2025年外研版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一細(xì)束平等光經(jīng)玻璃鏡折射后分為三種單色光a、b；c；并同時做如下實驗：

（1）讓三種單色光從同一塊半圓形玻璃磚射入空氣做全反射研究；

（2）讓這三種單色光通過同一雙縫干涉實驗裝置在光屏上產(chǎn)生進一步條紋；

（3）讓這三種單色光分別照射鋅板；

（4）讓這三種單色光分別垂直投射到同一條直光導(dǎo)纖維的端面上．

下列說法中正確（）

A.a種色光的波動性最顯著；產(chǎn)生全反射的臨界角最小。

B.a種色光形成的干涉條紋間距最小。

C.如果b種色光能產(chǎn)生光電效應(yīng)；則c種色光一定能產(chǎn)生光電效應(yīng)。

D.c種色光穿過光導(dǎo)纖維的時間最小。

2、滿載砂子的總質(zhì)量為M的小車，在光滑水平面上做勻速運動，速度為v0。在行駛途中有質(zhì)量為m的砂子從車上漏掉，則砂子漏掉后小車的速度應(yīng)為（）A.v0B.C.D.3、下列化合物分子中，在核磁共振氫譜圖中能給出三種信號的是()A.rm{{,!}_{;;;;;;;}}B.C.rm{CH_{3}OCH_{3}}D.rm{CH_{3}CH_{2}CH_{3}}4、如圖所示是某電場中幾條電場線；在電場中有A；B兩點，試比較兩點的電場強度E大小，其中正確的是（）

A.EA=EB

B.EA＞EB

C.EA＜EB

D.無法確定。

5、一個半徑為r，帶正電的實心金屬球球心在x軸上的O點，金屬球在周圍空間產(chǎn)生靜電場，則其電勢φ在x軸上的分布情況正確的是（）6、一航天飛機下有一細(xì)金屬桿，桿指向地心．若僅考慮地磁場的影響，則當(dāng)航天飛機位于赤道上空（）A.由東向西水平飛行時，金屬桿中感應(yīng)電動勢的方向一定由上向下B.由西向東水平飛行時，金屬桿中感應(yīng)電動勢的方向一定由上向下C.沿地磁極的經(jīng)線由南向北水平飛行時，金屬桿中感應(yīng)電動勢的方向一定由下向上D.沿地磁極的經(jīng)線由北向南水平飛行時，金屬桿中感應(yīng)電動勢的方向一定由上向下7、一段粗細(xì)均勻的電阻絲，橫截面的直徑為d，電阻為R．把它拉成直徑為的均勻細(xì)絲后，它的電阻變成（）A.100RB.10000RC.D.8、2016

年1

月1

日南京揚子江隧道實施免費通行政策，大大緩解市民過江壓力，該隧道全程7.36

公里，設(shè)計時速為80km/h

隧道管養(yǎng)在夜間100鈭?500.

下列說法正確的是()A.汽車過7.36

公里隧道指的是汽車運動的位移B.設(shè)計時速80km/h

為瞬時速率C.100

養(yǎng)護開始指的時間間隔D.在遵守規(guī)定的情況下，4mim

內(nèi)汽車可以通過隧道9、如圖，是直線電流、環(huán)形電流磁場的磁感線分布圖，其中電流方向與磁感線方向關(guān)系正確的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、某同學(xué)采用如圖甲所示的電路測定電源電動勢和內(nèi)電阻。已知干電池的電動勢約為1.5V

內(nèi)阻約為1婁賂

電壓表(0隆蘆3V,3k婁賂)

電流表(0隆蘆0.6A,1.0婁賂)

滑動變阻器有1(10婁賂,2A)

和2(100婁賂,0.1A)

各一只。

(1)

實驗中滑動變阻器應(yīng)選用______(

填“R1

”或“R2

”)

(2)

在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線連接實驗電路。

(3)

在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖丙所示的U鈭?I

圖線，由圖可較準(zhǔn)確地求出該電源電動勢E=

______V

內(nèi)阻，r=

______婁賂

11、如圖所示的電路，當(dāng)開關(guān)閉合時，小燈泡將________(

選填“逐漸”或“立刻”)

變亮.

當(dāng)開關(guān)斷開時，小燈泡將________(

選填“逐漸”或“立刻”)

熄滅．

12、所示的多用電表正確測量了一個13Ω的電阻后，需要繼續(xù)測量一個阻值大概是2kΩ左右的電阻．在用紅、黑表筆接觸這個電阻兩端之前，以下哪些操作步驟是必須的，請選擇其中有用的，按操作的先后順序用字母寫出______

A．用螺絲刀調(diào)節(jié)表盤下中間部位的指針定位螺絲；使表針指零。

B．將紅表筆和黑表筆接觸。

C．把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×1k”位置。

D．把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×100”位置。

E．調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使表針指向歐姆零點．13、用2隆脕106Hz

的超聲波檢查膽結(jié)石，該超聲波在結(jié)石和膽汁中的波速分別為2250m/s

和1500m/s

則該超聲波在結(jié)石中的波長是膽汁中的________倍.

用超聲波檢查膽結(jié)石是因為超聲波的波長較短，遇到結(jié)石時________(

選填“容易”或“不容易”)

發(fā)生衍射．14、蕪湖交通經(jīng)濟廣播電臺是廣大市民喜歡的媒體之一，該臺播出頻率為96.3MHz.

電磁波在空氣中的傳播速度取3.0隆脕108m/s

蕪湖交通經(jīng)濟廣播電臺發(fā)射無線電波波長為______m(

保留三位有效數(shù)字)

．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、解答題(共2題，共6分)22、如圖所示，在傾角為30°的斜面OA左側(cè)有一豎直檔板，檔板與斜面OA間有垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B=0.2T，檔板上有一小孔P，OP=0.6m，現(xiàn)有一質(zhì)量m=4×10-20kg，帶電量q=+2×10-14C的粒子，從小孔以速度v=3×104m/s水平射進磁場區(qū)域．粒子重力不計．

（1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑是多少？

（2）通過調(diào)整粒子進入磁場的速度大小可以控制粒子打到斜面OA時的速度方向；現(xiàn)若要粒子垂直打到斜面OA上，則粒子進入磁場的速度該調(diào)整為多少？此情況下粒子打到斜面OA的時間又為多少？

23、如圖所示，兩塊豎直放置的平行金屬板A、B，板距d=0.04m，兩板間的電壓U=400V，板間有一勻強電場．在A、B兩板上端連線的中點Q的正上方，距Q為h=1.25m的P點處有一帶正電小球，已知小球的質(zhì)量m=5×10-6kg，電荷量q=5×10-8C．設(shè)A、B板足夠長，g取10m/s2．求：

（1）帶正電小球從P點開始由靜止下落；經(jīng)多長時間和金屬板相碰？

（2）相碰時；離金屬板上端的距離多大？

評卷人得分五、計算題(共4題，共40分)24、如圖所示；回旋加速器的兩個D型盒之間接有交變電源，電源電壓為U．上方D型盒中央為質(zhì)子源，靜止的質(zhì)量為m電量為e的質(zhì)子經(jīng)電場加速后，進入下方的D型盒．其最大軌道半徑R，磁場的磁感應(yīng)強度B；

（1）質(zhì)子最初進入下方D型盒的動能是______．

（2）質(zhì)子經(jīng)回旋回速器最后得到的動能是______．

（3）交變電源的周期T是______．

25、如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角婁脠=37鈭?

導(dǎo)軌的一端接有電動勢E=3V

內(nèi)阻r=0.5婁賂

的直流電源，導(dǎo)軌間的距離L=0.4m.

在導(dǎo)軌所在空間內(nèi)分布著磁感應(yīng)強度B=0.5T

方向垂直于導(dǎo)軌所在平面向上的勻強磁場?，F(xiàn)把一個質(zhì)量m=0.04kg

的導(dǎo)體棒ab

放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直、且接觸良好，導(dǎo)體棒的電阻R=1.0婁賂

導(dǎo)體棒恰好能靜止。金屬導(dǎo)軌電阻不計。(g

取10m/s2sin37鈭?=0.6cos37鈭?=0.8)

求：

(1)ab

受到的安培力大??；

(2)ab

受到的摩擦力大小。26、小球A

和B

的質(zhì)量分別為mA

和mB

，且mA

>

mB

.

在某高度處將A

和B

先后從靜止釋放.

小球A

與水平地面碰撞后向上彈回，在釋放處下方與釋放處距離為H

的地方恰好與正在下落的小球B

發(fā)生正碰.

設(shè)所有碰撞都是彈性的，碰撞時間極短.

求小球A

、B

碰撞后B

上升的最大高度．27、如圖甲所示，兩根足夠長的平行導(dǎo)軌處在與水平方向成婁脠=37鈭?

角的斜面上，兩導(dǎo)軌間距L=0.3m.

導(dǎo)軌兩端各接一個阻值R0=2婁賂

的電阻；在斜面上加有磁感應(yīng)強度B=1T

方向垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場.

一質(zhì)量m=1kg

電阻r=2婁賂

的金屬棒橫跨在平行導(dǎo)軌間，棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)婁脤=0.5

金屬棒以v0=10m/s

的初速度上滑，直至上升到最高點的過程中，通過上端電阻的電荷量q=0.1C

已知g

取10m/s2sin37鈭?=0.6cos37鈭?=0.8

其余電阻不計.

求：

(1)

導(dǎo)體棒上滑過程中的最大加速度；

(2)

金屬棒上滑的總路程．評卷人得分六、推斷題(共3題，共9分)28、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：請回答下列問題：rm{]}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱是_____________。rm{]}的反應(yīng)條件為_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)類型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡式為_____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學(xué)方程式為___________。rm{(4)H}下列關(guān)于化合物rm{D隆煤H}的說法錯誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機物存在順反異構(gòu)體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)rm{G}是rm{HBr}的同分異構(gòu)體，與rm{(6)M}具有相同的官能團。則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有________種。rm{D}29、工業(yè)制鈦白粉產(chǎn)生的廢液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生產(chǎn)補血劑乳酸亞鐵。其生產(chǎn)流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中電離為TiO2+和SO2-4。請回答下列問題：

（1）寫出TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式____。步驟①中加入足量鐵屑的目的是____。

（2）步驟②的離子方程式是____，所得副產(chǎn)品主要是____（填化學(xué)式）。

（3）工業(yè)上由H4TiO4可制得鈦白粉TiO2。TiO2直接電解還原法生產(chǎn)鈦是一種較先進的方法，電解質(zhì)為熔融的CaCl2，原理如圖所示，陰極的電極反應(yīng)式為____。

（4）工業(yè)上利用TiO2還可以用下列流程制取單質(zhì)鈦：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol則TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯經(jīng)下列步驟合成：上述合成路線的總產(chǎn)率為56%，乳酸與碳酸亞鐵反應(yīng)轉(zhuǎn)化為乳酸亞鐵晶體的產(chǎn)率為80%，則生產(chǎn)468kg乳酸亞鐵晶體（M＝234g/mol）需要標(biāo)準(zhǔn)狀況下的乙烯____m3。

30、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：請回答下列問題：rm{]}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱是_____________。rm{]}的反應(yīng)條件為_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)類型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡式為_____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學(xué)方程式為___________。rm{(4)H}下列關(guān)于化合物rm{D隆煤H}的說法錯誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機物存在順反異構(gòu)體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)rm{G}是rm{HBr}的同分異構(gòu)體，與rm{(6)M}具有相同的官能團。則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有________種。rm{D}參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】

A、由圖看出，三種單色光通過玻璃鏡后a光的偏折角最小，c光的偏折角最大，說明a光的折射率最小，c光的折射率最大，則a光的波長最長，c光的波長最短，a種色光的波動性最顯著．由sinC=分析得知；a光全反射的臨界角最大．故A錯誤．

B；由干涉條紋間距與波長成正比知；c種色光形成的干涉條紋間距最?。蔅錯誤．

C、a光的波長最長，c光的波長最短，由c=λf知，a光的頻率最小，c光的頻率最大，則如果b種色光能產(chǎn)生光電效應(yīng)；則c種色光一定能產(chǎn)生光電效應(yīng)．故C正確．

D、由v=知；a光在光導(dǎo)纖維中速度最大，則a種色光穿過光導(dǎo)纖維的時間最?。蔇錯誤．

故選C

【解析】【答案】由圖看出，三種單色光通過玻璃鏡后a光的偏折角最小，c光的偏折角最大，說明a光的折射率最小，c光的折射率最大．由sinC=分析臨界角的大小．干涉條紋間距與波長成正比．根據(jù)頻率的大小，分析能否產(chǎn)生光電效應(yīng)．由v=判斷光在光導(dǎo)纖維中速度大小，分析傳播時間的長短．

2、A【分析】【分析】選取車和掉落的沙子為研究對象；整體水平方向不受外力，水平方向動量守恒，沙子掉落瞬間水平方向速度不變，所以小車的速度也不變，A對；

【點評】難度較小，明確考查的知識點，選擇系統(tǒng)為研究對象，規(guī)定正方向，由動量守恒定律列公式，注意沙子分出時速度根本不變3、B【分析】略【解析】rm{B}4、B【分析】

電場強度的大小看電場線的疏密程度，電場線越密的地方電場強度越大，所以EA＞EB；

故選B．

【解析】【答案】電場強度的大小看電場線的疏密程度；電場線越密的地方電場強度越大．

5、B【分析】試題分析：當(dāng)時，因靜電屏蔽金屬球內(nèi)部電場中的導(dǎo)體是等勢體;CD錯誤；當(dāng)時，,點電荷電場的電勢U與r成反比，B正確A錯誤。考點：考查了處于靜電平衡下的導(dǎo)體的電勢分布規(guī)律【解析】【答案】B6、A【分析】解：在地球赤道上空；地磁場方向由南水平指向北；

AB；飛機由東向西水平飛行時；由右手定則可知，金屬桿中感應(yīng)電動勢的方向一定由上向下，故A正確，B錯誤；

CD；飛機沿經(jīng)過地磁極的那條經(jīng)線由南向北或由北向南水平飛行時；金屬桿的速度方向與磁感線方向在同一平面內(nèi)，金屬桿不切割磁感線，不產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，故C、D錯誤；

故選：A

金屬桿產(chǎn)生地磁場的磁感線；產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相當(dāng)于電源，在電源內(nèi)部，感應(yīng)電動勢的方向從低電勢點指向高電勢點，由右手定則判斷出感應(yīng)電動勢的方向．

解決本題時，首先要知道赤道上方地磁場方向，熟練應(yīng)用右手定則即可正確解題，此題是一道基礎(chǔ)題．【解析】【答案】A7、B【分析】解：由面積公式可得：

S=πd2

因d′=

則可知，截面積S′=

根據(jù)體積公式可得：V′=L′S′=LS

則有：L′=100L

由電阻定律R=ρ

R′=ρ=ρ=10000R；故B正確；ACD錯誤．

故選：B

橫截面直徑為d電阻絲拉制成直徑為的均勻細(xì)絲后，公式S=πd2得知，橫截面積變?yōu)樵瓉淼亩娮杞z的體積不變，則長度變?yōu)樵瓉淼?00倍，由電阻定律R=ρ分析電阻的變化．

本題要注意當(dāng)導(dǎo)體橫截面變化時，其長度也跟著變化，抓住導(dǎo)體的體積不變進行分析，主要考查對電阻定律的理解能力和應(yīng)用能力．【解析】【答案】B8、B【分析】【分析】路程是運動軌跡的長度，位移的大小等于物體初末位置的距離；瞬時速度是物體在某一時刻或某一位置的速度，平均速度是物體在某一段時間或某一段位移內(nèi)的速度。解決本題的關(guān)鍵知道路程和位移的區(qū)別，時刻和時間的區(qū)別，以及平均速度和瞬時速度的區(qū)別，平均速度大小和平均速率的區(qū)別，注意平均速率等于路程和時間的比值，平均速度的大小等于位移與時間的比值。【解答】A.汽車過7.36

公里隧道指的是汽車運動的路程；故A錯誤；

B.設(shè)計時速80km/h

該速度是某一時刻的速度，最大速率，是瞬時速率，故B正確；

C.100

養(yǎng)護開始在時間軸上是一個點；指的時刻，故C錯誤；

D.汽車在最大速度的前提下通過隧道的時間：t=xv=7.3680隆脕60=5.52min

故D錯誤。故選B?！窘馕觥緽

9、A【分析】解：A；電流方向向上；由右手螺旋定則可得磁場為逆時針（從上向下看），故A正確；

B；電流方向向下；由右手螺旋定則可得磁場為順時針（從上向下看），故B錯誤；

C；圖中電流為環(huán)形電流；由右手螺旋定則可知內(nèi)部磁場方向應(yīng)垂直紙面向外，故C錯誤；

D；由右手螺旋定則可知；由右手螺旋定則可知內(nèi)部磁感線方向應(yīng)該垂直紙面向里，故D錯誤；

故選：A。

由右手螺旋定則可判斷電流周圍磁場的分布；并注意平面圖及立體圖的區(qū)分即可正確判斷。

因磁場一般為立體分布，故在判斷時要注意區(qū)分是立體圖還是平面圖，并且要能根據(jù)立體圖畫出平面圖，由平面圖還原到立體圖?！窘馕觥緼二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】解：(1)

電路中最大電流I=1.5AR2

的額定電流遠(yuǎn)小于1.5A

同時R2

阻值遠(yuǎn)大于電源內(nèi)阻r

不便于調(diào)節(jié)，所以變阻器選用R1

(2)

對照電路圖；按電流方向連接電路，如圖所示。

(3)

由閉合電路歐姆定律U=E鈭?Ir

得知；當(dāng)I=0

時，U=EU鈭?I

圖象斜率的絕對值等于電源的內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻之和，則將圖線延長，交于縱軸，縱截距即為電動勢E=1.48V

r=鈻?U鈻?I鈭?RA=1.48鈭?0.80.36婁賂鈭?1=0.88婁賂

故答案為：

(1)R1(2)

連線如圖；(3)1.480.88

(1)

估算出電路中最大電流：當(dāng)變阻器的電阻為零時；由閉合電路歐姆定律可求電路中最大電流，根據(jù)額定電流與最大電流的關(guān)系，分析并選擇變阻器。

(2)

對照電路圖；按順序連接電路。

(3)

由閉合電路歐姆定律分析U鈭?I

圖象的縱軸截距和斜率的意義；可求出電動勢和內(nèi)阻。

本實驗的原理是閉合電路歐姆定律，根據(jù)原理由圖象的斜率和截距分別求出內(nèi)阻和電動勢?！窘馕觥縍11.480.88

11、逐漸;立刻【分析】【分析】當(dāng)電鍵K

閉合時，通過線圈L

的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷燈泡的亮度變化。自感現(xiàn)象是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，斷開開關(guān)S

時，電路斷開，燈泡中原來的電流突然消失，燈泡立即熄滅。【解答】當(dāng)開關(guān)閉合時；通過線圈L

的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，A

逐漸亮起來；當(dāng)開關(guān)斷開時，電路斷開，線圈和燈泡不能構(gòu)成回路，故電流立即為零，故小燈泡立刻熄滅。

故答案為：逐漸；立刻【解析】逐漸;;立刻12、略

【分析】解：歐姆表每次使用應(yīng)該先選檔位；然后歐姆調(diào)零，最后測量，歐姆表指針指在中間附近時，讀數(shù)最準(zhǔn)確，故即先選“×100Ω”擋，歐姆調(diào)零，測量讀數(shù)；最后旋到交流最大擋，防止漏電，故在用紅；黑表筆接觸這個電阻兩端之前，操作步驟必須的是：選檔和歐姆調(diào)零．故有用的操作順序為：D、B、E．

故答案為：D；B、E．

歐姆表指針指在中間附近時；讀數(shù)最準(zhǔn)確；歐姆表每次使用應(yīng)該先選檔位，然后歐姆調(diào)零，最后測量；再換擋位；測量；最后調(diào)到交流最大電壓擋．

本題考查了歐姆表的使用注意事項，應(yīng)明確歐姆表的選檔方法和測量步驟，特別注意換擋后應(yīng)重新進行歐姆調(diào)零．【解析】D、B、E13、1.5不容易【分析】【分析】由波長、波速與周期的關(guān)系解得波在兩介質(zhì)中波長，從而解得波長的倍數(shù)關(guān)系；由衍射的條件判斷超聲波是否容易發(fā)生衍射。本題主要考查波長、波速與周期的關(guān)系；知道當(dāng)障礙物的尺寸與波長相差不多時會發(fā)生明顯的干涉現(xiàn)象，較簡單。【解答】由波長、波速與周期的關(guān)系：婁脣=vT=vf

解得該超聲波在結(jié)石中的波長為：婁脣1=vf=22502隆脕106m=1.125隆脕10鈭?3m{婁脣}_{1}=dfrac{v}{f}=dfrac{2250}{2隆脕{10}^{6}}m=1.125隆脕{10}^{-3}m在膽汁中的波長為：婁脣2=vf=7.5隆脕10鈭?4m{婁脣}_{2}=dfrac{v}{f}=7.5隆脕{10}^{-4}m解得兩波長的倍數(shù)關(guān)系為：婁脣1婁脣2=1.5dfrac{{婁脣}_{1}}{{婁脣}_{2}}=1.5倍。由于發(fā)生明顯衍射的條件是障礙物的尺寸與波長相差不多，故由于超聲波的波長較短，遇到結(jié)石時不容易發(fā)生衍射。故填：1.5

不容易?！窘馕觥?.5不容易14、略

【分析】解：空氣中電磁波的傳播近似等于光速c

由波速公式c=婁脣f

得。

波長婁脣=cf=3.0隆脕10896.3隆脕106m=3.12m

故答案為：3.12

已知波速c

頻率f

由波速公式c=婁脣f

求解波長．

一切電磁波在真空中的速度都等于光速.

公式v=婁脣f

對于電磁波同樣適用．【解析】3.12

三、判斷題(共7題，共14分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、解答題(共2題，共6分)22、略

【分析】

（1）粒子進入磁場有。

Bqv=m

∴R==0.3m

（2）若要粒子垂直打在A板上；其粒子軌跡如圖；

O點即為圓周運動的圓心．

∴R′=

根據(jù)幾何關(guān)系可知：R′=OP=0.6m

則v=2v=6×104m/s

粒子打到斜面上的時間t=×10-5s

答：（1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑是0.3m；

（2）要粒子垂直打到斜面OA上，則粒子進入磁場的速度該調(diào)整為6×104m/s，此情況下粒子打到斜面OA的時間為×10-5s．

【解析】【答案】（1）根據(jù)洛倫茲力提供向心力公式即可求解半徑；

（2）畫出粒子的運動軌跡；根據(jù)幾何關(guān)系求出R′，再根據(jù)向心力公式及圓周運動時間公式求解．

23、略

【分析】

（1）設(shè)小球從P到Q需時t1，由得。

小球進入電場后其飛行時間取決于電場力產(chǎn)生的加速度ax，可以求出小球在電場中的運動時間t2．應(yīng)有qE=max；

由上述3個式子；得。

s=0.02s

所以，運動總時間t=t1+t2=0.5+0.02=0.52s

（2）小球由P點開始在豎直方向上始終是自由落體運動；在時間t內(nèi)的位移為：

y==

與金屬板上端的距離為：S=y-h=1.352-1.25m=0.102m

答：（1）帶正電小球從P點開始由靜止下落；經(jīng)0.52s和金屬板相碰；

（2）相碰時；離金屬板上端的距離為0.102m．

【解析】【答案】（1）設(shè)小球從P到Q點做自由落體運動，根據(jù)自由落體公式求出時間，小球進入電場后其飛行時間取決于電場力產(chǎn)生的加速度ax；根據(jù)勻加速直線運動位移時間公式求出時間，兩個時間之和即為所求時間；

（2）小球由P點開始在豎直方向上始終是自由落體運動；求出在時間t內(nèi)的位移y，與金屬板上端的距離為：S=y-h

五、計算題(共4題，共40分)24、略

【分析】解：（1）質(zhì)子在電場中被加速；根據(jù)動能定理；

則有最初進入下方D型盒的動能：Ek=eU；

（2）根據(jù)qvB=m得，粒子出D形盒時的速度vm=

則粒子出D形盒時的動能Ekm=mv2=

（3）由洛倫茲力提供向心力，則有：Bqv=m

而T=所以粒子在磁場中運行周期為T=

因一直處于加速狀態(tài)；則磁場中的周期與交流電源的周期相同；

即為：T=

故答案為：eU；．

（1）根據(jù)質(zhì)子在電場力作用下；被加速，由動能定理，即可求解；

（2）根據(jù)運動半徑等于R；結(jié)合牛頓第二定律與向心力，即可求解；

（3）根據(jù)洛倫茲力提供向心力；即可求出運動的周期，從而確定交流電源的周期．

考查粒子做勻速圓周的周期公式與半徑公式的應(yīng)用，掌握牛頓第二定律，注意交流電源變化周期與粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)周期的關(guān)系．【解析】eU；25、略

【分析】

(1)

先根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中的電流。由公式F擄虜=ILB

求解安培力大?。?/p>

(2)

導(dǎo)體棒處于靜止?fàn)顟B(tài)；合力為零，根據(jù)平衡條件列式求解摩擦力的大小。

本題是通電導(dǎo)體在磁場中平衡問題，關(guān)鍵是安培力的分析和計算，運用平衡條件研究?！窘馕觥拷猓?1)

導(dǎo)體棒；金屬導(dǎo)軌和直流電源構(gòu)成閉合電路；根據(jù)閉合電路歐姆定律有：

I=ER0+r=31+0.5A=2A

導(dǎo)體棒受到的安培力：

F擄虜=ILB=2隆脕0.40隆脕0.50N=0.40N

(2)

導(dǎo)體棒所受重力沿斜面向下的分力：

F1=mgsin37鈭?=0.04隆脕10隆脕0.6N=0.24N

由于F1

小于安培力；故導(dǎo)體棒沿斜面向下的摩擦力f

根據(jù)共點力平衡條件得：

mgsin37鈭?+f=F擄虜

解得：

f=F擄虜鈭?mgsin37鈭?=(0.40鈭?0.24)N=0.16N

答：(1)

導(dǎo)體棒受到的安培力大小是0.40N

(2)

導(dǎo)體棒受到的摩擦力大小是0.16N

26、見解析【分析】根據(jù)題意，由運動學(xué)規(guī)律可知，小球A

與B

碰撞前的速度大小相等，設(shè)均為v

0

由機械能守恒有。

mAgH=12mAv02壟脵

設(shè)小球A

與B

碰撞后的速度分別為v

1

和v

2

以豎直向上方向為正，由動量守恒有。

mAv0+B(鈭?v0)=mAv1+mBv2

壟脷

由于兩球碰撞過程中能量守恒；故。

12mAv02+12mBv02=12mAv12+12mBv22壟脹

聯(lián)立壟脷壟脹

式得。

v2=3mA鈭?mBmA+mBv0

壟脺

設(shè)小球B

能上升的最大高度為h

；由運動學(xué)公式有。

h=v222g壟脻

由壟脵壟脺壟脻

式得。

h=(3mA鈭?mBmA+mB)2H

．【解析】見解析27、解：（1）電路總電阻：R=r+=2+=3Ω；

金屬棒受到的安培力：F=BIL=BL=

金屬棒剛開始向上滑動瞬間加速度最大；

由牛頓第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ+=ma；

解得，最大加速度：a=10.3m/s2；方向：沿斜面向下；

（2）導(dǎo)軌兩端電阻相等；兩電阻并聯(lián)，通過它們的電流相等；

通電時間相等；通過它們的電荷量相等，由題意可知；

通過上端電阻的電荷量q=0.1C；則通過導(dǎo)體棒的電荷量：Q=2q=0.2C；

由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E==

由歐姆定律得：I=

通過導(dǎo)體棒的電荷量：Q=I△t=

解得：s===2m；

答：（1）導(dǎo)體棒上滑過程中的最大加速度大小為：10.3m/s2；方向：沿斜面向下；

（2）金屬棒上滑的總路程為2m．【分析】

(1)

導(dǎo)體棒剛開始向上滑動時所受安培力最大；此時加速度最大，應(yīng)用牛頓第二定律可以求出最大加速度．

(2)

根據(jù)題意求出通過導(dǎo)體棒的電荷量；然后應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律；歐姆定律與電流定義式求出金屬棒上滑的總路程．

當(dāng)導(dǎo)體棒所受合外力最大時加速度最大，導(dǎo)體棒開始向上滑動的瞬間所受合外力最大，此時加速度最大，應(yīng)用牛頓第二定律可以求出最大加速度；解題時要注意電荷量公式：q=鈻?婁碌R脳脺

的應(yīng)用．【解析】解：(1)

電路總電阻：R=r+R02=2+22=3婁賂

金屬棒受到的安培力：F=BIL=BLBLvR=B2L2vR

金屬棒剛開始向上滑動瞬間加速度最大；

由牛頓第二定律得：mgsin婁脠+婁脤mgcos婁脠+B2L2v0R=ma

解得；最大加速度：a=10.3m/s2

方向：沿斜面向下；

(2)

導(dǎo)軌兩端電阻相等；兩電阻并聯(lián)，通過它們的電流相等；

通電時間相等；通過它們的電荷量相等，由題意可知；

通過上端電阻的電荷量q=0.1C

則通過導(dǎo)體棒的電荷量：Q=2q=0.2C

由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=鈻?婁碌鈻?t=BLs鈻?t

由歐姆定律得：I=ER

通過導(dǎo)體棒的電荷量：Q=I鈻?t=BLsR

解得：s=QRBL=0.2隆脕31隆脕0.3=2m

答：(1)

導(dǎo)體棒上滑過程中的最大加速度大小為：10.3m/s2

方向：沿斜面向下；

(2)

金屬棒上滑的總路程為2m

．六、推斷題(共3題，共9分)28、rm{(1)2-}甲基丙烯或異丁烯

rm{(2)NaOH}溶液加熱加成反應(yīng)取代反應(yīng)

rm{(3)}

rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}

rm{(5)BC}

rm{(6)4}

【分析】【分析】本題考查學(xué)生有機推斷和有機合成，是現(xiàn)在考試的熱點，難度較大，可以根據(jù)所學(xué)知識進行回答?！窘獯稹坑蓃m{A}到rm{B}發(fā)生加成反應(yīng)，rm{B}到rm{C}反生鹵代烴的水解，再氧化生成rm{D}rm{E}與rm{F}反生取代反應(yīng)生成rm{G}由此來推斷各反應(yīng)類型和產(chǎn)物；rm{(1)A}是烯烴，名稱是rm{2-}甲基丙烯；rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)條件為rm{NaOH}水溶液并加熱，根據(jù)題目所給的信息，可知rm{A隆煤B}和rm{D隆煤E}的反應(yīng)類型分別是加成反應(yīng)、取代反應(yīng)；rm{(3)D}在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應(yīng)會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡式為在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應(yīng)會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡式為rm{(3)D}；

是一種高聚酯，rm{(4)H}的化學(xué)方程式為rm{D隆煤H}rm{nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}

rm{+(n-1)H_{2}O}根據(jù)rm{(5)A.}和rm{E}發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{F}rm{G}被取代，可知rm{-OH}的分子式為rm{G}故A正確；B.rm{C_{12}H_{14}O_{5}}含有rm{1molG}酚酯基和rm{1mol}醇酯基，可知與rm{1mol}溶液加熱最多消耗rm{NaOH}注意酚羥基的性質(zhì)，故B錯誤；C.一定條件下rm{3molNaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機物碳碳雙鍵兩側(cè)的碳原子有rm{G}不存在順反異構(gòu)體，故C錯誤；D.在一定條件下rm{-CH_{2}}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)，體現(xiàn)羥基的性質(zhì)，故D正確；故選BC；rm{HBr}是rm{(6)M}的同分異構(gòu)體，與rm{D}具有相同的官能團即羧基和羥基，羥基和羧基看作取代基，相當(dāng)于丙烷的二元取代產(chǎn)物，則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有rm{M}種。

rm{4}【解析】rm{(1)2-}甲基丙烯或異丁烯rm{(2)NaOH}溶液加熱加成反應(yīng)取代反應(yīng)rm{(3)}rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}rm{(5)BC}rm{(6)4}

29、略

【分析】【分析】本題考