化為零，則A.a、b兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定相等B.該電荷一定沿等勢(shì)面移動(dòng)C.作用于該點(diǎn)電荷的電場(chǎng)力與其移動(dòng)方向總是垂直的D.a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)相等5、【題文】根據(jù)閉合電路歐姆定律，以下說(shuō)法正確的是()A.外電路電阻越大，輸出電流越大B.外電路電阻越大，路端電壓越大C.電源短路時(shí)，輸出電流無(wú)限大D.電源斷路時(shí)，路端電壓無(wú)限大6、如圖所示，平行四邊形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域KLMN，另有一導(dǎo)體棒ab僅在恒定拉力F的作用下從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)ab棒的b端到達(dá)磁場(chǎng)區(qū)域的右邊界時(shí)，撤去F．在穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中導(dǎo)體棒始終保持與磁感線方向垂直．則導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與時(shí)間的Uab-t圖線為（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、在某段電路中，一定值電阻阻值為2Ω，通過(guò)它的電流為1A，則該電阻的熱功率為_(kāi)___W，電阻在1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量為_(kāi)___J．8、有一個(gè)乒乓球質(zhì)量為m=0.01kg，以水平初速度V1=100m/s垂直打在球拍上，與球拍碰撞相接觸時(shí)間為0.1s后，以V2=500m/s的速度水平彈回，則小球的動(dòng)量變化大小△P=____kg．m/s；小球受到的沖量大小是____N?s；球拍對(duì)小球的打擊力大小是____N．9、（2015?徐匯區(qū)一模）將一小球從高處水平拋出，不計(jì)空氣阻力，小球動(dòng)能Ek和拋出時(shí)間t之間的關(guān)系可用如圖所示的Ek-t2圖象表示．根據(jù)圖象可知，小球的初速度大小為_(kāi)___m/s．若增大小球的質(zhì)量，則該圖象的斜率將____．（g取10m/s2）10、某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證鉤碼和滑塊所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒．

（1）實(shí)驗(yàn)前需要調(diào)整氣墊導(dǎo)軌底座使之水平，利用現(xiàn)有器材如何判斷導(dǎo)軌是否水平？____．

（2）如圖乙所示，用游標(biāo)卡尺測(cè)得遮光條的寬度d=____cm；實(shí)驗(yàn)時(shí)將滑塊從圖示位置由靜止釋放，由數(shù)字計(jì)時(shí)器讀出遮光條通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間△t=1.2×10-2s，則滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的瞬時(shí)速度為_(kāi)___m/s．在本次實(shí)驗(yàn)中還需要測(cè)量的物理量有：鉤碼的質(zhì)量m、滑塊上的遮光條初始位置到光電門(mén)的距離x和____（文字說(shuō)明并用相應(yīng)的字母表示）．

（3）本實(shí)驗(yàn)通過(guò)比較____和____在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)相等（用測(cè)量的物理量符號(hào)表示），從而驗(yàn)證了系統(tǒng)的機(jī)械能守恒．11、任何做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體的加速度方向都指向____．12、（2010?長(zhǎng)寧區(qū)二模）用與豎直方向成θ角（θ＜45°）的傾斜輕繩a和水平輕繩b共同懸掛一個(gè)重為G的小球，這時(shí)繩b的拉力設(shè)為F1．現(xiàn)保持小球在原位置不動(dòng)，使繩b在原豎直平面內(nèi)逆時(shí)轉(zhuǎn)過(guò)θ角指向2位置，這時(shí)的拉力設(shè)為F2；當(dāng)再轉(zhuǎn)過(guò)θ角，繩b的拉力指向3位置，拉力設(shè)為F3，三種情況b繩拉力大小的比較是____（用“＞”“＜”“=”表示）；當(dāng)b輕繩指向2位置時(shí)，a輕繩受的力為_(kāi)___．13、在探究規(guī)格為“6V；3W”的小電珠L(zhǎng)．伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中；

（1）實(shí)驗(yàn)室提供了9V的電壓源和量程為3V、內(nèi)阻為5kΩ，電壓表，出于安全考慮，要將其改裝成量程為9V的電壓表，則在改裝時(shí)應(yīng)將電阻R=______kΩ與量程為3v的電壓表連接．

（2）選用量程為0.6A，內(nèi)阻約為4Ω的電流表和量程為9V的電壓表連接在電路中測(cè)小電珠的電壓和電流．實(shí)驗(yàn)中要使系統(tǒng)誤差盡量小，且電表示數(shù)變化范圍盡量大，你認(rèn)為以下實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選______（填寫(xiě)相應(yīng)的字母）

14、（2015秋?浙江月考）用伏安法測(cè)電阻可以采取安培表外接法和安培表內(nèi)接法兩種測(cè)量電路，如圖所示可以判斷選擇測(cè)量的電路．將單刀雙擲開(kāi)關(guān)K反復(fù)地合上A、B兩個(gè)位置，同時(shí)觀察伏特表和安培表的讀數(shù)，如果伏特表讀數(shù)變化比較明顯，安培表的讀數(shù)基本不變，則K應(yīng)合上____進(jìn)行測(cè)量（填“A”或“B”）；如果安培表讀數(shù)變化比較明顯，伏特表讀數(shù)基本不變，則K應(yīng)合上____進(jìn)行測(cè)量（填“A”或“B”）．若K合上A測(cè)量的電阻為RA，K合上B測(cè)量的電阻為RB，則RA____RB（填“大于”、“小于”或“等于”）．15、（2010春?洛陽(yáng)期中）正在修建的房頂上固定的一根不可伸長(zhǎng)的細(xì)線垂到三樓窗沿下，某同學(xué)應(yīng)用單擺原理測(cè)量窗的上沿到房頂?shù)母叨?，先將線的下端系上一個(gè)小球，發(fā)現(xiàn)當(dāng)小球靜止時(shí)，細(xì)線恰好與窗子上沿接觸且保持豎直，他打開(kāi)窗子，讓小球在垂直于墻的豎直平面內(nèi)擺動(dòng)，如圖所示，從小球第1次通過(guò)圖中的B點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，第21次通過(guò)B點(diǎn)用時(shí)30s；球在最低點(diǎn)B時(shí)，球心到窗上沿的距離為1m，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取π2（m/s2）；根據(jù)以上數(shù)據(jù)可得小球運(yùn)動(dòng)的周期T=____s；房頂?shù)酱吧涎氐母叨萮=____m．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)16、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、用電器的額定功率與所加的電壓無(wú)關(guān)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、電場(chǎng)線真實(shí)地存在于電場(chǎng)中．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電子手表中的液晶在外加電壓的影響下能夠發(fā)光．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、只要知道兩個(gè)物體的質(zhì)量和兩個(gè)物體之間的距離．就可以由F=G計(jì)算物體間的萬(wàn)有引力____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、沒(méi)有施力物體的力有可能存在．____（判斷對(duì)錯(cuò)）22、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會(huì)發(fā)生改變____．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波____（判斷對(duì)錯(cuò)）24、電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、證明題(共3題，共27分)25、如圖所示，細(xì)繩系一小球（如圖甲所示）或軌道內(nèi)側(cè)的小球（如圖乙所示）在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)時(shí)的臨界狀態(tài)為只受重力作用，則有mg=m，故小球能通過(guò)最高點(diǎn)的臨界速度v=．

試證明小球在最高點(diǎn)時(shí)：

（1）v=；拉力或壓力為零；

（2）v＞；小球受向下的拉力或壓力作用；

（3）v＜；小球不能到達(dá)最高點(diǎn)．

即輕繩模型的臨界速度為v臨=．26、證明推導(dǎo)題：

試用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓定律證明：物體在光滑斜面上下落過(guò)程中機(jī)械能守恒．27、如圖所示，細(xì)繩系一小球（如圖甲所示）或軌道內(nèi)側(cè)的小球（如圖乙所示）在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)時(shí)的臨界狀態(tài)為只受重力作用，則有mg=m，故小球能通過(guò)最高點(diǎn)的臨界速度v=．

試證明小球在最高點(diǎn)時(shí)：

（1）v=；拉力或壓力為零；

（2）v＞；小球受向下的拉力或壓力作用；

（3）v＜；小球不能到達(dá)最高點(diǎn)．

即輕繩模型的臨界速度為v臨=．評(píng)卷人得分五、推斷題(共3題，共18分)28、rm{[}化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{]}秸稈rm{(}含多糖物質(zhì)rm{)}的綜合應(yīng)用具有重要的意義。下面是以秸稈為原料合成聚酯類高分子化合物的路線

回答下列問(wèn)題：rm{(1)}下列關(guān)于糖類的說(shuō)法正確的是______________。rm{(}填標(biāo)號(hào)rm{)}rm{a.}糖類都有甜味，具有rm{C_{n}H_{2m}O_{m}}的通式rm{b.}麥芽糖水解生成互為同分異構(gòu)體的葡萄糖和果糖rm{c.}用銀鏡反應(yīng)不能判斷淀粉水解是否完全rm{d.}淀粉和纖維素都屬于多糖類天然高分子化合物rm{(2)B}生成rm{C}的反應(yīng)類型為_(kāi)_____。rm{(3)D}中官能團(tuán)名稱為_(kāi)____，rm{D}生成rm{E}的反應(yīng)類型為_(kāi)_____。rm{(4)F}的化學(xué)名稱是____，由rm{F}生成rm{G}的化學(xué)方程式為_(kāi)___。rm{(5)}具有一種官能團(tuán)的二取代芳香化合物rm{W}是rm{E}的同分異構(gòu)體，rm{0.5molW}與足量碳酸氫鈉溶液反應(yīng)生成rm{44gCO_{2}}rm{W}共有______種rm{(}不含立體結(jié)構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜為三組峰的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)________。rm{(6)}參照上述合成路線，以rm{(}反，反rm{)-2}rm{4-}己二烯和rm{C_{2}H_{4}}為原料rm{(}無(wú)機(jī)試劑任選rm{)}設(shè)計(jì)制備對(duì)二苯二甲酸的合成路線_______________________。29、rm{(14}分rm{)}硼鎂泥是硼鎂礦生產(chǎn)硼砂rm{(Na_{2}B_{4}O_{7}隆隴l0H_{2}O)}時(shí)的廢渣，其主要成分是rm{MgO}還含有rm{CaO}rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}、rm{FeO}rm{MnO}rm{B_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}等雜質(zhì)。以硼鎂泥為原料制取的七水硫酸鎂在印染、造紙和醫(yī)藥等工業(yè)上都有廣泛的應(yīng)用。硼鎂泥制取七水硫酸鎂的工藝流程如下：rm{(1)}濾渣rm{A}能溶于氫氟酸，寫(xiě)出其反應(yīng)的化學(xué)方程式____________rm{(2)}濾渣rm{B}中含有不溶于稀鹽酸的黑色固體，則濾渣rm{B}含有的成分有____，加rm{MgO}并煮沸的主要目的是____________rm{(3)}寫(xiě)出加rm{NaClO}過(guò)程中發(fā)生的所有反應(yīng)的離子方程式____rm{(4)}趁熱過(guò)濾的目的是____rm{(5)}因rm{B_{2}O_{3}}溶于硫酸，所以此法制備的七水硫酸鎂含有少量硼酸rm{(H_{3}BO_{3})}硼酸與rm{NaOH}溶液反應(yīng)可制得硼砂，寫(xiě)出該反應(yīng)的化學(xué)方程式____。失去結(jié)晶水的硼砂與金屬鈉、氫氣及石英砂一起反應(yīng)可制備有機(jī)化學(xué)中的“萬(wàn)能還原劑rm{隆陋隆陋NaBH_{4}}”和另一種鈉鹽，寫(xiě)出其反應(yīng)的化學(xué)方程式____。30、rm{[}化學(xué)rm{漏隴漏隴}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{]}以rm{A(C_{6}H_{6}O)}為原料合成兩種有機(jī)產(chǎn)品的路線如下rm{(}部分反應(yīng)條件省略rm{)}回答下列問(wèn)題：rm{(1)A}的名稱____；rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式____；化合物rm{II}的官能團(tuán)名稱是____。rm{(2)}寫(xiě)出反應(yīng)類型：反應(yīng)rm{壟脵}____；反應(yīng)rm{壟脷}____rm{(3)}寫(xiě)出反應(yīng)rm{壟脹(I隆煤II)}的反應(yīng)方程式____rm{(4)}化合物rm{I}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰，峰面積比為_(kāi)___；化合物rm{I}的同分異構(gòu)體中屬于二元羧酸還有____種rm{(}不包含立體異構(gòu)rm{)}rm{(5)}參照上述合成路線，寫(xiě)出以丙酮為起始原料制備rm{2-}甲基丙烯酸的合成路線參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【分析】研究物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)，當(dāng)物體的大小和形狀對(duì)所研究的問(wèn)題沒(méi)有影響或影響可忽略不計(jì)時(shí)，可以把物體當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)．根據(jù)這個(gè)條件進(jìn)行判斷．【解析】【解答】解：A；研究地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)所用的時(shí)間時(shí)；地球的形狀和大小可以忽略，可看作質(zhì)點(diǎn)．故A正確．

B；研究一端固定可繞該端轉(zhuǎn)動(dòng)的木桿的運(yùn)動(dòng)時(shí)；木桿的形狀和大小不能忽略，不能作為質(zhì)點(diǎn)來(lái)處理．故B錯(cuò)誤．

C；研究和觀察月食時(shí)；月球的大小和形狀不能忽略，不可以把月球看作質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤．

D；研究雜技演員在走鋼絲的表演時(shí)；雜技演員不能當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)來(lái)處理．因?yàn)殡s技演員的動(dòng)作、造型等對(duì)觀賞、評(píng)判等影響很大．故D錯(cuò)誤．

故選：A2、B【分析】【分析】分析人受力情況；根據(jù)板的彈力的變化，可知人受合力的變化．當(dāng)人的加速度向下時(shí)，人處失重狀態(tài)，當(dāng)人的加速度向上時(shí)，人處超重狀態(tài)；【解析】【解答】解：A；B人受到重力及板向上的彈力；人在向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中；人受到的板的彈力越來(lái)越大，開(kāi)始時(shí)加速度向下減??；然后加速度再向上增大，故人應(yīng)先失重后超重，故A錯(cuò)誤，B正確；

C；D運(yùn)動(dòng)員在向上運(yùn)動(dòng)時(shí)；由于彈力減小，但開(kāi)始時(shí)一定大于重力，故合外力先減小后增大，而加速度先向上，后向下，故人先超重后失重，故CD錯(cuò)誤；

故選：B．3、B|D【分析】

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知圓環(huán)中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：根據(jù)圖乙可知：B-t圖象中的斜率保持不變，因此感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小不變．

根據(jù)B-t圖可知；1s到3s這段時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小不變，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，因此上極板帶正電，故A錯(cuò)誤，B正確；

代入數(shù)據(jù)可求出電動(dòng)勢(shì)的大小為：E=0.05π（V）；隨時(shí)間變化如下圖所示（上極板電勢(shì)為正）：

所以粒子先向上加速1s；然后向上減速1s，接著反向加速1s，因此第3秒末微粒并未回到原位置，故C錯(cuò)誤；

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系有：故D正確．

故選BD．

【解析】【答案】本題中線圈面積不變，磁通量的變化由磁場(chǎng)變化引起的，所以有因此根據(jù)圖中磁場(chǎng)隨時(shí)間的變化，可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小變化情況，根據(jù)楞次定律可以判斷出感應(yīng)電流方向，從而確定極板帶電正負(fù)，知道了電場(chǎng)情況，即可判斷粒子運(yùn)動(dòng)情況．

4、D【分析】【解析】電勢(shì)能變化為零說(shuō)明從a到b的過(guò)程，電場(chǎng)力做功為零，所以a、b兩點(diǎn)電勢(shì)相等，D對(duì)；場(chǎng)強(qiáng)大小要看電場(chǎng)線的疏密程度，A錯(cuò)；電場(chǎng)力做功與路徑無(wú)關(guān)所以粒子不一定沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng),B錯(cuò)；C錯(cuò)。故答案選D。思路分析：根據(jù)電場(chǎng)力做功只與初末位置電勢(shì)差有關(guān)，與路徑無(wú)關(guān)的特點(diǎn)進(jìn)行選擇。試題【解析】【答案】D5、B【分析】【解析】

試題分析：電源短路時(shí)電源斷路時(shí)，路端電壓等于電動(dòng)勢(shì)。根據(jù)閉合電路歐姆定律可知外電路電阻越大，輸出電流越小，路端電壓外電阻越大電流中的電流越小，所以路端電壓越大，選B

考點(diǎn)：考查對(duì)閉合電路歐姆定律的認(rèn)識(shí)和理解。

點(diǎn)評(píng)：處理閉合電路歐姆定律問(wèn)題時(shí)，明確電源內(nèi)阻的分壓作用，利用串聯(lián)分壓、并聯(lián)分流的原理進(jìn)行解釋【解析】【答案】B6、D【分析】【分析】導(dǎo)體棒ab在恒定拉力F的作用下從靜止做勻加速運(yùn)動(dòng)，分三段研究：b端進(jìn)入磁場(chǎng)、ab桿完全進(jìn)入磁場(chǎng)和b端出磁場(chǎng)，得到a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與時(shí)間的關(guān)系式，再進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：設(shè)∠KNM=α．

導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)將產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，但沒(méi)有感應(yīng)電流，不受安培力，所以ab在恒定拉力F的作用下將做勻加速運(yùn)動(dòng)．設(shè)加速度為a，ab桿的總長(zhǎng)為L(zhǎng)．

從b端進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始計(jì)時(shí)，則b端進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，t時(shí)刻ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Blv=B?vttanα?v=Bv2tanα

又v=at，則得E=（Ba2tanα）t2

a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與時(shí)間的Uab=E=（Ba2tanα）t2，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知這個(gè)過(guò)程Uab-t圖線為開(kāi)口向上的拋物線；

ab桿完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，Uab=E=BLv=BLat；該段圖線是向上傾斜的直線；

b端出磁場(chǎng)的過(guò)程已經(jīng)撤去F，桿ab做勻速運(yùn)動(dòng)，有效的切割長(zhǎng)度均勻減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)均勻減小，Uab=E均勻減??；則此段圖線是向下傾斜的直線，故D正確．

故選：D．二、填空題(共9題，共18分)7、2120【分析】【分析】根據(jù)P=I2R即可求出熱功率；根據(jù)Q=I2Rt即可求出1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量．【解析】【解答】答：電阻阻值為2Ω，通過(guò)它的電流為1A，則該電阻的熱功率：P=I2R=2×12=2W

電阻在1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量：Q=I2Rt=12×2×60=120J

故答案為：2，1208、6660【分析】【分析】根據(jù)乒乓球初末動(dòng)量，求出小球動(dòng)量的變化量大小，根據(jù)動(dòng)量定理求出小球受到的沖量大小，從而求出打擊力的大小．【解析】【解答】解：規(guī)定末速度的方向?yàn)檎较?，則小球動(dòng)量的變化量△P=P2-P1=mv2-mv1=0.01×（500+100）=6kgm/s．

根據(jù)動(dòng)量定理知；小球受到?jīng)_量的大小等于動(dòng)量的變化量，則小球受到的沖量大小為6N?s．

根據(jù)I=Ft知，打擊力F=．

故答案為：6，6，609、5增大【分析】【分析】小球被拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖象可知：小球的初動(dòng)能為5J，2s末的動(dòng)能為25J，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的基本公式及動(dòng)能的表達(dá)式即可解題．【解析】【解答】解：設(shè)小球的初速度為v0，則2s末的速度為：v2=；

根據(jù)圖象可知：小球的初動(dòng)能為：EK0==5J；

2s末的動(dòng)能為：EK2==25J；

解得：v0=5m/s

設(shè)平拋之后；經(jīng)過(guò)時(shí)間t時(shí)，問(wèn)題的速度為v；

則v2=v02+（gt）2

所以，物體的動(dòng)能為：EK=

所以Ek-t2圖象的斜率為；

若增大小球的質(zhì)量；則該圖象的斜率將增大．

故答案為：5，增大10、接通氣源，將滑塊靜置于氣墊導(dǎo)軌上，若滑塊基本保持靜止，則說(shuō)明導(dǎo)軌是水平的0.520.43滑塊上的遮光條初始位置到光電門(mén)的距離s，滑塊的質(zhì)量Mmgs（m+M）（）2【分析】【分析】（1）氣墊導(dǎo)軌接通電源后可以認(rèn)為是光滑的；若滑塊在軌道上任何位置都能靜止，說(shuō)明軌道水平；

（2）掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法；即主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；本實(shí)驗(yàn)中由于遮光條通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間極短因此可以利用平均速度來(lái)代替其瞬時(shí)速度大??；

（3）比較重力勢(shì)能的減小量和動(dòng)能的增加量是否相等即可判斷機(jī)械能是否守恒．【解析】【解答】解：（1）當(dāng)氣墊導(dǎo)軌接通電源后；導(dǎo)軌可以認(rèn)為是光滑的，判斷是否水平的方法是：接通電源，將滑塊靜置于氣墊導(dǎo)軌上，若滑塊基本保持靜止，則說(shuō)明導(dǎo)軌是水平的（或輕推滑塊，滑塊能基本做勻速直線運(yùn)動(dòng)）．

（2）游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為0.5cm；游標(biāo)尺上第2個(gè)刻度與主尺上某一刻度對(duì)齊，則游標(biāo)讀數(shù)為2×0.1=0.2mm=0.02cm，所以最終讀數(shù)為：0.5cm+0.02cm=0.52cm；

由于遮光條通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間極短因此可以利用平均速度來(lái)代替其瞬時(shí)速度，因此滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的瞬時(shí)速度為：v==0.43m/s

根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知；該實(shí)驗(yàn)中需要比較重力勢(shì)能的減小量和動(dòng)能的增加量是否相等即可判斷機(jī)械能是否守恒，故需要測(cè)量的物理量為：滑塊上的遮光條初始位置到光電門(mén)的距離s，滑塊的質(zhì)量M．

（3）鉤碼和滑塊所組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，其重力勢(shì)能的減小量為mgs，系統(tǒng)動(dòng)能的增量為：（m+M）（）2；因此只要比較二者是否相等，即可驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能是否守恒．

故答案為：（1））接通氣源；將滑塊靜置于氣墊導(dǎo)軌上，若滑塊基本保持靜止，則說(shuō)明導(dǎo)軌是水平的；

（2）0.52；0.43；滑塊上的遮光條初始位置到光電門(mén)的距離s，滑塊的質(zhì)量M；（3）mgs；（m+M）（）2．11、圓心【分析】【分析】物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，合外力提供向心力，加速度大小不變，但是方向指向圓心，時(shí)刻發(fā)生變化，因此根據(jù)向心加速度的特點(diǎn)可正確解答本題．【解析】【解答】解：向心加速度的方向始終指向圓心；和線速度的方向垂直，不改變線速度的大小只是改變線速度的方向，由于加速度是矢量，則向心加速度是時(shí)刻變化的．因此勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體的加速度方向都指向圓心，若不是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則加速度不指向圓心；

故答案為：圓心．12、F1=F3＞F2Gcosθ【分析】【分析】對(duì)小球受力分析，受到重力和兩個(gè)拉力，三力平衡，合力為零；其中重力大小和方向都恒定，第二個(gè)力方向不變、大小變，第三個(gè)力大小和方向都可以變，運(yùn)用合成法，通過(guò)作圖分析．【解析】【解答】解：對(duì)小球受力分析；受到重力和兩個(gè)拉力，三力平衡，如圖。

通過(guò)幾何關(guān)系可知，力F2垂直與細(xì)線，故F1=F3＞F2；

當(dāng)b繩子在2位置時(shí)，有：Fa=Gcosθ；

故答案為：F1=F3＞F2，Gcosθ．13、略

【分析】解：（1）串聯(lián)電路中電流相等，分壓與電阻成正比：=可得9V電壓表的內(nèi)阻R=15kΩ，則需串聯(lián)的電阻為15-5=10KΩ

（2）小燈泡屬于小電阻選擇電流表外接；題目中要求電表示數(shù)變化范圍盡量大，應(yīng)選取滑動(dòng)變阻器分壓接法，故選：C．

故答案為：（1）R=10kΩ（2）C．

串聯(lián)電路中電流相等，分壓與電阻成正比：=可求出9V電壓表的內(nèi)阻；

小燈泡屬于小電阻選擇電流表外接；題目中要求電表示數(shù)變化范圍盡量大，應(yīng)選取滑動(dòng)變阻器分壓接法．

本題考查了電壓表的改裝原理以及滑動(dòng)變阻器分壓接法的電路特點(diǎn)，難度適中．【解析】10；C14、AB小于【分析】【分析】電流表讀數(shù)比電壓表計(jì)數(shù)變化明顯，說(shuō)明電流表的分壓作用較小，所以要用內(nèi)接法；若電壓表變化明顯，則應(yīng)用外接法；根據(jù)內(nèi)阻的影響可分析實(shí)驗(yàn)誤差．【解析】【解答】解：伏特表變化明顯；而安培表基本不變，則說(shuō)明安培表的分壓效果明顯，為了減小誤差，應(yīng)采用外接法，故K應(yīng)接在A處；

如果安培表變化明顯；則說(shuō)明伏特表分流效果明顯，應(yīng)采用內(nèi)接法，故K接B處；

接A時(shí)采用外接法；由于電壓表的分流使電流表示數(shù)偏大，則由歐姆定律得出的電阻值偏??；而接B時(shí)，由于采用內(nèi)接法，由于電流表的分壓而使電壓偏大，則測(cè)出的電阻偏大；

故RA小于RB．

故答案為：A；B；小于．15、3.03.0【分析】【分析】把秒表記錄擺球一次全振動(dòng)的時(shí)間作為周期，誤差較大，應(yīng)采用累積法測(cè)量周期，根據(jù)T=求解周期；根據(jù)單擺的周期公式T=2π列式求解房頂?shù)酱吧涎氐母叨龋窘馕觥俊窘獯稹拷猓簭男∏虻?次通過(guò)圖中的B點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)；第21次通過(guò)B點(diǎn)用時(shí)30s，故周期為：

T===3.0s

小擺（L）的周期：T1=2π

大擺的周期：T2=2π

T=（T1+T2）

聯(lián)立解得：h=3.0m

故答案為：3.0，3.0．三、判斷題(共9題，共18分)16、√【分析】【分析】平均速度是位移與時(shí)間的比值；平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√17、√【分析】【分析】根據(jù)額定電壓和額定功率的概念進(jìn)行分析，即用電器正常工作時(shí)的電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率．【解析】【解答】解：因用電器正常工作時(shí)；電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率，所以額定功率與實(shí)際電壓無(wú)關(guān)，實(shí)際功率與工作時(shí)的電壓有關(guān)；

故答案為：√18、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場(chǎng)線，實(shí)際不存在，電場(chǎng)線從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場(chǎng)線；實(shí)際不存在．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】液晶像液體一樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)；液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光，而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過(guò)．【解析】【解答】解：液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光；而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過(guò)．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】萬(wàn)有引力定律適用的條件是兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)間引力的計(jì)算．物體間的引力關(guān)系也遵守牛頓第三定律．公式中G是引力常量，是自然界的恒量．【解析】【解答】解：A；萬(wàn)有引力定律適用于任何兩個(gè)可以看出質(zhì)點(diǎn)的物體之間或均質(zhì)球體之間的引力計(jì)算；當(dāng)兩個(gè)物體之間的距離太小的時(shí)候，物體就不能看做質(zhì)點(diǎn)，這時(shí)就不能用這個(gè)公式直接計(jì)算了，所以這個(gè)說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】從力的概念，力作用的相互性，一個(gè)對(duì)另一個(gè)物體施加力的作用有兩種形式：一是物體直接接觸作用，二是物體之間的間接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物體對(duì)物體的作用；力不能脫離物體而存在；因此有力必然涉及兩個(gè)物體，一個(gè)是施力物體，另一個(gè)是受力物體，施力物體對(duì)受力物體施力的同時(shí)也受到受力物體對(duì)它的作用力，也就是說(shuō)，物體間力的作用是相互的，沒(méi)有施力物體的力有不可能存在．

故答案為：×22、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會(huì)減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質(zhì)與磁鐵接觸后會(huì)顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會(huì)減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：（×）23、√【分析】【分析】可以把波分為橫波和縱波兩類，傳播的只是振動(dòng)形式和能量，而偏振現(xiàn)象與橫波有關(guān)，從而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是橫波特有的現(xiàn)象；所以光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波．以上說(shuō)法是正確的．

故答案為：√24、√【分析】【分析】電源是通過(guò)非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．【解析】【解答】解：電源是通過(guò)非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置；電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．故此說(shuō)法正確．

故答案為：√四、證明題(共3題，共27分)25、略

【分析】【分析】利用小球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的向心力與速度之間的關(guān)系式Fn=m以及向心力是沿半徑方向上的所有力的合力即可證明．【解析】【解答】解：（1）、當(dāng)小球的速度v=時(shí)，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m=mg；此時(shí)需要的向心力與重力大小相等，方向?yàn)橹亓Φ姆较?，即重力提供向心力，所以此時(shí)拉力或壓力為零；

（2）當(dāng)小球的速度v＞，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m＞mg；此時(shí)需要的向心力大于重力，方向?yàn)橹亓Φ姆较?，重力不足以提供小球的向心力，所以小球要做圓周運(yùn)動(dòng)，小球還得受向下的拉力或壓力作用；

（3）當(dāng)小球的速度v＜，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m＜mg；所以小球會(huì)在上升的過(guò)程中脫離圓形軌道，不能到達(dá)最高點(diǎn)．

由以上闡述可知，輕繩模型的臨界速度為v臨=．

答：證明過(guò)程如上．26、略

【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式速度位移關(guān)系公式列式，變形即可證明．【解析】【解答】證明：設(shè)物體的質(zhì)量為m，從光滑斜面上的A點(diǎn)滑到B點(diǎn)，在A、B兩點(diǎn)的速度分別為v1和v2．斜面的傾角為α，A、B兩點(diǎn)的高度分別為h1和h2．

根據(jù)牛頓第二定律得mgsinα=ma

即有a=gsinα

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有-=2a?

聯(lián)立得有-=2g（h1-h2）

即得：m-=mg（h1-h2）

移項(xiàng)得+mgh1=m+mgh2．

即E1=E2；

得證．

證明見(jiàn)上．27、略

【分析】【分析】利用小球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的向心力與速度之間的關(guān)系式Fn=m以及向心力是沿半徑方向上的所有力的合力即可證明．【解析】【解答】解：（1）、當(dāng)小球的速度v=時(shí)，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m=mg；此時(shí)需要的向心力與重力大小相等，方向?yàn)橹亓Φ姆较?，即重力提供向心力，所以此時(shí)拉力或壓力為零；

（2）當(dāng)小球的速度v＞，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m＞mg；此時(shí)需要的向心力大于重力，方向?yàn)橹亓Φ姆较?，重力不足以提供小球的向心力，所以小球要做圓周運(yùn)動(dòng)，小球還得受向下的拉力或壓力作用；

（3）當(dāng)小球的速度v＜，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m＜mg；所以小球會(huì)在上升的過(guò)程中脫離圓形軌道，不能到達(dá)最高點(diǎn)．

由以上闡述可知，輕繩模型的臨界速度為v臨=．

答：證明過(guò)程如上．五、推斷題(共3題，共18分)28、（1）d（2）酯化反應(yīng)或取代反應(yīng)（3）酯基、碳碳雙鍵還原反應(yīng)（4）己二酸HOOC（CH2）4COOH+HOCH2CH2CH2CH2OH+（2n-1）H2O（5）9（6）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的合成、官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)、有機(jī)反應(yīng)類型、限制條件同分異構(gòu)體書(shū)寫(xiě)等，是對(duì)有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)基礎(chǔ)的綜合考查，rm{(6)}中注意根據(jù)題目中轉(zhuǎn)化關(guān)系涉及合成路線，較好的考查學(xué)生知識(shí)遷移運(yùn)用能力?！窘獯稹縭m{(1)a.}糖類不一定有甜味，如纖維素等，組成通式不一定都是rm{C_{n}H_{2m}O_{m}}形式，如脫氧核糖rm{(C_{6}H_{10}O_{4})}故rm{a}錯(cuò)誤；

rm{b.}葡萄糖與果糖互為同分異構(gòu)體，但麥芽糖水解生成葡萄糖，故rm錯(cuò)誤；

rm{c.}淀粉水解生成葡萄糖，能發(fā)生銀鏡反應(yīng)說(shuō)明含有葡萄糖，說(shuō)明淀粉水解了，不能說(shuō)明淀粉完全水解，故rm{c}錯(cuò)誤；

rm{d.}淀粉和纖維素都屬于多糖類，是天然高分子化合物，故rmyjvpfys正確。

故選rmomklqgw故答案為：rmlrsiupurm{(2)B}與甲醇發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{C}屬于酯化反應(yīng)或取代反應(yīng)，故答案為：酯化反應(yīng)或取代反應(yīng)；

rm{(3)}由rm{D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，含有的官能團(tuán)有酯基、碳碳雙鍵，rm{D}脫去rm{2}分子氫氣形成苯環(huán)得到rm{E}屬于還原反應(yīng)，故答案為：酯基、碳碳雙鍵；還原反應(yīng)；

rm{(4)}由流程圖可知rm{F}的名稱為己二酸，己二酸與rm{1}rm{4-}丁二醇發(fā)生縮聚反應(yīng)生成反應(yīng)方程式為：rm{HOOC(CH_{2)4}COOH+HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OHxrightarrow{{麓脽祿爐錄脕}}}rm{HOOC(CH_{2)4}COOH+HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH

xrightarrow{{麓脽祿爐錄脕}}}故答案為：rm{+(2n-1)H_{2}O}己二酸；rm{HOOC(CH}rm{HOOC(CH}rm{{,!}_{2}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{4}}rm{COOH+HOCH}rm{COOH+HOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}；rm{CH}具有一種官能團(tuán)的二取代芳香化合物rm{{,!}_{2}}是rm{OH}的同分異構(gòu)體，rm{OH}與足量碳酸氫鈉溶液反應(yīng)生成rm{xrightarrow{{麓脽祿爐錄脕}}}生成二氧化碳為rm{+(2n-1)H}說(shuō)明rm{+(2n-1)H}含有rm{{,!}_{2}}個(gè)羧基，rm{O}個(gè)取代基為rm{O}rm{(5)}或者為rm{W}rm{E}或者為rm{0.5molW}rm{44gCO_{2}}各有鄰、間、對(duì)三種，共有rm{1mol}種，其中核磁共振氫譜為三組峰的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：故答案為：rm{W}

rm{2}反，反rm{2}rm{-COOH}己二烯與乙烯發(fā)生加成反應(yīng)生成在rm{-CH_{2}CH_{2}COOH}作用下生成然后用酸性高錳酸鉀溶液氧化生成合成路線流程圖為：rm{xrightarrow[{脪祿露簍脤玫錄鎂}]{C_{2}H_{4}}}rm{xrightarrow[triangle]{Pd/C}}rm{xrightarrow{{脣謾脨脭}KMnO_{4}{脠脺脪潞}}}故答案為：rm{-COOH}rm{xrightarrow[{脪祿露簍脤玫錄鎂}]{C_{2}H_{4}}}rm{xrightarrow[triangle]{Pd/C}}rm{xrightarrow{{脣謾脨脭}KMnO_{4}{脠脺脪潞}}}

rm{-CH(CH_{3})COOH}【解析】rm{(1)d}rm{(2)}酯化反應(yīng)或取代反應(yīng)rm{(3)}酯基、碳碳雙鍵還原反應(yīng)rm{(4)}己二酸rm{HOOC(CH_{2})_{4}COOH+HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OHxrightarrow{{麓脽祿爐錄脕}}}rm{HOOC(CH_{2})_{4}COOH+HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH

xrightarrow{{麓脽祿爐錄脕}}}rm{+(2n-1)H_{2}O}rm{(5)9}rm{xrightarrow[{脪祿露簍脤玫錄鎂}]{C_{2}H_{4}}}rm{xrightarrow[triangle]{Pd/C}}rm{xrightarrow{{脣謾脨脭}KMnO_{4}{脠脺脪潞}}}rm{(6)}29、（1）SiO2+4HF=SiF4↑+2H2O（2）氫氧化鋁、氫氧化鐵、二氧化錳氧化鎂并煮沸的目的是調(diào)節(jié)溶液的pH，促進(jìn)鋁離子、鐵離子完全水解成氫氧化物沉淀而除去（3）Mn2++ClO-+H2O=MnO2+Cl-+2H+、2Fe2++ClO-+2H+=2Fe3++Cl-+2H2O（4）防止硫酸鎂在溫度降低時(shí)結(jié)晶析出（5）H3BO3+2NaOH+3H2O=Na2B4O7·10H2ONa2B4O7+16Na+8H2+7SiO2=4Na2SiO3+7Na2B4O7【分析】【分析】該題是中等難度的試題，試題基礎(chǔ)性強(qiáng)，主要是考查學(xué)生對(duì)化學(xué)基礎(chǔ)知識(shí)和實(shí)驗(yàn)基本技能的了解掌握程度，有利于培養(yǎng)學(xué)生嚴(yán)謹(jǐn)?shù)倪壿嬐评砟芰σ约耙?guī)范的實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)能力，提升學(xué)生的學(xué)科素養(yǎng)。硼鎂泥溶于硫酸時(shí)只有rm{SiO}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}加入不溶而形成濾渣rm{A}加入rm{NaClO}將亞鐵離子氧化生成鐵離子，氧化錳離子生成二氧化錳，經(jīng)氧化鎂調(diào)高rm{pH}后，溶于硫酸和氧化后形成的鋁離子、鐵離子生成氫氧化物沉淀，和二氧化錳一起形成濾渣rm{B}蒸發(fā)濃縮，因溫度高時(shí)硫酸鎂溶解度大而硫酸鈣溶解度小，趁熱過(guò)濾得到的濾渣rm{C}為硫酸鈣，濾液冷卻結(jié)晶后得到的將亞鐵離子氧化生成鐵離子，氧化錳離子生成二氧化錳，經(jīng)氧化鎂調(diào)高rm{A}后，溶于硫酸和氧化后形成的鋁離子、鐵離子生成氫氧化物沉淀，和二氧化錳一起形成濾渣rm{NaClO}蒸發(fā)濃縮，因溫度高時(shí)硫酸鎂溶解度大而硫酸鈣溶解度小，趁熱過(guò)濾得到的濾渣rm{pH}為硫酸鈣，濾液冷卻結(jié)晶后得到的rm{B}rm{C}主要物質(zhì)是七水硫酸鎂。據(jù)此作答?！窘獯稹颗疰V泥溶于硫酸時(shí)只有rm{SiO}加入rm{SiO}將亞鐵離子氧化生成鐵離子，氧化錳離子生成二氧化錳，經(jīng)氧化鎂調(diào)高rm{{,!}_{2}}后，溶于硫酸和氧化后形成的鋁離子、鐵離子生成氫氧化物沉淀，和二氧化錳一起形成濾渣不溶而形成濾渣rm{A}加入rm{NaClO}將亞鐵離子氧化生成鐵離子，氧化錳離子生成二氧化錳，經(jīng)氧化鎂調(diào)高rm{pH}后，溶于硫酸和氧化后形成的鋁離子、鐵離子生成氫氧化物沉淀，和二氧化錳一起形成濾渣rm{B}蒸發(fā)濃縮，因溫度高時(shí)硫酸鎂溶解度大而硫酸鈣溶解度小，趁熱過(guò)濾得到的濾渣rm{C}為硫酸鈣，濾液冷卻結(jié)晶后得到的蒸發(fā)濃縮，因溫度高時(shí)硫酸鎂溶解度大而硫酸鈣溶解度小，趁熱過(guò)濾得到的濾渣rm{A}為硫酸鈣，濾液冷卻結(jié)晶后得到的rm{NaClO}rm{pH}rm{B}由題意可知，濾渣rm{C}不溶于硫酸而溶于氫氟酸，則濾渣主要物質(zhì)是為二氧化硅，與氫氟酸反應(yīng)的化學(xué)方程式為七水硫酸鎂，rm{(1)}由題意可知，濾渣rm{A}不溶于硫酸而溶于氫氟酸，則濾渣rm{A}為二氧化硅，與氫氟酸反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{SiO}rm{(1)}rm{A}rm{A}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}

rm{+4HF=SiF}廢渣與硫酸反應(yīng)后，經(jīng)過(guò)濾所得的產(chǎn)物中含有rm{+4HF=SiF}rm{{,!}_{4}}rm{隆眉+2H}rm{隆眉+2H}等離子，次氯酸鈉具有氧化性能將rm{{,!}_{2}}氧化成rm{O}rm{O}易水解生成氫氧化鐵，rm{(2)}易水解生成氫氧化鋁，同時(shí)次氯酸鈉還可將rm{Fe^{2+}}氧化為二氧化錳，二氧化錳是不溶于稀鹽酸的黑色固體，所以濾渣rm{Fe^{3+}}含有的成分有：氫氧化鋁、氫氧化鐵、二氧化錳；加氧化鎂并煮沸的目的是調(diào)節(jié)溶液的rm{Al^{3+}}促進(jìn)鋁離子；鐵離子完全水解成氫氧化物沉淀而除去。

rm{Mn^{2+}}由上述分析知，加次氯酸鈉過(guò)程中發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為rm{Fe^{2+}}rm{Fe^{3+}}rm{Fe^{3+}}蒸發(fā)濃縮、趁熱過(guò)濾的濾渣rm{Al^{3+}}為rm{Mn^{2+}}這是因?yàn)槌脽徇^(guò)濾時(shí)硫酸鈣的溶解度小，而硫酸鎂的溶解度大，冷卻后硫酸鎂會(huì)結(jié)晶析出，故趁熱過(guò)濾的目的是防止硫酸鎂在溫度降低時(shí)結(jié)晶析出。rm{B}與氫氧化鈉溶液反應(yīng)可制得硼砂，該反應(yīng)為中和反應(yīng)，配平可得化學(xué)方程式為：rm{pH}萬(wàn)能還原劑rm{(3)}中，鈉元素是rm{Mn^{2+}+ClO^{-}+H_{2}O=MnO_{2}隆媒+Cl^{-}+2H^{+}}價(jià)，氫元素是rm{2Fe^{2+}+ClO^{-}+2H^{+}=2Fe^{3+}+Cl^{-}+2H_{2}O}價(jià)，所以金屬鈉是還原劑，氫氣是氧化劑，根據(jù)化合價(jià)守恒得其反應(yīng)的化學(xué)方程式為：rm{(4)}rm{C}rm{CaSO_{4}隆隴2H_{2}O}【解析】rm{(1)