2025年華師大新版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大新版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在大樹下，由于陽光的照射，?？吹降厣嫌性S多圓形的亮斑A.這些都是太陽的正立虛像B.這些都是太陽的倒立虛像C.這些都是太陽的正立實像D.這些都是太陽的倒立實像2、如圖所示為航母上電磁彈射裝置的等效電路圖（俯視圖）；使用前先給超級電容器C充電，彈射時，電容器釋放儲存電能所產(chǎn)生的強大電流經(jīng)過導(dǎo)體棒EF，EF在磁場（方向垂直紙面向外）作用下加速。則下列說法正確的是（）

A.電源給電容器充電后，M板帶正電B.導(dǎo)體棒在安培力作用下向右運動C.超級電容器相當電源，放電時兩端電壓不變D.在電容器放電過程中，電容器電容不斷減小3、矩形線圈匝數(shù)n=100匝，繞垂直磁場的軸在勻強磁場中運動產(chǎn)生正弦交流電如圖所示，下列說法正確的是（）

A.t=0時刻線圈平面與中性面垂直B.t=0時電動勢的有效值為0C.t=0時線圈的磁通量為D.t=0開始轉(zhuǎn)過的角度為時的電動勢為最大值的一半4、如圖中的曲線表示某振動系統(tǒng)受迫振動的振幅A隨驅(qū)動力頻率變化的關(guān)系。可以看出，驅(qū)動力頻率等于系統(tǒng)的固有頻率時；受迫振動的振幅最大，這種現(xiàn)象叫做共振。據(jù)史書記載：晉朝初期，京城有戶人家掛著的銅盤每天早晚輕輕自鳴兩次，人們十分驚恐。當時的學(xué)者張華判斷，這是銅盤與皇宮早晚的鐘聲共鳴所致，后來把銅盤磨薄一些，它就不再自鳴了。你認為把銅盤磨薄的目的是（??）

A.減小銅盤固有振動的周期B.減小銅盤固有振動的振幅C.減弱皇宮敲鐘引起的空氣振動的強度D.減小皇宮敲鐘引起的空氣振動的頻率5、將一個質(zhì)量很小的金屬圓環(huán)用細線吊起來；在其附近放一塊條形磁鐵，磁鐵的軸線與圓環(huán)在同一個平面內(nèi)，且通過圓環(huán)中心，如圖所示，當圓環(huán)中通以順時針方向的電流時，從上往下看()

A.圓環(huán)順時針轉(zhuǎn)動，靠近磁鐵B.圓環(huán)順時針轉(zhuǎn)動，遠離磁鐵C.圓環(huán)逆時針轉(zhuǎn)動，靠近磁鐵D.圓環(huán)逆時針轉(zhuǎn)動，遠離磁鐵6、如圖所示，由三個鋁制薄板互成120°角均勻分開的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個勻強磁場區(qū)域，其磁感應(yīng)強度分別用表示．現(xiàn)有帶電粒子自a點垂直O(jiān)a板沿逆時針方向射入磁場中，帶電粒子完成一周運動，在三個磁場區(qū)域中的運動時間之比為1∶2∶3，軌跡恰好是一個以O(shè)為圓心的圓，則其在b、c處穿越鋁板所損失的動能之比為。

A.1∶1B.5∶3C.3∶2D.27∶57、用強度相同的紅光和藍光分別照射同一種金屬，均能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)．下列判斷正確的是A.用紅光照射時，該金屬的逸出功小，用藍光照射時該金屬的逸出功大B.用紅光照射時，逸出光電子所需時間長，用藍光照射時逸出光電子所需時間短C.用紅光照射時，逸出的光電子最大初動能小，用藍光照射時逸出的光電子最大初動能大D.若增加入射光的強度，逸出的光電子最大初動能相應(yīng)增加評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖，足夠長的兩平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平放置，間距l(xiāng)=1m，導(dǎo)軌中間分布有磁感應(yīng)強度為1T的勻強磁場，磁場邊界為正弦曲線．一粗細均勻的導(dǎo)體棒以10m/s的速度向右勻速滑動，定值電阻R的阻值為1Ω，導(dǎo)體棒接入電路的電阻也為1Ω，二極管D正向電阻為零；反向電阻無窮大，導(dǎo)軌電阻不計，下列說法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)為2.5VB.導(dǎo)體棒運動到圖示位置時，有電流流過電阻RC.流經(jīng)電阻R的最大電流為5AD.導(dǎo)體棒上熱功率為6.25W9、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，理想電壓表V1、V2示數(shù)為U1、U2，其變化量的絕對值分別為ΔU1和ΔU2；流過電源的電流為I，其變化量的絕對值為ΔI．在滑動變阻器的觸片從右端滑到左端的過程中(燈泡電阻不變化)()

A.小燈泡L1、L3變暗，L2變亮B.ΔU1＞ΔU2C.ΔU1/ΔI增大D.ΔU2/ΔI不變10、如圖所示電路，開始時K處于斷開狀態(tài)，A1、A2、V1、V2示數(shù)分別為I1、I2、U1、U2；現(xiàn)將K閉合，下列對各表讀數(shù)的變化情況判斷正確的是（）

A.U1減小B.U2減小C.I1增大D.I2增大11、關(guān)于物體內(nèi)能，下列說法中正確的是（）A.每一個分子的動能與分子勢能的總和叫物體的內(nèi)能B.物體所有分子的動能與分子勢能的總和叫物體的內(nèi)能C.一個物體，當它的機械能發(fā)生變化時，其內(nèi)能也一定發(fā)生變化D.一個物體內(nèi)能的多少與它的機械能多少無關(guān)12、如圖；豎直放置；開口向上的長試管內(nèi)用水銀密閉一段氣體，若大氣壓強不變，管內(nèi)氣體（）

A.溫度降低，則壓強可能增大B.溫度升高，則壓強可能減小C.溫度降低，則壓強不變D.溫度升高，則體積增大13、奧運祥云火炬的燃燒系統(tǒng)由燃氣罐（內(nèi)有液態(tài)丙烷）穩(wěn)壓裝置和燃燒器三部分組成。當穩(wěn)壓閥打開以后，燃氣以氣態(tài)形式從氣罐里出米，經(jīng)過穩(wěn)壓閥后進入燃燒室進行燃燒，以下說法中正確的是（）A.燃氣由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過程中要對外做功B.燃氣由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過程中分子的分子勢能減少C.燃氣在燃燒后釋放在周圍環(huán)境中的能量不可能被回收再利用D.若將兩個丙烷氣體分子從遠處逐漸靠近，直到不能再靠近為止的過程中，分子間相互作用的合力先變大、后變小再變大14、下列說法中正確的是A.受迫振動的物體的振動頻率可能等于其固有頻率B.多普勒效應(yīng)不僅適用于聲波,也適用于電磁波C.光是一種電磁波,而且是一種縱波D.火車由靜止加速到接近光速,車中乘客會看到火車長度比上車時短15、空間虛線上方存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B；一群電子以不同速率v從邊界上的P點以相同的方向射入磁場．其中某一速率v0的電子從Q點射出；如圖所示．已知電子入射方向與邊界夾角為θ，則由以上條件可判斷（）

A.該勻強磁場的方向是垂直紙面向里B.所有電子在磁場中的軌跡相同C.速率大于v0的電子在磁場中運動時間長D.所有電子的速度方向都改變了2θ評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、一定量的理想氣體從狀態(tài)開始，經(jīng)歷等溫或等壓過程回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示。其中對角線的延長線過原點氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程，氣體對外做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從外界吸收的熱量。氣體在狀態(tài)的體積___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體在狀態(tài)的體積。氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)外界對氣體做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)氣體對外界做的功。

17、毛細現(xiàn)象：浸潤液體在細管中______的現(xiàn)象，以及不浸潤液體在細管中______的現(xiàn)象．18、如圖是一定質(zhì)量理想氣體的圖像，氣體從圖中A狀態(tài)變到狀態(tài)，設(shè)A，狀態(tài)的體積分別為內(nèi)能分別為由圖可知______________________（填“”“”或“”）。從到氣體___________熱量（填“吸收”或“放出”）。

19、如圖所示，電阻Rab=0.1Ω的導(dǎo)體ab沿光滑導(dǎo)線框向右做勻速運動；線框中接有電阻R=0.4Ω，線框放在磁感應(yīng)強度B=0.1T的勻強磁場中，磁場方向垂直于線框平面，cd間的長度L=0.4m，運動的速度v=5.0m/s，線框的電阻不計．

a.電路abcd中導(dǎo)體棒ab相當于電源,_______（a端或b端）相當于電源的正極。

b.電源的電動勢即產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=_______V，電路abcd中的電流I=_______A

c.導(dǎo)體ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；20、（1）關(guān)于熱力學(xué)定律和分子動理論，下列說法正確的是____．（填選項前的字母）

A．一定量氣體吸收熱量；其內(nèi)能一定增大。

B.不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體。

C.若兩分子間距離增大；分子勢能一定增大。

D.若兩分子間距離減??；分子間引力和斥力都增大。

（2）空氣壓縮機的儲氣罐中儲有1.0atm的空氣6.0L,現(xiàn)再充入1.0atm的空氣9.0L．設(shè)充氣過程為等溫過程，空氣可看作理想氣體，則充氣后儲氣罐中氣體壓強為_____．（填選項前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm21、如圖所示，真空中有一對相距為d的平行金屬板A和B，兩板間電勢差為U，兩板間的電場為勻強電場．若一個質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，僅在靜電力的作用下由靜止開始從A板向B板做勻加速直線運動并到達B板，則粒子在運動過程中加速度大小a=________，粒子到達B板時的速度大小v=________．

22、在示波管中，電子通過電子槍加速，進入偏轉(zhuǎn)電極，然后射到熒光屏上．如圖所示，設(shè)電子的質(zhì)量為m(不考慮所受重力)，電量為e，從靜止開始，經(jīng)過加速電場加速，加速電場電壓為U1，然后進入偏轉(zhuǎn)電場，偏轉(zhuǎn)電極中兩板之間的距離為d，板長為L，偏轉(zhuǎn)電壓為U2；求電子射到熒光屏上的動能為多大？

23、熱機是一種______________________的裝置．熱機做的功和它從高溫?zé)嵩次盏臒崃康谋戎到凶鯻_________________．24、熱力學(xué)溫標是英國物理學(xué)家______建立的．在熱力學(xué)溫度中，絕對零度是指______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)28、某同學(xué)設(shè)計的可調(diào)電源電路如圖（a）所示，R0為保護電阻；P為滑動變阻器的滑片．閉合電鍵S．

①用電壓表測量A、B兩端的電壓：將電壓表調(diào)零，選擇0-3V擋，示數(shù)如圖22（b）；電壓值為______V．

②在接通外電路之前；為了保證外電路的安全，滑片P應(yīng)先置于端______．

③要使輸出電壓變大；滑片P應(yīng)向端滑動______．

④若電源電路中不接入R0，則在使用過程中，存在的風(fēng)險______（填“斷路”或“短路”）．29、某同學(xué)利用電壓表和定值電阻測蓄電池電源的電動勢和內(nèi)阻。

(1)實驗室有以下三個電壓表；需要將它們改裝成量程為6V的電壓表，以下措施正確的是________；

A．將電壓表V1(0～1V，內(nèi)阻約為1kΩ)與5kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

B．將電壓表V2(0～2V，內(nèi)阻約為2kΩ)與4kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

C．將電壓表V3(0～3V，內(nèi)阻為3kΩ)與3kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

D．以上三項都可以。

(2)用改裝并校正后的電壓表及兩個定值電阻R0；測蓄電池的電動勢和內(nèi)阻，圖甲為實驗電路圖，根據(jù)給出的電路圖，將圖乙的實物連線補充完整______；

(3)該實驗的主要操作步驟如下：

A．按電路原理圖連接實驗器材；

B．將開關(guān)S2閉合，開關(guān)S1斷開，測得電壓表的示數(shù)是U1；

C．再將開關(guān)S1閉合，測得電壓表的示數(shù)是U2；

D．斷開開關(guān)S2。

①根據(jù)實驗所得數(shù)據(jù)，可得電源電動勢的測量值E＝__________；電源內(nèi)阻的測量值r＝____________(結(jié)果用字母U1、U2、R0表示)；

②該實驗測得的電動勢比實際值偏_______(填“大”或“小”)。30、某實驗小組為了探究碰撞中的不變量；在氣墊導(dǎo)軌中央放置一個滑塊Q，另一個滑塊P壓縮導(dǎo)軌左端彈簧片后被鎖定，滑塊P上安裝有遮光板C，其右端粘上橡皮泥，導(dǎo)軌上適當位置安裝兩個光電門A；B記錄滑塊上遮光板C分別通過兩光電門的時間，如圖（a）所示。解除滑塊P的鎖定，滑塊P被彈出與滑塊Q相碰后粘合在一起運動，P、Q碰撞前、后的運動均為勻速直線運動。

（1）為了正常實驗和減小實驗誤差，下列操作必要的是_________。A．實驗前應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平B．光電門A應(yīng)該靠近滑塊PC．遮光板應(yīng)適當加寬D．滑塊Q上應(yīng)安裝遮光板（2）實驗小組用游標卡尺測得遮光板的寬度如圖（b）所示，其寬度為__________mm；實驗除了要記錄遮光板通過光電門的時間外，還應(yīng)測定_____________________________。評卷人得分六、解答題(共4題，共40分)31、如圖所示，在xoy平面內(nèi)，有一以坐標原點O為圓心、R為半徑的圓形區(qū)圓周與坐標軸分別交于a、b、c、d點．x軸下方圓弧bd與b′d′是兩個半圓形同心圓弧，bd和b′d′之間的區(qū)域內(nèi)分布著輻射狀的電場，電場方向指向原點O，其間的電勢差為U；x軸上方圓周外區(qū)域，存在著上邊界為y=2R的垂直紙面向里的足夠大勻強磁場，圓周內(nèi)無磁場．圓弧b′d′上均勻分布著質(zhì)量為m；電荷量為q的帶正電粒子；它們被輻射狀的電場由靜止加速后通過坐標原點O，并進入磁場．不計粒子的重力以及粒子之間的相互作用，不考慮粒子從磁場返回圓形區(qū)域邊界后的運動．

(1)粒子經(jīng)電場加速后；在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)運動的時間為多大?

(2)若從a點進入磁場的粒子不能從磁場上邊界射出磁場；則磁感應(yīng)強度應(yīng)滿足什么條件?

(3要使粒子能夠垂直于磁場上邊界射出磁場，求磁場的磁感應(yīng)強度的最大值B0；并求出此時從磁場上邊界垂直射出的粒子在磁場中運動的時間；

(4)當磁場中的磁感應(yīng)強度大小為第(3)問中B0的倍時，求能從磁場上邊界射出粒子的邊界寬度．32、如圖，導(dǎo)熱的圓柱形汽缸放置在水平桌面上，橫截面積為S、質(zhì)量為m1的活塞封閉著一定質(zhì)量的氣體（可視為理想氣體），活塞與汽缸間無摩擦且不漏氣。總質(zhì)量為m2的砝碼盤（含砝碼）通過左側(cè)豎直的細繩與活塞相連。當環(huán)境溫度為T時，活塞離缸底的高度為h。現(xiàn)使環(huán)境溫度緩慢降為

①當活塞再次平衡時；活塞離缸底的高度是多少？

②保持環(huán)境溫度為不變，在砝碼盤中添加質(zhì)量為m的砝碼時，活塞返回到高度為h處，求大氣壓強p0。33、開口玻璃瓶內(nèi)裝有理想氣體，當溫度由升高到時，瓶內(nèi)失去的氣體質(zhì)量為認為大氣壓強為不變，求瓶內(nèi)原有的氣體質(zhì)量？34、豎直放置，內(nèi)壁光滑的氣缸，由上下兩部分足夠長圓柱組成，兩部分的橫截面積分別為氣缸中有兩個活塞，其質(zhì)量分別為中間封閉著一定質(zhì)量的理想氣體?，F(xiàn)用豎直向上的力作用在活塞上，使兩活塞均處于平衡狀態(tài)，兩活塞距離氣缸上下兩部分分界處的距離都是如圖所示。若大氣壓強取10求：

（i）此時密閉氣體的壓強和外力的大?。?/p>

（ii）若將外力撤去，使密閉氣體的溫度由原來的升高到滑塞向下移動多大距離后又處于平衡狀態(tài)？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

沿直線傳播的太陽光經(jīng)過樹葉之間的狹縫后照在地面上形成的光斑，屬于小孔成像所以這些都是太陽的倒立實像；故ABC錯誤，D正確．故選D.

【點睛】

本題考查對光的直線傳播的現(xiàn)象以及小孔成像，生活中有許多的光的直線傳播形成的現(xiàn)象，如小孔成像、影的形成、日食月食等，要學(xué)會理論聯(lián)系實際．2、B【分析】電容器下極板接正極；所以充電后N乙極帶正電，故A錯誤；放電時，電流由F到E，則由左手定則可知，安培力向右，所以導(dǎo)體棒向右運動，故B正確；電容器放電時，電量和電壓均減小，故C錯誤；電容是電容器本身的性質(zhì)，與電壓和電量無關(guān)，故放電時，電容不變，故D錯誤．故選B．

點睛：本題考查電容以及安培力的性質(zhì)，要注意掌握左手定則以及電容的性質(zhì)等基本內(nèi)容，明確電容由導(dǎo)體本身的性質(zhì)決定．3、C【分析】【詳解】

A．t=0時刻感應(yīng)電動勢為零；線圈平面與中性面重合，故A錯誤；

B．t=0時電動勢的瞬時值為0；有效值不為零，故B錯誤；

C．根據(jù)電動勢的峰值

則

t=0時線圈的磁通量最大，為故C正確；

D．電動勢瞬時值表達式

則t=0開始轉(zhuǎn)過的角度為時的電動勢為

故D錯誤。

故選C。4、A【分析】把銅盤磨薄一些，從而減小了銅盤的固有振動的周期，依據(jù)共振的特點，銅盤與皇宮早晚的鐘聲不再發(fā)生共振，即不再出現(xiàn)共鳴，故A正確，BCD錯誤．故選A．5、C【分析】根據(jù)環(huán)形電流周圍的磁場分布結(jié)合左手定則可知，圓環(huán)右側(cè)部分受到的安培力向里，左側(cè)部分受到的安培力向外，所以從上往下看圓環(huán)逆時針轉(zhuǎn)動．再將轉(zhuǎn)動90°后的通電圓環(huán)等效成一個小磁針，則N極在左，S極在右，根據(jù)同極相互排斥異極相互吸引可知，圓環(huán)靠近磁鐵，故C正確，ABD錯誤．6、D【分析】【詳解】

帶電粒子在磁場運動的時間為在各個區(qū)域的角度都為對應(yīng)的周期為則有故則三個區(qū)域的磁感應(yīng)強度之比為三個區(qū)域的磁場半徑相同為又動能聯(lián)立得故三個區(qū)域的動能之比為：故在b處穿越鋁板所損失的動能為故在c處穿越鋁板所損失的動能為故損失動能之比為D正確，選D.7、C【分析】【分析】

金屬的截止頻率由金屬本身的性質(zhì)決定；根據(jù)光電效應(yīng)方程判斷出最大初動能與什么因素有關(guān)．

【詳解】

強度相同的紅光和藍光分別照射同一種金屬，均能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，知紅光和藍光的頻率都大于金屬的截止頻率．金屬的逸出功與照射光的頻率無關(guān)．故A錯誤；發(fā)生光電效應(yīng)的時間極短，即逸出光電子在瞬間完成，小于10-9s，與光的頻率無關(guān)，故B錯誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程得，Ekm=hv-W0；金屬的逸出功不變，紅光的頻率小，藍光的頻率大，則藍光照射時逸出的光電子最大初動能大，與光照強度無關(guān)，故C正確，D錯誤．故選C

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件，以及掌握光電效應(yīng)方程Ekm=hv-W0．二、多選題(共8題，共16分)8、A:C:D【分析】【詳解】

A項：導(dǎo)體棒切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值產(chǎn)生的是正弦式交流電，則電動勢的有效值由電流的熱效應(yīng)可得：解得：由閉合電路歐姆定律得，電壓表的示數(shù)為2.5V，故A正確；

B項：導(dǎo)體棒運動到圖示位置時，由右手定則可知，產(chǎn)生的電流方向由由于二極管具有單向?qū)ㄌ匦裕源藭r無電流流過電阻R；故B錯誤；

C項：導(dǎo)體棒切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值所以最大電流故C正確；

D項：導(dǎo)體棒上的電流為：所以熱功率為：故D正確．9、B:D【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L2變亮．變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分的電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮．故A錯誤；

B．由上分析可知，電壓表V1的示數(shù)減小，電壓表V2的示數(shù)增大，由于路端電壓減小，即兩電壓表示數(shù)之和減小，所以△U1＞△U2．故B正確；

C．由U1=E-I（RL2+r）得：不變，故C錯誤；

D．=R2；不變，D正確．

【點睛】

本題是電路動態(tài)變化分析問題，按“局部→整體→局部”思路進行分析．運用總量法分析兩電壓表讀數(shù)變化量的大小．運用歐姆定律定量分析電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量的比值變化，這是常用的方法．10、B:C【分析】將電鍵K閉合后，外電路總電阻減小，總電流增大，根據(jù)U=E-I總r可知內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，則I1增大，U2減小，根據(jù)歐姆定律可知，U1增大．由串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知，R2的電壓減小，則I2減小，故BC正確，AD錯誤。11、B:D【分析】【詳解】

物體內(nèi)所有分子的動能與勢能的總和叫物體的內(nèi)能；物體的內(nèi)能對單個分子而言無意義。物體的內(nèi)能與其所含分子的動能與分子勢能有關(guān)，與物體的動能和勢能；機械能無關(guān)；物體體積減小時，分子間距離減小，但分子勢能可能減小。

故選BD。12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．大氣壓不變；水銀柱的長度也不變，所以封閉氣體的壓強不變，氣體做等壓變化，與溫度無關(guān)，AB錯誤，C正確；

D．根據(jù)=C可知；溫度升高，則體積增大，D正確。

故選CD。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．燃氣由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過程中體積增大對外做功；故A正確；

B．燃氣由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過程中吸收熱量而溫度不變；吸收的熱量轉(zhuǎn)化為分子勢能，所以分子勢能增大，故B錯誤；

C．燃氣在燃燒后釋放在周圍環(huán)境中的能量變?yōu)槠焚|(zhì)低的大氣內(nèi)能；能量耗散了，很難再被利用，但消耗其他能量也可以被回收利用，故C錯誤；

D．兩個丙烷氣體分子從遠處逐漸靠近，直到不能再靠近為止的過程中，分子間相互作用的合力從無到有，先變大。當r＞r0時，表現(xiàn)為引力，隨分子間距的減小而增大，當r＜r0時；表現(xiàn)為斥力，隨分子間距的減小而增大。由以上分析可知D正確。

故選AD。.14、A:B【分析】A.作受迫振動的物體的頻率由它的策動頻率來決定；也可能剛好等于其固有頻率，A正確；

B.多普勒效應(yīng)的原因是由于接收者與波源的相對運動使接收頻率發(fā)生了變化；不僅適用于聲波,也適用于電磁波，B正確；

C.光是一種電磁波,交變的電場和磁場方向相互垂直，且都與傳播方向垂直，是橫波，C錯誤；波的干涉和衍射是波所特有現(xiàn)象，故C正確；

D.根據(jù)光速不變原理；接近光速火車中乘客看到火車長度無限長，D錯誤。

故選AB。15、A:D【分析】【分析】

電子進入磁場后受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，根據(jù)左手定則判斷磁場方向；電子在磁場中的軌跡與半徑有關(guān)，由半徑公式r=知；速率不同，軌跡半徑不同．電子在磁場中速度方向改變的角度等于軌跡的圓心角，而電子運動時間與軌跡的圓心角成正比，據(jù)此即可分析電子在磁場中運動的長短．

【詳解】

A．由圖知；電子在P點受到的洛倫茲力方向沿P→O，如圖，根據(jù)左手定則判斷得知：勻強磁場的方向是垂直紙面向里．故A正確．

B．電子進入磁場后受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，由半徑公式r=知；軌跡半徑與電子的速率成正比，速率不同，軌跡半徑不同，則軌跡就不同．故B錯誤．

CD．根據(jù)圓的對稱性可知；所有電子離開磁場時速度方向與PQ線的夾角都是θ，則所有電子的速度方向都改變了2θ，由幾何知識得知，所有電子軌跡對應(yīng)的圓心角都是2θ，則所有電子在磁場中運動的時間都相同．故C錯誤，D正確．

【點睛】

本題是磁場中直線邊界問題，掌握左手定則和軌跡半徑的基礎(chǔ)上，抓住圓的對稱性，確定速度的偏向角與軌跡的圓心角，即可比較磁場中運動的時間．三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程中，溫度不變，內(nèi)能不變；壓強減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知體積增大，對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

可知

即氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b的過程；氣體對外做的功等于氣體從外界吸收的熱量。

[2]由圖可知a、c均在過原點的直線上，P-T圖像的斜率為體積的倒數(shù)，所以氣體在狀態(tài)a的體積等于氣體在狀態(tài)b的體積；

[3]在bc過程中，等壓變化，溫度降低，內(nèi)能減小△U＜0

溫度降低，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)

可得

bc過程中外界對氣體做功Wbc=p△Vbc=C△Tbc

da過程中，氣體對外界做功

所以

在bc過程中外界對氣體做的功等于在da過程中氣體對外界做的功。【解析】等于等于等于17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】上升下降18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]從圖像可以看出為等容變化，所以=

[2]一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)所以＜

[3]從狀態(tài)A到狀態(tài)B體積不變，內(nèi)能增加，所以應(yīng)該為吸收熱量。【解析】=＜吸收19、略

【分析】【分析】

據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向；即可確定等效電源的正負極；

根據(jù)E=BLv求出感應(yīng)電動勢；由歐姆定律得出電流強度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定則判斷安培力的方向．再根據(jù)平衡條件分析外力的大小和方向．

【詳解】

a.電路abcd中ab棒切割磁感線；產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相當于電源．由右手定則判斷可知相當于電源的正極是a端；

b.感應(yīng)電動勢為：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感應(yīng)電流為：

c.ab桿所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定則判斷可知，ab中感應(yīng)電流方向從b→a；由左手定則得知，安培力的方向向左．

【點睛】

解答本題的關(guān)鍵要掌握右手定則、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、左手定則等電磁感應(yīng)中常用的規(guī)律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左20、A:D【分析】【分析】

【詳解】

(1)改變內(nèi)能有熱傳遞和做功；如果吸熱比對外做功要少得話，物體的內(nèi)能會減小，所以答案A錯；在引起變化的條件下，熱量可以從低溫傳給高溫如空調(diào)等所以答案B錯；在分子力為排斥力時距離增大分子勢能減小，答案C錯，正確答案選D.

(2)由等溫變化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正確，BCD錯誤．故選A．21、略

【分析】【詳解】

粒子從靜止開始運動，只受電場力，有：U=Ed；F=qE；

聯(lián)立解得：

根據(jù)速度位移關(guān)系公式，有：v2=2ad

解得：

點睛：本題電荷在電場中加速問題，求解速度通常有兩種思路：一是動能定理；二是牛頓第二定律與運動學(xué)公式結(jié)合．【解析】22、略

【分析】【詳解】

直線加速過程，有：①

類似平拋運動過程，有：L=v1t②③

對運動的全程；根據(jù)動能定理。

聯(lián)立①②③解得【解析】23、略

【分析】【詳解】

熱機是一種將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能的裝置．

熱機做的功和它從高溫?zé)嵩次盏臒崃康谋戎到凶鰺釞C的效率．【解析】將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能熱機的效率24、略

【分析】【分析】

明確熱力學(xué)溫度的定義；知道其零點，同時明確熱力學(xué)溫度和攝氏度之間的換算關(guān)系．

【詳解】

英國物理學(xué)家開爾文提出熱力學(xué)溫標，其中每1k和對應(yīng)，但其零點為

故答案為開爾文；

【點睛】

本題考查有關(guān)溫度的物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一．【解析】開爾文；-273；四、作圖題(共3題，共6分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共12分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：①選擇0-3V擋；精確度為0.1V，讀數(shù)應(yīng)該為13.0×0.1V=1.30V；②接通外電路后，滑動變阻器起到分壓作用，接通電路前，應(yīng)使輸出電壓最小，故需要將滑片置于A端，用電器上的電壓為0，這樣才能起到外電路的安全保證；[學(xué)科網(wǎng)③要增大外電路電壓，需要使滑片滑向B端；④如果電路中不接入保護電阻，電流過大會燒斷滑動變阻器出現(xiàn)短路現(xiàn)象．

考點：本題考查滑動變阻器的分壓式接法【解析】1.30AB短路29、略

【分析】【分析】

（1）明確電表的改裝原理；即可確定如何獲得大量程的電壓表；（2）根據(jù)原理圖即可得出對應(yīng)的實物圖；（3）根據(jù)閉合電電路歐姆定律進行分析，從而根據(jù)測出的數(shù)據(jù)求出電源的內(nèi)阻；（4）根據(jù)電表內(nèi)阻的影響進行分析，從而確定測出的電動勢的誤差情況。

【詳解】

：（1）要想改裝電壓表，應(yīng)知道原電壓表量程，由題意可知，只有C中電表內(nèi)阻已知；同時根據(jù)改裝原理可知：符合要求，故選C；

（2）根據(jù)原理圖可得出對應(yīng)的實物圖如圖所示：

（3）由閉合電路歐姆定律可知：①將開關(guān)S2閉合，開關(guān)S1斷開時：

將開關(guān)S1閉合時：

聯(lián)立解得：

②由于電壓表不是理想電表；則電壓表分流，因此求出的電流值要小于真實值，而當外電路短路時電壓表不再分流，因此可知，實際伏安物圖應(yīng)與測量出的伏安特性曲線與橫軸交點相同，而圖象整體偏左，因此測出的電動勢偏小。

故本題的答案為：（1）C（2）（3）①②小。

【點睛】

本題考查利用電壓表和兩定值電阻分析測量電動勢和內(nèi)阻的