2025年冀教新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年冀教新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖；一顆衛(wèi)星先后在低空軌道A和高空軌道B繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)．則衛(wèi)星在軌道A上運(yùn)行時(shí)（）

A.所需向心力比在軌道B的小。

B.線(xiàn)速度比在軌道B的大。

C.周期比在軌道B的長(zhǎng)。

D.線(xiàn)速度大于第一宇宙速度。

2、有一個(gè)多用電表，其歐姆擋的四個(gè)量程分別為：“×1”“×10”“×100”“×1k”，某同學(xué)把選擇開(kāi)關(guān)旋到“×100”擋測(cè)量一未知電阻時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角很大，為了減小誤差，它應(yīng)該()A.換用“×1k”擋，不必重新調(diào)整調(diào)零旋鈕B.換用“×10”擋，不必重新調(diào)整調(diào)零旋鈕C.換用“×1k”擋，必須重新調(diào)整調(diào)零旋鈕D.換用“×10”擋，必須重新調(diào)整調(diào)零旋鈕3、如圖所示，圖中v1v2

和v3

分別為第一、第二和第三宇宙速度.

三個(gè)飛行器abc

分別以第一、第二和第三宇宙速度從地面上發(fā)射.

三個(gè)飛行器中能夠克服地球的引力，永遠(yuǎn)離開(kāi)地球的是

A.只有a

B.只有b

C.只有c

D.b

和c

4、兩個(gè)直徑為r

的帶電球，當(dāng)它們相距100r

時(shí)的作用力為F

當(dāng)它們相距r

時(shí)的作用力為(

)

A.1100F

B.104F

C.100F

D.以上均不對(duì)5、如圖所示，兩塊較大的平行金屬板A、B水平放置，并通過(guò)電阻R與電源相連，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，閉合電鍵S，兩板間有一帶電油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是（）A.油滴帶負(fù)電B.B兩板電壓小于EC.若將A板向上平移一小段距離，則油滴向下加速D.若將B板向左平移一小段位移，則油滴向下加速6、在某電解質(zhì)溶液中，如果每秒鐘共有0.3C的正電荷和0.6C的負(fù)電荷相向通過(guò)某一橫截面，則通過(guò)電解質(zhì)溶液的電流是（）A.0.2AB.0.3AC.0.6AD.0.9A7、如圖所示，輕繩的兩端分別系在圓環(huán)A

和小球B

上，圓環(huán)A

套在粗糙的水平橫桿MN

上，現(xiàn)用水平力F

拉著繩子上一點(diǎn)O

使小球B

從圖中實(shí)線(xiàn)位置緩慢上升到虛線(xiàn)位置，但圓環(huán)A

始終保持在原位置不動(dòng)，則在這一過(guò)程中，環(huán)對(duì)桿的摩擦力f

和環(huán)對(duì)桿的壓力N

的變化情況是()A.f

不變，N

不變B.f

不變，N

減小C.f

增大，N

減小D.f

增大，N

不變8、如圖所示，物塊AB

放在光滑的水平地面上，其質(zhì)量之比mA隆脙mB=2隆脙1

現(xiàn)用3N

的水平拉力作用在物體A

上，則A

對(duì)B

的拉力等于(

)

A.1N

B.1.5N

C.2N

D.3N

評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、一負(fù)電荷僅受電場(chǎng)力的作用，從電場(chǎng)中的A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，在此過(guò)程中該電荷做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度EA、EB及電勢(shì)φA、φB之間的關(guān)系為（）A.EA=EBB.EA＜EBC.φA＜φBD.φA＞φB10、銅的摩爾質(zhì)量是M，密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，以上說(shuō)法正確的是（）A.單位體積銅中所含原子數(shù)目是ρB.單位質(zhì)量中所含原子數(shù)目是ρNAC.單個(gè)銅原子質(zhì)量是D.單個(gè)銅原子占有的體積是11、氫原子的能級(jí)如圖所示，已知可見(jiàn)光的光子能量范圍約為1.62?3.11eV，則（）A.處于n=3能級(jí)的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線(xiàn)，并發(fā)生電離B.大量氫原子從高能級(jí)向n=3能級(jí)躍遷時(shí)，發(fā)出的光具有顯著的熱效應(yīng)C.處于n=4能級(jí)的一個(gè)氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，可能發(fā)出6種不同頻率的光子D.大量處于n=4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，可能發(fā)出3種不同頻率的可見(jiàn)光12、如圖是某金屬在光的照射下產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能Ek與入射光頻率的關(guān)系圖象；由圖象可知（）

A.該金屬的逸出功等于EB.入射光的頻率為時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為C.入射光的頻率為2ν0時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為3ED.該金屬的逸出功等于hν013、如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣物塊，甲、乙疊放在一起，置于粗糙的固定斜面上，地面上方空間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)用平行于斜面的恒力F

拉乙物塊，在使甲、乙一起無(wú)相對(duì)滑動(dòng)沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng)的階段中(

)

A.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大B.甲、乙兩物塊間的摩擦力保持不變C.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷減小D.乙物塊與斜面之間的摩擦力不斷減小14、兩個(gè)等量異種電荷的連線(xiàn)的垂直平分線(xiàn)上有A、B、C三點(diǎn)，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.a、b兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向相同，b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比a點(diǎn)大B.a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)高C.a、b、c三點(diǎn)和無(wú)窮遠(yuǎn)處等電勢(shì)D.一個(gè)電子在a點(diǎn)無(wú)初速釋放，則它將在c點(diǎn)兩側(cè)往復(fù)振動(dòng)15、如圖所示，一豎直放置開(kāi)口向上質(zhì)量為m

的均勻玻璃管內(nèi)用質(zhì)量也為m

水銀柱封有一定質(zhì)量的理想氣體，水銀與玻璃管間摩擦力不計(jì)，開(kāi)始時(shí)玻璃管處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)玻璃管豎直下落時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是()

A.當(dāng)玻璃管剛開(kāi)始下落瞬時(shí)，玻璃管的加速度2g

B.玻璃管最初下落的短時(shí)間內(nèi)，水銀的加速度在逐漸變大C.玻璃管最初下落的短時(shí)間內(nèi)，玻璃管的加速度在逐漸變大D.玻璃管最初下落的短時(shí)間內(nèi)，水銀將相對(duì)玻璃管下移16、氫原子的核外電子由離原子核較遠(yuǎn)的軌道躍遷到離核較近的軌道上時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.氫原子的能量增加B.氫原子的能量減少C.減小的電勢(shì)能大于增加的動(dòng)能D.減少的電勢(shì)能小于增加的動(dòng)能17、關(guān)于晶體和非晶體的性質(zhì)，下列說(shuō)法正確的是（）A.同種元素的固體，可能由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體B.晶體熔化時(shí)，分子平均動(dòng)能保持不變C.單晶體的所有物理性質(zhì)均呈現(xiàn)很顯著的各向異性D.熔化熱是某種晶體熔化過(guò)程中所需的能量評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、如圖所示，木塊在水平桌面上移動(dòng)的速度是v，跨過(guò)滑輪的繩子向下移動(dòng)的速度是____．（繩與水平方向之間的夾角為α）

19、在“測(cè)定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中；用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑時(shí)的刻度位置如圖所示，用米尺測(cè)量金屬絲的長(zhǎng)度l=0.810m．金屬絲的電阻大約為4Ω．先用伏安法測(cè)出金屬絲的電阻，然后根據(jù)電阻定律計(jì)算出該金屬材料的電阻率．

（1）從圖中讀出金屬絲的直徑為_(kāi)___．

（2）在用伏安法測(cè)定金屬絲的電阻時(shí)；除被測(cè)的電阻絲外，還有如下供選擇的實(shí)驗(yàn)器材：

直流電源：電動(dòng)勢(shì)約4.5V；內(nèi)阻很??；

電流表A1：量程0～0.6A；內(nèi)阻0.125Ω；

電流表A2：量程0～3.0A；內(nèi)阻0.025Ω；

電壓表V：量程0～3V；內(nèi)阻3kΩ；

滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值10Ω；

滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值50Ω；

開(kāi)關(guān)；導(dǎo)線(xiàn)等．

在可供選擇的器材中，應(yīng)該選用的電流表是____，應(yīng)該選用的滑動(dòng)變阻器是____．

（3）根據(jù)所選的器材；畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖．

（4）若根據(jù)伏安法測(cè)出電阻絲的電阻為RX=4.1Ω，則這種金屬材料的電阻率為_(kāi)___Ω?m．（保留二位有效數(shù)字）

20、電子所帶的電荷量是e=1.6×10﹣19C，實(shí)驗(yàn)指出，所有帶電物體的電荷量都是____e（填“等于”或“不等于”），或者是e的____倍．21、已知一電流表的滿(mǎn)偏電流為3mA

其內(nèi)阻為120婁賂

要把它改裝成量程為6V

的電壓表應(yīng)______聯(lián)(

串聯(lián)還是并聯(lián))

的電阻值R=

______.

若將其改裝量程為3A

的電流表，應(yīng)當(dāng)對(duì)原電流表______聯(lián)(

串聯(lián)還是并聯(lián))

的電阻值R=

______．22、某電解池，如果在1s鐘內(nèi)共有5×1018個(gè)二價(jià)正離子和1.0×1019個(gè)一價(jià)負(fù)離子通過(guò)某截面，那么通過(guò)這個(gè)截面的電流是____．23、劈尖干涉是一種薄膜干涉，其裝置如圖1所示。將一塊厚為d平板玻璃放置在另一平板玻璃之上，在一端夾入的兩張紙片，從而在兩玻璃表面之間形成一個(gè)劈形空氣薄膜。當(dāng)光垂直入射后，從上往下看到的干涉條紋如圖2所示。設(shè)每張紙片厚度為x，平板玻璃左端離紙片距離為L(zhǎng)，現(xiàn)若將頻率為的可見(jiàn)光垂直入射到圖1裝置后，相鄰兩亮條紋之間的距離為_(kāi)___。24、如圖所示，一質(zhì)量為2m

的圓筒A

圓筒內(nèi)外皆光滑，將A

置于光滑水平面上，圓筒半徑為R

現(xiàn)有一質(zhì)量也為m

的光滑小球B(

可視為質(zhì)點(diǎn))

由靜止從圓筒的水平直徑處沿筒壁滑下，不計(jì)空氣阻力，圓筒的位移為_(kāi)_____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共2題，共10分)25、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

26、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線(xiàn)和虛線(xiàn)分別表示電場(chǎng)線(xiàn)和等勢(shì)線(xiàn)．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共12分)27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線(xiàn)方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線(xiàn)方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】

A、根據(jù)F=可知：A的半徑比B軌道半徑小；所以所需向心力比在軌道B的大，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)得：v=A的半徑比B軌道半徑小，線(xiàn)速度比在軌道B的大．故B正確；

C、根據(jù)得：T=A的半徑比B軌道半徑小，周期比在軌道B的短，故C錯(cuò)誤；

D；第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的最大速度；所以A的線(xiàn)速度小于第一宇宙速度，故D錯(cuò)誤．

故選B

【解析】【答案】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力比較線(xiàn)速度；向心力、周期等物理量．

2、D【分析】【解析】試題分析：用多用電表的歐姆擋測(cè)未知電阻時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)角很大，說(shuō)明該待測(cè)電阻的阻值相對(duì)該擋比較小，為了提高測(cè)量精確度，應(yīng)換低率“×10Ω”的擋來(lái)測(cè)量，換擋之后，必須重新調(diào)零。故選D考點(diǎn)：歐姆表的使用【解析】【答案】D3、D【分析】【分析】

本題考查三個(gè)宇宙速度。

第一宇宙速度(V1):

航天器沿地球表面作圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)必須具備的速度；也叫環(huán)繞速度。

第二宇宙速度(V2):

當(dāng)航天器超過(guò)第一宇宙速度V1

達(dá)到一定值時(shí)；它就會(huì)脫離地球的引力場(chǎng)而成為圍繞太陽(yáng)運(yùn)行的人造行星，這個(gè)速度。

就叫做第二宇宙速度；亦稱(chēng)逃逸速度。

第三宇宙速度(V3):

從地球表面發(fā)射航天器；飛出太陽(yáng)系，到浩瀚的銀河系中漫游所需要的最小速度，就叫做第三宇宙速度。

解題的關(guān)鍵是了解三個(gè)宇宙速度。

【解答】

以第一宇宙速度發(fā)射飛行器，它將成為人造衛(wèi)星，繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)。以第二宇宙速射飛行器，它將脫離地球引力，成為繞太陽(yáng)運(yùn)行的行星。以第三宇宙速度從地面上發(fā)射，將飛出太陽(yáng)系，能夠克服地球的引力，永遠(yuǎn)離開(kāi)地球的是bbcc故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。

【解析】D

4、D【分析】解：當(dāng)兩個(gè)直徑為r

的帶電球相距100r

時(shí)，兩電荷可以看成點(diǎn)電荷，庫(kù)侖定律適用.

但當(dāng)它們相距r

時(shí)，不能看成點(diǎn)電荷，庫(kù)侖定律不適用，無(wú)法用比例法求解它們相距r

時(shí)的作用力.

故D正確．

故選D

根據(jù)庫(kù)侖定律適用的條件：真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷間的作用力來(lái)分析判斷．

本題考查對(duì)庫(kù)侖定律適用的條件理解能力．【解析】D

5、C【分析】解：A；下極板B帶正電；而電場(chǎng)力與重力平衡，則油滴帶正電，故A錯(cuò)誤；

B；電容器與直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接；電壓即等于E，故B錯(cuò)誤；

C；由于電壓不變；若將A板向上平移一小段距離，即板間距離增大，場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴受到的電場(chǎng)力減小，帶點(diǎn)油滴向下加速運(yùn)動(dòng)，故C正確；

D、若將B板向左平移一小段位移，依據(jù)電容的定義式C=再結(jié)合C=并由E=則由電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=可知，電場(chǎng)強(qiáng)度增強(qiáng)，則電場(chǎng)力增大，則油滴向上加速，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)電場(chǎng)力與重力平衡，則可確定油滴的電性，因電容器與直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，電壓不變，即為E，A極板豎直向上平移一小段距離，依據(jù)電容的定義式C=分析電容變化，再結(jié)合C=并由E=分析板間場(chǎng)強(qiáng)變化，從而即可分析該點(diǎn)油滴的運(yùn)動(dòng)情況。

本題是電容器動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，考查分析和判斷能力，掌握電容的定義式與決定式的區(qū)別，注意理解電容器的電壓不變與電量不變的情況?！窘馕觥緾6、D【分析】解：電流的定義式是I=在導(dǎo)電液中，q指正負(fù)電荷絕對(duì)值的加和，所以I==0.9A；故D正確，ABC錯(cuò)誤．

故選：D

根據(jù)電流的定義：?jiǎn)挝粫r(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量；注意同時(shí)有正負(fù)電荷通過(guò)時(shí)，電量是正負(fù)電荷絕對(duì)值的和．

本題需要注意的是對(duì)于電解液導(dǎo)電，通過(guò)某一橫截面的電荷是正負(fù)電荷絕對(duì)值的和．【解析】【答案】D7、D【分析】【分析】物體處于動(dòng)態(tài)平衡狀態(tài)；對(duì)物體進(jìn)行受力分析，找出其中不變的力，再根據(jù)其它的力與這個(gè)力的關(guān)系就可以求出。

本題是動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，采用隔離法和整體法相結(jié)合進(jìn)行研究?！窘獯稹恳訠

為研究對(duì)象；小球受到重力；水平力F

和輕繩的拉力T

如圖1

所示。

由平衡條件得：F=mgtan婁脕婁脕

增大，則F

增大；再以整體為研究對(duì)象，力圖如圖2

所示，根據(jù)平衡條件得：f=F

則f

逐漸增大N=(M+m)gN

保持不變，故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選D。

【解析】D

8、A【分析】【分析】對(duì)AB

整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出整體的加速度，隔離分析B

由牛頓第二定律求出A

對(duì)B

的拉力。本題是連接體問(wèn)題；要抓住兩個(gè)物體的加速度相同，能靈活選擇研究對(duì)象.

對(duì)加速度，往往采用整體法研究比較簡(jiǎn)便。

【解答】

對(duì)AB

整體分析，由牛頓第二定律得：a=FmA+mB=F3mB

隔離對(duì)B

分析，則A

對(duì)B

的拉力T=mBa=F3=1N

故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。

【解析】A

二、多選題(共9題，共18分)9、AC【分析】解：AB、由于電荷做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所以根據(jù)Eq=ma可知，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，即EA=EB；故A正確，B正確。

CD、電荷做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，且只受電場(chǎng)力，因此電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，所以EPA＞EPB，因?yàn)槭秦?fù)電荷，所以φA＜φB；故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：AC

根據(jù)受力特點(diǎn)可以判斷A；B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)判斷A、B兩點(diǎn)電勢(shì)能的高低。

本題比較簡(jiǎn)單，基礎(chǔ)性強(qiáng)；要加強(qiáng)理解電場(chǎng)力和電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系，電勢(shì)能和電場(chǎng)力做功關(guān)系【解析】【答案】AC10、ACD【分析】解：A、銅的密度為ρ，故單位體積銅的質(zhì)量為ρ，故摩爾數(shù)為：n=

單位體積銅中所含原子數(shù)目是：N=n?NA=ρ故A正確；

B、銅的摩爾質(zhì)量是M，單位質(zhì)量的摩爾數(shù)為：n=

單位質(zhì)量中所含原子數(shù)目是：N=n?NA=故B錯(cuò)誤；

C、銅的摩爾質(zhì)量是M，單個(gè)銅原子質(zhì)量是故C正確；

D、銅的摩爾質(zhì)量是M，摩爾體積為單個(gè)銅原子占有的體積是故D正確；

故選：ACD．

阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀(guān)與微觀(guān)的橋梁，一摩爾的任何物質(zhì)所含有的該物質(zhì)的單位微粒數(shù)叫阿伏伽德羅常數(shù)，NA值為6.02×1023．

解決本題關(guān)鍵是要明確：（1）摩爾質(zhì)量=摩爾體積×密度；（2）質(zhì)量=摩爾質(zhì)量×物質(zhì)的量；（3）體積=摩爾體積×物質(zhì)量．【解析】【答案】ACD11、AB【分析】解：A；處于n=3能級(jí)的氫原子能量為-1.51eV；紫外線(xiàn)的光子能量大于3.11eV，則吸收任意頻率的紫外線(xiàn)都會(huì)發(fā)生電離．故A正確．

B；從高能級(jí)向n=3能級(jí)躍遷時(shí)；輻射的光子能量小于1.51eV，最小光子能量為1.51-0.85eV=0.66eV，該光子能量為紅外線(xiàn)的光子能量，紅外線(xiàn)具有顯著的熱效應(yīng)．故B正確．

C、處于n=4能級(jí)的大量氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式知，=6；可能發(fā)出6種不同頻率的光子，但是只有一個(gè)氫原子，發(fā)出的光子頻率沒(méi)有6種．故C；D錯(cuò)誤．

故選AB．

當(dāng)吸收能量后能量大于0；則氫原子發(fā)生電離，能級(jí)間躍遷吸收和輻射光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差．

解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)間躍遷時(shí)輻射和吸收光子能量與能級(jí)差相等，即Em-En=hv．【解析】【答案】AB12、AD【分析】解：AD、根據(jù)光電效應(yīng)方程有：EK=hv-W

其中W為金屬的逸出功：W=hv0

所以有：EK=hv-hv0，由此結(jié)合圖象可知，該金屬的逸出功為E，或者W=hv0；故AD正確；

BC、當(dāng)入射光的頻率為2v0時(shí)；帶入方程可知產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為E；

若入射光的頻率為時(shí)；小于極限頻率，不能發(fā)生光電效應(yīng)，故BC錯(cuò)誤．

故選：AD．

根據(jù)光電效應(yīng)方程寫(xiě)出最大初動(dòng)能和入射光的頻率關(guān)系式即可正確求解．

本題考查了光電效應(yīng)方程的理解和應(yīng)用，對(duì)于圖象問(wèn)題可以寫(xiě)出函數(shù)關(guān)系式結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)求解．【解析】【答案】AD13、AD【分析】解：對(duì)整體；分析受力情況：重力；斜面的支持力和摩擦力、洛倫茲力，洛倫茲力方向垂直于斜面向上，則由牛頓第二定律得：

m脳脺gsin婁脕鈭?f=ma壟脵

FN=m脳脺gcos婁脕鈭?F脗氓壟脷

隨著速度的增大；洛倫茲力增大，則由壟脷

知：FN

減小，乙所受的滑動(dòng)摩擦力f=婁脤FN

減小，故D正確；

以乙為研究對(duì)象；有：

m脪脪gsin婁脠鈭?f=m脪脪a壟脹

由壟脵

知；f

減小，加速度增大，因此根據(jù)壟脹

可知，甲乙兩物塊之間的摩擦力不斷增大，故A正確，BC錯(cuò)誤；

故選：AD

．

先以整體為研究對(duì)象；分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，分析斜面對(duì)乙的摩擦力如何變化，再對(duì)甲分析，由牛頓第二定律研究甲；乙之間的摩擦力、彈力變化情況．

解決本題運(yùn)用整體法和隔離法結(jié)合研究，關(guān)鍵是抓住洛倫茲力隨速度而增大的特點(diǎn)進(jìn)行分析【解析】AD

14、AC【分析】解：A、a、b兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向都與垂直平分線(xiàn)垂直向右，方向相同．由于b處電場(chǎng)線(xiàn)密；電場(chǎng)強(qiáng)度大于a處電場(chǎng)強(qiáng)度；故A正確；

B、C、a、b；c是兩個(gè)等量異種電荷連線(xiàn)的垂直平分線(xiàn)的三點(diǎn)；電勢(shì)相等，而且與無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)相等；故B錯(cuò)誤，C正確；

D；一個(gè)電子在a點(diǎn)受到的電場(chǎng)方向垂直于垂直平分線(xiàn)向左；無(wú)初速釋放后，將向左下方運(yùn)動(dòng)，不可能到達(dá)c點(diǎn)；故D錯(cuò)誤；

故選：AC．

兩個(gè)等量異種電荷連線(xiàn)的垂直平分線(xiàn)是一條等勢(shì)線(xiàn)；電場(chǎng)強(qiáng)度方向與等勢(shì)面方向垂直；而且指向電勢(shì)低的方向．根據(jù)電子的受力情況，分析電子的運(yùn)動(dòng)情況．

對(duì)于等量異種電荷和等量同種電荷連線(xiàn)和垂直平分線(xiàn)的特點(diǎn)要掌握，抓住電場(chǎng)線(xiàn)和等勢(shì)面的對(duì)稱(chēng)性進(jìn)行記憶．【解析】【答案】AC15、AB【分析】【分析】

對(duì)水銀柱和玻璃管分別受力分析；然后根據(jù)牛頓第二定律分析即可；

本題關(guān)鍵在氣體膨脹前后；分別對(duì)水銀柱和玻璃管受力分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度變化情況，不難。

【解答】

A.玻璃管受重力；向下的大氣壓力、向上的大氣壓力、手的托力(

等于玻璃管和水銀柱整體的重力)

四力平衡；剛放手瞬間，手的托力減為零，其余力都不變，故水銀柱的合力為零，加速度為零，玻璃管的合力為(m+m)g

根據(jù)牛頓第二定律，故加速度等于2g

故A正確；

BD.

開(kāi)始時(shí)；水銀柱受重力；向下的大氣壓力、向上的大氣壓力，三力平衡；由于放手后，短時(shí)間內(nèi)，氣體等溫膨脹，水銀將相對(duì)玻璃管上移，氣體壓強(qiáng)減小，故水銀柱受到的合力增加，故加速度增加，故B正確，D錯(cuò)誤；

C.由于放手后；氣體等溫膨脹，氣體壓強(qiáng)減小，氣體對(duì)玻璃管向下的壓力減小，故玻璃管受到的合力減小，加速度減小，故C錯(cuò)誤；

故選AB。

【解析】AB

16、BC【分析】解：氫原子的核外電子由離原子核較遠(yuǎn)的軌道躍遷到離核較近的軌道上時(shí)；能級(jí)降低，則氫原子能量減小，則向外輻射光子.

原子核的庫(kù)侖引力對(duì)電子做正功，電勢(shì)能減少，動(dòng)能增加，因向外輻射光子，所以電勢(shì)能的減少量大于增加量，故BC正確，AD錯(cuò)誤．

故選：BC

．

氫原子的核外電子由離原子核較遠(yuǎn)的軌道躍遷到離核較近的軌道上時(shí)；原子能量減小，減小的能量以電子的形式輻射出來(lái)．

解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)間躍遷輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，關(guān)鍵知道從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，輻射光子，從低能級(jí)向高能級(jí)躍遷，吸收光子．【解析】BC

17、AB【分析】解：A；由同種元素構(gòu)成的固體；可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石。故A正確；

B；晶體具有固定的熔點(diǎn)；在晶體熔化時(shí)，溫度不變，所以分子平均動(dòng)能一定保持不變。故B正確；

C；單晶體的一部分的物理性質(zhì)呈現(xiàn)各向異性；不是所有物理性質(zhì)均呈現(xiàn)各向異性。故C錯(cuò)誤；

D；熔化熱是1kg晶體完全熔化所需的能量；故D錯(cuò)誤；

故選：AB。

晶體是具有一定的規(guī)則外形；各項(xiàng)異性，具有固定的熔點(diǎn)；非晶體沒(méi)有固定的熔點(diǎn)，沒(méi)有規(guī)則的幾何外形，表現(xiàn)各項(xiàng)同性，由此可判斷各選項(xiàng)的正誤。

解答該題要熟練的掌握晶體和非晶體的特性；對(duì)于晶體有一下特點(diǎn)：

1；晶體有整齊規(guī)則的幾何外形；

2；晶體有固定的熔點(diǎn)；在熔化過(guò)程中，溫度始終保持不變；

3；單晶體有各向異性的特點(diǎn)；但不是所有物理性質(zhì)均呈現(xiàn)各向異性。

非晶體是指組成物質(zhì)的分子（或原子、離子）不呈空間有規(guī)則周期性排列的固體。它沒(méi)有一定規(guī)則的外形，如玻璃、松香、石蠟等。它的物理性質(zhì)在各個(gè)方向上是相同的，叫“各項(xiàng)同性”。它沒(méi)有固定的熔點(diǎn)?！窘馕觥緼B三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】

物塊實(shí)際的速度等于沿繩子收縮的速度和繞滑輪擺動(dòng)速度這兩個(gè)速度的合速度，根據(jù)平行四邊形定則得，v1=vcosα．

故本題答案為：vcosα．

【解析】【答案】連接物塊的繩子端點(diǎn)既參與了繩子的收縮；又參與了繞定滑輪擺動(dòng)，物塊實(shí)際的速度等于兩個(gè)速度的合速度，根據(jù)平行四邊形定則求出跨過(guò)滑輪的繩子向下移動(dòng)的速度．

19、略

【分析】

（1）；金屬絲的直徑為d=0.5mm+2.0×0.01mm=0.520mm．

（2）、因伏安法測(cè)定金屬絲的電阻時(shí)的電流不能太大，否則由于隨著溫度升高電阻會(huì)增大而測(cè)不準(zhǔn)，故應(yīng)選電流表A1，由閉合電路歐姆定律及電流表讀數(shù)要求應(yīng)滿(mǎn)足：≤≤11.25≤≤22.5Ω，所以若滑動(dòng)變阻器采用限流式接法，變阻器阻值范圍是7.25Ω≤≤18.25Ω，可見(jiàn)應(yīng)選用滑動(dòng)變阻器金屬絲電阻很小，故電流表可采用外接法．

（3）；實(shí)驗(yàn)電路圖如圖。

（4）、根據(jù)電阻定律R=其中S=ρ=代入數(shù)據(jù)求得電阻率為ρ=1.1╳Ωm（保留二位有效數(shù)字）．

故答案為（1）0.520mm

（2）

（3）如圖。

（4）1.1╳Ωm

【解析】【答案】螺旋測(cè)微器讀數(shù)時(shí)要先讀整數(shù)；再讀小數(shù)，注意半毫米刻度線(xiàn)，要估讀；

20、等于整數(shù)【分析】【解答】人們把最小電荷叫做元電荷，所帶電荷量大小為：e=1.60×10﹣19C；任何帶電體所帶電荷都是e的整數(shù)倍，或等于e．

故答案為：等于；整數(shù)．

【分析】各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷叫做元電荷，所帶電荷量大小為：e=1.60×10﹣19C，任何帶電體所帶電荷都是e的整數(shù)倍21、略

【分析】解：改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓串阻值為：

R=UIg鈭?Rg=60.003鈭?120=1880婁賂

改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流；并聯(lián)電阻阻值為：

R=IgRgI鈭?Ig=0.003隆脕1203鈭?0.003隆脰0.12婁賂

故答案為：串；1880

并，0.12

．

電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，串聯(lián)的阻值為R=UIg鈭?RgU

為改裝后的量程.

改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流，并聯(lián)電阻阻值為R=IgRgI鈭?Ig

．

考查的電壓表的改裝原理，明確串聯(lián)電阻的分壓作用，會(huì)求串聯(lián)電阻阻值；考查的電流表的改裝原理，明確分流與電阻成反比，電阻大，分流小，反之電阻小則分流大．【解析】串；1880

并；0.12

22、略

【分析】

由題，1s內(nèi)通過(guò)截面正離子的電