2024年華師大版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示勻強(qiáng)電場(chǎng)E的區(qū)域內(nèi)，在O點(diǎn)處放置一點(diǎn)電荷＋Q.a、b、c、d、e、f為以O(shè)為球心的球面上的點(diǎn)，aecf平面與電場(chǎng)平行，bedf平面與電場(chǎng)垂直，則下列說法中正確的是A.b、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.a點(diǎn)的電勢(shì)等于f點(diǎn)的電勢(shì)C.點(diǎn)電荷＋q在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力一定做功D.將點(diǎn)電荷＋q在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)，從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)電勢(shì)能的變化量一定最大2、一只電阻分別通過四種不同形式的電流，電流隨時(shí)間變化的情況如下圖所示，在相同時(shí)間內(nèi)電阻產(chǎn)生熱量最大的是（）A.B.C.D.3、所謂“運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變”的正確理解是（）A.僅指速度大小的改變B.僅指速度方向的改變C.要改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，必須有力的作用D.物體運(yùn)動(dòng)的速度發(fā)生變化，運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不改變4、在感應(yīng)起電中，帶負(fù)電物體靠近帶絕緣底座的導(dǎo)體時(shí)，如圖所示M

處將()

A.帶正電B.帶負(fù)電C.不帶電D.以上答案均有可能5、一根均勻?qū)Ь€，現(xiàn)將它均勻拉長(zhǎng)，使導(dǎo)線的直徑減小為原來的一半，此時(shí)它的阻值為64婁賂.64婁賂.則導(dǎo)線原來的電阻值為A.128婁賂

B.32婁賂

C.4婁賂

D.2婁賂

6、在科學(xué)研究中，科學(xué)家常將未知現(xiàn)象同已知現(xiàn)象進(jìn)行比較，找出其共同點(diǎn)，進(jìn)一步推測(cè)未知現(xiàn)象的特性和規(guī)律。法國(guó)物理學(xué)家?guī)靵鲈谘芯慨惙N電荷的吸引力問題時(shí)，曾將扭秤的振動(dòng)周期與電荷間距離的關(guān)系類比單擺的振動(dòng)周期與擺球到地心距離的關(guān)系。已知單擺擺長(zhǎng)為l

，引力常量為G

，地球質(zhì)量為M

，擺球到地心的距離為r

，則單擺振動(dòng)周期T

與距離r

的關(guān)系式為()A.T=2蟺rGMl

B.T=2蟺rlGM

C.T=2蟺rGMl

D.T=2蟺lrGM

7、理想變壓器的原副線圈的端電壓之比為31

圖中有四個(gè)完全相同的燈泡，若L2L3L4

都正常發(fā)光，則燈泡L1

一定：()A.比正常發(fā)光時(shí)亮，并有可能燒毀B.比正常發(fā)光時(shí)暗一些C.正常發(fā)光D.條件不足，無法判斷8、如圖所示，一理想變壓器原線圈的匝數(shù)n1=1100

匝，副線圈的匝數(shù)n2=220

匝，交流電源的電壓u=220

sin(100婁脨t)VR

為負(fù)載電阻，電壓表、電流表均為理想電表，則下列說法中正確的是(

)

A.交流電的頻率為100Hz

B.電壓表的示數(shù)為44V

C.電流表A1

的示數(shù)大于電流表A2

的示數(shù)D.變壓器的輸入功率大于輸出功率9、下列說法正確的是（）A.物體的動(dòng)量發(fā)生變化，則物體的動(dòng)能一定變化B.物體的動(dòng)能發(fā)生變化，則物體的動(dòng)量一定變化C.合外力對(duì)系統(tǒng)做功為零，則系統(tǒng)的動(dòng)量一定守恒D.系統(tǒng)所受合外力為零，則系統(tǒng)的動(dòng)量不一定守恒評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、如圖所示為某電場(chǎng)中的幾條電場(chǎng)線和等勢(shì)面，一重量不計(jì)的帶電粒子在電場(chǎng)中沿AB曲線運(yùn)動(dòng)，先后經(jīng)過A、B兩點(diǎn)，此粒子帶的是____電（填正、負(fù)），經(jīng)過A、B兩點(diǎn)時(shí)的加速度aA____aB（填＞、＜、=），經(jīng)過A、B兩點(diǎn)時(shí)的速率VA____VB（填＜；＞、=）．

11、某實(shí)驗(yàn)小組在利用單擺測(cè)定當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊膶?shí)驗(yàn)中：

①用螺旋測(cè)微器測(cè)定擺球的直徑，測(cè)量結(jié)果如圖所示，則該擺球的直徑為______cm．

②某小組在利用單擺測(cè)定當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊膶?shí)驗(yàn)中如果測(cè)得g值偏大，原因可能是______

A．把擺線長(zhǎng)與小球直徑之和做為擺長(zhǎng)。

B．?dāng)[線上端懸點(diǎn)未固定；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了。

C．開始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過早按下。

D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)次數(shù)記為50次．12、用接在50Hz

交流低壓電源上的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究小車的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，某次實(shí)驗(yàn)中得到一條紙帶如圖所示.

從比較清晰的點(diǎn)起，每五個(gè)打印點(diǎn)取作一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，分別標(biāo)明01234

量得23

之間的距離x3=3.00cm34

兩點(diǎn)間的距離x4=4.80cm

則23

兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為______s

小車在位置3

的瞬時(shí)速度為_________m/s

小車的加速度為__________m/s2

．

13、如圖所示，a、b是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的兩點(diǎn)已知兩點(diǎn)間的距離為0.4m，兩點(diǎn)的連線與電場(chǎng)線成37角，兩點(diǎn)間的電勢(shì)差則勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E=____V/m，把電子從a點(diǎn)移到b點(diǎn)電場(chǎng)力做功W=____J．14、兩顆人造地球衛(wèi)星質(zhì)量的比m1：m2=1：2，軌道半徑之比r1：r2=3：1．求這兩顆衛(wèi)星運(yùn)行的周期之比T1：T2=____；線速度之比v1：v2=____．15、平行板電容器兩板間距為4cm，帶電5.0×10-8C，板間電場(chǎng)強(qiáng)度為4.5×104N/C，則其電容C=______F，若保持其他條件不變而使兩板正對(duì)面積減為原來的則其電容變?yōu)開_____．16、如圖示，為萬用表歐姆擋的內(nèi)部電路，a、b為表筆插孔，下列說法中正確的是______（填序號(hào)“①”；“②”、“③”、“④”）．

①a孔插紅表筆。

②表盤刻度是均勻的。

③用×100Ω擋測(cè)量時(shí)；若指針指在0Ω附近，則應(yīng)換用×1kΩ擋。

④實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，將表筆拔出，并將選擇開關(guān)旋至“off”檔或交流最高檔．17、在實(shí)驗(yàn)室里為了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律；一般采用如圖甲；乙所示的兩種裝置：

（1）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則______

A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＞m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2

（2）若采用圖乙所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，以下所提供的測(cè)量工具中必需的是______

A．直尺B．游標(biāo)卡尺C．天平D．彈簧測(cè)力計(jì)E．秒表。

（3）設(shè)入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置，則關(guān)系式（用m1、m2及圖中字母表示）______成立，即表示碰撞中動(dòng)量守恒．18、如圖所示為一個(gè)電容器；從圖中我們可以看出該電容器的電容為______．

評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)19、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

26、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共6分)27、一靈敏電流計(jì)（電流表）；當(dāng)電流從它的正接線柱流人時(shí)，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)。現(xiàn)把它與一個(gè)線圈串聯(lián)，試就如圖中各圖指出：

（1）圖（a）中靈敏電流計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)方向?yàn)開___________。（填“偏向正極”或“偏向負(fù)極”）

（2）圖（b）中磁鐵下方的極性是______。（填“N極”或“S極”）

（3）圖（c）中磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向是______。（填“向上”或“向下”）

（4）圖（d）中線圈從上向下看的電流方向是______。（填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”）。評(píng)卷人得分五、推斷題(共2題，共16分)28、【化學(xué)rm{-}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】有機(jī)化合物rm{A}是一種農(nóng)藥生產(chǎn)的中間體，rm{A}在一定條件下可發(fā)生如圖轉(zhuǎn)化：

請(qǐng)回答下列問題：

rm{(1)A}分子中官能團(tuán)的名稱為____；

rm{(2)C}能發(fā)生反應(yīng)的類型有______rm{(}填字母rm{)}

rm{a}rm{.}取代反應(yīng)rmrm{.}消去反應(yīng)rm{c}rm{.}加成反應(yīng)rm2gg2uwqrm{.}氧化反應(yīng)。

rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式為____；

rm{(4)}寫出rm{B}到rm{C}的離子方程式____；

rm{(5)E}在一定條件下反應(yīng)能生成高分子化合物，寫出此高分子化合物所有可能的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：____。29、元素rm{H}rm{C}rm{N}rm{O}rm{F}都是重要的非金屬元素，rm{Fe}rm{Cu}是應(yīng)用非常廣泛的金屬．

rm{(1)Fe}元素基態(tài)原子的核外電子排布式為____．

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}個(gè)電子，該分子中rm{婁脪}鍵與rm{婁脨}鍵的個(gè)數(shù)比為____

rm{(3)C}rm{N}rm{O}三種元素的第一電離能由大到小的順序?yàn)閞m{(}用元素符號(hào)表示rm{)}____

rm{(3)}在測(cè)定rm{HF}的相對(duì)分子質(zhì)量時(shí)，實(shí)驗(yàn)測(cè)得值一般高于理論值，其主要原因是____

rm{(5)C}rm{N}兩元素形成的化合物rm{C_{3}N_{4}}形成的原子晶體，結(jié)構(gòu)類似金剛石，甚至硬度超過金剛石，其原因是____

rm{(6)}如圖為石墨晶胞結(jié)構(gòu)示意圖，該晶胞中含有rm{C}原子的個(gè)數(shù)為____．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】試題分析：點(diǎn)電荷+Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)方向?yàn)樨Q直向上，在d點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)方向?yàn)樨Q直向下，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向水平向右，根據(jù)平行四邊形定則可知，b點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)斜向右上方，d點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)斜向左下方，兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相同，方向不同，電場(chǎng)強(qiáng)度不同．故A錯(cuò)誤；將一個(gè)試探正電荷由a點(diǎn)移動(dòng)到f點(diǎn)，點(diǎn)電荷電場(chǎng)力不做功，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力做正功，故合力做正功，電勢(shì)能減小，電勢(shì)降低，故B錯(cuò)誤；當(dāng)電荷+q沿著球面上的bedf移動(dòng)時(shí)，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力不做功，點(diǎn)電荷電場(chǎng)力也不做功，故合電場(chǎng)力不做功，故C錯(cuò)誤；將點(diǎn)電荷+q在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)，點(diǎn)電荷電場(chǎng)力不做功，從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力做功最大，故合力做功最大，故D正確?？键c(diǎn)：勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能．【解析】【答案】D2、D【分析】【解答】對(duì)A、對(duì)于正弦式電流，有效值：根據(jù)焦耳定律得：對(duì)B、對(duì)于正弦式電流，有效值：根據(jù)焦耳定律得：對(duì)C、根據(jù)焦耳定律得：對(duì)D、對(duì)于方波，根據(jù)焦耳定律得：故選項(xiàng)D正確。

【分析】正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率；根據(jù)焦耳定律求解熱量，其中I是有效值，對(duì)于正弦式電流有效值與峰值是倍關(guān)系．對(duì)于方波，直接根據(jù)焦耳定律求解熱量。3、C【分析】解：A；B、D、運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的特征物理量是速度；速度的改變包括速度大小的改變、速度方向的改變、速度大小和方向的改變，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤；

C；物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)即速度的改變；一定具有加速度，合力一定不為零，故C正確；

故選C．

狀態(tài)與時(shí)刻相對(duì)應(yīng)；運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的特征物理量是瞬時(shí)速度，瞬時(shí)速度是矢量，其大小和方向的改變都是速度改變．

本題關(guān)鍵明確兩點(diǎn)：矢量改變包括大小改變、方向改變、大小和方向的同時(shí)改變；力是改變運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因．【解析】【答案】C4、B【分析】【分析】本題主要考查了靜電感應(yīng)的規(guī)律，掌握電荷間的作用力規(guī)律是解題關(guān)鍵。電荷間同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引。【解答】當(dāng)帶負(fù)電物體靠近帶絕緣底座的導(dǎo)體時(shí)；由于同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，左端的負(fù)電荷受到排斥力運(yùn)動(dòng)到右側(cè)，所以M

處帶負(fù)電。故ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選B。

【解析】B

5、C【分析】本題考查了電阻定律的應(yīng)用。直徑減小一半，橫截面積為原來的，長(zhǎng)度為原來的44倍，由知此時(shí)的電阻為原來的1616倍，所以原來的電阻為4婁賂4婁賂C正確、ABD錯(cuò)誤。故選C?！窘馕觥緾

6、B【分析】解：在地球表面；重力等于萬有引力，故：

mg=GMmr2

解得：

g=GMr2壟脵

單擺的周期為：

T=2婁脨lg壟脷

聯(lián)立壟脵壟脷

解得：

T=2婁脨rlGM

故選：B

．

先根據(jù)萬有引力等于重力列式求解重力加速度，再根據(jù)單擺的周期公式列式，最后聯(lián)立得到單擺振動(dòng)周期T

與距離r

的關(guān)系式．

本題關(guān)鍵是記住兩個(gè)公式，地球表面的重力加速度公式和單擺的周期公式，基礎(chǔ)題目．【解析】B

7、C【分析】略【解析】C

8、B【分析】【分析】電壓表、電流表的示數(shù)表示電壓電流的有效值，原副線圈的電壓比等于匝數(shù)之比，電流比等于匝數(shù)之反比，原線圈的電壓決定副線圈的電壓，副線圈的電流決定原線圈的電流，理想變壓器的輸入功率等于輸出功率。本題考查變壓器的原理，屬于基礎(chǔ)題。【解析】A.交流電的周期T=2蟺蠅=2蟺100蟺=0.02sf=1T=50Hz.

故A錯(cuò)誤；

B.原線圈的電壓，U1U2=n1n2，則UU2=44V.=44V.故B正確；C.原副線圈的電流比等于匝數(shù)之反比，因?yàn)閚1>n2

所以I1<I2

即電流表A1

示數(shù)小于電流表A2

示數(shù).

故C錯(cuò)誤；

D.變壓器的輸入功率等于輸出功率；故D錯(cuò)誤。

故選B?！窘馕觥緽

9、B【分析】解：A；物體的動(dòng)量發(fā)生變化；速度一定變化，可能是由于速度方向變化，速度大小不變，則動(dòng)能可能不變，故A錯(cuò)誤。

B；物體的動(dòng)能發(fā)生變化；速度大小一定變化，速度變化，則動(dòng)量一定變化，故B正確。

C；合外力對(duì)系統(tǒng)做功為零；合外力可能不為零，系統(tǒng)的動(dòng)量可能變化，故C錯(cuò)誤。

D；系統(tǒng)所受合外力為零；合外力沖量為零，由動(dòng)量定理知系統(tǒng)的動(dòng)量一定守恒，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

動(dòng)量是矢量；動(dòng)能是標(biāo)量。動(dòng)量與速度有關(guān)，動(dòng)能與速率有關(guān)。合外力對(duì)系統(tǒng)做功為零，則系統(tǒng)的動(dòng)能不變。系統(tǒng)所受合外力為零，則系統(tǒng)的動(dòng)量守恒。

本題考查對(duì)動(dòng)量守恒條件的理解，要抓住動(dòng)量守恒的條件：合外力為零，也可以通過舉例的方法進(jìn)行分析?！窘馕觥緽二、填空題(共9題，共18分)10、負(fù)＞＞【分析】【解答】解：帶電粒子做曲線運(yùn)動(dòng)；所受電場(chǎng)力應(yīng)指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，則知該粒子所受的電場(chǎng)力方向向左，與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，則知帶電粒子帶負(fù)電．

據(jù)AB兩點(diǎn)的電場(chǎng)線的疏密程度知：A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，粒子在A點(diǎn)的電場(chǎng)力大，再據(jù)牛頓第二定律判斷知，加速度關(guān)系為aA＞aB．

從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，電場(chǎng)力方向粒子速度方向成鈍角，則電場(chǎng)力做負(fù)功，粒子的動(dòng)能減小，速率減小，故vA＞vB．

故答案為：負(fù)；＞，＞．

【分析】帶電粒子在電場(chǎng)中沿AB曲線運(yùn)動(dòng)的軌跡；可判斷出粒子所受的電場(chǎng)力方向，從而確定粒子的電性；

據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度知：A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，從而判斷在兩點(diǎn)的加速度；據(jù)電場(chǎng)力做負(fù)功，由動(dòng)能定理判斷兩點(diǎn)的速率．11、略

【分析】解：①由圖示螺旋測(cè)微器可知；其示數(shù)為：1.5mm+20.4×0.01mm=1.704mm=0.1704cm；

②由單擺周期公式：T=2π可知，重力加速度：g=

A、把擺線長(zhǎng)與小球直徑之和做為擺長(zhǎng)，所測(cè)擺長(zhǎng)L偏大，由g=可知；所測(cè)重力加速度g偏大，故A正確；

B、擺線上端懸點(diǎn)未固定，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，所測(cè)周期T偏大，由g=可知；所測(cè)重力加速度偏小，故B錯(cuò)誤；

C、開始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表過早按下，所測(cè)周期T偏大，由g=可知；所測(cè)重力加速度偏小，故C錯(cuò)誤；

D、實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)次數(shù)記為50次，所測(cè)周期T偏小，由g=可知；所測(cè)重力加速度偏大，故D正確；故選AD．

故答案為：①0.1704；②AD．

①螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；

②應(yīng)用單擺周期公式求出重力加速度；然后根據(jù)重力加速度的表達(dá)式分析答題．

本題考查了螺旋測(cè)微器讀數(shù)、測(cè)重力加速度實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)誤差分析，掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，應(yīng)用單擺周期公式即可解題．【解析】0.1704；AD12、0.10.391.8【分析】【分析】紙帶法實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紙帶上的點(diǎn)間距，利用平均速度的定義可以求出兩點(diǎn)之間的平均速度，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于該過程中的平均速度可以求出某點(diǎn)的瞬時(shí)速度，根據(jù)逐差法可以得出加速度。本題比較簡(jiǎn)單，考查了有關(guān)紙帶處理的基本知識(shí)，平時(shí)要加強(qiáng)基礎(chǔ)實(shí)驗(yàn)的實(shí)際操作，提高操作技能和數(shù)據(jù)處理能力，要注意單位的換算和有效數(shù)字的保留。【解答】每隔五個(gè)打印點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，所以23

兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.1s

小車在24

之間的平均速度為3

時(shí)的瞬時(shí)速度：v3=x242T=0.048+0.030.2=0.39m/s

根據(jù)鈻?x=aT2

解得：a=?xT2=X4鈭?X3T2=0.048鈭?0.0300.01=1.8m/s2

．故答案為：0.10.391.8

【解析】0.10.391.8

13、略

【分析】

（1）由于ab連線與電場(chǎng)方向成37角，做bc垂直于場(chǎng)強(qiáng)的方向；則ac為沿場(chǎng)強(qiáng)方向的有效長(zhǎng)度．

則：ac=abcosθ=d?cos37°=0.32m

由公式：U=Ed有效

得：V/m

（2）W=qU=-1.6×10-19×2.4×103=-3.84×10-16J

故答案為：7.5×103，-3.84×10-16．

【解析】【答案】勻強(qiáng)電場(chǎng)中AB連線與電場(chǎng)方向成θ角，當(dāng)將電量為+q的點(diǎn)電荷從a移到b，則電場(chǎng)力做功應(yīng)當(dāng)是ab之間的有效場(chǎng)強(qiáng)做功；因此要先求出有效長(zhǎng)度，再代入公式進(jìn)行計(jì)算．

14、略

【分析】

設(shè)地球的質(zhì)量為M．人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；由地球的萬有引力提供向心力，則有。

G得T=2π則得兩顆衛(wèi)星運(yùn)行的周期之比T1：T2==31

衛(wèi)星的線速度為v=

則線速度之比為v1：v2=1：

故答案為：31，1：

【解析】【答案】人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；由地球的萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律列方程，得到衛(wèi)星的周期；速度與半徑的關(guān)系，再求解比值．

15、略

【分析】解：由U=Ed可得：U=4.5×104N/C×4×10-2=1.8×103V；

則由C=得C==2.8×10-11F；

由C=?可知；電容與正對(duì)面積成正比；

則變化后的電容C′==7×10-12F；

故答案為：2.8×10-11；7×10-12F

由U=Ed可求得兩板間的電勢(shì)差；再由電容器的定義式可求得其電容；由決定式可求得改變正對(duì)面積以后的電容值．

本題考查電容器的定義式及決定式的應(yīng)用，在解題時(shí)同時(shí)要注意電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度之間的關(guān)系．【解析】2.8×10-11；7×10-12F16、略

【分析】解：①；由圖示可知；a插孔與內(nèi)置電源負(fù)極相連，則a插孔是“+”插孔，a孔應(yīng)查紅表筆，故①正確；

②；歐姆表刻度盤不均勻；右側(cè)稀疏左側(cè)密集，故②錯(cuò)誤；

③；用×100Ω擋測(cè)量時(shí)；若指針指在0Ω附近，說明所選檔位太大，應(yīng)換小擋，應(yīng)換用×10Ω擋，故③錯(cuò)誤；

④；結(jié)束后；將表筆拔出，并將選擇開關(guān)旋至“off”檔或交流最高檔，故④正確；

故選：①④．

歐姆表“+”插孔與內(nèi)置電源的負(fù)極相連；紅表筆查“+”插孔，黑表筆差“-”插孔；

歐姆表的刻度盤是不均勻的；右側(cè)刻度線稀疏，左端刻度線密集；

使用歐姆表測(cè)電阻時(shí)；應(yīng)選擇合適的檔位，使指針指在中央刻度線附近；

結(jié)束后；將表筆拔出，并將選擇開關(guān)旋至“off”檔或交流最高檔．

本題考查了歐姆表的使用注意事項(xiàng)與歐姆表特點(diǎn)，知道歐姆表結(jié)構(gòu)、原理、使用方法即可正確解題．【解析】①④17、略

【分析】解：（1）為保證兩球發(fā)生對(duì)心正碰；兩球的半徑應(yīng)相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，故選C；

（2）小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由h=gt2得小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=由于小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)拋出點(diǎn)的高度h相同；

則它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒，需要驗(yàn)證：m1v1=m1v1′+m2v2；

則：m1v1t=m1v1′t+m2v2t，m1x1=m1x1′+m2x2，由圖乙所示可知，需要驗(yàn)證：m1OP=m1OM+m2ON；

因此實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量的量有：①入射小球的質(zhì)量；②被碰小球的質(zhì)量，③入射小球碰前平拋的水平位移，④入射小球碰后平拋的水平位移，⑤被碰小球碰后平拋的水平位移．實(shí)驗(yàn)需要刻度尺與天平．

（3）由（2）可知，驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒，需要驗(yàn)證：m1OP=m1OM+m2ON．

故答案為：（1）C；（2）AC；（3）m1OP=m1OM+m2ON．

（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變；故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同．

（2）求出需要驗(yàn)證的表達(dá)式；根據(jù)表達(dá)式確定需要測(cè)量的量．

（3）根據(jù)動(dòng)量守恒定律與圖示實(shí)驗(yàn)情景確定需要驗(yàn)證的表達(dá)式。

本題是運(yùn)用等效思維方法，平拋時(shí)間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗(yàn)證的方程變成容易驗(yàn)證．【解析】C；AC；m1OP=m1OM+m2ON18、略

【分析】解：由標(biāo)稱值可知；該電容器的電容是100

微法=1隆脕10鈭?4

法，即1隆脕10鈭?4

F.

故答案為：1隆脕10鈭?4F(100婁脤F

也正確)

電解電容器上標(biāo)有“100V100婁脤F

”的字樣；知應(yīng)工作在安全直流電壓下，以及電容的大小，電容的大小與電容的電壓無關(guān)，由電容本身的因素決定．

解決本題的關(guān)鍵知道電容的大小由本身因素決定，以及知道電解電容器和普通電容器的區(qū)別．【解析】1隆脕10鈭?4F

三、判斷題(共8題，共16分)19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．20、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?2、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．23、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．24、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．25、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．26、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。摹?shí)驗(yàn)探究題(共1題，共6分)27、偏向正極S極向上順時(shí)針【分析】解：（1）磁鐵向下運(yùn)動(dòng)；穿過線圈的磁通量增加，原磁場(chǎng)方向向下，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流方向俯視為逆時(shí)針方向，從正接線柱流入電流計(jì)，指針偏向正極。

（2）由圖可知；電流從負(fù)接線柱流入電流計(jì)，根據(jù)安培定則，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向下，又磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，磁鐵下方為S極。

（3）磁場(chǎng)方向向下；電流從負(fù)接線柱流入電流計(jì)，根據(jù)安培定則，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向下，根據(jù)楞次定律可知，磁通量減小，磁鐵向上運(yùn)動(dòng)。

（4）磁鐵向下運(yùn)動(dòng)；穿過線圈的磁通量增加，原磁場(chǎng)方向向上，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流方向俯視為順時(shí)針方向。

故答案為：（1）偏向正極；

（2）S極；

（3）向上；

（4）順時(shí)針。

根據(jù)磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向分析磁通量變化；由楞次定律確定感應(yīng)電流方向，結(jié)合題給條件：當(dāng)電流從它的正接線柱流人時(shí)，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)判斷指針偏轉(zhuǎn)方向分析判斷。

本題考查安培定則和楞次定律綜合應(yīng)用的能力，常規(guī)題，只要細(xì)心分析就能正確作答?！窘馕觥科蛘龢OS極向上順時(shí)針五、推斷題(共2題，共16分)28、（1）氯原子、羥基、酯基（2）acd

（3）

（4）+CO2+H2O→+HCO3-

（5）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷，難度中等，注意根據(jù)rm{A}的結(jié)構(gòu)及反應(yīng)條件進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，難度中等。【解答】rm{A}在堿性條件下水解生成和rm{B}與二氧化碳反應(yīng)生成rm{C}而rm{C}遇氯化鐵溶液顯紫色，故B為rm{C}為則rm{D}為rm{D}酸化得到rm{E}為由rm{E}與rm{F}的分子式可知，rm{E}分子內(nèi)脫去rm{2}分子水生成rm{F}且rm{F}為五元環(huán)化合物，故E在濃硫酸作用下發(fā)生消去反應(yīng)和酯化反應(yīng)，rm{F}可能為

rm{(1)}由rm{A}分子結(jié)構(gòu)可知，其不含氧官能團(tuán)的名稱為：氯原子、羥基、酯基，故答案為：氯原子；羥基、酯基；

rm{(2)C}為可以發(fā)生取代反應(yīng)、加聚反應(yīng)、氧化反應(yīng)，不能發(fā)生消去反應(yīng)，故答案為：rm{acd}

rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{(4)B}到rm{C}的離子方程式為：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

故答案為：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

rm{(5)E(}rm{)}在一定條件下反應(yīng)能生成高分子化合物，其可能的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：

故答案為：

【解析】rm{(1)}氯原子、羥基、酯基rm{(2)acd}

rm{(3)}

rm{(4)}rm{+CO2+H2O隆煤}rm{+HCO^{3-}}

rm{(5)}29、1s22s22p63s23p63d64s2;5：1;N＞O＞C;F元素電負(fù)性很大，分子之間形成氫鍵，以形成締合分子(HF)n;N原子半徑小于C原子半徑，鍵長(zhǎng)C-N＜C-C，C-N鍵能更大;4【分析】試題分析：rm{(1)Fe}是rm{26}元素，核外電子數(shù)為rm{26}根據(jù)核外電子排布規(guī)律書寫；

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}個(gè)電子，該烴分子式為rm{C_{2}H_{4}}分子中含有rm{4}個(gè)rm{C-H}rm{1}個(gè)rm{C=C}雙鍵，雙鍵為rm{1}個(gè)rm{婁脪}鍵、rm{1婁脨}鍵；

rm{(3)}同周期自左而右元素第一電離能呈增大趨勢(shì)，但rm{N}元素原子的rm{2p}能級(jí)含有rm{3}個(gè)電子，處于半滿穩(wěn)定狀態(tài)，能量較低，失去第rm{1}個(gè)電子需要的能量較大；

rm{(4)F}元素電負(fù)性很大；分子之間形成氫鍵，以形成締合分子；

rm{(5)}原子晶體中化學(xué)鍵鍵長(zhǎng)越短；鍵能越大，化學(xué)鍵越穩(wěn)定；

rm{(6)}由石墨晶胞結(jié)構(gòu)可知，rm{隆脧bab隆盲=60^{circ}}rm{隆脧aba隆盲=120^{circ}}故頂點(diǎn)rm{a}相應(yīng)位置碳原子為rm{12}個(gè)晶胞共用，頂點(diǎn)r