2024年華東師大版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華東師大版必修3物理上冊階段測試試卷846考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，豎直放置的一對平行金屬板間有加速電場，電勢差為U1，水平放置的一對平行金屬板間有偏轉電場，電勢差為U2。一帶電粒子由靜止開始經(jīng)加速電場后進入偏轉電場，且從偏轉電場射出。粒子重力忽略不計?，F(xiàn)保持其他條件不變，只增大U1，仍使該種粒子由靜止開始進入加速電場。與U1變化前相比；帶電粒子。

A.在偏轉電場中，動能增加量一定增大B.在偏轉電場中，動能增加量可能不變C.射出偏轉電場時的動能一定增大D.射出偏轉電場時的動能可能不變2、如圖所示，真空中孤立的帶電絕緣球體，半徑為R，電荷均勻分布在球體各個部位，a點距球心距離為b點距球心距離為已知電荷分布均勻的球殼在殼內形成的電場強度為零，對外部形成的電場強度可視為集中在球心的點電荷在該處形成的。則a和b兩點電場強度大小之比為（）

A.B.C.D.3、關于電場，下列敘述正確的是（）A.以點電荷為圓心r為半徑的球面上，各點的場強都相同B.正電荷周圍的電場一定比負電荷周圍的電場強C.電荷所受電場力大，該點電場強度一定很大D.在電場中某點放入試探電荷q，該點的場強為E=取走q后，該點場強不變4、如圖，電阻R1、R2串聯(lián)接入電路，已知U1：U2＝1：2，則R1：R2為（）

A.1∶2B.2∶1C.1∶1D.1∶45、如圖甲所示，用內阻為充電寶為一手機充電，其等效電路如圖乙所示。在充電開始后的一段時間t內，充電寶的輸出電壓U、輸出電流I可認為是恒定不變的，設手機電池的內阻為則時間t內（）

A.充電寶輸出的電功率為B.充電寶的總功率為C.手機電池產(chǎn)生的焦耳熱為D.手機電池增加的化學能為6、下列各圖給出了通電導體中磁感線方向或者小磁針N極指向描述正確的（）A.通電直導線B.通電直導線C.通電螺線管D.N極指向地理南極7、以下物理量為矢量，且單位是國際單位制基本單位的是（）A.電流、AB.位移、mC.功、JD.磁感應強度、T8、如圖所示，將帶電量為q的小球A固定在絕緣支架上，將另一質量為m，電荷量相等的帶電小球B放在距離A球正上方r處恰好處于平衡狀態(tài)（r遠遠大于小球直徑），則（）

A.A、B兩球可能帶異種電荷B.兩小球的電量C.如果小球B的質量變?yōu)?m，則B兩球的距離為2rD.如果小球B的電量變?yōu)?q，則B兩球的距離為2r評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、關于磁感線，以下說法中正確的是（）A.磁感線是磁場中客觀存在的曲線B.磁感線上某點的切線方向表示該點的磁場方向，也是該點的磁感應強度方向C.磁感線起始于磁鐵的N極，終止于磁鐵的S極D.磁感線是閉合曲線10、如圖所示，開關閉合的情況下，平行金屬板中帶電質點P處于靜止狀態(tài)．不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時；則。

A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)減小C.質點P將向下運動D.R3上消耗的功率減小11、一束粒子沿水平方向平行飛過小磁針上方；如圖所示，此時小磁針S極向紙內偏轉，這一束粒子可能是（）

A.向右飛行的正離子束B.向左飛行的正離子束C.向右飛行的負離子束D.向左飛行的負離子束12、如圖所示，a、b、c、d四個質量均為m的帶電小球恰好構成“三星拱月”之形，其中a、b、c三個完全相同的帶電小球在光滑絕緣水平面內的同一圓周上繞O點做半徑為R的勻速圓周運動，三小球所在位置恰好將圓周等分。小球d位于O點正上方h處，且在外力F作用下恰好處于靜止狀態(tài)，已知a、b、c三小球的電荷量均為q，d球的電荷量為重力加速度為g，靜電力常量為k；則下列說法正確的是（）

A.小球d一定帶負電B.小球b的周期為C.外力F大小等于D.小球c的加速度大小為13、如圖所示，一個電荷量為–Q的點電荷甲，固定在粗糙絕緣水平面上的O點，另一個電荷量為+q、質量為m的點電荷乙，從A點以初速度v0沿它們的連線方向向甲運動，到B點時速度減小到最小值v．已知點電荷乙與水平面的動摩擦因數(shù)為μ，A、B間距為L，靜電力常量為k；則下列說法中正確的是。

A.O、B間距為B.點電荷甲產(chǎn)生的電場在B點的場強大小為C.點電荷乙在A點的電勢能小于在B點的電勢能D.點電荷甲產(chǎn)生的電場中，A、B間的電勢差UAB=14、如圖所示，兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中P、Q兩點，為P、Q連線的中垂線，交于O點，A為上的一點．一帶正電的試探電荷q，以某一足夠大的速度從A向O點運動；取無限遠處的電勢為零，則（）

A.q由A向O的運動是勻加速直線運動B.q由A向O運動的過程電勢能逐漸增大C.q由A向O運動的過程動能可能一直減小D.q運動到O點時的加速度為零15、空間有一沿x軸對稱分布的電場，其電場強度E隨x變化的圖象如圖所示x1和﹣x1為x軸上對稱的兩點。下列說法正確的是（）

A.O點的電勢最高B.x2點的電勢最高C.x1和﹣x1兩點的電勢相等D.x1和x2兩點的電勢相等16、兩帶電金屬板豎直放置且兩板始終與電源的正、負極相連，如圖所示。在電場中的O點，用一根絕緣細線懸掛一帶負電荷的小球，小球靜止在細線與豎直方向夾角為θ的位置?，F(xiàn)將兩金屬板繞各自的中心轉軸緩慢旋轉一個小角度，兩轉軸在同一水平線上且旋轉過程中兩金屬板始終保持平行，如圖中虛線所示。則（）

A.兩板間勻強電場的場強將變大B.細線對小球的拉力將變大C.小球靜止時細線與豎直方向夾角θ將變小D.小球靜止時細線與豎直方向夾角θ將變大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、公式：R=___________18、靜電平衡：導體內的自由電子不再發(fā)生______的狀態(tài)．19、異種電荷相互___________。真空中兩個靜止點電荷間相互作用力為：若兩電荷間距離不變，兩電荷電量都增大為原來的3倍，則F增大為原來的___________倍。20、用螺旋測微器測圓柱體的直徑時，示數(shù)如圖甲所示，此示數(shù)為______mm，用20分度的游標卡尺測量某物體的厚度時，示數(shù)如圖乙所示，此示數(shù)為______mm。

21、某電熱器的工作原理如圖所示。是兩個發(fā)熱電阻，該電熱器有高低兩個檔位，該電熱器處于高溫檔時的功率是低溫檔的______倍。小明想在電路中加一個“防傾倒開關”，以保證電熱器被碰倒后能自動斷開電路，以免引起火災。該開關最好安裝在圖中四點中的______點。

22、如圖電路中，電源的內電阻為r，R2、R3、R4均為定值電阻，電表均為理想電表．閉合開關S，當滑動變阻器R1的滑動觸頭P向右滑動時，電壓表示數(shù)__（選填“變大”、“變小”或“不變”），若電流表和電壓表的示數(shù)變化量的大小分別為△I、△U，則__r（選填“大于”；“小于”或“等于”）．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)23、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

24、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

25、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)26、利用電流傳感器研究電容器的放電過程的電路如圖所示，其中電源電動勢先使開關S與1相連，電容器充電結束后把開關S擲向2，電容器通過電阻箱R放電。傳感器將電流信息傳入計算機，屏幕上顯示出電流I隨時間t變化的曲線如圖所示。

（1）實驗中電阻箱的示數(shù)如圖所示，其阻值R=__________Ω。時，電容器的a極板帶__________電（選填“正”或“負”）。

（2）圖中畫出了對應較短時間的狹長矩形，該矩形面積的物理意義__________，是估算該電容器的電容C=__________F。

（3）一同學在深入研究的過程中發(fā)現(xiàn)：當改變一個或幾個物理量時，I—t圖像會發(fā)生有規(guī)律的變化，圖中的虛線示意了4種可能的變化情形。如果只增大電阻R，I—t圖像的變化應該是選項__________（填寫相應選項的字母）；如果只增大電容C，I—t圖像的變化應該是選項__________（填寫相應選項的字母）。

A．B.C.D.27、圖甲為某多用電表的電路圖，E為電源，R1、R2、R3、R4、R5為定值電阻，R6為滑動變阻器．虛線方框內為換擋開關，A端和B端與兩表筆相連．該多用電表有兩個直流電流擋2mA和5mA；兩個直流電壓擋5V和10V，一個歐姆擋．

（1）某次測量時該多用電表指針位置如圖乙所示．若此時B端與“4”相連，則讀數(shù)為______；若此時B端與“1”相連，則多用電表讀數(shù)為______。

（2）B端與“3”相連時，紅黑表筆短接，調節(jié)R6使表頭G指針滿偏，再將電阻箱作為待測電阻接在A、B間，電路中干路電流I，與電阻箱的阻值Rx的關系如圖丙所示，則此時多用電表的內阻為______kΩ，該電源的電動勢E＝______V。

（3）若G表的滿偏電流Ig＝0.01mA，內阻rg＝100Ω，則可求得R1＝______Ω，R4＝______Ω。28、在測量一節(jié)干電池的電動勢E和內阻r的實驗中；小明設計了如圖甲所示的實驗電路。

（1）實驗開始前，應先將滑動變阻器的滑片P移至______（選填“a”或“b”）端；

（2）合上開關S1、S2接圖甲中的1位置，改變滑動變阻器的阻值，記錄下幾組電壓表示數(shù)和對應的電流表示數(shù)；S2改接圖甲中的2位置，改變滑動變阻器的阻值，再記錄下幾組電壓表示數(shù)和對應的電流表示數(shù)，在同一坐標系內分別描點作出兩種情況下的電壓表示數(shù)U和對應的電流表示數(shù)I的圖象，如圖乙所示，兩直線與縱軸的截距分別為與橫軸的截距分別為

①S2接1位置時，作出的圖線是圖乙中的______（選填“A”或“B”）線；

②S2接1位置時，測出的電池電動勢E和內阻r存在系統(tǒng)誤差，原因是______（選填“電壓”或“電流”）表的示數(shù)偏______（選填“大”或“小”）；

（3）兩種接法都存在系統(tǒng)誤差，但利用圖乙中信息，可以消除系統(tǒng)誤差，算出電池電動勢______，內阻______。評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)29、如圖所示，粗糙程度不均勻的水平面與半徑為R的豎直光滑半圓軌道相切于C點，為半圓的直徑，O為圓心，D點是弧的中點，在半圓下半部分有水平向左的勻強電場，場強大?。╣為重力加速度）。現(xiàn)把可視為質點、質量為的小物塊P置于水平面的A點，并在水平恒力F（大小未知）的作用下由靜止向左運動，運動到B點撤掉水平恒力F，小物塊P恰好運動到C點靜止?，F(xiàn)把與小物塊P材料相同、質量是小物塊P質量一半、帶電荷量為的絕緣小物塊Q同樣置于A點，在同樣水平恒力F作用下也從靜止開始向左運動，到B點撤掉水平恒力F，帶電小物塊Q離開水平面后沿著圓弧軌道運動恰好能過最高點M。求：

(1)小物塊Q經(jīng)過水平面C點時的速度大??；

(2)小物塊Q在半圓軌道上運動過程中對軌道的最大壓力；

(3)小物塊Q在運動過程中所受摩擦力做的功。

30、如圖所示，AB是半徑為R的圓的一條直徑，O點為圓心．該圓處于勻強電場中，場強方向平行圓所在平面．現(xiàn)在有大量的質量為m，帶正的粒子，電量為q．從A點以大小為的速度沿不同方向射入電場，這些粒子會經(jīng)過圓上不同點，在這些點中到達C點的粒子動能最大，并變?yōu)槌鮿幽艿膬杀叮阎螧AC=30o；若不計重力和空氣阻力，試求：

（1）場強的大小和方向。

（2）若A點電勢為零；則到達B點的粒子，在通過B點時。

的電勢能EP31、如圖甲，是某電場中一條電場線上的兩點，一個負電荷從點由靜止釋放，僅在靜電力的作用下從點運動到點，其運動的圖像如圖乙所示。

(1)請判斷該負電荷在兩點電勢能的大小以及兩點電勢的高低。

(2)比較兩點電場強度的大小。

32、如圖所示，粒子以初速度垂直于電場線方向從A點射入一勻強電場，經(jīng)時間t到達B點時，速度大小為粒子的質量為m，電荷量為q；不計重力。求：

（1）A、B兩點間的電勢差；

（2）勻強電場的場強大小。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

AB．粒子經(jīng)電場U1加速后，根據(jù)動能定理得

粒子在偏轉電場中：水平方向L=v0t

豎直方向：

由牛頓第二定律可得：

解得

則在偏轉電場中動能增加量為

則只增大U1；則在偏轉電場中，動能增加量一定減小，選項AB錯誤；

CD．射出偏轉電場時的動能：

則只增大U1；則射出偏轉電場時的動能可能不變，選項C錯誤，D正確；

故選D.2、C【分析】【詳解】

設球體的總電荷量為Q，則以a所在球面為球體邊緣的內部電荷量

電荷分布均勻的球殼對殼內形成的電場強度為零，所以a點電場強度

b點電場強度大小為

解得

故選C。3、D【分析】【詳解】

A.點電荷產(chǎn)生的電場中，以點電荷為圓心，r為半徑的球面上；各點的場強大小都相等，方向不同，故場強不同，故A錯誤；

B.電荷周圍的電場強度的大小與點電荷的電量有關；與電性無關；故B錯誤；

C.根據(jù)公式：

可知電場力大的同一電荷；所處位置電場強度才大，故C錯誤；

D.電場強度是由產(chǎn)生電場的源電荷決定的，在電場中某點放入或取走一檢驗電荷后，不會影響該點的電場強度，故D正確．4、A【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理，可得

解得

故A正確；BCD錯誤。

故選A。5、B【分析】【詳解】

A．充電寶輸出的電功率為A錯誤；

B．充電寶的總功率為B正確；

C．手機電池產(chǎn)生的焦耳熱為C錯誤；

D．手機電池增加的化學能為D錯誤。

故選B。6、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)安培定則判定；此通電直導線的磁感線方向，左邊垂直紙面向外，右邊垂直紙面向里，A錯誤；

B．根據(jù)安培定則判定；次通電直導線的磁感線方向為逆時針方向，B正確；

C．根據(jù)安培定則判定；通電螺線管軸線上的磁感線方向向右，C錯誤；

D．地磁南極在地理北極附近；地磁北極在地理南極附近，故赤道上空的磁場方向從南指向北，D錯誤。

故選B。7、B【分析】【詳解】

AC．矢量特點是既有大小又有方向；同時滿足平行四邊形定則或三角形法則；電流和功均為標量，故AC錯誤；

BD．位移和磁感應強度均為矢量；國際單位制中基本物理量及對應的基本單位共有七個；包括長度(m)；質量(kg)、時間(s)、熱力學溫度(K)、電流(A)、光強度(cd)、物質的量(mol)；所以位移為矢量，且單位是國際單位制基本單位，故B正確，D錯誤。

故選B．8、B【分析】【分析】

對小球B受力分析判斷出庫侖力的方向；結合B球受力平衡求出電荷量和距離．

【詳解】

A項：對小球B受力分析可知；小球B受重力，庫侖力兩力平衡，所以庫侖力豎直向上，所以兩球應帶同種電荷，故A錯誤；

B項：由B球受力平衡可知，解得：故B正確；

C、D項：由B球受力平衡可知，解得：當小球B的質量變?yōu)?m，則A、B兩球的距離為如果小球B的電量變?yōu)?q，則A、B兩球的距離為故C；D錯誤．

故應選：B．二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．磁場是客觀存在的；但磁感線不是實際存在的，故A錯誤；

B．磁感線上某點的切線方向表示該點的磁場方向；也是該點的磁感應強度方向，故B正確；

CD．磁體外部磁感線是從N極到S極；而內部是從S極到N極，形成閉合的曲線，故C錯誤，D正確。

故選BD。10、A:C:D【分析】【詳解】

AB．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)，再與R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減?。挥蓺W姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大；所以電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯誤；

C．因電容器兩端電壓減??；故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，電荷向下運動，故C正確；

D．因R3兩端的電壓減小，由公式可知，R3上消耗的功率減??；故D正確．11、B:C【分析】【詳解】

A．向右飛行的正離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，正離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向里，則N極轉向里，S極轉向外，不符合題意，故A錯誤；

B．向左飛行的正離子束形成的電流方向向左；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向外，則N極轉向外，S極轉向里，符合題意，故B正確；

C．向右飛行的負離子束形成的電流方向向左；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向外，則N極轉向外，S極轉向里，符合題意，故C正確；

D．向左飛行的負離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向里，則N極轉向里，S極轉向外，不符合題意，故D錯誤。

故選BC。12、B:C:D【分析】【詳解】

A．由題意，已知a、b、c三小球的電荷量均為q，三小球在光滑絕緣水平面內的同一圓周上繞O點做勻速圓周運動，可知d小球與a、b、c三小球是異性電荷，由于a、b、c三小球的電性未知，所以小球d不一定帶負電；A錯誤；

BD．設db的連線與水平方向的夾角為α，則有

可得α=60°

對b小球，由庫侖定律和牛頓第二定律可得

解得

由于a、b、c三小球的加速度大小相等，因此小球c的加速度大小為BD正確；

C．對d小球，由平衡條件可得外力F大小為

C正確。

故選BCD。13、A:B【分析】【詳解】

AB.設OB=x，當速度最小時，有=qE=μmg，得x=場強E=AB正確；

C.點電荷乙運動過程中，電場力一直做正功，電勢能減小，則點電荷乙在A點的電勢能大于在B點的電勢能；C錯誤；

D.點電荷從A到B過程中，根據(jù)動能定理有qUAB–μmgL=–得UAB=+D錯誤．14、B:C:D【分析】【詳解】

A．兩等量正電荷周圍部分電場線如圖所示。

其中P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠到O過程中電場強度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠方向，故試探電荷所受的電場力是變化的，q由A向O的運動做非勻加速直線運動；故A錯誤；

BC．電場力方向與AO方向相反；電場力做負功，動能減小，電勢能增大，故BC正確；

D．根據(jù)電場的疊加知在O點合場強為0，電荷在O點受到的電場力為0；故加速度為0，故D正確。

故選BCD。15、A:C【分析】【詳解】

AB．從圖像可以看出，電場強度的大小和方向都沿x軸對稱分布，沿著電場強度的方向，電勢一定降低，故根據(jù)其電場強度E隨x變化的圖像容易判斷，O點的電勢最高；B錯誤A正確；

C．由于x1和﹣x1兩點關于x軸對稱，且電場強度的大小也相等，故從O點到x1和從O點到﹣x1電勢降落相等，故x1和﹣x1兩點的電勢相等；C正確；

D．沿著電場強度的方向，電勢一定降低，故根據(jù)其電場強度E隨x變化的圖像容易判斷，x1和x2兩點的電勢不相等；D錯誤。

故選AC。16、A:B:C【分析】【詳解】

A．緩慢旋轉過程中兩軸心之間的距離保持不變，轉動時兩平行板的垂直距離變小，設轉動的角度為α，兩軸心的距離為d，兩極板間的電勢差為U，則轉動后的電場強度為

根據(jù)勻強電場的場強與電勢差和板間距離關系得兩板間勻強電場的場強將變大；A正確；

BCD．未轉動前，繩子拉力、電場力與小球的重力關系Ty=Tcosθ=mg，

當轉動角度為α，小球依然受重力、電場力和拉力，再次沿水平方向和豎直方向正交分解，根據(jù)平衡條件得

則電場力水平方向分力不變；即細線水平方向分力不變，豎直方向分力變大，可畫出受力分析圖。

可知小球靜止時細線與豎直方向夾角θ將變??；細線的拉力增大；BC正確，D錯誤。

故選ABC。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】ρ18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】定向移動19、略

【分析】【詳解】

[1]異種電荷相互吸引。

[2]由靜電力公式可得

所以若兩電荷間距離不變，兩電荷電量都增大為原來的3倍，則F增大為原來的9倍?！窘馕觥课?20、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)螺旋測微器讀數(shù)規(guī)則，此示數(shù)為

[2]根據(jù)游標卡尺讀數(shù)規(guī)則，此示數(shù)為【解析】6.125##6.126##6.12763.6021、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]旋轉開關接1時；電熱器功率為。

旋轉開關接2時；電熱器功率為。

代入數(shù)據(jù)解得。

[2]保證電熱器被碰倒后能自動斷開電路，以免引起火災，該開關最好安裝在火線上，且在開關之前，即安裝在C點。【解析】4C22、略

【分析】【詳解】

[1]電路的結構為R1與R2并聯(lián)后再與R4串聯(lián)，然后再與R3并聯(lián)接在電源兩端，滑動變阻器R1的滑動觸頭P向右滑動時，R1接入電路的阻值增大；電路總電阻增大，電路總電流減小，內電壓減小，外電壓增大，電壓表測的是路端電壓，電壓表示數(shù)增大；

[2]設電壓表示數(shù)為U，電路總電流為I總，電流表示數(shù)為I，滑動變阻器R1的滑動觸頭P向右滑動時，R1接入電路的阻值增大，電路總電阻增大，電路總電流I總減小，內電壓減小，外電壓U增大；流過R3的電流增大，流過R4的電流減小，R4兩端的電壓U4減小，R2兩端的電壓增大，流過R2的電流增大，流過R1的電流減小；電路電流關系為I總減小，I減小，I2增大，I3增大，則△I大于△I總；據(jù)閉合電路歐姆定律有：

則：【解析】變大小于四、作圖題(共3題，共6分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥课濉嶒烆}(共3題，共27分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]實驗中電阻箱的阻值R=3360Ω。時，電容器還在放電，a極板帶正電。

（2）[3][4]圖中畫出了對應較短時間的狹長矩形，根據(jù)q=It可知，該矩形面積的物理意義電容器在△t時間內的放電量；根據(jù)圖像可知放電電量為

該電容器的電容

（3）[5][6]如果只增大電阻R，則電容器放電的最大電流會減小，由于放電電量不變，即I—t圖像的“面積”不變，則變化應該是選項A；如果只增大電容C，則電容器帶電量增加，I—t圖像的“面積”變大，最大電流不變，I—t圖像的變化應該是選項D。【解析】3360正電電容器在△t時間內的放電量AD27、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]B端接“4”時為電壓表小量程即5V，讀中間一排數(shù)字，因為最小分度值為0.1V，估讀到下一位，指針指在2.0～3.0V之間約9.2格處，所以讀數(shù)為2.92V；B端接“1”時為電流表的大量程即5mA；則此時的讀數(shù)為2.92mA；

（2）[3][4]由題圖丙可知中值電阻和短路電流分別為15kΩ和2．0mA，所以此時多用電表的內阻為15kΩ，電源電動勢E＝15kΩ×2.0mA＝30V

（