2025年湘教版選修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版選修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示,長方形勻強(qiáng)磁場區(qū)域MNQP,長為a、寬為b,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直區(qū)域平面．一質(zhì)量為m、電荷量為e的電子以速度v從M處沿MN方向進(jìn)入磁場,從Q點離開磁場,則。

A.電子在磁場中運動的時間B.電子離開磁場時速度與PQ延長線夾角為且C.電子做圓周運動的半徑為D.洛倫茲力對電子做的功為2、在“用油膜法估測分子的大小”實驗中，用aml純油酸配制成bml的油酸酒精溶液，現(xiàn)已測得一滴溶液cml，將一滴溶液滴入水中，油膜充分展開后面積為Scm2，估算油酸分子的直徑大小為（）A.B.C.D.3、如圖所示，abcd為水平放置的平行光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為l，電阻不計．導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．金屬桿放置在導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌的接觸點為M、N，并與導(dǎo)軌成角．金屬桿以的角速度繞N點由圖示位置勻速轉(zhuǎn)動到與導(dǎo)軌ab垂直，轉(zhuǎn)動過程金屬桿與導(dǎo)軌始終良好接觸，金屬桿單位長度的電阻為r．則在金屬桿轉(zhuǎn)動過程中（）

A.金屬桿中感應(yīng)電流的方向是由N流向MB.電路中感應(yīng)電流的大小始終減小C.M點電勢低于N點電勢D.電路中通過的電量為4、圖甲為一小型發(fā)電機(jī)的示意圖；發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻為1Ω，燈泡L的電阻為9Ω，電壓表為理想交流電壓表．發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的電動勢e隨時間t按圖乙的正弦規(guī)律變化，則。

A.0.01s時穿過線圈的磁通量為零B.線圈轉(zhuǎn)動的角速度為50rad/sC.電壓表的示數(shù)為10VD.燈泡L的電功率為9W5、下列說法正確的是（）A.分子之間的引力和斥力大小都隨分子間距離的增加而增大B.布朗運動是液體分子的無規(guī)則運動C.液體中的懸浮微粒越小，布朗運動越明顯D.當(dāng)分子間距離增大時，分子勢能一定增大6、明代學(xué)者方以智在《陽燧倒影》中記載，“凡寶石面凸，則光成一條，有數(shù)棱則必有面五色”，表明白光通過多棱晶體折射會發(fā)生色散現(xiàn)象。如圖所示，一束復(fù)色光通過三棱鏡后分解成兩束單色光a、b；下列說法正確的是（）

A.若增大入射角i，則b光先消失B.在該三棱鏡中a光波長小于b光C.a光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，b光不能發(fā)生D.若a、b光分別照射同一光電管都能發(fā)生光電效應(yīng)，則a光的遏止電壓低7、下列關(guān)于近代原子的結(jié)構(gòu)模型說法符合歷史事實的是()A.湯姆遜通過對陰極射線的研究，提出原子是一個球體，電子彌漫性地均勻分布在整個球體內(nèi)，正電荷鑲嵌其中B.盧瑟福通過α粒子散射實驗證實了在原子核內(nèi)部存在質(zhì)子C.根據(jù)盧瑟福原子核式結(jié)構(gòu)模型可得出：原子中心有一個很小的原子核，原子的正電荷全部集中在原子核內(nèi)D.按照玻爾原子模型，氫原子輻射光子時，從高能級躍遷到低能級，軌道半徑減小，核外電子的動能減小評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，電源的電動勢和內(nèi)阻分別為E、r，在滑動變阻器的滑片P由b向a移動的過程中；下列說法正確的是。

A.電流表的讀數(shù)一定增大B.R0的功率先減少后增大C.電壓表與電流表讀數(shù)的比值先增大后減小D.電壓表與電流表讀數(shù)變化量的比值不變9、下列說法正確的是（）A.物體從外界吸熱時，內(nèi)能不一定增大B.當(dāng)分子間距增大時，分子勢能一定增大C.蔗糖受潮后會粘在一起，沒有確定的幾何形狀，所以它是非晶體D.一定質(zhì)量的理想氣體壓強(qiáng)不變時，氣體分子單位時間內(nèi)對器壁單位面積的平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減少10、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)a等容變化到狀態(tài)b，再從狀態(tài)b等壓變化到狀態(tài)c，a、c兩狀態(tài)溫度相等。下列說法正確的是（）

A.從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程中氣體放熱B.氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能等于在狀態(tài)c的內(nèi)能C.氣體在狀態(tài)b的溫度高于在狀態(tài)a的溫度D.從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程中氣體對外做正功11、圖中的實線表示一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化的p-T圖象；變化過程如圖中箭頭所示，則下列說法中正確的是。

A.ab過程中氣體內(nèi)能增加，密度不變B.bc過程中氣體內(nèi)能增加，密度增大C.cd過程中，氣體分子的平均動能減小D.da過程中，氣體內(nèi)能減少，外界對氣體做功12、列說法中正確的是____________．A.布朗運動是指液體或氣體中懸浮微粒的無規(guī)則運動B.氣體的溫度升高，每個氣體分子運動的速率都增加C.一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，其分子之間的勢能增加E.空調(diào)機(jī)壓縮機(jī)制冷時，將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，所以這一過程不遵守?zé)崃W(xué)第二定律E.空調(diào)機(jī)壓縮機(jī)制冷時，將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，所以這一過程不遵守?zé)崃W(xué)第二定律13、如圖所示，三個等量的點電荷，固定在正三角形的三個頂點上，A、C兩點為正電荷，B點為負(fù)電荷，D為AC中點．下列說法正確的是。

A.若A處點電荷所受靜電力大小為F，則B處點電荷所受靜電力大小為2FB.若A處點電荷所受靜電力大小為F，則B處點電荷所受靜電力大小為FC.若將B處點電荷沿BD連線向D點移動，其電勢能一定逐漸減小D.在三個點電荷產(chǎn)生的電場中，沒有合場強(qiáng)為零的位置(無限遠(yuǎn)處除外)14、如圖所示，在正方形區(qū)域abcd內(nèi)充滿方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場．入口處有比荷相等的甲、乙兩種粒子，甲粒子以速度v1沿ab方向垂直射入磁場，經(jīng)時間t1從d點射出磁場；乙粒子以速度v2沿與ab成45°的方向垂直射入磁場，經(jīng)時間t2垂直于cd射出磁場．不計粒子重力和粒子之間的相互作用力；則。

A.B.C.D.15、新華中學(xué)高三物理興趣小組用實驗探究光的色散規(guī)律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內(nèi)，在其左方豎直放置一個很大的光屏P，讓一復(fù)色光束SA射向玻璃磚的圓心O后，有兩束單色光a和b射向光屏P；如圖所示．他們根據(jù)實驗現(xiàn)象提出了以下四個猜想，你認(rèn)為正確的是。

A.單色光a的波長大于單色光b的波長B.單色光a的頻率大于單色光b的頻率C.若用b光照射鋅板發(fā)生了光電效應(yīng)，則a光照射鋅板也能發(fā)生光電效應(yīng)D.當(dāng)光束SA繞圓心O逆時針轉(zhuǎn)動過程中，在光屏P上最早消失的是b光評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，R2、R3是兩個定值電阻．閉合開關(guān)S、滑片P向左滑動，伏特表示數(shù)將___________，當(dāng)電流表示數(shù)變化量的絕對值為時，電壓表示數(shù)變化量的絕對值為當(dāng)電流表示數(shù)變化量的絕對值為時，電壓表示數(shù)變化量的絕對值為若則________（此空格填“大于”；“等于”或“小于”）

17、如圖所示，體積相同的玻璃瓶分別裝滿溫度為60℃的熱水和0℃的冷水，兩瓶水通過__________方式改變內(nèi)能。已知水的相對分子質(zhì)量是若瓶中水的質(zhì)量為水的密度為阿伏伽德羅常數(shù)則瓶中水分子個數(shù)約為__________個（保留兩位有效數(shù)字）

18、一定質(zhì)量的理想氣體，從初始狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C、D再回到A，體積V與溫度T的關(guān)系如圖所示。圖中和為已知量。

(1)從狀態(tài)A到B；氣體經(jīng)歷的是_______（選填“等溫”，“等容”，或“等壓”）過程。

(2)從B到C的過程中；氣體的內(nèi)能_______（選填“增大”“減小”或“不變”）。

(3)從C到D的過程中，氣體對外界_______（選填“做正功”“做負(fù)功”或“不做功”），同時________（選填“吸熱”或“放熱”）。19、一氣缸內(nèi)儲有10mol的單原子分子理想氣體，在壓縮過程中，外力做功209J，氣體溫度升高1K，則氣體內(nèi)能的增量E為________J，吸收的熱量Q為________J。20、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，已知狀態(tài)A的壓強(qiáng)為則狀態(tài)B的壓強(qiáng)___________；B到C過程中氣體___________（選填“吸熱”“放熱”或“與外界無熱交換”）．

21、研究大氣現(xiàn)象時可把溫度、壓強(qiáng)相同的一部分氣體叫做氣團(tuán)。氣團(tuán)直徑達(dá)幾千米，邊緣部分與外界的熱交換對整個氣團(tuán)沒有明顯影響，氣團(tuán)在上升過程中可看成是一定質(zhì)量理想氣體的絕熱膨脹，設(shè)氣團(tuán)在上升過程中，由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）絕熱膨脹到狀態(tài)II（p2、V2、T2）。倘若該氣團(tuán)由狀態(tài)I（p1、V1、T1）作等溫膨脹到Ⅲ（p3、V3、T3）；試回答：

(1)下列判斷正確的是_______。A．p3＜p1B．p3＜p2C．T1＞T2D．T1<T2(2)若氣團(tuán)在絕熱膨脹過程中對外做的功為W1，則其內(nèi)能變化=____；若氣團(tuán)在等溫膨脹過程中對外做的功為W2，則其內(nèi)能變化ΔE2=____。

(3)氣團(tuán)體積由V1變化到V2時，則氣團(tuán)在變化前后的密度比為____，分子間平均距離之比為______。22、三個原子核X、Y、Z，X核放出一個正電子后變?yōu)閅核，Y核與質(zhì)子發(fā)生核反應(yīng)后生成Z核并放出一個個氦（42He）,則下面說法正確的是。

。A．X核比Z核多一個原子。

B．X核比Z核少一個中子。

C．X核的質(zhì)量數(shù)比Z核質(zhì)量數(shù)大3

D．X核與Z核的總電荷是Y核電荷的2倍。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共6分)26、如圖1所示，為“驗證碰撞中動量守恒”的實驗裝置，小球1和小球2的半徑相同，質(zhì)量分別為m1和m2，且m1＞m2．實驗時先讓小球1從斜槽上某一固定位置S由靜止開始滾下，進(jìn)入水平軌道后，從軌道末端拋出，落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，在下面的白紙上留下痕跡，重復(fù)上連操作10次，得到10個落點痕跡，再把小球2放在水平軌道末端，讓小球1仍從位置S由靜止?jié)L下，小球1和小球2碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點痕跡重復(fù)操作10次．M、P，N為三個落點的平均位置，O點是水平軌道來端在記錄紙上的豎直投影點；如圖2所示．

（1）關(guān)于本實驗，下列說法正確的是_____

A．斜槽軌道必須光滑。

B．如果小球每次從同一位置由靜止釋放；每次的落點一定是重合的。

C．重復(fù)操作時發(fā)現(xiàn)小球的落點并不重合；說明實驗操作中出現(xiàn)了錯誤。

D．用半徑盡量小的圓把10個落點圈起來；這個圓的圓心可視為小球落點的平均位置。

（2）本實驗除了要測量OP、OM，ON的值以外，還必須要測量的物理量有_____

A．小球1的質(zhì)量m1和小球2的質(zhì)量m2

B．小球1開始釋放的高度h

C．拋出點距地面的高度H

D．小球平拋運動的飛行時間。

（3）若所測物理量滿足表達(dá)式_____（用上問中所測的物理量表示）時；則說明兩球的碰撞遵守動量守恒定律．

（4）若改變小球1和小球2的材質(zhì)（兩球半徑仍相同），兩球碰撞時不僅得到（3）的結(jié)論即碰撞遵守動量守恒定律而且滿足機(jī)械能守恒定律，則根據(jù)上述信息可以推斷_____．

A．不可能超過2

B．可能超過3

C．MN與OP大小關(guān)系不確定。

D．MN與OP大小關(guān)系確定，且MN＝OP27、從以下給出的器材中選出適當(dāng)?shù)膶嶒炂鞑模O(shè)計一電路來測量電流表A1的內(nèi)阻r1，要求保障儀器安全、方法簡捷，有盡可能高的測量精度，并能測得多組數(shù)據(jù)．

A．電流表（A1），量程0~10mA，內(nèi)阻r1待測（約40Ω）

B．電流表（A2），量程0~500μA，內(nèi)阻r2=750Ω

C．電壓表（V1），量程0~10V，內(nèi)阻r3=10kΩ

D．電阻（R1），阻值約100Ω，做保護(hù)電阻用

E．滑動變阻器（R2），總阻值約50Ω

F．電池（E），電動勢1.5V，內(nèi)阻很小

J．電鍵一個，導(dǎo)線若干

(1)在虛線方框中畫出電路圖_____，標(biāo)明所用器材的代號．

(2)若選測量數(shù)據(jù)中的一組來計算r1，則所用的表達(dá)式為r1=_____________，式中各符號的意義是：_________________________________．評卷人得分六、解答題(共3題，共15分)28、如圖甲所示，光滑且足夠長的平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ固定在同一水平面上，兩導(dǎo)軌間距導(dǎo)軌電阻忽略不計，其間連接有固定電阻導(dǎo)軌上停放一質(zhì)量電阻的金屬桿ab，整個裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向豎直向下。用一外力F沿水平方向拉金屬桿ab，使之由靜止開始運動，電壓傳感器可將R兩端的電壓U即時采集并輸入電腦，獲得電壓U隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示。

（1）試證明金屬桿做勻加速直線運動；并計算加速度的大?。?/p>

（2）求第2s末外力F的瞬時功率；

（3）如果水平外力從靜止開始拉動桿2s所做的功求金屬桿上產(chǎn)生的焦耳熱。

29、如圖所示，質(zhì)量為M、內(nèi)部高為H的絕熱氣缸內(nèi)部帶有加熱裝置，用絕熱活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體。氣缸頂部有擋板，用繩將活塞懸掛在天花板上。氣缸底面積為S，活塞質(zhì)量為m。開始時缸內(nèi)理想氣體溫度為300K，活塞到氣缸底部的距離為0.5H。用電流強(qiáng)度為I的電流通過圖中阻值為R的電阻絲緩慢加熱時間t后，氣缸內(nèi)氣體的溫度升高到700K。已知大氣壓強(qiáng)恒為p0，重力加速度為g。忽略活塞和氣缸壁的厚度；不計一切摩擦。求：當(dāng)溫度從300K升高到700K的過程中，缸內(nèi)氣體內(nèi)能的增加量。

30、在不受外力或合外力為零的彈性碰撞中；碰撞前后系統(tǒng)同時遵從能量守恒和動量守恒．上述理論不僅在宏觀世界中成立，在微觀世界中也成立．康普頓根據(jù)光子與電子的彈性碰撞模型，建立的康普頓散射理論和實驗完全相符．這不僅證明了光具有粒子性，而且還證明了光子與晶體中電子的相互作用過程嚴(yán)格地遵守能量守恒定律和動量守恒定律．

（1）根據(jù)玻爾的氫原子能級理論，E1為原子的基態(tài)能量，En在第n條軌道運行時氫原子的能量），若某個處于量子數(shù)為n的激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷到基態(tài)；求發(fā)出光子的頻率．

（2）康普頓在研究X射線與物質(zhì)散射實驗時，他假設(shè)X射線中的單個光子與晶體中的電子發(fā)生彈性碰撞，而且光子和電子、質(zhì)子這樣的實物粒子一樣，既具有能量，又具有動量（光子的能量hν，光子的動量）．現(xiàn)設(shè)一光子與一靜止的電子發(fā)生了彈性斜碰；如圖所示，碰撞前后系統(tǒng)能量守恒，在互相垂直的兩個方向上，作用前后的動量也守恒．

a．若入射光子的波長為λ0，與靜止電子發(fā)生斜碰后，光子的偏轉(zhuǎn)角為α=37°，電子沿與光子的入射方向成β=45°飛出．求碰撞后光子的波長λ和電子的動量P．（sin37°=0.6；cos37°=0.8）．

b．試從理論上定性說明，光子與固體靶中的電子（電子的動能很小，可認(rèn)為靜止）發(fā)生碰撞，波長變長的原因．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】

電子垂直射入勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運動；速度大小不變，洛倫茲力不做功，時間可根據(jù)弧長與速度之比求解．

【詳解】

A、電子垂直射入勻強(qiáng)磁場中，由洛倫茲力提供向心力而做勻速圓周運動，運動時間為故A錯誤；

B、C、電子離開磁場時速度與PQ延長線夾角為α，設(shè)粒子半徑為r；如圖所示:

根據(jù)幾何關(guān)系可得粒子半徑：粒子速度偏轉(zhuǎn)的角度為α，則粒子轉(zhuǎn)過的圓心角也為α，根據(jù)幾何關(guān)系可得：聯(lián)立可得故B正確；C錯誤；

D；洛倫茲力始終與速度垂直；不做功;故D錯誤.

故選B.

【點睛】

本題考查帶電粒子在有界勻強(qiáng)磁場中的運動，解題關(guān)鍵是要知道帶電粒子在磁場中作的是勻速圓周運動，應(yīng)該用圓周運動的知識求時間，粒子不是類平拋運動不能運用運動的分解法求解時間．2、A【分析】【詳解】

純油酸體積為油膜面積為S，油酸分子直徑故A正確．3、B【分析】【詳解】

A.根據(jù)楞次定律可得回路中的感應(yīng)電流方向為順時針，所以金屬桿中感應(yīng)電流的方向是由M流向N；故A錯誤；

B.設(shè)MN在回路中的長度為L，其接入電路的電阻為R=rL，根據(jù)導(dǎo)體轉(zhuǎn)動切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小計算公式可得感應(yīng)電流的大小為：由于B、ω、r都是定值而L減小，所以電流I大小始終減小；故B正確；

C.由于導(dǎo)軌電阻不計，所以路端電壓為零，即MN兩點間的電壓為零，M、N兩點電勢相等；故C錯誤；

D.由于導(dǎo)體棒MN在回路中的有效切割長度逐漸減小，所以接入電路的電阻R逐漸減小，不能根據(jù)計算通過電路的電量小于故D錯誤．4、D【分析】【詳解】

A項：0.01s時電動勢為零；所以此時穿過線圈的磁通量最大，故A錯誤；

B項：由圖乙可知，周期為0.0.2s，由公式故B錯誤；

C項：電動勢的有效值為由閉合電路歐姆定律得：

故C錯誤；

D項：由公式故D正確．

故選D．5、C【分析】分子之間的斥力和引力大小都隨分子間距離的增加而減小，如果分子間表現(xiàn)為引力，則距離增大，分子力做負(fù)功，分子勢能增大，AD錯誤；布朗運動是固體顆粒的運動，間接反映了液體分子的無規(guī)則運動，液體中的懸浮微粒越小，布朗運動越明顯，B錯誤C正確．6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)光從光密介質(zhì)射向光疏介質(zhì)且入射角大于等于臨界角時才會發(fā)生全反射，若增大入射角i；在第二折射面上，兩束光的入射角較小，不會發(fā)生全反射，故光線不會消失，A錯誤；

B．由圖可知，a光的偏折程度較小，折射率n較小，由

可知，在該三棱鏡中，a光的傳播速度較大；頻率較低，波長較長，B錯誤；

C．光波屬于橫波；均能發(fā)生偏振現(xiàn)象，C錯誤；

D．由

可知，若a、b光分別照射同一光電管都能發(fā)生光電效應(yīng)，由于a光頻率較低，故a光的遏止電壓較低；D正確。

故選D。7、C【分析】【詳解】

A.湯姆遜提出原子是一個球體；正電荷彌漫性地均勻分布在整個球體內(nèi)，電子鑲嵌其中，A錯誤．

B.盧瑟福通過α粒子散射實驗提出了自己的核式結(jié)構(gòu)模型；B錯誤．

C.根據(jù)盧瑟福原子核式結(jié)構(gòu)模型可得出：原子中心有一個很小的原子核；原子的正電荷全部集中在原子核內(nèi)，C正確．

D.氫原子輻射光子時，從高能級躍遷到低能級，軌道半徑減小，根據(jù)庫侖力提供向心力：軌道半徑越小，速度越大，動能越大，D錯誤．二、多選題(共8題，共16分)8、B:C:D【分析】【詳解】

當(dāng)變阻器滑片P滑到中點時，變阻器兩部分并聯(lián)電阻最大。則在滑動變阻器的滑片P由b向中點移動的過程中，變阻器并聯(lián)電阻變大，外電路總電阻變大，由歐姆定律知，干路電流變小，路端電壓變大；滑片P由中點向a移動的過程中，外電阻變小，總電阻變小，由歐姆定律知，干路電流變大，路端電壓變?。粍t知電流表的讀數(shù)先減小后增大；R0的功率

先減少后增大，電壓表的讀數(shù)先增大后減小，電壓表與電流表讀數(shù)的比值

先增大后減小，由于

所以電壓表與電流表讀數(shù)變化量的比值

不變；故A錯誤，BCD正確；

故選BCD。

【點睛】

本題是動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵抓住變阻器滑片處于中點時，并聯(lián)電阻最大．再按常規(guī)順序“部分→整體→部分”分析．9、A:D【分析】【詳解】

A．物體從外界吸熱；若同時對外做功，則其內(nèi)能不一定增大，故A正確；

B．當(dāng)分子間距離等于時分子勢能最小，從距離小于處增大分子之間的距離；則分子勢能先減小后增大，故B錯誤；

C．蔗糖受潮后會粘在一起；沒有確定的幾何形狀，它是晶體中的多晶體，故C錯誤；

D．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程；一定質(zhì)量的理想氣體壓強(qiáng)不變時，溫度升高，體積增大，密度減小，單位體積內(nèi)氣體的分子個數(shù)減少，所以氣體分子單位時間內(nèi)對器壁單位面積的平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減少，故D正確。

故選AD。10、B:D【分析】【詳解】

B．a(chǎn)、c兩狀態(tài)溫度相等，則氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能等于在狀態(tài)c的內(nèi)能；故B正確；

C．根據(jù)

從狀態(tài)a到狀態(tài)b為等容過程；壓強(qiáng)減小，溫度降低，故C錯誤；

D．從狀態(tài)b到狀態(tài)c為等壓過程；體積增大，氣體對外做正功，故D正確；

A．從狀態(tài)a到狀態(tài)b，溫度降低，內(nèi)能減小，氣體對外不做功；從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過氣體對外做正功，內(nèi)能減小，而a、c兩狀態(tài)內(nèi)能相同，說明從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程中氣體吸熱；故A錯誤。

故選BD。11、A:D【分析】【詳解】

A．a(chǎn)b過程中氣體溫度升高，內(nèi)能增加；ab過程氣體壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度成正比；氣體體積不變，密度不變．故A項正確．

B．bc過程中氣體溫度升高，內(nèi)能增加；bc過程中氣體壓強(qiáng)不變；溫度升高，體積變大，密度減?。蔅項錯誤．

C．cd過程中；氣體溫度不變，分子的平均動能不變．故C項錯誤．

D．da過程中，氣體溫度降低，內(nèi)能減少；da過程中；氣體溫度降低，壓強(qiáng)不變，體積減小，外界對氣體做功．故D項正確．

故選AD.12、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A.布朗運動是指液體或氣體中懸浮微粒的運動；反映了液體或氣體分子的無規(guī)則運動．故A正確．

B.溫度是分子平均動能的標(biāo)志；是大量分子無規(guī)則運動的宏觀表現(xiàn)；氣體溫度升高，分子的平均動能增加，有些分子的速率增加，也有些分子的速率會減小，只是分子的平均動能增加．故B錯誤．

C.一定量100℃的水變成100℃的水蒸汽；溫度沒有變化，分子的平均動能不變；由于在這個過程中要吸收熱量，內(nèi)能增大，故分子勢能一定增加．故C正確；

D.水黽可以停在水面上是因為液體具有表面張力；故D正確；

E.空調(diào)機(jī)作為制冷機(jī)使用時；將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，是在一定的條件下完成的，所以制冷機(jī)的工作仍然遵守?zé)崃W(xué)第二定律．故E錯誤．

故選ACD．

【點睛】

正確解答本題要掌握：布朗運動是指液體或氣體中懸浮微粒的運動；溫度是分子平均動能的標(biāo)志；根據(jù)液體表面張力的性質(zhì)分析水黽在停在水平面上的情況；根據(jù)熱力學(xué)第二定律分析，熱量不能自發(fā)地由低溫物體傳遞給高溫物體．13、B:C【分析】【詳解】

若A處點電荷所受靜電力大小為F，因A、C兩點為正電荷，B點為負(fù)電荷，且三個等量的點電荷，分別對A與B受力分析，如下圖所示：

那么AB間的庫侖力為F，CB間的庫侖力也為F，根據(jù)矢量的合成法則，結(jié)合三角知識，即有，B處點電荷所受靜電力大小為2Fcos30°=F，故A錯誤，B正確；若將B處點電荷沿BD連線向D點移動，由矢量的合成法則，AC產(chǎn)生的合電場強(qiáng)度方向由D指向B，那么電場力做正功，其電勢能一定逐漸減小，故C正確；根據(jù)矢量的合成法則，在三個點電荷產(chǎn)生的電場中，在BD延長線某處存在合場強(qiáng)為零的位置，故D錯誤．14、A:C【分析】【詳解】

畫出兩粒子的運動軌跡如圖；

兩粒子比荷相同，則周期相同，設(shè)為T；設(shè)正方形的邊長為a，則從d點射出的粒子運動半徑為運動時間速度為v2的粒子，由幾何關(guān)系：運動時間根據(jù)可知故選項AC正確，BD錯誤；故選AC.15、A:D【分析】【詳解】

AB、由圖知光的偏折程度小于光，所以根據(jù)折射定律得知光的折射率小于光的折射率，光的頻率小于光的頻率，由可知光的波長大于光的波長；故選項A正確，B錯誤；

C、用光照射鋅板發(fā)生了光電效應(yīng)，由單色光的頻率小于單色光的頻率和光電效應(yīng)方程可知用光照射鋅板不一定能發(fā)生光電效應(yīng)；故選項C錯誤；

D、由知光的臨界角較大，光的臨界角較小，則當(dāng)光束繞圓心逆時針轉(zhuǎn)動過程中，入射角增大，光最早發(fā)生全反射，所以在光屏上最早消失的是光，故選項D正確；三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

[1]由電路圖可以知道，三電阻串聯(lián)，電流表測電路中的電流，電壓表測量滑動變阻器R1兩端的電壓；滑片P向左滑動；滑動變阻器接入電路的電阻變小，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，變阻器兩端的電壓變小，即電壓表示數(shù)將減?。?/p>

[2]由歐姆定律可以知道，定值電阻兩端電壓變化量與電流變化量的比值等于其阻值，滑片P向左滑動，滑動變阻器接入電路的電阻變小，變阻器兩端的電壓變小，電源電壓不變，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，R2和R3兩端的總電壓將變大，且變阻器兩端電壓減小量等于R2和R3兩端總電壓的增大量，即電壓表示數(shù)變化量的絕對值串聯(lián)電路電流處處相等，則電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

電壓表示數(shù)變化量的絕對值為時，同理可得此時電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

而R2、R3均為定值電阻，所以【解析】.減小等于17、略

【分析】【詳解】

[1]若把A；B兩只玻璃瓶并靠在一起；則A、B瓶內(nèi)水的內(nèi)能都將發(fā)生改變，這種改變內(nèi)能的方式叫熱傳遞。

[2]根據(jù)題意，由公式可得，瓶中水的體積為

一個水分子的體積為

瓶中水分子個數(shù)約為

聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得個【解析】熱傳遞18、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]從狀態(tài)A到B；由于體積沒變，因此發(fā)生的是等容過程。

(2)[2]從B到C的過程；由于氣體溫度不變，因此氣體的內(nèi)能不變。

(3)[3][4]從C到D的過程中，由于體積減小，因此氣體對外界做負(fù)功；而溫度降低，內(nèi)能減小，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，一定放出熱量。【解析】等容不變做負(fù)功放熱19、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)理想氣體內(nèi)能增量公式

由題目可知單原子代入相關(guān)數(shù)據(jù)得

根據(jù)熱力學(xué)第一定律，有

即氣體吸收了-84.3J的熱量?！窘馕觥?24.7-84.320、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由題圖可知，從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B為等溫變化，則有

已知

解得

[2]由題圖可知，B到C過程中，溫度降低，內(nèi)能減少，即

體積變小，則外界對氣體做功，即

由熱力學(xué)第一定律

可知

即氣體放熱?！窘馕觥糠艧?1、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]氣團(tuán)在上升過程中，由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）絕熱膨脹到狀態(tài)II（p2、V2、T2），對外做功，內(nèi)能減小，溫度降低，T1>T2，氣團(tuán)由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）作等溫膨脹到Ⅲ（p3、V3、T3），體積增大，壓強(qiáng)減小，p3＜p2。故AC正確；BD錯誤。故選AC。

(2)[2]若氣團(tuán)在絕熱膨脹過程中對外做的功為W1；由熱力學(xué)第一定律，則其內(nèi)能變化為。

若氣團(tuán)在等溫膨脹過程中對外做的功為W2；則其內(nèi)能變化。

(3)[3][4]氣體密度。

氣團(tuán)體積由V1變化到V2時；氣團(tuán)在變化前后的密度比為。

設(shè)分子之間平均距離為d，氣體分子數(shù)N；則所有氣體體積。

V=Nd3氣團(tuán)在變化前后的分子間平均距離之比。

【解析】AC-W122、C:D【分析】試題分析：設(shè)原子核X的質(zhì)量數(shù)為x，電荷數(shù)為y，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可得原子核Y的質(zhì)量數(shù)為x，電荷數(shù)為原子核Z的質(zhì)量數(shù)為電荷數(shù)為．由此可得X核的質(zhì)子（y）比Z核的質(zhì)子（）多2個，X核的中子比Z核的中子多1個；故AB錯誤；X核的質(zhì)量數(shù)（x）比Z核的質(zhì)量數(shù)（x-3）多3個，故C正確；X核與Z核的總電荷（2y-2）是Y核電荷（y-1）的2倍，故D正確．

考點：考查了核反應(yīng)方程。

名師點睛：關(guān)鍵是知道反映前后質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒的知識，屬于基礎(chǔ)知識，應(yīng)仔細(xì)閱讀題目，一步一步向下分析．四、作圖題(共3題，共12分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共6分)26、略

【分析】【詳解】

（1）A．通過碰撞后兩球做平拋運動的過程來驗證動量守恒定律：由于只是在碰撞前后動量守恒問題；所以斜軌道的光滑與否只是碰撞前的速度發(fā)生變化，不影響碰撞過程，故選項A錯誤；

BC．碰撞前后的速度是通過兩次滑下完成的；所以落點不完全重合，但不重合只是偶然誤差所致辭并不是操作錯誤，故選項BC錯誤；

D．為了減小偶然誤差；小于的落點不重合，但用一個最小的圓把落點圈起來，用該圓的圓心代替落點是最恰當(dāng)?shù)?，故選項D正確．

（2）A．考查動量守恒表達(dá)式：由于動量是質(zhì)量與速度的乘積；所以質(zhì)量是必須測量的，故選項A正確；

BCD．由于碰撞前后的速度是用平拋的水平位移來代替的；所以碰撞前后的平拋的時間，或桌面的高度均不需測量，故選項BCD均錯誤．

（3）由題意，