2024年北師大新版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大新版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖甲所示，長直導線與閉合金屬線框位于同一平面內(nèi)，長直導線中的電流i

隨時間t

的變化關系如圖乙所示.

在0隆蘆T2

時間內(nèi)，直導線中電流向上，則在T2隆蘆T

時間內(nèi)，線框中感應電流的方向與所受安培力的合力方向分別是(

)

A.順時針，向左B.逆時針，向右C.順時針，向右D.逆時針，向左2、某生態(tài)系統(tǒng)中存在食物鏈“馬尾松→松毛蟲→杜鵑”，下圖表示松毛蟲攝人能量的流動方向，下列敘述正確的是A.該食物鏈中的生物在數(shù)量上呈正金字塔模型B.松毛蟲和杜鵑之間的能量傳遞效率可用E／A表示C.由松毛蟲流人分解者的能量可用C+D+F表示D.若遷走全部杜鵑，松毛蟲的種群數(shù)量將呈“J”型增長3、下列物理量中，屬于標量的是(

)

A.功率B.位移C.速度D.加速度4、如圖所示；有三個電阻，已知RlR2R3=136

則電路工作時，電壓UlU2

為(

)

A.16

B.19

C.13

D.12

5、交流發(fā)電機正常工作時產(chǎn)生的電動勢e=Emsinωt，若線圈匝數(shù)減為原來的一半，而轉(zhuǎn)速增為原來的2倍，其他條件不變，則產(chǎn)生的電動勢的表達式為（）A.e′=EmsinωtB.e′=Emsin2ωtC.e′=2EmsinωtD.e′=2Emsin2ωt6、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E

的電流電源連接，上級板A

接地，一帶負電油滴固定于電容器中的P

點，現(xiàn)將平行板電容器的下級板B

豎直向下移動一小段距離，則(

)

A.帶電油滴所受電場力不變B.P

點的電勢將升高C.帶電油滴的電勢能增大D.電容器的電容減小，極板帶電量增大7、有三個用電器，分別為電風扇、白熾燈和電熱毯，它們的額定電壓和額定功率均為“220V，60W”．現(xiàn)讓它們在額定電壓下工作相同時間，產(chǎn)生的焦耳熱（）A.電風扇最少B.白熾燈最少C.電熱毯最少D.三者相同評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、只要溫度不變且處處相等，系統(tǒng)就一定處于平衡態(tài)．______．（判斷對錯）9、勻強電場中有MNP

三點，連成一個直角三角形，MN=4cmMP=5cm

如圖所示，把一個電量為鈭?2隆脕10鈭?9C

的檢驗電荷從M

點移到N

點，電場力做功8隆脕10鈭?9J

從M

點移到P

點電場力做功也是8隆脕10鈭?9

J.則勻強電場的方向由______點指向______點，電場強度大小為______N/C

．10、質(zhì)量為m

的物體，在傾角為婁脠

的光滑斜面上由靜止開始下滑，經(jīng)過時間t

在這段時間內(nèi)，支持力的沖量大小為______，合外力對物體的沖量大小為______．11、某品牌電動自行車的銘牌如下；。車型：20吋車輪直徑：508mm電池規(guī)格：36V12A?h（安?時）整車質(zhì)量：40kg額定轉(zhuǎn)速：210r/min（轉(zhuǎn)/分）電機：后輪驅(qū)動、直流永磁式電機額定工作電壓/電流：36V/5A根據(jù)此銘牌中的有關數(shù)據(jù)，可知該車電機的額定功率為________W；如果以額定功率在平直公路上行駛，一次充滿電最長可以行駛的時間為________h。12、在“用單分子油膜估測分子大小”實驗中；

（1）某同學操作步驟如下：

①取一定量的無水酒精和油酸；制成一定濃度的油酸酒精溶液；

②在量筒中滴入一滴該溶液；測出它的體積；

③在蒸發(fā)皿內(nèi)盛一定量的水；撒上痱子粉，再滴入一滴油酸酒精溶液，待其充分散開穩(wěn)定；

④在蒸發(fā)皿上覆蓋透明玻璃；描出油膜形狀，用透明方格紙測量估測油膜的面積．

你認為以上操作步驟中哪一步有問題，請寫出這一步的序號______

（2）若油酸酒精溶液體積濃度為0.10%，一滴溶液的體積為4.8×10-3ml，其形成的油膜面積為40cm2，則估測出油酸分子的直徑為______m．（保留兩位有效數(shù)字）

（3）一組同學實驗中描出油酸薄膜輪廓線如圖，已知每一個小正方形的邊長為2cm，則該油酸薄膜的面積為______m2（保留兩位有效數(shù)字）評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)13、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）14、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

15、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

16、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）評卷人得分四、解答題(共2題，共10分)18、將一個標有“24V，48W”的電燈接在電動勢E=36V，內(nèi)阻r=2Ω的直流電源下使用；今有“2Ω，50W”的定值電阻R若干只可供選用，請按照以下要求設計兩種簡單電路使電燈正常發(fā)光：

（1）定值電阻與電燈串聯(lián)作分壓電阻使用（寫出設計根據(jù)要點；畫出電路圖）

（2）定值電阻與電燈并聯(lián)作分流電阻使用（寫出設計根據(jù)要點；畫出電路圖）

19、一輛總質(zhì)量為M=6.0×102kg的太陽能汽車，使用太陽能電池供電．它的集光板能時刻正對著太陽．車上有一個直流電阻r=4.0Ω的電動機．太陽能電池可以對電動機提供U=120V的電壓和I=10A的電流．已知太陽向外輻射能量的總功率為P總=3.9×1026W．太陽光穿過太空和地球周圍的大氣層到達地面的過程中有大約28%的能量損耗．太陽光垂直照射到地面上時，單位面積的輻射功率為P0=1.0×103W/m2．半徑為R的球面積公式為S=4πR2．（取g=10m/s2，）

（1）這輛太陽能汽車正常工作時；車上電動機將電能轉(zhuǎn)化為機械能的效率是多少；

（2）若這輛車在行駛過程中所受阻力是車重的0.05倍．求這輛車可能行駛的最大速度；

（3）根據(jù)題目所給出的數(shù)據(jù)，估算太陽到地球表面的距離．評卷人得分五、畫圖題(共2題，共10分)20、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象21、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分六、證明題(共2題，共16分)22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】解：在0鈭?T2

時間內(nèi)，直導線中電流向上，在T2鈭?T

時間內(nèi)；直線電流方向也向上，根據(jù)安培定則，知導線右側(cè)磁場的方向垂直紙面向里，電流逐漸增大，則磁場逐漸增強，根據(jù)楞次定律，金屬線框中產(chǎn)生逆時針方向的感應電流。

根據(jù)左手定則；知金屬框左邊受到的安培力方向水平向右，右邊受到的安培力水平向左，離導線越近，磁場越強，則左邊受到的安培力大于右邊受到的安培力，所以金屬框所受安培力的合力水平向右。故B正確，ACD錯誤。

故選：B

在T2鈭?T

時間內(nèi)；直線電流方向向下，根據(jù)安培定則判斷出直導線周圍的磁場，根據(jù)磁場的變化，通過楞次定律判斷出金屬線框中的感應電流，從而通過受力判斷線框所受安培力的合力．

解決本題的關鍵掌握安培定則判斷電流與其周圍磁場的方向的關系，運用楞次定律判斷感應電流的方向，以及運用左手定則判斷安培力的方向．【解析】B

2、B【分析】【分析】本題主要考查生態(tài)系統(tǒng)的能量流動及種群數(shù)量變化的相關知識；意在強化想是對生態(tài)系統(tǒng)的相關知識的理解與運用。

【解答】A.該食物鏈中的生物在數(shù)量上呈倒金字塔模型，A錯誤；

B.松毛蟲和杜鵑之間的能量傳遞效率=可用E／A表示，B正確；

C.由松毛蟲流人分解者的能量可用D+F表示，C屬于上一營養(yǎng)級同化的能量，C錯誤；

D.自然情況下，種群數(shù)量呈“S”型增長，故若遷走全部杜鵑，松毛蟲的種群數(shù)量將呈“S”型增長，D錯誤。

?故選B。

【解析】B3、A【分析】功率；只有大小，沒有方向，是標量，故A正確；

位移、速度、加速度既有大小，又有方向，是矢量，故BCD錯誤。故選A【解析】A

4、D【分析】解：設Rl=R

由于RlR2R3=136

則R2=3RR3=6R

R虜壟=R2R3R2+R3=2R

通過串聯(lián)電路的電流I

相等，則UlU2=IRlIR虜壟=12

故選D．

根據(jù)串并聯(lián)電路特點求出電阻關系；然后再由串并聯(lián)電路特點及歐姆定律求出電壓關系．

熟練應用串并聯(lián)電路特點i

歐姆定律即可正確解題，本題難度不大，是一道基礎題．【解析】D

5、B【分析】試題分析：由知若線圈匝數(shù)減為原來的一半，而轉(zhuǎn)速增為原來的2倍時不變；轉(zhuǎn)速變?yōu)?ω，由t知電動勢的表達式為B正確；故選：B考點：本題考查了交流電的電壓瞬時值表達式，點評:根據(jù)判斷電動勢的峰值，由知電動勢的表達式判斷新產(chǎn)生的電動勢的表達式．【解析】【答案】B6、B【分析】解：A

將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=Ud

得知板間場強減??；油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動.

故A錯誤．

B；板間場強E

減??；而P

點與上極板間的距離不變，則由公式U=Ed

分析可知，P

點與上極板間電勢差將減小，而P

點的電勢低于上極板的電勢，則知P

點的電勢將升高.

故B正確．

C；由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知；油滴帶負電，P

點的電勢升高，則油滴的電勢能將減小.

故C錯誤．

D、根據(jù)電容的定義式C=QU

電容器與電源保持相連，則U

不變，當C

減小，則Q

也減小.

故D錯誤．

故選：B

．

將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=Ud

分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況.

由U=Ed

分析P

點與上極板間電勢差如何變化，即能分析P

點電勢的變化和油滴電勢能的變化.

根據(jù)電容的定義式C=QU

電容器與電源保持相連，則U

不變，Q

與C

成正比變化．

本題運用E=Ud

分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動.

運用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化．【解析】B

7、A【分析】解：電風扇；白熾燈和電熱毯的額定電壓；額定功率相同，相同時間內(nèi)消耗的電能相等，而電風扇消耗的電能大部分轉(zhuǎn)化為機械能，白熾燈和電熱毯消耗的電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以產(chǎn)生的熱量電風扇最少。故A正確，BCD錯誤。

故選：A。

電烙鐵是純電阻電路；電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而電風扇；日光燈消耗的電能沒有全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能．根據(jù)能量轉(zhuǎn)化，分析三種用電器產(chǎn)生的熱量大?。?/p>

本題中電風扇正常工作時是非純電阻電路，抓住能量如何轉(zhuǎn)化是關鍵．基本題．【解析】A二、填空題(共5題，共10分)8、略

【分析】解：一般來說；平衡態(tài)是針對某一系統(tǒng)而言的，描述系統(tǒng)狀態(tài)的參量不只溫度一個，還與體積壓強有關，當溫度不變時，系統(tǒng)不一定處于平衡態(tài)．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×

首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義；知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)；據(jù)此分析判斷即可．

一般來說，描述系統(tǒng)狀態(tài)的參量不只溫度一個，平衡態(tài)是針對某一系統(tǒng)而言的，熱平衡是兩個系統(tǒng)相互影響的最終結(jié)果．【解析】×9、N；M；100【分析】解：根據(jù)電場力做功的公式得，UMN=Wq=8隆脕10鈭?9鈭?2隆脕10鈭?9V=鈭?4V

而從M

移到P

時，電場力做功也為8隆脕10鈭?9J

所以UMP=鈭?4V

所以NP

兩點為等勢點，且N

點的電勢大于M

點的電勢，即場強方向由N

指向M

由E=UdMN=40.04V/m=100N/c

故答案為：NM100

．

根據(jù)公式U=Wq

求出CA

間和CB

間的電勢差，找出等勢點，確定等勢線，根據(jù)電場線與等勢線垂直，確定電場線的方向，再根據(jù)E=Ud

求場強大?。?/p>

本題要掌握電勢差公式U=Wq

知道電場線與等勢面相互垂直而電場線由是由高電勢指向低電勢；勻強電場中U=Ed

中的d

應為沿電場方向的有效距離．【解析】NM100

10、mgcos婁脠tmgsin婁脠t【分析】【分析】

沖量等于力與物體速度的乘積；對物體受力分析；根據(jù)平行四邊形定則求解出合力和支持力，即可得到支持力和合力的沖量。

本題關鍵是明確物體的受力情況和運動情況；知道沖量的定義公式I=Ft

即可，基礎題目。

【解答】物體在傾角為婁脠

的光滑斜面上由靜止開始下滑；受重力和支持力，故：N=mgcos婁脠t

合力：F=mgsin婁脠t

故支持力沖量：IN=Nt=mgcos婁脠t

合力的沖量：I=Ft=mgsin婁脠t

故答案為：mgcos婁脠tmgsin婁脠t

【解析】mgcos婁脠tmgsin婁脠t

11、略

【分析】試題分析：由表格得到：額定工作電壓為36V，額定工作電流為5A；故額定功率為：根據(jù)容量有：考點：額定功率；功率計算公式的應用．【解析】【答案】180，2.412、略

【分析】解：（1）步驟②有問題；應在量筒中滴入50滴該溶液，測出它的體積；

（2）1滴酒精油酸溶液的體積為V0=4.8×10-3ml；由油酸酒精溶液體積濃度為0.10%，可得1滴酒精油酸溶液中純油酸的體積為：

V=0.1%V0；

在水面上形成的油酸薄膜輪廓面積S=40×10-4m2

所以油酸分子直徑d==m=1.2×10-9m

（3）由于每格邊長為2cm，則每一格就面積是4cm2；估算油膜面積以超過半格以一格計算，小于半格就舍去的原則，估算出71格，則油酸薄膜面積為：

S=71×4cm2=284cm2≈2.8×10-2m2；

故答案為：（1）②；（2）1.2×10-9；（3）2.8×10-2．

（1）“用單分子油膜估測分子大小”的基本步驟：將配制好的油酸酒精溶液；通過量筒測出1滴此溶液的體積．然后將1滴此溶液滴在有痱子粉的淺盤里的水面上，等待形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆描繪出油酸膜的形狀，將畫有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標紙上，按不足半個舍去，多于半個的算一個，統(tǒng)計出油酸薄膜的面積．則用1滴此溶液的體積除以1滴此溶液的面積，恰好就是油酸分子的直徑．

（2）根據(jù)濃度和一滴溶液的體積相乘得到純油酸的體積；用此純油酸的體積除以其的面積，就是油酸分子的直徑．

（3）將畫有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標紙上；按不足半個舍去，多于半個的算一個，統(tǒng)計出油酸薄膜的面積．

掌握該實驗的原理是解決問題的關鍵，該實驗中以油酸分子呈球型分布在水面上，且一個挨一個，從而可以由體積與面積相除求出油膜的厚度，從而求出分子直徑．【解析】②；1.2×10-9；2.8×10-2三、判斷題(共5題，共10分)13、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．14、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?7、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．四、解答題(共2題，共10分)18、略

【分析】

電燈額定電流I==2A．電阻R==12Ω．由P=I2R得，定值電阻R的額定電流I==5A．

（1）R總==Ω=18Ω；

R串=R總一R-r=18-12=4Ω=2R；即需要兩個定值電阻串聯(lián)．電路圖如圖（1）

（2）R并===6Ω=3R；即三個定值電阻串聯(lián)后燈泡并聯(lián)．電路圖如圖（2）

答：

（1）定值電阻與電燈串聯(lián)作分壓電阻使用；電路圖如圖．

（2）定值電阻與電燈并聯(lián)作分流電阻使用；電路圖如圖．

【解析】【