2025年中圖版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版高二物理上冊月考試卷156考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、關(guān)于時(shí)間和時(shí)刻；下列說法中正確的是（）

A.時(shí)刻表示時(shí)間較短；時(shí)間表示時(shí)間較長。

B.1min內(nèi)有60個(gè)時(shí)刻。

C.時(shí)刻對應(yīng)位置；時(shí)間對應(yīng)位移。

D.作息時(shí)間表上的數(shù)字表示時(shí)間。

2、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三條電場線，實(shí)線為一帶負(fù)電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點(diǎn)，由此可知（）A.帶電粒子在R點(diǎn)時(shí)的速度大小小于在Q點(diǎn)時(shí)的速度大小B.帶電粒子在P點(diǎn)時(shí)的電勢能比在Q點(diǎn)時(shí)的電勢能小C.帶電粒子在R點(diǎn)時(shí)的動能和電勢能之和比在Q點(diǎn)時(shí)的小，比在P點(diǎn)時(shí)的大D.帶點(diǎn)粒子在R點(diǎn)時(shí)的加速度大小小于在Q點(diǎn)時(shí)的加速度大小3、如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，金屬線框的質(zhì)量為m，電阻為R．在金屬線框的下方有一勻強(qiáng)磁場區(qū)域，MN和PQ是勻強(qiáng)磁場區(qū)域的水平邊界，并與線框的bc邊平行，磁場方向垂直于線框平面向里．現(xiàn)使金屬線框從MN上方某一高度處由靜止開始下落，如圖乙是金屬線框由開始下落到bc剛好運(yùn)動到勻強(qiáng)磁場PQ邊界的v-t圖象，圖中數(shù)據(jù)均為已知量．重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力.下列說法正確的是A.金屬線框剛進(jìn)入磁場時(shí)感應(yīng)電流方向沿adcba方向B.MN和PQ之間的距離為v1（t2-t1）C.磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為D.金屬線框在0-t3的時(shí)間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量為mgv1（t3-t1）4、辨別物質(zhì)是晶體還是非晶體，比較可靠的方法是()A.從外形來判斷B.從各向異性或各向同性來判斷C.從導(dǎo)電性能來判斷D.從是否具有確定的熔點(diǎn)來判斷5、A；B

在兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線上；且到連線上中點(diǎn)O

的距離相等，如圖所示，則(

)

A.AB

連線上的任意兩點(diǎn)的電勢差不為零B.同一電荷在A

的電勢能比B

點(diǎn)的電勢能大C.把正電荷從A

點(diǎn)沿直線移動到B

點(diǎn)，電場力先減小后增大D.AB

兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、在磁場中某一點(diǎn)，小磁針靜止時(shí)____________所指方向，就是該點(diǎn)的_____________。7、如圖示，表示交變電流隨時(shí)間變化的圖象，其中電流的正值是正弦曲線的正半周，其最大值Im

電流的負(fù)值大小為鈭?Im

則該交變電流的有效值為______．8、如圖所示是一個(gè)按正弦規(guī)律變化的交變電流的圖象..根據(jù)圖象可知該交變電流的電流最大值是________AA頻率是________HzHz．9、小李家裝修房屋，他和爸爸、媽媽一同到商店買木地板。售貨員向他們宣傳：硬度高的木地板質(zhì)量較好，他同時(shí)拿出A、B、C三種不同品牌的木地板樣品，用刀在三種木地板上刻劃，然后推薦其中劃痕最淺的C品牌地板。請根據(jù)你學(xué)過的物理知識判斷，影響木地板劃痕深度的兩個(gè)主要因素是：①地板的硬度；②______。而售貨員所做演示中存在的問題是：______。10、如圖所示,U形導(dǎo)線框固定在水平面上,右端放有質(zhì)量為m的金屬棒ab,ab與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為μ,它們圍成的矩形邊長分別為L1、L2,回路的總電阻為R.從t=0時(shí)刻起,在豎直向上方向加一個(gè)隨時(shí)間均勻變化的勻強(qiáng)磁場B=kt,（k>0）那么在t=____時(shí),金屬棒開始移動.11、如圖所示，在點(diǎn)電荷+Q的電場中有A、B兩點(diǎn)，將兩正電荷a和b，其中他們的質(zhì)量4ma=mb，電量2qa=qb，分別從A點(diǎn)由靜止釋放到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，它們的速度大小之比為_____12、在“用雙縫干涉測光的波長”的實(shí)驗(yàn)中，將測量頭的分劃板中心刻線與某條亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)手輪上螺旋測微器的讀數(shù)如圖為______mm．然后同方向轉(zhuǎn)動測量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，由手輪上的螺旋測微器再讀出一讀數(shù)．若實(shí)驗(yàn)測得第1條亮紋與第6條亮紋中心間的距離a=11.550mm，雙縫到屏的距離L=0.70m，已知雙縫間距d=0.20mm．由計(jì)算式λ=______，求得所測光的波長為______m．

（保留兩位有效數(shù)字）評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)13、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）14、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）15、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

16、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯(cuò)）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、推斷題(共3題，共27分)21、是合成高聚酚酯的原料，其合成路線rm{(}部分反應(yīng)條件略去rm{)}如下圖所示：

rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式為____，rm{B}分子中最多有____個(gè)原子共面。rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脵}的反應(yīng)條件____。rm{(3)}由rm{C}生成rm{D}的化學(xué)方程式為____。rm{(4)}與rm{D}互為同分異構(gòu)體且含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物有____種，其中核磁共振譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結(jié)構(gòu)簡式為____rm{(}任寫一種rm{)}rm{(5)}寫出以rm{C_{2}H_{5}OH}為原料合成乳酸rm{(}rm{)}的路線rm{(}其他試劑任選，合成路線常用的表示方式為目標(biāo)產(chǎn)物rm{)}22、根據(jù)圖示填空。

（1）化合物A含有的官能團(tuán)是____。

（2）1molA與2moH2反應(yīng)生成1moE，其反應(yīng)方程式是____。

（3）與A具有相同官能團(tuán)的A的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式是____。

（4）B在酸性條件下與Br2反應(yīng)得到D，D的結(jié)構(gòu)簡式是____。

（5）F的結(jié)構(gòu)簡式是____。由E生成F的反應(yīng)類型是。23、根據(jù)下面的反應(yīng)路線及所給信息；回答下列問題：

rm{(1)11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支鏈，rm{B}和rm{C}均為一氯化烴，它們的結(jié)構(gòu)簡式分別為____________，_____________rm{(3)D}的系統(tǒng)命名法名稱__________________________rm{(4)壟脵}rm{壟脹}的反應(yīng)類型依次是___________________，__________________rm{(5)}寫出rm{壟脷}rm{壟脹}的反應(yīng)化學(xué)方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分異構(gòu)體的一種二氯代物rm{G}其核磁共振氫譜圖上有兩組峰，且峰面積之比為rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{H}rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為_________________請寫出rm{H}發(fā)生加聚反應(yīng)的化學(xué)方程式__________________評卷人得分五、簡答題(共4題，共8分)24、氮?dú)夂偷幕衔镌诠まr(nóng)業(yè)上生產(chǎn)、生活中有重要的用途。rm{(1)N_{2}}在空氣中含量約rm{78%}其性質(zhì)穩(wěn)定，可作保護(hù)氣，常溫下不與rm{O_{2}}發(fā)生反應(yīng)，但在閃電或者高溫條件下可發(fā)生反應(yīng)，標(biāo)準(zhǔn)狀況下rm{11.2L}氮?dú)馀c氧氣反應(yīng)吸收rm{90kJ}熱量。rm{壟脵}寫出rm{N_{2}}與rm{O_{2}}在放電條件下的熱化學(xué)反應(yīng)方程式____________。rm{壟脷}根據(jù)rm{NO}的性質(zhì)，收集rm{NO}氣體的正確方法是____________。rm{(}填“排水法”、“向上排空氣法”或“向下排空氣法”rm{)}rm{(2)}為探究rm{NH_{3}}的還原性，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)裝置，其中rm{A}為rm{NH_{3}}的制取裝置。rm{壟脵}下面是實(shí)驗(yàn)室制取rm{NH_{3}}的裝置和選用的試劑，其中不合理的是rm{(}rm{)}

rm{壟脷}選取合理的rm{NH_{3}}的制取裝置，小組開始實(shí)驗(yàn)，并發(fā)現(xiàn)了如下現(xiàn)象，同時(shí)小組對現(xiàn)象進(jìn)行了討論并得出了相應(yīng)的結(jié)論。。序號現(xiàn)象結(jié)論Ⅰrm{B}裝置中黑色氧化銅變?yōu)榧t色反應(yīng)生成了rm{Cu}或rm{Cu_{2}O}Ⅱrm{C}裝置中無水rm{CuSO_{4}}變藍(lán)反應(yīng)生成了rm{H_{2}O}Ⅲrm{E}裝置中收集到無色無味氣體反應(yīng)生成了rm{N_{2}}分析上面的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象及結(jié)論，其中不合理的是____rm{(}填序號rm{)}原因是____________。rm{(3)}亞硝酸鹽既有氧化性、又有還原性，常見的亞硝酸鹽均有毒，但rm{NaNO_{2}}是一種食品添加劑，使用時(shí)必須嚴(yán)格控制其用量。rm{壟脵}在酸性溶液中，rm{NaNO_{2}}能使淀粉rm{-KI}溶液變藍(lán)色rm{(}同時(shí)得到一種常見的氣體化合物rm{)}也能使酸性rm{KMnO_{4}}溶液褪色，則前者反應(yīng)過程中消耗的氧化劑與生成的氧化產(chǎn)物物質(zhì)的量之比為____，后者反應(yīng)的離子方程式為____。rm{壟脷NaNO_{2}}是建筑行業(yè)中常用的水泥抗凍劑，但因其具有咸味，外觀上和食鹽無明顯區(qū)別，因此建筑工地食堂不時(shí)會出現(xiàn)因誤食亞硝酸鈉而中毒的現(xiàn)象。你認(rèn)為下列物質(zhì)有助于解毒的是____。A.雞蛋清rm{B.}胃舒平rm{1}主要成分是rm{Al(OH)_{3}]}rm{C.}小蘇打rm{{,!}}D.維生素rm{C}25、如圖所示，光滑弧形軌道與半徑為r

的光滑圓軌道相連，固定在同一個(gè)豎直面內(nèi).

將一只質(zhì)量為m

的小球由圓弧軌道上離水平面某一高度處無初速釋放.

為使小球在沿圓軌道運(yùn)動時(shí)始終不離開軌道，這個(gè)高度h

的取值范圍如何？26、rm{[}化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)rm{]}鋅在工業(yè)中有重要作用，也是人體必需的微量元素。回答下列問題：rm{(1)Zn}原子核外電子排布式為________________。rm{(2)}黃銅是人類最早使用的合金之一，主要由rm{Zn}和rm{Cu}組成。第一電離能Ⅰrm{{,!}_{1}(Zn)}_______Ⅰrm{{,!}_{1}(Cu)(}填“大于”或“小于”rm{)}原因是________________。rm{(3)ZnF_{2}}具有較高的熔點(diǎn)rm{(872隆忙)}其化學(xué)鍵類型是_________；rm{ZnF_{2}}不溶于有機(jī)溶劑而rm{ZnCl_{2}}rm{ZnBr_{2}}rm{ZnI_{2}}能夠溶于乙醇、乙醚等有機(jī)溶劑，原因是________________。rm{(4)隆露}中華本草rm{隆路}等中醫(yī)典籍中，記載了爐甘石rm{(ZnCO_{3})}入藥，可用于治療皮膚炎癥或表面創(chuàng)傷。rm{ZnCO_{3}}中，陰離子空間構(gòu)型為________________，rm{C}原子的雜化形式為________________。rm{(5)}金屬rm{Zn}晶體中的原子堆積方式如圖所示，這種堆積方式稱為_______________。六棱柱底邊邊長為rm{acm}高為rm{ccm}阿伏加德羅常數(shù)的值為rm{N_{A}}rm{Zn}的密度為________________rm{g隆隴cm^{-3}(}列出計(jì)算式rm{)}27、某金屬在光的照射下產(chǎn)生光電效應(yīng)；其遏止電壓Uc

與入射光頻率v

的關(guān)系圖象如圖所示.(

已知電子電量e

和普朗克常量h)

求：

(1)

該金屬的逸出功為多少？

(2)

若入射光的頻率為2v0

時(shí)，求產(chǎn)生的光電子的最大初動能為多少？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】

A；時(shí)間間隔是兩個(gè)時(shí)刻的間隔；時(shí)刻是某一瞬間，不是較短的一段時(shí)間．故A錯(cuò)誤．

B；時(shí)間間隔里有若干個(gè)時(shí)刻；故B錯(cuò)誤。

C；時(shí)刻對應(yīng)位置；時(shí)間對應(yīng)位移，故C正確。

D；作息時(shí)間表上的數(shù)字表示時(shí)刻；故D錯(cuò)誤。

故選C．

【解析】【答案】時(shí)間是指時(shí)間的長度；在時(shí)間軸上對應(yīng)一段距離，時(shí)刻是指時(shí)間點(diǎn)，在時(shí)間軸上對應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)，在難以區(qū)分是時(shí)間還是時(shí)刻時(shí)，可以通過時(shí)間軸來進(jìn)行區(qū)分．

2、B【分析】解：AB；電荷做曲線運(yùn)動；電場力指向曲線的內(nèi)側(cè)，所以電場力的方向向右；若粒子從P經(jīng)過R運(yùn)動到Q，電場力做負(fù)功，電荷的電勢能增大，動能減小，知道R點(diǎn)的動能大，即速度大，而P點(diǎn)電勢能較小，故A錯(cuò)誤B正確；

C；根據(jù)能量守恒定律；帶電粒子在運(yùn)動過程中各點(diǎn)處的動能與電勢能之和保持不變。故C錯(cuò)誤；

D；電場線的疏密表示電場的強(qiáng)弱；則由電場線疏密確定出，R點(diǎn)場強(qiáng)大，電場力大，加速度大，故D錯(cuò)誤；

故選：B。

根據(jù)軌跡彎曲的方向可知；電場力的方向向下。由于題目沒有說明帶電粒子的電性，所以不能判斷出電場線的方向；根據(jù)受力的方向與運(yùn)動方向之間的關(guān)系，判斷出電場力做功的正負(fù)，從而判斷出電荷電勢能和動能的變化；總能量守恒；由電場線疏密確定出，P點(diǎn)場強(qiáng)大，電場力大，加速度大。

該類題目中，首先根據(jù)軌跡彎曲的方向判斷出粒子受力的方向是解題的關(guān)鍵。根據(jù)電場線與等勢面垂直，作出電場線，得到一些特殊點(diǎn)（電場線與等勢面交點(diǎn)以及已知點(diǎn)）的電場力方向，同時(shí)結(jié)合能量的觀點(diǎn)分析是解決這類問題常用方法?！窘馕觥緽3、C【分析】【分析】

（1）根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；（2）由圖象可知；金屬框進(jìn)入磁場過程中是做勻速直線運(yùn)動，根據(jù)時(shí)間和速度求解金屬框的邊長和MN和PQ之間的距離；（3）由圖知，金屬線框進(jìn)入磁場做勻速直線運(yùn)動，重力和安培力平衡，可求出B．（4）由能量守恒定律求出熱量．

【詳解】

金屬線框剛進(jìn)入磁場時(shí)，根據(jù)楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流方向沿abcda方向．故A錯(cuò)誤．由圖象可知，金屬框進(jìn)入磁場過程中是做勻速直線運(yùn)動，速度為v1，運(yùn)動時(shí)間為t2-t1，所以金屬框的邊長：L=v1（t2-t1）．MN和PQ之間的距離要大于金屬框的邊長，故B錯(cuò)誤．在金屬框進(jìn)入磁場的過程中，金屬框所受安培力等于重力：mg=BIL；又L=v1（t2-t1）．

聯(lián)立解得：．故C正確．金屬框在進(jìn)入磁場過程中金屬框產(chǎn)生的熱為Q1，重力對其做正功，安培力對其做負(fù)功，由能量守恒定律得：Q1=mgL=mgv1（t2-t1）;金屬框在磁場中的運(yùn)動過程中金屬框不產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以金屬線框在0-t3的時(shí)間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量為mgv1（t2-t1）．故D錯(cuò)誤；故選C．

【點(diǎn)睛】

本題電磁感應(yīng)與力學(xué)知識簡單的綜合，培養(yǎng)識別、理解圖象的能力和分析、解決綜合題的能力．4、D【分析】【分析】常見的固體分為晶體和非晶體，晶體(

單晶體和多晶體)

和非晶體的區(qū)別：(1)

單晶體有整齊規(guī)則的幾何外形；(2)

晶體有固定的熔點(diǎn)；(3)

單晶體有各向異性的特點(diǎn).

但是：多晶體既沒有整齊規(guī)則的幾何外形也沒有各向異性的特點(diǎn)。所以區(qū)分時(shí)主要看有無固定的熔點(diǎn)來判斷晶體與非晶體。本題考察的是晶體和非晶體的區(qū)別，只要記好單晶體，多晶體，非晶體的特性即可。要注意多晶體和非晶體均具有各向同性?！窘獯稹緼.單晶體有整齊規(guī)則的幾何外形；多晶體和非晶體一樣沒有規(guī)則的外形，所以不能區(qū)分，故A錯(cuò)誤；

B.單晶體具有各向異性；多晶體和非晶體具有各向同性，所以不能區(qū)分，故B錯(cuò)誤；

C.單晶體中載流子遭受散射的幾率小導(dǎo)電性好.

多晶體；非晶體導(dǎo)電性都較差；所以不能區(qū)分，故C錯(cuò)誤；

D.晶體不管是單晶體還是多晶體都有固定的熔點(diǎn)；而非晶體沒有固定的熔點(diǎn)，故D正確。

故選D。

【解析】D

5、D【分析】解：A

等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線是一條等勢線；則AB

連線上的任意兩點(diǎn)的電勢差一定為零.

故A錯(cuò)誤．

B；AB

兩點(diǎn)的電勢相等；則同一電荷在AB

兩點(diǎn)的電勢能相等，故B錯(cuò)誤．

C；在AB

連線上；O

點(diǎn)的場強(qiáng)最大，把正電荷從A

點(diǎn)沿直線移動到B

點(diǎn)，場強(qiáng)先增大后減小，則電場力先增大后減小.

故C錯(cuò)誤．

D；由于AB

到連線上中點(diǎn)O

的距離相等；根據(jù)電場線分布的對稱性可知，AB

兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同.

故D正確．

故選：D

等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線是一條等勢線；同一電荷在等勢線上電勢能相同.

根據(jù)電場線分布的對稱性可知，AB

兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同.

把正電荷從A

點(diǎn)沿直線移動到B

點(diǎn)，分析場強(qiáng)的變化，再分析電場力的變化．

對于等量異種電荷電場線、等勢線的分布情況要掌握，特別是要知道等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線是一條等勢線，在該中垂線上O

點(diǎn)的場強(qiáng)最大．【解析】D

二、填空題(共7題，共14分)6、略

【分析】【解析】試題分析：小磁針靜止時(shí)N極指向即為該點(diǎn)磁場的方向考點(diǎn)：本題考查了磁場的方向的規(guī)定方向：【解析】【答案】北極，磁場方向7、略

【分析】解：設(shè)電流的有效值為I.

取一個(gè)周期時(shí)間；由電流的熱效應(yīng)得：

I2RT=(Im2)2RT2+Im2?RT2

解得：I=32Im

故答案為：3Im2

．

求有效值方法：是將交流電在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒定電流在相同時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等；則恒定電流的值就是交流電的有效值．

求交流電的有效值，往往根據(jù)電流的熱效應(yīng)，由有效值的定義求解．【解析】3Im2

8、85【分析】【分析】根據(jù)圖象可以知道交流電的最大值和交流電的周期，根據(jù)f=1T

可求頻率。本題考查的是學(xué)生讀圖的能力，根據(jù)圖象讀出交流電的最大值和周期，再逐項(xiàng)計(jì)算即可。【解答】

由圖象可知，電流的最大值為8A

周期為T=0.2s

根據(jù)f=1T

知頻率f=5Hz

故答案為：85

【解析】85

9、刻劃力度的大小售貨員不一定控制刻劃的力度相同【分析】解：影響木地板劃痕深度的要從地板的硬度；壓力的大小、刀與木地板的接觸面積、刀的鋒利程度等方面考慮。在售貨員的演示中；刀與木地板的接觸面積一定，刀的鋒利程度相同，所以要從地板的硬度、刻劃力度的大小兩個(gè)方面考慮；而售貨員所做演示中存在的問題是：售貨員不一定控制刻劃的力度相同。

故答案為：刻劃力度的大小；售貨員不一定控制刻劃的力度相同。

用刀在三種木地板上刻劃；刀與木地板的接觸面積一定，因此影響木地板劃痕深度的要從地板的硬度；壓力的大小、刀的鋒利程度等方面考慮。

該題屬于物理知識在日常生活中的應(yīng)用，解答的關(guān)鍵要從壓力的產(chǎn)生以及壓強(qiáng)等方面入手。【解析】刻劃力度的大小售貨員不一定控制刻劃的力度相同10、略

【分析】當(dāng)安培力大小達(dá)到金屬棒的滑動摩擦力時(shí)，開始移動，所以安培力為可得t=【解析】【答案】t=11、略

【分析】【解析】【答案】12、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為1.5mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×11.5mm=0.115mm，則最終讀數(shù)為1.615mm．

根據(jù)解得．

代入數(shù)據(jù)得，m．

故答案為：1.613～1.616，6.6×10-7

螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；需估讀．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式得出波長的表達(dá)式，從而求出波長的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，以及掌握雙縫干涉條紋的間距公式，并能靈活運(yùn)用．【解析】1.615；6.6×10-7三、判斷題(共8題，共16分)13、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大小．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、推斷題(共3題，共27分)21、（1）HCHO15（2）NaOH醇溶液加熱（3）+H2O（4）6(5)【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷和有機(jī)合成，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析推斷及知識綜合應(yīng)用能力，明確有機(jī)物官能團(tuán)及其性質(zhì)、有機(jī)反應(yīng)類型及反應(yīng)條件是解本題關(guān)鍵，難點(diǎn)是根據(jù)反應(yīng)物和生成物采用知識遷移的方法進(jìn)行有機(jī)合成，題目難度中等?！窘獯稹扛鶕?jù)流程圖知，rm{壟脵}為消去反應(yīng)、rm{壟脷}為加成反應(yīng)，則rm{A}為rm{HCHO}rm{B}為rm{B}發(fā)生信息rm{ii}的反應(yīng)，rm{C}結(jié)構(gòu)簡式為rm{C}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{E}rm{E}結(jié)構(gòu)簡式為rm{C}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{D}rm{D}結(jié)構(gòu)簡式為rm{D}和苯酚發(fā)生酯化反應(yīng)生成

rm{(1)A}為甲醛，結(jié)構(gòu)簡式為rm{HCHO}rm{B}為與苯環(huán)直接相連的原子和苯環(huán)碳原子共面，且單鍵可以旋轉(zhuǎn)，通過旋轉(zhuǎn)醛基三個(gè)原子可以旋轉(zhuǎn)到苯環(huán)平面上，所以rm{B}分子中最多有rm{15}個(gè)原子共面，故答案為：rm{HCHO}rm{15}

rm{(2)}由rm{C}生成rm{D}的反應(yīng)類型為生成rm{C}的反應(yīng)類型為是鹵代烴的消去反應(yīng)，反應(yīng)條件為rm{D}醇溶液加熱，故答案為：rm{NaOH}醇溶液加熱；

rm{NaOH}在濃硫酸條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{(3)C}rm{D}結(jié)構(gòu)簡式為化學(xué)方程式為：rm{D}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}

故答案為：rm{+H_{2}O}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}滿足rm{O}的苯的二元取代物的rm{(4)}的同分異構(gòu)體有：含有含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物的和rm{-COO-}鄰間對rm{D}種，含有rm{-CH=CH_{2}}和rm{-COOH(}鄰間對rm{)3}種，所以共rm{-CH=CH_{2}}種，rm{-OOCH(}組峰，且峰面積比為rm{)3}的結(jié)構(gòu)簡式為：

故答案為：rm{3+3=6}其中核磁共振譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結(jié)構(gòu)簡式為：被催化氧化生成rm{5}rm{2:1:2:2:1}和rm{6}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{(5)CH_{3}CH_{2}OH}該物質(zhì)發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{CH_{3}CHO}其合成路線為故答案為：rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)HCHO}rm{15}rm{(2)NaOH}醇溶液加熱rm{(3)}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{(4)6}rm{(5)}22、略

【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷，考查了有機(jī)物的轉(zhuǎn)化，涉及考查了醛基、羧基、碳碳雙鍵的性質(zhì)，該題有一定的綜合性，難度中等。側(cè)重考查學(xué)生分析推斷能力，根據(jù)反應(yīng)條件及某些物質(zhì)結(jié)構(gòu)進(jìn)行推斷，正確推斷各物質(zhì)結(jié)構(gòu)簡式是解本題關(guān)鍵。

【解答】

(1)從圖可以推斷出A的結(jié)構(gòu)為：OHC－CH＝CH－COOH，所以化合物A中含有的官能團(tuán)是碳碳雙鍵，醛基、羧基。故填：碳碳雙鍵；醛基；羧基；(2)1molA與2moH2反應(yīng)生成1moE；其反應(yīng)方程式是：

OHC－CH＝CH－COOH＋2H2HO－CH2－CH－CH2－COOH。故填：OHC－CH＝CH－COOH＋2H2HO－CH2－CH－CH2－COOH；(3)與A具有相同官能團(tuán)的A的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式是：故填：(4)B為HOOC－CH＝CH－COOH，所以其余溴反應(yīng)得到：故填：(5)A加成變?yōu)镋，E為HO－CH2－CH－CH2－COOH，分子中含有羥基和羧基，所其可以形成內(nèi)酯，故F為或該反應(yīng)是酯化反應(yīng)。故填：或酯化反應(yīng)?！窘馕觥?1)碳碳雙鍵醛基羧基。

(2)OHC－CH＝CH－COOH＋2H2HO－CH2－CH－CH2－COOH

(3)(4)

(5)或酯化反應(yīng)23、（1）C4H10

（2）

（3）2-甲基-1-丙烯

（4）消去反應(yīng)，水解反應(yīng)（取代反應(yīng)）

（5）

（6）CH2=CH-CH=CH2

【分析】【分析】本題考查有機(jī)化合物的推斷和有機(jī)反應(yīng)類型的判斷，同分異構(gòu)體等，題目難度中等。【解答】rm{(1)}rm{11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}物質(zhì)的量為rm{0.5mol}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{11.2L(}的烴rm{)}物質(zhì)的量為rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{0.5mol}rm{88gCO}rm{{,!}_{2}(2mol)}和rm{45gH}rm{45gH}rm{{,!}_{2}}則證明rm{O}當(dāng)中含有rm{O}個(gè)碳原子，rm{(2.5mol)}個(gè)氫原子，則rm{A}是rm{4}故答案為：rm{10}rm{A}rm{C_{4}H_{10}}有支鏈，則rm{C_{4}H_{10}}是異丁烷，在光照下和氯氣反應(yīng)生成的一氯代烴rm{(2)}和rm{A}有支鏈，則rm{A}是異丁烷，在光照下和氯氣反應(yīng)生成的一氯代烴rm{B}和rm{C}分別是：分別是：和故答案為：和rm{A}rm{A}分別和氫氧化鈉醇溶液發(fā)生消去反應(yīng)生成烯烴rm{B}rm{C}的系統(tǒng)命名名稱是：rm{(3)B}甲基rm{C}丙烯，故答案為：rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}甲基rm{D}丙烯；rm{2-}反應(yīng)rm{-1-}是氯代烴的消去反應(yīng)；反應(yīng)rm{2-}是氯代烴的水解反應(yīng)，故答案為：消去反應(yīng)，水解反應(yīng)rm{-1-}取代反應(yīng)rm{(4)}rm{1}反應(yīng)rm{3}是rm{(}與溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應(yīng)，反應(yīng)方程式為：反應(yīng)rm{)}是反應(yīng)rm{(5)}的產(chǎn)物rm{壟脷}是與氫氧化鈉水溶液發(fā)生的取代反應(yīng)生成醇類，反應(yīng)方程式為：故答案為：rm{壟脷}根據(jù)rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}的分子式及結(jié)構(gòu)簡式可知，其同分異構(gòu)體為正丁烷，正丁烷的二氯代物rm{壟脹}有兩種等效氫，且峰面積之比為rm{壟脷}的結(jié)構(gòu)為：rm{E}rm{(6)}在足量的rm{A}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{G}發(fā)生的是消去反應(yīng)，rm{1:1}為：rm{CH_{2}ClCH_{2}CH_{2}CH_{2}Cl}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{H}發(fā)生的是消去反應(yīng)，rm{H}為：中含雙鍵，可以發(fā)生加聚反應(yīng)的化學(xué)方程式：rm{G}rm{NaOH}故答案為：rm{H}；

rm{H}【解析】rm{(1)C_{4}H_{10}}rm{(2)}rm{(3)2-}甲基rm{-1-}丙烯rm{(4)}消去反應(yīng)，水解反應(yīng)rm{(}取代反應(yīng)rm{)}rm{(5)}rm{(6)CH_{2}=CH-CH=CH_{2;;;;;;;;;;}}rm{{,!}}rm{{,!}}五、簡答題(共4題，共8分)24、（1）①N2(g)＋O2(g)=2NO(g)△H=+180kJ/mol②排水法（2）①ad②Ⅱ無水CuSO4變藍(lán)有可能是因?yàn)橹迫H3時(shí)產(chǎn)生了H2O，不一定是反應(yīng)產(chǎn)生的H2O（3）①2︰12MnO4-+5NO2-+6H+=2Mn2++5NO3-+3H2O②D【分析】【分析】本題考查熱化學(xué)方程式的書寫，氣體制備、收集和性質(zhì)探究、氧化還原反應(yīng)和離子方程式書寫等知識，難度不大?！窘獯稹縭m{(1)壟脵}氮?dú)夂脱鯕庠诜烹姉l件下生成rm{NO}標(biāo)準(zhǔn)狀況下rm{11.2L}即rm{0.5mol}氮?dú)馀c氧氣反應(yīng)吸收rm{90kJ}熱量，則該反應(yīng)的熱化學(xué)方程是為：即rm{11.2L}氮?dú)馀c氧氣反應(yīng)吸收rm{0.5mol}熱量，則該反應(yīng)的熱化學(xué)方程是為：rm{90kJ}rm{N_{2}(g)+O_{2}(g)=2NO(g)}；

故答案為：rm{triangleH=+180kJ/mol}rm{N}rm{2}rm{2}rm{(g)+O}rm{2}；rm{2}一氧化氮難溶于水可用排水法收集；

故答案為：排水法；rm{(g)=2NO(g)}中氯化銨受熱分解成氨氣和氯化氫在試管口處溫度降低會重新反應(yīng)生成氯化銨，無氣體導(dǎo)出，故rm{triangleH=+180kJ/mol}錯(cuò)誤；rm{壟脷}濃氨水遇生石灰，生石灰吸水放熱會使?jié)獍彼纸猱a(chǎn)生大量的氨氣，故rm{(2)壟脵a.}正確；rm{a}加熱會使?jié)獍彼纸猱a(chǎn)生大量的氨氣，故rm{b.}正確；rm濃氨水和濃硫酸反應(yīng)，無氨氣逸出，故rm{c}錯(cuò)誤，故答案為：rm{c}rm{d.}rmtpjnzlm裝置中黑色氧化銅變?yōu)榧t色，氨氣將氧化銅還原反應(yīng)生成了rm{ad}或rm{壟脷}rm{B}裝置中黑色氧化銅變?yōu)榧t色，氨氣將氧化銅還原反應(yīng)生成了rm{Cu}或rm{Cu}rm{B}，故Ⅰ正確；無水rm{Cu}變藍(lán)有可能是因?yàn)橹迫m{Cu}rm{2}時(shí)產(chǎn)生了rm{2}rm{O}，故Ⅰ正確；rm{O}不一定是反應(yīng)產(chǎn)生的rm{CuSO_{4}}rm{NH}rm{3}故Ⅱ不合理；根據(jù)所含的元素和氣體的性質(zhì)rm{3}裝置中收集到無色無味氣體為rm{H}故Ⅲ正確，rm{2}Ⅱ；無水rm{2}rm{O}變藍(lán)有可能是因?yàn)橹迫m{H}rm{2}時(shí)產(chǎn)生了rm{2}rm{O}rm{E}裝置中收集到無色無味氣體為rm{N_{2}}故Ⅲ正確，不一定是反應(yīng)產(chǎn)生的rm{E}rm{N_{2}}故答案為：rm{CuSO}rm{4}rm{4}rm{NH}rm{3}反應(yīng)生的氣體為rm{3}rm{H}被氧化生產(chǎn)rm{2}根據(jù)反應(yīng)中元素價(jià)態(tài)變化及得失電子守恒原理可知，氧化劑和氧化產(chǎn)物物質(zhì)的量之比為rm{2}亞硝酸根離子被高錳酸根離子氧化生成rm{O}rm{H}被還原生成rm{2}該反應(yīng)的離子方程式為：rm{2}rm{O}rm{(3)壟脵}rm{NaNO}rm{NaNO}rm{2}rm{2}和rm{KI}反應(yīng)生的氣體為rm{NO}rm{I-}被氧化生產(chǎn)rm{I_{2}}根據(jù)反應(yīng)中元素價(jià)態(tài)變化及得失電子守恒原理可知，氧化劑和氧化產(chǎn)物物質(zhì)的量之比為rm{KI}

故答案為：rm{NO}rm{I-}rm{I_{2}}rm{2漏U1}rm{NO_{3}^{-}}rm{MnO_{4}^{-}}rm{Mn^{2+}}rm{2MnO}rm{4}rm{4}rm{{,!}^{-}+5NO}rm{2}rm{{,!}^{-}}可以解毒；

故答案為：rm{2}

rm{2}【解析】rm{(1)壟脵N_{2}(g)+O_{2}(g)=2NO(g)}rm{triangleH=+180kJ/mol}rm{壟脷}排水法rm{(2)壟脵ad}rm{壟脷}Ⅱ無水rm{CuSO_{4}}變藍(lán)有可能是因?yàn)橹迫m{NH_{3}}時(shí)產(chǎn)生了rm{H_{2}O}不一定是反應(yīng)產(chǎn)生的rm{H_{2}O}rm{(3)壟脵2漏U1}rm{2MnO_{4}^{-}+5NO}rm{{,!}_{2}^{-}}rm{{,!}_{2}^{-}}rm{+6H^{+}=2Mn^{2+}+5NO_{3}^{-}+3H_{2}O}rm{壟脷D}25、略

【分析】

由豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動的臨界條件可求得最高點(diǎn)的速度；再由機(jī)械能守恒定律可求得h

的高度，注意若h鈮?R

時(shí)，小球會在圓軌道圓心一下來回運(yùn)動，也不脫離軌道，據(jù)此求出h

的范圍．

本題考查機(jī)械能守恒定律及向心力公式的應(yīng)用，要注意明確豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動時(shí)，剛好不脫離圓軌時(shí)，在圓軌道最高點(diǎn)重力提供向心力．【解析】解：小球可能做完整的圓周運(yùn)動，剛好不脫離圓軌時(shí)，在圓軌道最高點(diǎn)重力提供向心力：mg=mv2r

由機(jī)械能守恒得：mgh鈭?mg?2r=12mv2

解得：h=2.5r

也可能不超過與圓心等高處；由機(jī)械能守恒得：

mgh=mg?r

得：h=r

綜上得為使小球在沿圓軌道運(yùn)動時(shí)始終不離開軌道，h

的范圍為：h鈮?r

或h鈮?2.5r

．

答：為使小球在沿圓軌道運(yùn)動時(shí)始終不離開軌道，h

的范圍為：h鈮?r

或h鈮?2.5r

．26、rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{2}}或rm{[Ar]3d^{10}4s^{2}}

rm{(2)>}rm{Zn}原子軌道中電子處于全滿狀態(tài)，rm{Cu}失去一個(gè)電子內(nèi)層電子達(dá)到全充滿穩(wěn)定狀態(tài)

rm{(3)}離子鍵乙醇、乙醚等有機(jī)溶劑屬于極性分子，rm{ZnCl_{2}}rm{ZnBr_{2}}rm{ZnI_{2}}為極性分子，即溶質(zhì)、溶劑都屬于極性分子，所以互溶

rm{(4)}平面正三角形rm{sp^{2}}

rm{(5)}六方最密堆積rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin120^circtimes3timesc)N_{A}}}或rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin60^circtimes3timesc)N_{A}}}rm{dfrac{65隆脕6}{(a^{2}timessin120

^circtimes3timesc)N_{A}}}【分析】【分析】rm{(1)Zn}原子核外有rm{30}個(gè)電子，分別分布在rm{1s}rm{2s}rm{2p}rm{3s}rm{3p}rm{3d}rm{4s}能級上，根據(jù)構(gòu)造原理書寫其原子核外電子排布式；rm{(2)}軌道中電子處于全滿、全空、半滿時(shí)較穩(wěn)定，失去電子需要的能量較大；rm{(3)}離子晶體熔沸點(diǎn)較高，離子晶體中含有離子鍵；乙醇、乙醚等有機(jī)溶劑屬于極性分子，極性分子的溶質(zhì)易溶于極性分子的溶劑，根據(jù)相似相溶原理分析；rm{(4)ZnCO_{3}}中，陰離子rm{CO_{3}^{2-}}中rm{C}原子價(jià)層電子對個(gè)數(shù)rm{=3+dfrac{4+2-3隆脕2}{2}=3}且不含孤電子對，根據(jù)價(jià)層電子對互斥理論判斷碳酸根離子空間構(gòu)型及rm{=3+dfrac

{4+2-3隆脕2}{2}=3}原子的雜化形式；rm{C}金屬鋅的這種堆積方式稱為六方最密堆積，該晶胞中rm{(5)}原子個(gè)數(shù)rm{=12隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{2}+3=6}六棱柱底邊邊長為rm{Zn}高為rm{=12隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac

{1}{2}+3=6}六棱柱體積rm{=[(a隆脕a隆脕sin120^{circ})隆脕3隆脕c]cm^{3}}晶胞密度rm{acm}本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，涉及晶胞計(jì)算、微?？臻g構(gòu)型判斷、原子雜化方式判斷、原子核外電子排布等知識點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析、判斷、計(jì)算及空間想像能力，熟練掌握均攤分在晶胞計(jì)算中的正確運(yùn)用、價(jià)層電子對個(gè)數(shù)的計(jì)算方法，注意：該晶胞中頂點(diǎn)上的原子被rm{ccm}個(gè)晶胞共用而不是rm{=[(a隆脕a隆脕sin

120^{circ})隆脕3隆脕c]cm^{3}}個(gè)，為易錯(cuò)點(diǎn)?！窘獯稹縭m{=dfrac{m}{V}}原子核外有rm{6}個(gè)電子，分別分布在rm{8}rm{(1)Zn}rm{30}rm{1s}rm{2s}rm{2p}rm{3s}能級上，其核外電子排布式為rm{3p}或rm{3d}

故答案為：rm{4s}或rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{2}}

rm{[Ar]3d^{10}4s^{2}}軌道中電子處于全滿、全空、半滿時(shí)較穩(wěn)定，失去電子需要的能量較大，rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{2}}原子軌道中電子處于全滿狀態(tài)，rm{[Ar]3d^{10}4s^{2}}失