2025年人教新起點(diǎn)選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教新起點(diǎn)選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、艦載機(jī)尾焰的溫度超過(guò)1000℃，因此國(guó)產(chǎn)航母“山東艦”甲板選用耐高溫的鋼板。下列說(shuō)法中正確的是（）A.鋼板是非晶體B.鋼板的物理性質(zhì)是各向同性的C.尾焰噴射到鋼板上時(shí)，該處所有分子的動(dòng)能都增大D.發(fā)動(dòng)機(jī)燃油燃燒產(chǎn)生的熱量可以全部用來(lái)對(duì)艦載機(jī)做功2、如圖所示，在A、B間接入正弦交流電U1=220V，通過(guò)理想變壓器和二極管D1、D2給阻值R=20Ω的純電阻負(fù)載供電，已知D1、D2為相同的理想二極管，正向電阻為0，反向電阻無(wú)窮大，變壓器原線圈n1=110匝，副線圈n2=20匝，Q為副線圈正中央抽頭，為保證安全，二極管的反向耐壓值至少為U0，設(shè)電阻R上消耗的熱功率為P，則有()

A.V，P=80WB.U0=40V，P=80WC.V，P=20WD.U0=40V，P=20W3、如圖為某發(fā)電站電能輸送電路示意圖，已知發(fā)電機(jī)的輸出電壓、輸電線的電阻及理想升壓、降壓變壓器匝數(shù)均不變，若用戶電阻R0減??；下列說(shuō)法正確的是（）

A.發(fā)電機(jī)的輸出功率減小B.輸電線上的功率損失減小C.用戶得到的電壓減小D.輸電線輸送電壓減小4、如圖所示，帶箭頭的實(shí)線表示某一電場(chǎng)的電場(chǎng)線。在電場(chǎng)力作用下，一帶電粒子(不計(jì)重力)經(jīng)A點(diǎn)飛向B點(diǎn)；徑跡如圖中虛線所示，下列說(shuō)法正確的是。

A.粒子帶正電B.粒子在A點(diǎn)加速度大C.粒子在B點(diǎn)動(dòng)能大D.A、B兩點(diǎn)相比，B點(diǎn)電勢(shì)較低5、籃球運(yùn)動(dòng)員通常要伸出兩臂迎接傳來(lái)的籃球．接球時(shí)兩臂隨球迅速收縮至胸前．這樣做可以（）

A.減小籃球?qū)κ值臎_量B.減小籃球?qū)θ说臎_擊力量C.減小籃球的動(dòng)量變化量D.減小籃球的動(dòng)能變化量評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、在熱學(xué)中，要描述一定氣體的宏觀狀態(tài)，需要確定下列哪些物理量（）A.每個(gè)氣體分子的運(yùn)動(dòng)速率B.壓強(qiáng)C.體積D.溫度7、對(duì)于分子動(dòng)理論和物體內(nèi)能的理解，下列說(shuō)法正確的是（）A.外界對(duì)物體做功，物體內(nèi)能一定增加B.溫度高的物體內(nèi)能不一定大，但分子平均動(dòng)能一定大C.當(dāng)分子間的距離增大時(shí)，分子間作用力就一直減小D.當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的減小而增大8、一導(dǎo)熱性良好的直玻璃管開(kāi)口向下浸沒(méi)于固定的水銀槽中；管內(nèi)封閉一定質(zhì)量的空氣，玻璃管底部通過(guò)細(xì)繩懸掛在天花板上。如圖所示，下列情況中能使細(xì)繩拉力減小的是（）

A.大氣壓強(qiáng)升高B.大氣壓強(qiáng)降低C.環(huán)境溫度降低D.向槽內(nèi)注入水銀9、下列敘述正確的是（）A.晶體的各向異性是由于它的微粒按空間點(diǎn)陣排列B.單晶體具有規(guī)則的幾何外形是由于它的微粒按一定規(guī)律排列C.非晶體有規(guī)則的幾何形狀和確定的熔點(diǎn)D.石墨的硬度比金剛石差很多，是由于它的微粒沒(méi)有按空間點(diǎn)陣分布10、下列說(shuō)法正確的是（）A.液體凝固時(shí)，分子平均動(dòng)能一定減小B.外界對(duì)氣體做功時(shí)，其內(nèi)能一定會(huì)增大C.一定質(zhì)量的氣體，在體積不變時(shí)，分子每秒與器壁平均碰撞次數(shù)隨溫度降低而減小E.生產(chǎn)半導(dǎo)體器件時(shí)，需要在純凈的半導(dǎo)體材料中摻入其他元素，可以在高溫條件下利用分子的擴(kuò)散來(lái)完成E.生產(chǎn)半導(dǎo)體器件時(shí)，需要在純凈的半導(dǎo)體材料中摻入其他元素，可以在高溫條件下利用分子的擴(kuò)散來(lái)完成11、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)探究電容器所帶電荷量與電容器兩極板間電壓關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)電路如圖甲所示，其中P為電流傳感器，V為理想電壓表．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將開(kāi)關(guān)S1閉合，單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2擲向a，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭到某位置使電容器C充電，當(dāng)電路穩(wěn)定后記錄理想電壓表的示數(shù)．再迅速將開(kāi)關(guān)S2擲向b，使電容器放電。電流傳感器P將電容器充、放電過(guò)程中的電流數(shù)據(jù)傳送給計(jì)算機(jī)，在計(jì)算機(jī)上可顯示出電流i隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示。然后改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭的位置；重復(fù)上述步驟，記錄多組電流隨時(shí)間變化的圖像和電壓表的示數(shù)．對(duì)于這個(gè)實(shí)驗(yàn)過(guò)程和由圖像及數(shù)據(jù)所得出的結(jié)果，下列說(shuō)法中正確的是()

A.流過(guò)電流傳感器P的充電電流和放電電流方向相同B.圖乙中的第①段(充電階段)電流曲線與橫軸所圍圖形的面積表示電容器充電結(jié)束時(shí)所帶的電荷量C.電容器所帶電荷量與電容器兩極板間電壓的關(guān)系圖象應(yīng)為一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線D.電容器充電結(jié)束時(shí)所帶電荷量與滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭的位置無(wú)關(guān)12、如圖，光源S從水下向空氣中射出一束由紅光、黃光和藍(lán)光組成的復(fù)色光，在水面上的P點(diǎn)分裂成a、b、c三束單色光，下列說(shuō)法正確的是____

A.c光為紅色光B.在水中傳播時(shí)a光速度最大，c光波長(zhǎng)最小C.逐漸增大入射角，c光最先發(fā)生全反射E.a、b、c三種色光分別用同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置發(fā)生干涉，a光相鄰亮條紋間距最大E.a、b、c三種色光分別用同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置發(fā)生干涉，a光相鄰亮條紋間距最大評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)13、A、B、C、D、E、F分別是正六邊形的六個(gè)頂點(diǎn)，各頂點(diǎn)到正六邊形中心O的距離為a，現(xiàn)只在F處放一電量為-Q的點(diǎn)電荷，則中心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為_(kāi)___；若再在A、B、C、D、E處各放一電量為+Q的點(diǎn)電荷，則中心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小變?yōu)開(kāi)___。

14、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體在狀態(tài)A時(shí)壓強(qiáng)為經(jīng)歷A→B→C→A的過(guò)程，C→A過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)______（填“增加”、“減小”或“不變”）；整個(gè)過(guò)程中與外界交換的熱量相當(dāng)于放出61.4J。該氣體在A→B過(guò)程中對(duì)外界所做的功為_(kāi)_____J。

15、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a依次經(jīng)狀態(tài)b、c、d和e后回到狀態(tài)a，圖中ae、bc延長(zhǎng)線過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)O，則在a→b過(guò)程中氣體___________（填“放熱”或“吸熱”）；在這個(gè)循環(huán)過(guò)程中，氣體在狀態(tài)c的壓強(qiáng)___________狀態(tài)e的壓強(qiáng)（填“大于”或“小于”）。

16、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過(guò)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，已知狀態(tài)A的壓強(qiáng)為則狀態(tài)B的壓強(qiáng)___________；B到C過(guò)程中氣體___________（選填“吸熱”“放熱”或“與外界無(wú)熱交換”）．

17、如圖所示寬度為d；厚度為h的金屬板放在垂直于它的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；當(dāng)有電流I通過(guò)金屬板時(shí)，在金屬板上側(cè)面A和下側(cè)面A’間產(chǎn)生電勢(shì)差．

（1）金屬板上側(cè)面A電勢(shì)____________下側(cè)面電勢(shì)（填高于或低于）；

（2）若金屬板內(nèi)單位體積內(nèi)自由電子數(shù)為n，則產(chǎn)生的電勢(shì)差U=___________________．18、在水平放置的氣墊導(dǎo)軌上，質(zhì)量為0.4kg、速度為0.5m/s的滑塊甲與質(zhì)量為0.6kg、速度為0.1m/s的滑塊乙迎面相撞，碰撞后滑塊乙的速度大小變?yōu)?.2m/s，此時(shí)滑塊甲的速度大小為_(kāi)_____m/s，方向與它原來(lái)速度方向_______．19、質(zhì)量為m1=0.1kg的物塊A在光滑的水平面上以0.3m/s的速率向右運(yùn)動(dòng),恰遇上質(zhì)量m2=0.5kg的物塊B以0.1m/s的速率向左運(yùn)動(dòng),兩物塊正碰后,物塊B恰好停止,那么碰撞后物塊A的速度大小是____,方向____(填“向左”或“向右”)20、“正電子湮沒(méi)”是指正電子與電子相遇后一起消失而放出光子的過(guò)程，若一個(gè)電子和一個(gè)正電子相撞發(fā)生湮滅轉(zhuǎn)化成一對(duì)光子，正、負(fù)電子的質(zhì)量均為相碰前動(dòng)能均為光速為普朗克常量為則對(duì)撞過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量_____（選填“守恒”、“不守恒”），光子的頻率為_(kāi)________．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．鋼板耐高溫；有固定的熔點(diǎn)，是晶體，故A錯(cuò)誤；

B．鋼是多晶體；晶粒在空間排列相同，是各向同性，故B正確；

C．溫度升高分子平均動(dòng)能增大；并不是所有分子的動(dòng)能都增大，故C錯(cuò)誤；

D．自發(fā)狀態(tài)下；熱量不可能全部用來(lái)做功，故D錯(cuò)誤。

故選B。2、C【分析】【詳解】

根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值；周期和頻率等；二極管的作用是只允許正向的電流通過(guò)，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論．

解：在AB間接入正弦交流電U1=220V，變壓器原線圈n1=110匝，副線圈n2=20匝，有：得有效值U2=40V．而二極管的反向耐壓值至少為U0，它是最大值，所以U0=40V，Q為副線圈正中央抽頭，則R兩端電壓為20V，所以R消耗的熱功率為P=W=20W

故選C3、C【分析】【分析】

根據(jù)用戶電阻的變化；得出降壓變壓變壓器輸出功率的變化，根據(jù)輸出功率決定輸入功率，得知發(fā)電機(jī)輸出功率的變化；由輸電線上損失的功率變化，得出輸電線電流變化；由發(fā)電機(jī)的輸出電壓和升壓變壓器原；副線圈的匝數(shù)比不變，可得出輸電線輸送電壓的變化.

【詳解】

若用戶電阻減??；則降壓變壓器輸出功率增大，導(dǎo)致發(fā)電機(jī)的輸出功率增大，故A錯(cuò)誤；若用戶電阻減小，降壓變壓器輸出功率增大，導(dǎo)致輸電線上電流增大，輸電線上損失的電壓增大，輸電線上的功率損失增大，故B錯(cuò)誤；輸電線上損失電壓增大，降壓變壓器原線圈輸入電壓減小，由于降壓變壓器原；副線圈匝數(shù)比不變，降壓變壓器副線圈輸出電壓（即用戶得到的電壓）減小，故C正確；根據(jù)題給發(fā)電機(jī)的輸出電壓不變，升壓變壓器的原線圈輸入電壓不變，由于升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比不變，則輸電線上輸送電壓不變，故D錯(cuò)誤；故選C．

【點(diǎn)睛】

解決本題關(guān)鍵知道：1、原、副線圈電壓比、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系；2、升壓變壓器的輸出電壓、電壓損失、降壓變壓器的輸入電壓之間的關(guān)系；4、D【分析】試題分析：根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可以看出；粒子所受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)線的方向相反，故可知粒子帶負(fù)電，所以A錯(cuò)誤；B處的電場(chǎng)線密集，故電場(chǎng)強(qiáng)度大，由牛頓第二定律可知，該點(diǎn)的加速度大，所以B錯(cuò)誤；電場(chǎng)力方向與運(yùn)動(dòng)方向成鈍角，所以電場(chǎng)力做負(fù)功，粒子的電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，所以C錯(cuò)誤；電勢(shì)沿電場(chǎng)線的方向降落，所以A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)，故D正確；

考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)5、B【分析】【詳解】

試題分析：根據(jù)動(dòng)量定理，籃球以一定得速度減小為零，因此當(dāng)動(dòng)量的變化一定，則沖量也一樣，因速度變化一樣，因此動(dòng)能變化一樣，增大作用時(shí)間可減少作用力；運(yùn)動(dòng)員接籃球時(shí)，籃球的動(dòng)量由某一值減到零，接球時(shí)，兩手隨球迅速收縮至胸前，這樣可以增加籃球和運(yùn)動(dòng)員的作用時(shí)間，從而減少籃球?qū)\(yùn)動(dòng)員的沖擊力，選項(xiàng)B正確．

考點(diǎn)：動(dòng)量定理的應(yīng)用．二、多選題(共7題，共14分)6、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

描述系統(tǒng)的宏觀狀態(tài)；其參量是宏觀量，每個(gè)氣體分子的運(yùn)動(dòng)速率是微觀量，不是氣體的宏觀狀態(tài)參量。氣體的壓強(qiáng)；體積和溫度分別是從力學(xué)、幾何、熱學(xué)三個(gè)角度對(duì)氣體的性質(zhì)進(jìn)行的宏觀描述，是確定氣體宏觀狀態(tài)的三個(gè)狀態(tài)參量。

故選BCD。7、B:D【分析】【詳解】

A．改變物體內(nèi)能有兩種方式；做功和熱傳遞，外界對(duì)物體做功，但不知道物體是吸熱還是放熱，如果外界對(duì)它做功，同時(shí)物體向外界放熱，并且放出的熱量比外界對(duì)它做功還多，則物體內(nèi)能會(huì)減小，故A錯(cuò)誤；

B．物體的內(nèi)能除了與溫度有關(guān)之外；還與體積；狀態(tài)、物質(zhì)的量等有關(guān)，故溫度高的物體內(nèi)能不一定會(huì)大，但溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度越高，分子平均動(dòng)能一定越大，故B正確；

C．分子間作用力與分子間的距離有關(guān)，當(dāng)分子間的距離小于r0，隨分子間距離的增大，分子間的作用力減小，當(dāng)分子間的距離從r0開(kāi)始增大到無(wú)窮遠(yuǎn)處；分子間的作用力先增大后減小，故C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)；隨著分子間距離的減小，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，故D正確。

故選BD。8、B:D【分析】【詳解】

由題意，設(shè)外界大氣壓強(qiáng)為P0，封閉氣體壓強(qiáng)為P，玻璃管內(nèi)外水銀高度差為h，玻璃管質(zhì)量為m，繩對(duì)玻璃管拉力為T(mén)，則對(duì)玻璃管受力分析有

即

AB．若大氣壓強(qiáng)升高，則封閉氣體壓強(qiáng)增大，故h增加，所以T增大；反之，大氣壓強(qiáng)降低，則同理可得T減?。还蔄錯(cuò)誤，B正確；

C．若環(huán)境溫度降低，則封閉氣體壓強(qiáng)減小，根據(jù)

可知h增大，故T增大；所以C錯(cuò)誤；

D．向槽內(nèi)注入水銀，根據(jù)

由氣體狀態(tài)方程可知，封閉氣體壓強(qiáng)增大，體積減小，水銀面高度差h減??；故拉力減小，選項(xiàng)D正確；

故選BD。9、A:B【分析】【詳解】

AB．晶體內(nèi)部微粒排列的空間結(jié)構(gòu)決定著晶體的物理性質(zhì)是否相同；也正是由于微粒按一定規(guī)律排列；使單晶體具有規(guī)則的幾何形狀，A；B正確；

C．非晶體沒(méi)有規(guī)律的幾何形狀和確定的熔點(diǎn)；C錯(cuò)誤；

D．石墨與金剛石的硬度相差甚遠(yuǎn)是由于它們內(nèi)部微粒的排列結(jié)構(gòu)不同；石墨的層狀結(jié)構(gòu)決定了它的質(zhì)地柔軟，而金剛石的網(wǎng)狀結(jié)構(gòu)決定了其中碳原子間的作用力很強(qiáng)，所以金剛石有很大的硬度，D錯(cuò)誤。

故選AB。10、C:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．若液體凝固成晶體時(shí)；溫度不變，而溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，可知液體凝固時(shí)，分子平均動(dòng)能可能不變，故A錯(cuò)誤；

B．做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能；若外界對(duì)氣體做功的同時(shí)；氣體放出熱量，其內(nèi)能不一定會(huì)增大，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知；一定質(zhì)量的氣體，在體積不變時(shí)，溫度降低則壓強(qiáng)減?。粴怏w的壓強(qiáng)與分子密度以及單位時(shí)間內(nèi)對(duì)單位面積上的碰撞次數(shù)有關(guān)，體積不變則分子密度不變，所以溫度降低；壓強(qiáng)降低時(shí)，分子每秒與器壁平均碰撞次數(shù)減小，故C正確；

D．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知；空調(diào)既能制熱又能制冷，說(shuō)明在不自發(fā)的條件下熱傳遞方向性可以逆向，故D正確；

E．生產(chǎn)半導(dǎo)體器件時(shí)；需要在純凈的半導(dǎo)體材料中摻入其他元素，可以在高溫條件下利用分子的擴(kuò)散來(lái)完成的，故E正確；

故選CDE。

【點(diǎn)睛】

溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，液體凝固成晶體時(shí)，溫度不變；做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能；根據(jù)壓強(qiáng)的微觀意義分析；不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響；生產(chǎn)半導(dǎo)體器件時(shí)，可以在高溫條件下利用分子的擴(kuò)散來(lái)完成．11、B:C【分析】【詳解】

A．從圖中可知；電容器的左端為正，充電過(guò)程中電流從電源正極流向電容正極，放電過(guò)程電流從電容的正極流出，所以充電和放電電流方向不同，故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)公式Q=It

可得圖乙中的第①段（充電階段）電流曲線與橫軸所圍圖形的面積表示電容器充電結(jié)束時(shí)所帶的電荷量；故B正確；

C．因?yàn)殡娙萜鞯碾娙菔呛愣ú蛔兊模鶕?jù)電容定義式

變形得Q=CU

可得到Q是關(guān)于U的一次函數(shù)；所以電容器充電結(jié)束時(shí)所帶電荷量隨電容器充電結(jié)束時(shí)兩極間電壓變化的關(guān)系圖像應(yīng)為一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，故C正確；

D．因?yàn)殡娙萜魇歉瑒?dòng)變阻器的左端并聯(lián)在一起的，所以電容器的充電結(jié)束時(shí)的電壓和滑動(dòng)片的位置有關(guān)，根據(jù)公式

可知電容器充電結(jié)束時(shí)所帶電荷量與滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭的位置有關(guān)；故D錯(cuò)誤。

故選BC。12、B:C:E【分析】【詳解】

A項(xiàng)：由于紅光的折射率較?。凰云劢禽^小，所以a光為紅光，故A錯(cuò)誤；

B項(xiàng)：由公式可知，折射率越大，速度越小，所以a光的速度最大，由公式所以頻率越大的，波長(zhǎng)越小，由圖可知，所以c光的波長(zhǎng)最小，故B正確；

C項(xiàng)：由公式折射率越大的，臨界角越小，所以c光最先發(fā)生全反射，故C正確；

D項(xiàng)：由B分析可知，b光的波長(zhǎng)比a光的小，所以a光比b光更容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；故D錯(cuò)誤；

E項(xiàng)：由公式可知，波長(zhǎng)越長(zhǎng)的，間距越大，所以a光的鄰亮條紋間距最大，故E正確．三、填空題(共8題，共16分)13、略

【分析】【分析】

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理和點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式求解。

【詳解】

[1]根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式得：只在F處放一電量為-Q的點(diǎn)電荷，則中心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小

[2]若再在A、B、C、D、E處各放一電量為+Q的點(diǎn)電荷，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理得B和E的疊加后場(chǎng)強(qiáng)為零，A和D的疊加后場(chǎng)強(qiáng)為零，所以中心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小等于F和C的場(chǎng)強(qiáng)疊加，即

【點(diǎn)睛】

本題運(yùn)用電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加，及幾何圖形的對(duì)稱性來(lái)結(jié)合求解?！窘馕觥?4、略

【分析】【詳解】

[1]C→A過(guò)程中，圖線是過(guò)原點(diǎn)的直線，根據(jù)

可得

可知C→A過(guò)程中氣體壓強(qiáng)不變；

[2]整個(gè)過(guò)程中與外界交換的熱量相當(dāng)于放出61.4J，而整個(gè)過(guò)程中內(nèi)能不變，則外界對(duì)氣體做功為W=61.4J

其中A→B過(guò)程氣體體積變大，對(duì)外做功W1；B→C過(guò)程體積不變，W2=0；從C→A過(guò)程等壓壓縮，外界對(duì)氣體做功

則由W=W1+W2+W3

解得W1=-138.6J

即氣體在A→B過(guò)程中對(duì)外界所做的功為138.6J?！窘馕觥坎蛔?38.615、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過(guò)程中，理想氣體等溫變化，內(nèi)能保持不變，氣體體積變大對(duì)外做功，由熱力學(xué)第一定律可得，a→b過(guò)程中從外界吸收熱量；

[2]根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知

整理得

根據(jù)V-T圖像斜率的大小可知?dú)怏w在狀態(tài)c的壓強(qiáng)小于狀態(tài)e的壓強(qiáng)?！窘馕觥课鼰嵝∮?6、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由題圖可知，從狀態(tài)A經(jīng)過(guò)狀態(tài)B為等溫變化，則有

已知

解得

[2]由題圖可知，B到C過(guò)程中，溫度降低，內(nèi)能減少，即

體積變小，則外界對(duì)氣體做功，即

由熱力學(xué)第一定律

可知

即氣體放熱。【解析】放熱17、略

【分析】（1）根據(jù)左手定則；電子向上偏，所以上側(cè)面得到電子帶負(fù)電，下側(cè)面失去電子帶正電，則金屬板上側(cè)面A電勢(shì)低于下側(cè)面的電勢(shì)．

（2）電子最終達(dá)到平衡，有．則U=vBd．電流的微觀表達(dá)式I=nevS=nevhd．則v=代入得，．

【名師點(diǎn)睛】金屬中移動(dòng)的是自由電子，根據(jù)左手定則，判斷出電子的偏轉(zhuǎn)方向，從而得出電勢(shì)的高低．最終電子受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，根據(jù)平衡和電流的微觀表達(dá)式求出電勢(shì)差的大?。窘馕觥康陀?8、略

【分析】【分析】

【詳解】

滑塊甲乙系統(tǒng)在碰撞過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：＋＝＋由題意知，兩者迎面碰撞，說(shuō)明兩者初速度方向相反，不妨假設(shè)甲的初速度方向?yàn)檎较颍钟捎陬}目中只說(shuō)明碰后乙的速度大小，未說(shuō)明碰后速度方向，但系統(tǒng)初始總動(dòng)量方向與正方向相同，因此碰后系統(tǒng)的總動(dòng)量方向也應(yīng)與正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度為：＝0.05m/s，為正值，即方向與它原來(lái)的方向相同．【解析】0.05相同19、略

【分析】設(shè)向右為正方向,由動(dòng)量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得負(fù)號(hào)表示方向向左。【解析】0.2m/s向左20、略

【分析】【詳解】

光子無(wú)靜止的質(zhì)量，撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，則電子對(duì)撞過(guò)程中的質(zhì)量虧損為．由愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程中電子對(duì)撞放出的能量為根據(jù)能量守恒得，每個(gè)光子的能量