2025年人教版PEP高二物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP高二物理下冊月考試卷634考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下列說法正確的是（）A.同一電場線上的各點，電勢一定不相等B.帶電粒子沿電場線方向移動時，電勢能一定增加C.電源兩端的電壓一定等于電源電動勢D.歐姆定律適用于正常工作的電動機2、如圖所示，通電直導(dǎo)線右邊有一個矩形線框，線框平面與通電直導(dǎo)線共面，若使線框逐漸遠離（平動）通電導(dǎo)線，則穿過線框的磁通量將（）A.逐漸減小B.逐漸增大C.保持不變D.不能確定3、“竹蜻蜓”是一種在中國民間流傳甚廣的傳統(tǒng)兒童玩具，是中國古代一個很精妙的小發(fā)明，距今已有兩千多年的歷史。其外形如圖所示，呈T

字形，橫的一片是由木片經(jīng)切削制成的螺旋槳，當中有一個小孔，其中插一根筆直的竹棍，用兩手搓轉(zhuǎn)這根竹棍，竹蜻蜓的槳葉便會旋轉(zhuǎn)獲得升力飛上天，隨著升力減弱而最終又落回地面。二十世紀三十年代，德國人根據(jù)“竹蜻蜓”的形狀和原理發(fā)明了直升機的螺旋槳。下列關(guān)于“竹蜻蜓”的說法正確的是()

A.“竹蜻蜓”從手中飛出直至運動到最高點的過程中，速度一直減小B.“竹蜻蜓”從手中飛出直至運動到最高點的過程中，升力逐漸減小至零C.為使“竹蜻蜓”能以圖示方向旋轉(zhuǎn)上升，其槳葉前緣應(yīng)比后緣略高D.若以圖示方向旋轉(zhuǎn)能使“竹蜻蜓”上升，則反方向旋轉(zhuǎn)也能使其上升4、下列說法正確的是(

)

A.靠近正點電荷，電場線越密，電場強度越強；靠近負點電荷，電場線越密，電場強度越弱B.沿電場方向電場強度越來越小C.在電場中沒畫電場線的地方場強為零D.電場線雖然是假想的一簇曲線或直線，但可以用實驗方法模擬出來5、如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)為n1=1000

匝，副線圈匝數(shù)為n2=200

匝，將原線圈接在u=2002sin120婁脨t(V)

的交流電壓上，電阻R=100婁賂

電流表A

為理想電流表.

下列推斷不正確的是(

)

A.該交變電流的頻率為60Hz

B.穿過鐵芯的磁通量的最大變化率為0.22Wb/s

C.電流表A

的示數(shù)為0.42A

D.變壓器的輸入功率是16W

評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、2015年6月16日，中核集團面向全球組織召開“華龍一號”技術(shù)推介會，推介中國的先進三代核電--“華龍一號”技術(shù)，以及中國裝備制造能力，向全球提供核電一體化方案，開啟中國核電“一帶一路”布局．下列關(guān)于核反應(yīng)的說法中正確的是（）A.目前已建成的核電站的能量都來自于重核裂變B.重核裂變釋放出大量的能量，產(chǎn)生明顯的質(zhì)量虧損，所以核子數(shù)減少C.由圖可知，原子D和E聚變成原子核F要吸收能量D.由圖可知，原子核A裂變成原子核B和C要放出核能7、下列說法錯誤的是()

A.電荷在場強為零處的電勢能也為零B.閉合電路中，電流總是從電勢高的地方流向電勢低的地方C.家用煤氣灶上的電子打火采用的是尖端放電原理D.野外高壓輸電有三條輸電線，在其上方還有兩條導(dǎo)線是輸電備用線8、（多選）如圖所示是利用靜電計研究平行板電容器的電容與哪些因素有關(guān)的實驗裝置示意圖，下面的敘述符合實驗觀察結(jié)果的是（）A.b板不動，在a、b間插入一塊厚度較小金屬板，靜電計指針偏轉(zhuǎn)角度變小B.b板向上平移，靜電計指針偏轉(zhuǎn)角度變小C.b板不動，在a、b間插入一塊絕緣介質(zhì)板，靜電計指針偏轉(zhuǎn)角度變小D.b板向左平移，靜電計指針偏轉(zhuǎn)角度變小9、已知引力常量G

和下列某組數(shù)據(jù)就能計算出地球的質(zhì)量，這組數(shù)據(jù)可能是A.地球繞太陽運行的周期及地球與太陽之間的距離B.月球繞地球運行的周期及月球與地球之間的距離C.人造衛(wèi)星在地面附近繞行的速度及地球的自轉(zhuǎn)周期D.若不考慮地球自轉(zhuǎn)，已知地球的半徑及地球表面重力加速度10、如圖所示，從點光源發(fā)出的一細束白光以一定的角度入射到三棱鏡的表面，經(jīng)過三棱鏡的折射后發(fā)生色散現(xiàn)象，在光屏的ab間形成一條彩色光帶.下面的說法中正確的是（）A.a是紅色光，b是紫色光B.在真空中a側(cè)光的波長小于b側(cè)光的波長C.三棱鏡對a側(cè)光的折射率大于對b側(cè)光的折射率D.在三棱鏡中a側(cè)光的傳播速率大于b側(cè)光的傳播速率11、關(guān)于電磁波，下列說法正確的是（）A.電磁波在真空中的傳播速度與電磁波的頻率無關(guān)B.電磁波在真空中自由傳播時，其傳播方向與電場強度、磁感應(yīng)強度均垂直C.利用電磁波傳遞信號可以實現(xiàn)無線通信，但電磁波不能通過電纜、光纜傳輸D.電磁波可以由電磁振蕩產(chǎn)生，若波源的電磁振蕩停止，空間的電磁波隨即消失12、水平面上有質(zhì)量相等的a、b兩個物體，水平推力F1、F2分別作用在a、b上。一段時間后撤去推力，物體繼續(xù)運動一段距離后停下。兩物體的v-t圖線如圖所示，圖中AB∥CD．則整個過程中（）A.F1的沖量等于F2的沖量B.F1的沖量小于F2的沖量C.摩擦力對a物體的沖量等于摩擦力對b物體的沖量D.合外力對a物體的沖量等于合外力對b物體的沖量評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、如圖所示，一帶電量為+q、質(zhì)量為m的小球，從距地面高h處以一定的初速度水平拋出，落地點距拋出點水平距離為s，小球落地時速度方向豎直向下，則：小球的初速度為______，電場強度為______，小球落地時的速度______．14、一束帶電粒子流從小磁針上方平行于小磁針方向從左向右飛過，結(jié)果小磁針北極向紙內(nèi)轉(zhuǎn)動，可以判斷這束帶電粒子帶______電荷．15、濃度為η的油酸酒精溶液，取其體積為V的油酸酒精液滴，滴在平靜的水面上，擴展成面積為S的單分子油膜，則該油滴的分子直徑約為____．已知阿伏伽德羅常數(shù)為NA，若純油酸的摩爾質(zhì)量為M，則一個油酸分子的質(zhì)量為____．16、在用打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗中；質(zhì)量m=1.00漏K

的重物自由下落，打點計時器在紙帶上打出一系列點.

如圖所示為選取的一條符合實驗要求的紙帶，O

為第一個點，ABC

為從合適位置開始選取的三個連續(xù)點(

其他點未畫出).

已知打點計時器每隔0.02s

打一次點，當?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/s2.

那么：

(1)

紙帶的______端(

選填“左”或“右隆爐)

與重物相連；

(2)

根據(jù)圖上所得的數(shù)據(jù)；應(yīng)取圖中O

點和______點來驗證機械能守恒定律；

(3)

從O

點到所取點，重物重力勢能減少量鈻?EP=

______J

動能增加量鈻?EK=

______J(

結(jié)果取3

位有效數(shù)字)

(4)

實驗的結(jié)論是______．17、(1)廣播電視、移動通訊等都是利用電磁波工作的..電磁波最早是由________((選填“法拉第”、“麥克斯韋”))預(yù)言存在并被赫茲用實驗證實了的..已知電磁波在空氣中的傳播速度約為3.0隆脕103.0隆脕1088m/sm/s有一廣播電臺節(jié)目的頻率是6.0隆脕106.0隆脕1055HzHz該電磁波在空氣中的波長約為________mm．(2)(2)電荷的周圍存在著由它產(chǎn)生的電場，這種觀點最早是由________((選填“法拉第”、“庫侖”))提出的..電荷在電場中不僅受到電場力的作用，而且還具有電勢能..已知電場中某點的電勢為2.0隆脕102.0隆脕1022VV將一電荷量為鈭?2.0隆脕10-2.0隆脕10鈭?-88CC的試探電荷置于該點時，它的電勢能為________JJ．18、兩個電流隨時間的變化關(guān)系如圖甲、乙所示，把它們通入相同的電阻中，則甲、乙兩圖的電流有效值之比IaIb=

______．

評卷人得分四、判斷題(共3題，共21分)19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）評卷人得分五、推斷題(共4題，共20分)22、I、（1）含氰廢水中的CN－有劇毒。在微生物的作用下，CN－能夠被氧氣氧化成HCO3－，同時生成NH3，該反應(yīng)的離子方程式為____。

（2）含乙酸鈉和對氯酚（）的廢水可以利用微生物電池除去，同時提供電能，其原理如圖所示。則A極的電極反應(yīng)式為：____。

II、鋅鋇白是一種白色顏料。工業(yè)上是由ZnSO4與BaS溶液混合而成：BaS＋ZnSO4＝ZnS↓＋BaSO4↓。請根據(jù)以下工業(yè)生產(chǎn)流程回答有關(guān)問題。ZnSO4溶液的制備與提純：有關(guān)資料：a．菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2(OH)2CO3等；b．Zn(OH)2與Al(OH)3相似，能溶于過量的NaOH溶液生成Na2ZnO2。（1）濾渣1的化學(xué)式為____；（2）②中使用的氧化劑最好是下列的____（選填字母代號）。A．Cl2B．濃HNO3C．KMnO4D．H2O2____（3）為了達到綜合利用、節(jié)能減排的目的，上述流程步驟④中的CO2可以來自于步驟____（選填①、②、③、⑤）。（4）寫出步驟④所發(fā)生的離子方程式____。23、元素rm{H}rm{C}rm{N}rm{O}rm{F}都是重要的非金屬元素，rm{Fe}rm{Cu}是應(yīng)用非常廣泛的金屬．

rm{(1)Fe}元素基態(tài)原子的核外電子排布式為____．

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}個電子，該分子中rm{婁脪}鍵與rm{婁脨}鍵的個數(shù)比為____

rm{(3)C}rm{N}rm{O}三種元素的第一電離能由大到小的順序為rm{(}用元素符號表示rm{)}____

rm{(3)}在測定rm{HF}的相對分子質(zhì)量時，實驗測得值一般高于理論值，其主要原因是____

rm{(5)C}rm{N}兩元素形成的化合物rm{C_{3}N_{4}}形成的原子晶體，結(jié)構(gòu)類似金剛石，甚至硬度超過金剛石，其原因是____

rm{(6)}如圖為石墨晶胞結(jié)構(gòu)示意圖，該晶胞中含有rm{C}原子的個數(shù)為____．24、已知：①一定條件下，R－Cl+2Na+Cl－R’?R－R’+2NaCl②醛和醇可以發(fā)生氧化反應(yīng)，被氧化的難易次序是：RCHO最易，R—CH2OH次之，最難?，F(xiàn)有某氯代烴A，其相對分子質(zhì)量為78.5；B與氯氣反應(yīng)生成的一氯代物有兩種。有關(guān)的轉(zhuǎn)化關(guān)系如下圖所示（部分產(chǎn)物及條件均已略去）：請回答下列問題：（1）分子式：A____；反應(yīng)類型：E?F____；（2）結(jié)構(gòu)簡式：B____，K為____；（3）反應(yīng)方程式：A→E________________________________________________；H→I________________________________________________；（4）J分子中含氧官能團的名稱____（5）D的同分異構(gòu)體屬于羧酸的有四種，其中有2個-CH3基團的有兩種。請寫出這兩種中的任一種結(jié)構(gòu)簡式：____。25、【化學(xué)選做】（15分）有機化合物甲、乙用于制備化妝品，二者合成路線如下（部分產(chǎn)物及條件略）。已知：（-R、-R’代表烴基或-H）（1）A的結(jié)構(gòu)簡式是____。（2）化合物F能與濃溴水反應(yīng)產(chǎn)生白色沉淀。①有機物甲中官能團的名稱是____。②“C→有機化合物甲”的化學(xué)方程式是____。③化合物F的名稱是____。（3）化合物G的分子式為C3H6O，核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫。G的結(jié)構(gòu)簡式是____。（4）A與G反應(yīng)生成D的反應(yīng)方程式為____。(5)寫出E所有可能的結(jié)構(gòu)簡式（滿足合成路線）____。評卷人得分六、解答題(共3題，共21分)26、如圖1所示；對光電管產(chǎn)生的光電子進行荷質(zhì)比測定的原理圖．兩塊平行金屬板間距為d，其中N為鋅板，受紫外光照射后將激發(fā)出沿不同方向運動的光電子，開關(guān)S閉合，電流表A有讀數(shù)，若調(diào)節(jié)變阻器R，逐漸增大極板間的電壓，A表讀數(shù)逐漸減小，當電壓表示數(shù)為U時，A表讀數(shù)恰好為零；斷開S，在MN間加上垂直紙面的勻強磁場，當磁感強度為B時，A表讀數(shù)也恰好為零．

（1）求光電子的比荷的表達式______．

（2）光電管的陰極常用活潑的堿金屬制成；原因是這些金屬：______

A．導(dǎo)電性好B．逸出功小。

C．發(fā)射電子多D．電子動能大。

（3）光電管在各種自動化裝置中有很多應(yīng)用；街道路燈自動控制就是其應(yīng)用之一，如圖2為其模擬電路，其中A為光電管，B為電磁繼電器，C為照明電路，D為路燈，請連成正確的電路，達到日出路燈熄，日落路燈亮的效果．

27、有一待測的電阻器Rx；其阻值約在40～50Ω之間，實驗室準備用伏安法來測量該電阻值的實驗器材有：

電壓表V（量程0～10V；內(nèi)電阻約20kΩ）；

電流表A1；（量程0～500mA，內(nèi)電阻約20Ω）；

電流表A2；（量程0～300mA，內(nèi)電阻約4Ω）；

滑動變阻器R1（最大阻值為10Ω；額定電流為2A）；

滑動變阻器R2（最大阻值為250Ω；額定電流為0.1A）；

直流電源E（電動勢為9V；內(nèi)電阻約為0.5Ω）；

開關(guān)及若干導(dǎo)線．

實驗要求電表讀數(shù)從零開始變化；并能多測出幾組電流；電壓值，以便畫出I-U圖線．

（1）電流表應(yīng)選用______．

（2）滑動變阻器選用______（選填器材代號）．

（3）請在如圖甲所示的方框內(nèi)畫出實驗電路圖．

（4）將圖乙中器材連成符合要求的電路．

28、如圖為一交流電流隨時間變化的關(guān)系圖象；則該交流電流的有效值I=______A．

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【解答】解：A；沿電場線的方向電勢降落；故同一電場線上的各點，電勢一定不相等，故A正確；

B；正電荷沿電場線方向移動時；電場力做正功，電勢能減小，而負電荷沿電場線運動時，電場力做負功，電勢能增大，故B錯誤；

C；電源兩端的電壓為路端電壓；一般要小于電源電動勢，故C錯誤；

D；歐姆定律只能適用于純電阻電路；不能用于正常工作時的電動機，故D錯誤．

故選：A．

【分析】明確電場線的性質(zhì)；知道沿電場的方向電勢降低，同時注意正負電荷在電場中的受力方向不同；

明確電源電動勢的定義；知道路端電壓要小于電動勢；

歐姆定律只能適用于金屬導(dǎo)體和電解質(zhì)溶液．2、A【分析】解：由題；通電直導(dǎo)線產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，離導(dǎo)線越遠磁場越弱，磁感線越疏，則當線框遠離通電導(dǎo)線時，穿過線框的磁感線的條數(shù)越來越少，磁通量將逐漸減小．

故選：A

磁通量是穿過磁場中某一平面的磁感線的條數(shù)．當線圈面積不變；根據(jù)磁感線的疏密判斷穿過線框的磁通量的變化．

對于非勻強磁場穿過線圈的磁通量不能定量計算，可以根據(jù)磁感線的條數(shù)定性判斷其變化情況．【解析】【答案】A3、C【分析】【分析】“竹蜻蜓”的初速度為零，運動到最高點時，速度也為零，據(jù)此分析運動情況，“竹蜻蜓”旋轉(zhuǎn)上升，水平方向做圓周運動，豎直方向先做加速運動，而圓周運動需要指向圓心的向心力，據(jù)此分析即可。物體的運動狀態(tài)與物體的受力情況有關(guān)，結(jié)合物體的運動狀態(tài)具體分析物體的受力情況，難度適中?！窘獯稹緼B.

“竹蜻蜓”的初速度為零，運動到最高點時，速度也為零，所以“竹蜻蜓”從手中飛出直至運動到最高點的過程中，先加速后減速，故AB錯誤；CD.

為使“竹蜻蜓”能以圖示方向旋轉(zhuǎn)上升，則向上的力要大于向下的力，旋轉(zhuǎn)上升，合外力指向圓心的部分提供向心力，所以槳葉前緣應(yīng)比后緣略高，合力指向左上方，故C正確，D錯誤；故選C?！窘馕觥緾

4、D【分析】解：ABC

電場線的疏密程度反映電場的強弱；電場線越密場強越大，電場線越稀疏場強越小，并不是沿電場方向場強越來越?。徊⒉皇菦]有畫電場線的地方場強為零，故ABC錯誤；

D；電場線是人們?yōu)樾蜗竺枋鲭妶龆傧蟮?；實際不存在，但可以用實驗方法模擬出來，故D正確．

故選：D

．

利用電場線是人們?yōu)樾蜗竺枋鲭妶龆傧蟮?；實際不存在，其疏密程度判斷電場的強弱．

明確電場線是人們?yōu)樾蜗竺枋鲭妶龆傧蟮?，實際不存在，其疏密程度判斷電場的強弱．【解析】D

5、C【分析】解：A

根據(jù)原線圈電壓的瞬時值表達式知；角速度婁脴=120婁脨=2婁脨f

得f=60Hz

故A正確；

B、根據(jù)Em=n1鈻?婁碌鈻?t

得穿過鐵芯的磁通量的最大變化率為鈻?婁碌鈻?t=Emn1=20021000=0.22Wb/s

故B正確；

C、原線圈電壓的有效值U1=22022=220VU1=20022=200V

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得，副線圈兩端電壓的有效值為U2=15隆脕200=40V

電流表A

的示數(shù)I2=U2R=40100=0.4A

故C錯誤；

D；變壓器的輸出功率為U2I2=40隆脕0.4=16W

所以變壓器的輸入功率是16W

故D正確；

本題選錯誤的；故選：C

根據(jù)電壓與匝數(shù)程正比；電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項分析即可得出結(jié)論．

要根據(jù)理想變壓器中電流、電壓與匝數(shù)比之間的關(guān)系進行有關(guān)問題的解答，注意電表的示數(shù)均為有效值．【解析】C

二、多選題(共7題，共14分)6、AD【分析】解：A；目前世界上正在工作的核電站都是利用原子核的裂變反應(yīng)釋放核能的；核聚變反應(yīng)目前還沒有能很好的控制，故A正確；

B；重核裂變釋放出大量的能量；產(chǎn)生明顯的質(zhì)量虧損，但核子數(shù)不變，故B錯誤；

C；由圖可知；原子D和E聚變成原子核F，是輕核聚變，要放出能量，故C錯誤；

D；由圖可知；原子核A裂變成原子核B和C是重核裂變，要放出能量，故D正確；

故選：AD

目前世界上正在工作的核電站都是利用原子核的裂變反應(yīng)釋放核能的；核反應(yīng)過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)都守恒；在裂變和聚變時有質(zhì)量虧損，要釋放能量．

本題關(guān)鍵是知道質(zhì)量虧損的概念、分析清楚圖象、了解重核裂變和輕核聚變，基礎(chǔ)題目．【解析】【答案】AD7、ABD【分析】【分析】場強與電勢沒有直接關(guān)系.

場強越大的地方電勢不一定越高，場強為零的地方電勢不一定為零.

電勢為零是人為選取的．本題考查了靜電現(xiàn)象的解釋；對于電勢與場強的大小關(guān)系：兩者沒有關(guān)系，可根據(jù)電勢高低看電場線的方向，場強大小看電場線疏密來理解．【解答】A.場強為零的地方電勢不一定為零；電勢為零是人為選取的，故A錯誤，符合題意；

B.閉合電路中；除電源內(nèi)部之外，電流總是從電勢高的地方流向電勢低的地方，故B錯誤，符合題意；

C.家用煤氣灶上的電子打火采用的是尖端放電原理；故C正確，不合題意；

D.野外高壓輸電有三條輸電線；在其上方還有兩條導(dǎo)線是輸電保護線，使之避免雷電的影響，故D錯誤，符合題意．

故選ABD．【解析】ABD

8、AC【分析】解：A、b板不動，在a、b間插入一塊厚度較小金屬板，由C=知電容增大，電荷量不變，根據(jù)C=知電壓減??；所以靜電計指針偏轉(zhuǎn)角度減?。蔄正確．

B、將b板向上平移，兩板正對面積減小，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由C=分析可知；電容器兩板間電勢差增大，則靜電計指針偏角變大．故B錯誤．

C、在a、b之間插入一塊絕緣介質(zhì)板，電容增大，而電容器的電量Q不變，由C=分析可知；電容器兩板間電勢差減小，則靜電計指針偏角變小．故C正確．

D、b板向左平移，由C=知電容減小，電荷量不變，根據(jù)C=知電壓增大；靜電計指針偏轉(zhuǎn)角度變大．故D錯誤．

故選：AC

靜電計是測量電勢差的裝置；電勢差越大，靜電計指針的偏角越大．由題，電容器的電量不變，根據(jù)各選項的操作分析電容器電容的變化，再由電容的定義式分析電容器兩板間電勢差的變化。

本題是電容器動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是電容與哪些因素有什么關(guān)系【解析】【答案】AC9、BD【分析】【分析】計算中心天體質(zhì)量的主要思路有：一是在星球表面重力與萬有引力相等，據(jù)重力加速度和地球半徑求地球的質(zhì)量，二是環(huán)繞天體圍繞地球圓周運動的向心力由萬有引力提供，根據(jù)圓周運動的物理量可以求中心天體的質(zhì)量。萬有引力應(yīng)用的主要入手點是星球表面重力與萬有引力相等，二是萬有引力提供環(huán)繞天體的向心力。據(jù)此只能計算中心天體的質(zhì)量。【解答】A.地球繞太陽運行的周期及地球與太陽間距離；根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力，可以計算中心天體太陽的質(zhì)量，而不可以計算環(huán)繞天體地球的質(zhì)量，故A錯誤；

B.根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力GMmr2=m(2婁脨T)2r

可得中心天體地球的質(zhì)量M=4婁脨2r3GT2

；所以B

可以計算出地球的質(zhì)量M

故B正確；

C.已知地面附近繞行的人造衛(wèi)星的速度及運行周期，根據(jù)v=2婁脨rT

可知；根據(jù)周期與繞行速度可以求得衛(wèi)星軌道半徑，再根據(jù)B

分析知可以求得中心天體地球的質(zhì)量M

但已知的是地球自轉(zhuǎn)周期，不是人造衛(wèi)星的運行周期。故C錯誤；

D.不考慮地球自轉(zhuǎn)，在地球表面重力與萬有引力相等有，GMmR2=mg

可得地球質(zhì)量M=gR2G

；故D正確。

故選BD。?【解析】BD

10、AD【分析】【分析】白是復(fù)色光，經(jīng)過三棱鏡后由于折射率不同，導(dǎo)致偏折程度不同，偏折角越大，折射率越大，由公式分析光在三棱鏡中傳播速度的大小；根據(jù)折射率確定波長的大小。本題是光的色散現(xiàn)象，從中要掌握：可見光是復(fù)色光，紫光的折射率最大，紅光的折射率最小?！窘獯稹緼.紅光的折射率小于紫光的折射率，經(jīng)過三棱鏡，紅光的偏折角小于紫光的偏折角，則a側(cè)是紅色光，b側(cè)是紫色光，故A正確；BC.由圖知a側(cè)光的偏折角小；三棱鏡對a側(cè)光的折射率小，a側(cè)光的波長大，故BC錯誤；

D.三棱鏡對a側(cè)光的折射率小，由公式得知，a側(cè)光在三棱鏡中傳播速率大于b側(cè)光的傳播速率；故D正確。

故選AD?！窘馕觥緼D11、AB【分析】解：A；電磁波在真空中的傳播速度是不變的；與電磁波的頻率無關(guān)。故A正確；

B；電磁波在真空中自由傳播時；其傳播方向與電場強度、磁感應(yīng)強度均垂直。故B正確；

C；電磁波可以通過電纜、光纜進行有線傳輸；也可以實現(xiàn)無線傳輸。故C錯誤；

D；電磁波可以由電磁振蕩產(chǎn)生；若波源的電磁振蕩停止，空間的電磁波繼續(xù)傳播，不會隨即消失。故D錯誤。

故選：AB。

電磁波在真空的傳播速度均相等；電磁波是橫波；電磁波傳遞信號可以實現(xiàn)無線通信；也可以進行有線通信；若波源的電磁振蕩停止，空間的電磁波不會隨即消失。

本題考查電磁波的產(chǎn)生原理，類型，及電磁波的作用，同時注意電磁波在真空中傳播速度均相等，與頻率沒有關(guān)系?！窘馕觥緼B12、BD【分析】解：ABC、由圖，AB與CD平行，說明推力撤去后兩物體的加速度相同，而撤去推力后物體的合力等于摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律可知，兩物體受到的摩擦力大小相等。但a的運動總時間小于b的時間，根據(jù)I=ft可知，摩擦力對a物體的沖量小于摩擦力對b物體的沖量；

根據(jù)動量定理，對整個過程研究得：F1t1-ftOB=0，F(xiàn)2t2-ftOD=0由圖看出，tOB＜tOD，則有F1t1＜F2t2，即F1的沖量小于F2的沖量；故AC錯誤，B正確；

D、根據(jù)動量定理可知，合外力的沖量等于物體動量的變化量，a、b兩個物體動量的變化量都為零；所以沖量相等，故D正確。

故選：BD。

由速度圖象分析可知；水平推力撤去后，AB與CD平行，說明加速度相同，動摩擦因數(shù)相同，兩物體的質(zhì)量相等，說明摩擦力大小相等。根據(jù)動量定理，研究整個過程，確定兩個推力的沖量關(guān)系。

本題首先考查讀圖能力，其次考查動量定理應(yīng)用時，選擇研究過程的能力。同時在列式時注意動量定理的矢量性?！窘馕觥緽D三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】解：小球豎直分運動是自由落體運動，故：h=解得：t=

小球水平方向的分運動末速度為零，位移為S，時間為t，根據(jù)平均速度公式，有：S=故v0==2S

水平分運動的加速度：ax===解得：E=

落地時豎直分速度等于合速度，故落地速度v=gt=

故答案為：2S．

小球在電場中受到重力和水平向左的電場力；根據(jù)運動的分解法可知，水平方向做勻減速運動，豎直方向做自由落體運動；

由牛頓第二定律和運動學(xué)公式研究水平方向分運動；

對豎直分運動根據(jù)由自由落體運動的規(guī)律列式分析．

本題小球在電場和重力場的復(fù)合場中運動，由于受到兩個恒力作用，運用運動的分解法研究是常用的方法．【解析】2S14、略

【分析】解：向右飛行的正離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向里，則N極轉(zhuǎn)向里，S極轉(zhuǎn)向外．

故答案為：正。

小磁針N極受力方向與磁場方向相同．電流方向與正電荷定向移動方向相同；與負電荷定向移動方向相反．根據(jù)安培定則，將選項逐一代入檢查，選擇符合題意的選項．

本題考查應(yīng)用物理基本定則的能力，B、C兩項是等效的，A、D兩項也是等效的，考試時抓住等效性，可以節(jié)省時間．【解析】正15、略

【分析】

油酸的總體積是不變的，故分子直徑約為：d==

分子的質(zhì)量等于摩爾質(zhì)量與阿伏伽德羅常數(shù)比值，故一個油分子的質(zhì)量為m=．

故答案為：．

【解析】【答案】將配制好的油酸酒精溶液；通過量筒測出此溶液的體積．然后將此溶液滴在有痱子粉的淺盤里的水面上，等待形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆描繪出油酸膜的形狀，將畫有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標紙上，按不足半個舍去，多于半個的算一個，統(tǒng)計出油酸薄膜的面積．則用此溶液的體積除以其的面積，恰好就是油酸分子的直徑；

阿伏伽德羅常數(shù)即為1摩爾有多少個分子個數(shù)；而摩爾質(zhì)量即為1摩爾的分子的質(zhì)量，則分子的質(zhì)量即為摩爾質(zhì)量與阿伏伽德羅常數(shù)相除．

16、左；B；1.88；1.84；在誤差允許的范圍內(nèi)，機械能守恒【分析】解：(1)

下落過程為勻加速運動；物體運動速度漸漸變大，故打點間距應(yīng)變大，所以紙帶的左端與重物相連；

(2)

要驗證機械能守恒；應(yīng)求得某點的速度才行，由數(shù)據(jù)可得B

的速度，故選B點。

(3)

從O

到B

的距離：h=19.20cmB

的速度為v=23.23鈭?15.552隆脕0.02cm/s=1.92m/s

故鈻?EP=mgh=1.00隆脕9.80隆脕19.20隆脕10鈭?2J=1.88J

鈻?Ek=12mv2=12隆脕1.00隆脕1.922J=1.84J

(4)

結(jié)論是：在誤差允許的范圍內(nèi)；機械能守恒。

答：(1)

紙帶的左端與重物相連。

(2)

選B點。

(3)

重物重力勢能減少量1.88J

動能增加量1.84J

(4)

由數(shù)據(jù)對比可得：鈻?EP

略大于鈻?EK

由于該實驗存在空氣阻力和紙帶與振針之間的摩擦.

考慮誤差因素，結(jié)論是：在誤差允許的范圍內(nèi)，機械能守恒。

(1)

物體運動速度漸漸變大；故打點間距應(yīng)變大。

(2)

要求計算出速度值才行；故應(yīng)求得某點的速度，選B點。

(3)

重物重力勢能減少量為mgh12mv2

(4)

由數(shù)據(jù)對比得到結(jié)論。

驗證機械能守恒只要驗證mgh=12m(v2鈭?v02)

故不用測定質(zhì)量，但要知道高度差和速度值，由于摩擦影響，動能增加量要小于重力勢能減小量【解析】左；B1.881.84

在誤差允許的范圍內(nèi)，機械能守恒17、略

【分析】【分析】(1)

麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在；提出了電磁波理論：變化的電場可以產(chǎn)生磁場，變化的磁場可以產(chǎn)生電場；由v=婁脣f

可求得電磁波的波長。本題考查電磁波的發(fā)現(xiàn)歷程以及波長、波速和頻率的關(guān)系；要注意明確麥克斯韋提出了電磁場理論，并掌握波長、波速與頻率間的關(guān)系。(2)

法拉第提出電荷周圍存在電場，已知試探電荷的電勢和電荷量，由公式Ep=q婁脮

求解電勢能。本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一。并掌握電勢能，電量與電勢關(guān)系的公式，注意各自的正負號不能忘記?！窘獯稹?1)

英國物理學(xué)家麥克斯韋認為：變化的磁場能產(chǎn)生電場；變化的磁場可以產(chǎn)生電場，從而提出了電磁波的存在；該電磁波在空氣中的波長為婁脣=vf=3隆脕1086隆脕105=5.0隆脕102m。(2)

法拉第提出一種觀點，認為在電荷周圍存在著由它產(chǎn)生的電場；根據(jù)公式有：Ep=q婁脮=鈭?2.0隆脕10鈭?8隆脕2.0隆脕102=鈭?4隆脕10鈭?6J故應(yīng)填(1)

麥克斯韋5.0隆脕1022(2)

法拉第鈭?4.0隆脕10鈭?6-6【解析】(1)

麥克斯韋5.0隆脕102

(2)

法拉第鈭?4.0隆脕10鈭?6

18、略

【分析】解：甲圖中交變電流的有效值I=Im2=102A=52A

乙圖中交變電流的有效值I隆盲=10A

故交流電的有效值之比為52攏潞10=1攏潞2

故答案為：12

正弦式交流電的有效值I=Im2

乙圖中每一段都可以認為是直流電，故有效值等于每一段的大小，故可求得電流的有效值之比。

本題主要考查了交流電的有效值的應(yīng)用，關(guān)鍵是抓住正弦式交流電的最大值與有效值之間滿足Im=2I

關(guān)系【解析】12

四、判斷題(共3題，共21分)19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．五、推斷題(共4題，共20分)22、略

【分析】【分析】該題通過水污染的治理和化學(xué)工業(yè)生產(chǎn)流程，考查了原電池原理的應(yīng)用和元素及其化合物的性質(zhì)，判斷微生物電池的正負極和分析流程圖是本題難點，試題難度較大。I、（1）根據(jù)信息：CN-能夠被氧氣氧化成HCO3-，同時生成NH3來書寫方程式；（2）根據(jù)原電池中陽離子的移動方向確定A為正極，發(fā)生得電子的還原反應(yīng)來書寫；II、由圖1流程可知，菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反應(yīng)，則濾渣1為SiO2，②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子，再加過量的NaOH，金屬離子轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣2為Fe（OH）3、Cu（OH）2，反應(yīng)④通二氧化碳將ZnO22-轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣3為Zn（OH）2，據(jù)此解答?！窘獯稹縄、（1）CN-能夠被氧氣氧化成HCO3-，同時生成NH3得出方程式為：2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3；（2）原電池中氫離子的移動方向是從負極流向正極，所以A是正極，發(fā)生得電子的還原反應(yīng)：+2e-+H+═+Cl-；II、由圖1流程可知，菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反應(yīng)，則濾渣1為SiO2，②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子，再加過量的NaOH，金屬離子轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣2為Fe（OH）3、Cu（OH）2，反應(yīng)④通二氧化碳將ZnO22-轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣3為Zn（OH）2，（1）由上述分析可知，濾渣1為SiO2；（2）②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子；只有D不會引入新雜質(zhì)；

（3）步驟④中的CO2氣體來自步驟①酸浸反應(yīng)放出的氣體，可以節(jié)能減排；（4）步驟④發(fā)生的離子反應(yīng)方程式為ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-?！窘馕觥縄、（1）2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3（2）+2e-+H+═+Cl-II、（1）SiO2（2）D（3）①（4）ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-23、1s22s22p63s23p63d64s2;5：1;N＞O＞C;F元素電負性很大，分子之間形成氫鍵，以形成締合分子(HF)n;N原子半徑小于C原子半徑，鍵長C-N＜C-C，C-N鍵能更大;4【分析】試題分析：rm{(1)Fe}是rm{26}元素，核外電子數(shù)為rm{26}根據(jù)核外電子排布規(guī)律書寫；

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}個電子，該烴分子式為rm{C_{2}H_{4}}分子中含有rm{4}個rm{C-H}rm{1}個rm{C=C}雙鍵，雙鍵為rm{1}個rm{婁脪}鍵、rm{1婁脨}鍵；

rm{(3)}同周期自左而右元素第一電離能呈增大趨勢，但rm{N}元素原子的rm{2p}能級含有rm{3}個電子，處于半滿穩(wěn)定狀態(tài)，能量較低，失去第rm{1}個電子需要的能量較大；

rm{(4)F}元素電負性很大；分子之間形成氫鍵，以形成締合分子；

rm{(5)}原子晶體中化學(xué)鍵鍵長越短；鍵能越大，化學(xué)鍵越穩(wěn)定；

rm{(6)}由石墨晶胞結(jié)構(gòu)可知，rm{隆脧bab隆盲=60^{circ}}rm{隆脧aba隆盲=120^{circ}}故頂點rm{a}相應(yīng)位置碳原子為rm{12}個晶胞共用，頂點rm相應(yīng)位置為棱上碳原子為rm{6}個晶胞共用，面上為rm{2}個晶胞共用，晶胞內(nèi)部含有rm{1}個碳原子，rm{ad}相應(yīng)棱上碳原子為rm{6}個晶胞共用，rm{bc}相應(yīng)棱上碳原子為rm{3}個晶胞共用；利用相應(yīng)物質(zhì)均攤法計算．

rm{(1)Fe}是rm{26}元素，核外電子數(shù)為rm{26}態(tài)原子的核外電子排布式為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{6}4s^{2}}

故答案為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{6}4s^{2}}

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}個電子，該烴分子式為rm{C_{2}H_{4}}分子中含有rm{4}個rm{C-H}rm{1}個rm{C=C}雙鍵，雙鍵為rm{1}個rm{婁脪}鍵、rm{1婁脨}鍵，故該分子中rm{婁脪}鍵與rm{婁脨}鍵的個數(shù)比為rm{5}rm{1}

故答案為：rm{5}rm{1}

rm{(3)}同周期自左而右第一電離能呈增大趨勢，rm{N}元素原子的rm{2p}能級有rm{3}個電子，為半滿穩(wěn)定狀態(tài)，能量降低，失去第一個電子需要的能量較高，第一電離能高于同周期相鄰元素，故第一電離能rm{N>O>C}

故答案為：rm{N>O>C}

rm{(4)F}元素電負性很大，分子之間形成氫鍵，以形成締合分子rm{(HF)_{n}}實驗測得rm{HF}的相對分子質(zhì)量一般高于理論值；

故答案為：rm{F}元素電負性很大，分子之間形成氫鍵，以形成締合分子rm{(HF)_{n}}

rm{(5)N}原子半徑小于rm{C}原子半徑，鍵長rm{C-N<C-C}故在rm{C_{3}N_{4}}形成的原子晶體中rm{C-N}鍵能更大；故其硬度超過金剛石；

故答案為：rm{N}原子半徑小于rm{C}原子半徑，鍵長rm{C-N<C-C}rm{C-N}鍵能更大；

rm{(6)}由石墨晶胞結(jié)構(gòu)可知，rm{隆脧bab隆盲=60^{circ}}rm{隆脧aba隆盲=120^{circ}}故頂點rm{a}相應(yīng)位置碳原子為rm{12}個晶胞共用，頂點rm相應(yīng)位置為棱上碳原子為rm{6}個晶胞共用，面上為rm{2}個晶胞共用，晶胞內(nèi)部含有rm{1}個碳原子，rm{ad}相應(yīng)棱上碳原子為rm{6}個晶胞共用，rm{bc}相應(yīng)棱上碳原子為rm{3}個晶胞共用，故晶胞中含有的rm{AC}原子數(shù)目為：

rm{4隆脕dfrac{1}{12}+4隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{2}+1+2隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{3}=4}故答案為：rm{4隆脕dfrac{1}{12}+4隆脕dfrac

{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{2}+1+2隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac

{1}{3}=4}．rm{4}【解析】rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{6}4s^{2};5}rm{1;N>O>C;F}元素電負性很大，分子之間形成氫鍵，以形成締合分子rm{(HF)_{n};N}原子半徑小于rm{C}原子半徑，鍵長rm{C-N<C-C}rm{C-N}鍵能更大rm{;4}24、略

【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成，難度較大，是對有機物知識的綜合考查，綜合性較強，能較好的考查學(xué)生的閱讀、分析與思維能力，（5）為本題的易錯點。氯代烴A，其相對分子質(zhì)量為78.5，則A的分子式為C3H7Cl，A與鈉發(fā)生題中信息中的反應(yīng)生成B，B與氯氣反應(yīng)生成的一氯代物有兩種，則A為CH3CHClCH3，B為A在氫氧化鈉醇溶液中發(fā)生消去反應(yīng)生成E為CH2=CHCH3，E發(fā)生加聚反應(yīng)得F為E與溴發(fā)生加成反應(yīng)得G為CH2BrCHBrCH3，G水解得H為CH2OHCHOHCH3，H選擇氧化得I為CH3CHOHCHO，I選擇氧化得J為CH3CHOHCOOH，J在濃硫酸加熱條件下得六元環(huán)酯K為A堿性水解得C為CH3CHOHCH3，C與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng)得D為CH3COOCH（CH3）2，據(jù)此答題。【解答】氯代烴A，其相對分子質(zhì)量為78.5，則A的分子式為C3H7Cl，A與鈉發(fā)生題中信息中的反應(yīng)生成B，B與氯氣反應(yīng)生成的一氯代物有兩種，則A為CH3CHClCH3，B為，A在氫氧化鈉醇溶液中發(fā)生消去反應(yīng)生成E為CH2=CHCH3，E發(fā)生加聚反應(yīng)得F為，E與溴發(fā)生加成反應(yīng)得G為CH2BrCHBrCH3，G水解得H為CH2OHCHOHCH3，H選擇氧化得I為CH3CHOHCHO，I選擇氧化得J為CH3CHOHCOOH，J在濃硫酸加熱條件下得六元環(huán)酯K為，A堿性水解得C為CH3CHOHCH3，C與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng)得D為CH3COOCH（CH3）2，（1）根據(jù)上面的分析可知，A的分子式為C3H7Cl，E→F的反應(yīng)類型加聚反應(yīng)；（2