2025年統(tǒng)編版2024高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版2024高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，分別在M、N兩點固定放置兩個點電荷+Q和－q(Q>q)，以MN連線的中點O為圓心的圓周上有四點A、B、C、D，關(guān)于這四點的場強和電勢，下列說法中正確的是（）A.A點電勢高于B點電勢B.A點場強小于B點場強C.C點電勢低于D點電勢D.C點場強大于D點場強2、以下說法中正確的是；（）

A.小昆蟲在水面上自由往來而不陷入水中是液體表面張力在起作用。

B.小木塊能夠浮出水面是液體表面張力與其重力平衡的結(jié)果。

C.縫衣針浮在水面上不下沉是重力與水的浮力平衡的結(jié)果。

D.噴泉噴射到空中的水形成一個個球形是小水珠是表面張力作用的結(jié)果。

3、如圖所示，不計重力的輕桿OP

能以O(shè)

點為圓心在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動，P

端用輕繩PB

掛一重物，另用一根輕繩通過滑輪系住P

端.

在力F

的作用下，當(dāng)桿OP

和豎直方向的夾角婁脕(0<婁脕<婁脨)

緩慢增大時，力F

的大小應(yīng)(

)

A.恒定不變B.逐漸增大C.逐漸減小D.先增大后減小4、目前金屬探測器已經(jīng)廣泛應(yīng)用于各種安檢、高考及一些重要場所，下列有關(guān)金屬探測器的說法正確的是（）A.使用金屬探測器的時候，應(yīng)該讓探測器靜止不動，探測效果會更好B.金屬探測器可用于月餅生產(chǎn)中，用來防止細(xì)小的金屬顆?；烊朐嘛烉W中C.金屬探測器能幫助醫(yī)生探測兒童吞食或扎到手腳中的金屬物，是因為探測器的線圈中能產(chǎn)生渦流D.能利用金屬探測器檢測考生是否攜帶手機等違禁物品，是因為探測器的線圈中通有直流電5、如圖所示，三個線圈放在勻強磁場中，面積S1＜S2＜S3．穿過三個線圈的磁通量分別為Φ1、Φ2和Φ3，下列判斷正確的是（）A.Φ1=Φ2B.Φ2=Φ3C.Φ1＞Φ2D.Φ3＞Φ26、如圖所示，水平放置的扁平條形磁鐵，在磁鐵的左端正上方有一金屬線框，線框平面與磁鐵垂直，當(dāng)線框從左端正上方沿水平方向平移到右端正上方的過程中，穿過它的磁通量的變化情況是(

)

A.先減小后增大B.始終減小C.始終增大D.先增大后減小7、如圖所示在點電荷電場中的一條電場線上依次有ABC

三點；分別把+q

和鈭?q

的試探電荷依次放在三點上，則它所具有的電勢能的正確說法是()

A.放上+q

時，它們的電勢能EpA>EpB>EpC

B.放上+q

時，它們的電勢能EpA<EpB<EpC

C.放上鈭?q

時，它們的電勢能EpA>EpB>EpC

D.放上鈭?q

時，它們的電勢能EpA=EpB=EpC

8、如圖所示，光滑水平桌面上的木塊，通過輕繩跨過輕質(zhì)定滑輪與沙桶相連．木塊在拉力的作用下滑動，不計滑輪摩擦．滑動的木塊（）A.速度不變B.加速度不變C.受到的合外力為零D.受到的拉力大于沙桶的重力評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、在雙縫干涉實驗中，激光的波長為5.30×m，屏上P點距雙縫和的路程差為7.95×m.則在P點出現(xiàn)的應(yīng)是____（選填“明條紋”或“暗條紋”）。用綠光完成雙縫干涉實驗時，光屏得到干涉條紋，要使干涉條紋間距變大，可以____A．增大S1與S2的間距B．減小雙縫屏到光屏的距離C．將綠光換為紅光D．將綠光換為紫光10、如圖，為雙縫干涉實驗示意圖，已知SS1=SS2。當(dāng)S為λ=0.6μm的單色光源時，恰在屏上P點處形成第三級暗條紋，則S1、S2到P點的路程差△s=m；當(dāng)S換用另一單色光源時，在P點處恰形成第三級亮條紋（中央亮紋為第0級亮條紋），則這一光源的波長λ=____m。11、外界對一定質(zhì)量的氣體做了200J的功，同時氣體又向外界放出了80J的熱量，則氣體的內(nèi)能____（填“增加”或“減少”）了____J．12、在靜電感應(yīng)實驗中；取一對用絕緣柱支持的不帶電導(dǎo)體A和B，使它們彼此接觸，把毛皮摩擦過的橡膠棒C移近導(dǎo)體A．在下列不同操作后判斷導(dǎo)體A和B的電性（填“帶正電”；“帶負(fù)電”、“不帶電”）．

①把A和B分開，然后移去C，此時A____，B____；

②先移去C，然后把A和B分開，此時A____，B____；

③用手摸一下A，把A和B分開，然后移去C，此時A____，B____．

13、“220V、5.5kW”的電動機，電阻為0.4Ω，它在正常工作時的電流為______A，1s鐘內(nèi)產(chǎn)生的熱量是______J．14、閉合電路的一部分導(dǎo)體在磁場中做切割磁感線運動而產(chǎn)生感應(yīng)電流，從能量的角度看，外力克服____力做功，使____能轉(zhuǎn)化為____能．15、如圖所示為光敏電阻自動計數(shù)器的示意圖，其中R1

為光敏電阻，R2

為定值電阻.

那么當(dāng)有光照射R1

時，信號處理系統(tǒng)獲得__________(

填高電壓或者低電壓)

信號處理系統(tǒng)每獲得一次______________(

填高電壓或者低電壓)

就記數(shù)一次。16、一條平直的電場線上有ABC

三點，把m=2隆脕10鈭?9kgq=鈭?2隆脕10鈭?9C

的粒子從A

點移到B

點，電場力做1.5隆脕10鈭?7J

的正功，再把該電荷從B

點移到C

點，電場力做功鈭?4隆脕10鈭?7J

則UAB=

______VUAC=

______V.

評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

20、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）21、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）23、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）24、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

25、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共4分)26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、簡答題(共1題，共4分)28、有機物A、B在常溫下均為氣態(tài)，可按如下方法進(jìn)行A、B及有關(guān)物質(zhì)的一系列轉(zhuǎn)化：

已知X和Y互為同分異構(gòu)體，D與G互為同系物，X有銀鏡反應(yīng)，A在標(biāo)準(zhǔn)狀況下密度為1.25g·L-1。

（1）寫出A、B的結(jié)構(gòu)簡式：A____________；B____________。（2）寫出下列反應(yīng)的化學(xué)方程式：CD____________________________________________________________BF____________________________________________________________E+GX__________________________________________________________參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】試題分析：由題意知在MN連線上電場線從M指向N，所以A點的電勢高于B點的電勢，故選項A正確B錯誤；由于CD關(guān)于電荷的連線對稱分布，所以兩點的電勢相等，故選項CD錯誤．考點：考查靜電場的分布特點，往往考查關(guān)于連線中點對稱的點和關(guān)于連線中垂線對稱的點之間的場強和電勢的關(guān)系．【解析】【答案】A2、A|D【分析】

A；因為液體表面張力的存在；有些小昆蟲才能無拘無束地在水面上行走自如，故A正確；

B；小木塊能夠浮出水面是浮力與其重力平衡的結(jié)果；故B錯誤。

C；縫衣針可以浮在水面上是液體表面張力作用的結(jié)果；故C錯誤。

D；噴泉噴射到空中的水形成一個個球形是小水珠是表面張力作用的結(jié)果；故D正確。

故選AD．

【解析】【答案】作用于液體表面；使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．就象你要把彈簧拉開些，彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢．正是因為這種張力的存在，有些小昆蟲才能無拘無束地在水面上行走自如．

3、B【分析】解：以P

點為研究對象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件得：N

和F

的合力與重力G

大小相等、方向相反，作出力的合成圖如圖，由三角形相似法得：

FAP=GAO

當(dāng)桿OP

和豎直方向的夾角婁脕(0<婁脕<婁脨)

緩慢增大時；AP

增大，而GAO

不變，得到F

逐漸增大．

故選B

以P

點為研究對象；分析受力情況，運用三角形相似法，得到力F

與重力的關(guān)系，再分析F

的變化情況．

本題涉及非直角三角形的動態(tài)分析問題，運用三角相似法是常用的方法，形象直觀方便．【解析】B

4、B【分析】解：A；探測過程中工作時金屬探測器應(yīng)與被測物體相對運動；相對靜止時無法得出探測效果。故A錯誤；

B；金屬探測器能探測金屬；故可以用于月餅生產(chǎn)中，用來防止細(xì)小的金屬顆粒混入月餅餡中。故B正確；

C；金屬探測器探測金屬時；是金屬物產(chǎn)生了渦流，而被探測器探測到。故C錯誤；

D；探測器的原理是因為手機上產(chǎn)生渦流報警；不是因為通有直流電。故D錯誤；

故選：B。

金屬探測器在探測金屬時；由于在被測金屬中產(chǎn)生的渦流從而使報警器工作。

本題考查渦流的工作原理，要注意明確只有金屬物體相對探測器運動時才能產(chǎn)生渦流?！窘馕觥緽5、D【分析】解：根據(jù)公式Φ=BS，從圖中看出，面積S1＜S2＜S3．，所以線圈S3穿過的磁感線條數(shù)最多，所以磁通量最大，線圈S1穿過的磁感線條數(shù)最少；所以磁通量最少．故A；B、C錯誤，D正確．

故選：D

判斷磁通量的變化可根據(jù)穿過磁感線條數(shù)多少來定性判斷；也可從公式Φ=BS來判斷．

解決本題的關(guān)鍵是掌握判斷磁通量變化的方法，一是根據(jù)穿過磁感線條數(shù)多少來定性判斷，二是根據(jù)公式Φ=BS來判斷．【解析】【答案】D6、A【分析】解：線圈在N

極和S

極附近時；磁場較強，磁感線較密，而在條形磁鐵中央附近，磁場最弱，磁感線較疏；

因此在兩邊處穿過線圈的磁感線較多；磁通量較大；

而在中間處穿過線圈的磁感線較少；磁通量較小.

故穿過線框磁通量先變小后變大.

故A正確，BCD錯誤；

故選：A

．

磁通量用穿過線圈平面的磁感線的條數(shù)表示；根據(jù)條形磁鐵磁感線的分布情況進(jìn)行分析．

本題關(guān)鍵要掌握磁通量的幾何意義：穿過線圈平面的磁感線的條數(shù)，結(jié)合條形磁鐵磁感線的分布情況就能分析．【解析】A

7、A【分析】

【分析】根據(jù)沿著電場線方向電勢是降低的；可判斷出電勢的高低.

由電勢能公式EP=q婁脮

判斷電勢能的大小。

本題關(guān)鍵要掌握電場線與電勢的關(guān)系，電勢能與電勢的關(guān)系，也可以根據(jù)電場力做功正負(fù)進(jìn)行判斷?！窘獯稹緼B.AB.沿著電場線方向電勢是降低，所以婁脮婁脮AA>婁脮>婁脮BB>婁脮>婁脮cc，根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系：EEPP=q婁脮=q婁脮所以放上+q+q時，它的電勢能EEPAPA>E>EPBPB>E>EPCPC，故A正確，B錯誤；

CD.CD.由EEPP=q婁脮=q婁脮知放上鈭?q-q時，它的電勢能EEPAPA<E<EPBPB<E<EPCPC，故CD錯誤。

故選A。

【解析】A

8、B【分析】解：A；木塊與沙捅組成的系統(tǒng)的機械能是守恒的；在運動的過程中沙捅的重力勢能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的動能，所以系統(tǒng)的速度增大。故A錯誤；

B、D、以整體為研究對象，木塊與沙捅的系統(tǒng)的加速度a=以木塊為研究對象：T=Ma=＜mg；所以B正確，D錯誤；

C；系統(tǒng)的速度變大增大；所以系統(tǒng)受到的合外力一定不為0．故C錯誤。

故選：B。

對整體分析；運用牛頓第二定律求出加速度的大小，再隔離分析求出繩子的拉力，判斷出在什么條件下繩子的拉力等于桶與沙子的總重力．木塊和桶與沙子組成的系統(tǒng)機械能守恒．

本題綜合考查了牛頓第二定律和機械能守恒定律，難度中等，注意對于單個物體，機械能不守恒．【解析】B二、填空題(共8題，共16分)9、略

【分析】【解析】試題分析：屏上P點距雙縫和的路程差為則為奇數(shù)，在P點出現(xiàn)暗條紋．根據(jù)知，增大S1與S2的間距和減小雙縫屏到光屏的距離，干涉條紋間距減??；AB錯誤；綠光波長小于紅光波長，所以條紋間距變大，C正確；紫光波長小于綠光波長，所以干涉條紋間距減小，D錯誤故選C考點：用雙縫干涉測光的波長．【解析】【答案】暗C10、略

【分析】【解析】【答案】1.5×10-65×10-711、略

【分析】

由題有：W=200J；Q=-80J

根據(jù)熱力學(xué)第一定律得：△U=W+Q=200J-80J=120J＞0；所以氣體的內(nèi)能增加了120J

故答案為：增加；120

【解析】【答案】本題中外界對氣體做功為正值；氣體向外放熱為負(fù)值，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析內(nèi)能的變化．

12、帶正電帶負(fù)電不帶電不帶電帶正電不帶電【分析】【解答】解：皮摩擦過的橡膠棒C帶負(fù)電的物體C靠近A附近時；由于靜電感應(yīng)，A端帶上正電，B端帶上負(fù)電；

①先把AB分開；則A帶正電，B帶負(fù)電，移去C后，電荷不能再進(jìn)行中和，所以A端帶正電，B端帶負(fù)電；

②先移去C后；由于電荷間相互作用，重新中和，達(dá)電中性狀態(tài)，兩金屬箔均不帶電；

③用手摸一下A；由于用手接觸A時，A；B與人體組成新的導(dǎo)體，重新平衡后距離C最近的A端仍然帶正電，距離C最遠(yuǎn)的人體遠(yuǎn)處帶負(fù)電，B端不帶電．

此時把AB分開；A帶正電，B不帶電，然后把C移走后，AB的帶電不變．

故答案為：①帶正電；帶負(fù)電；②不帶電，不帶電；③帶正電，不帶電。

【分析】根據(jù)靜電感應(yīng)規(guī)律可明確AB兩端所帶電性，再根據(jù)電荷間的相互作用分析移走C后AB所帶電量，即可明確金箔能否閉合．13、略

【分析】解：根據(jù)P=IU得；電動機正常工作時的電流為。

I===25A

1s內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q=I2Rt=252×0.4×1J=250J；

故答案為：25；250．

（1）根據(jù)電動機的功率的大小和電壓的大小可以求得電動機正常工作時的電流的大?。?/p>

（2）根據(jù)發(fā)熱的公式Q=I2Rt可以求得1s時間內(nèi)線圈上產(chǎn)生的熱量；

電動機是非純電阻，電動機的總功轉(zhuǎn)化為電動機的對外做的功和產(chǎn)生的熱量．【解析】25；25014、略

【分析】

從能量轉(zhuǎn)化的角度來看；閉合電路的部分導(dǎo)體切割磁感線時產(chǎn)生感應(yīng)電流的過程，導(dǎo)體具有的機械能減小，轉(zhuǎn)化為電能，是機械能轉(zhuǎn)化為電能的過程；

若閉合電路中的感應(yīng)電流是因磁感強度發(fā)生變化而產(chǎn)生的；是外力克服安培力做功，磁場能轉(zhuǎn)化為電能．

故答案為：安培力；磁場；電。

【解析】【答案】根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒分析解答．電磁感應(yīng)現(xiàn)象是其他向電能的轉(zhuǎn)化過程．

15、高電壓低電壓【分析】【分析】

光敏電阻的電阻大小隨光照而減?。桓鶕?jù)閉合電路歐姆定律，抓住電動勢不變，根據(jù)電流的變化從而得出R2

兩端電壓的變化，即信號處理系統(tǒng)獲得的電壓。

解決本題的關(guān)鍵掌握光敏電阻的電阻大小隨光照而減??；以及熟練運用閉合電路歐姆定律進(jìn)行動態(tài)分析。

【解答】當(dāng)有光照射R1

時；R1

的電阻減小，則整個電路總電阻變小，電動勢不變，則電流增大，所以R2

兩端的電壓增大，即信號處理系統(tǒng)獲得高電壓，而信號處理系統(tǒng)每獲得一次低電壓就記數(shù)一次。

故填：高電壓；低電壓。

【解析】高電壓低電壓16、略

【分析】解：由據(jù)U=Wq

得：UAB=WABq=1.5隆脕10鈭?7鈭?2隆脕10鈭?9V=鈭?75V

鈭?2.0隆脕10鈭?9C

的正電荷從A

點到C

點的過程中；電場力做功為：

WAC=WAB+WBC=鈭?2.5隆脕10鈭?7J

則有：UAC=WACq=鈭?2.5隆脕10鈭?7鈭?2隆脕10鈭?9V=125V

故答案為：鈭?75125

根據(jù)電勢差的定義：U=Wq

求解AB

兩點間的電勢差.WAC=WAB+WBC

進(jìn)而求出AC

之間的電勢差．

電場力做功與重力做功類似只與位置有關(guān)，與路徑無關(guān)，電荷從A隆煤B隆煤C

電場力做功與從A隆煤C

電場力做功相同．【解析】鈭?75125

三、判斷題(共9題，共18分)17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?0、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．21、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．24、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．25、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的