2025年華師大新版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大新版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在同一平面內(nèi)有四根彼此絕緣的通電直導線，如圖所示，四根導線中電流i4=i3＞i2＞i1.要使O點磁場增強；應切斷哪一根導線中的電流（）

A.i1B.i2C.i3D.i42、首先發(fā)現(xiàn)通電導線周圍存在磁場的物理學家是（）A.奧斯特B.法拉第C.特斯拉D.安培3、如圖，P

為橋墩，A

為靠近橋墩浮在水面的葉片，波源S

連續(xù)振動，形成水波，此時葉片A

靜止不動.

為使水波能帶動葉片振動，可用的方法是(

)

A.提高波源頻率B.降低波源頻率C.增加波源距橋墩的距離D.減小波源距橋墩的距離4、在一個真空點電荷電場中，離該點電荷為r的一點，引入電量為q的檢驗電荷，所受到的電場力為F，則離該點電荷為r處的場強的大小為（）

A.

B.

C.

D.

5、如圖所示，水平放置的兩根金屬導軌位于方向垂直于導軌平面并指向紙里的勻強磁場中．導軌上有兩根小金屬導體桿ab和cd，其質(zhì)量均為m，能沿導軌無摩擦地滑動．金屬桿ab和cd與導軌及它們間的接觸等所有電阻可忽略不計．開始時ab和cd都是靜止的；現(xiàn)突然讓cd桿以初速度v向右開始運動，如果兩根導軌足夠長，則（）

A.cd始終做減速運動，ab始終做加速運動，并將追上cdB.cd始終做減速運動，ab始終做加速運動，但追不上cdC.開始時cd做減速運動，ab做加速運動，最終兩桿以相同速度做勻速運動D.磁場力對兩金屬桿做功的大小相等6、如圖所示，用鋁板制成U形框，將一質(zhì)量為M的帶正小球用絕緣細線懸掛在框中，使小球與框整體在水平向內(nèi)的勻強磁場中水平向左運動，此時絕緣細線對小球的拉力大小為T（）A.T＞MgB.T＜MgC.T=MgD.不能確定T與小球重量的大小關系7、如圖所示，甲分子固定在坐標原點O，乙分子位于x軸上。兩分子之間的相互作用力的合力F與兩分子間距離x的關系如圖中曲線所示，F(xiàn)＞0表現(xiàn)為斥力，F(xiàn)＜0表現(xiàn)為引力，a、b、c、d為x軸上四個特定的位置?，F(xiàn)把乙分子從a處由靜止釋放，則（）A.乙分子從a到b做加速運動，由b到c做減速運動B.乙分子從a到c做加速運動，經(jīng)過c點時速度最小C.乙分子從a到c的過程中，兩分子組成的系統(tǒng)的分子勢能一直減少D.乙分子從a到d的過程中，兩分子組成的系統(tǒng)的分子勢能一直減少評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、如圖所示，箱子放在水平地面上，箱內(nèi)有一質(zhì)量為m的鐵球以速度v向左壁碰去，來回碰幾次后停下來，而箱子始終靜止，則整個過程中（）A.鐵球?qū)ο渥拥臎_量為零B.鐵球和箱子受到的沖量大小相等C.箱子對鐵球的沖量為mv，向右D.摩擦力對箱子的沖量為mv，向右9、如圖，a、b、c是一條電場線上的三個點，電場線的方向由a到c，a、b間的距離等于b、c間的距離，用Ua，Ub，Uc和Ea，Eb，Ec分別表示a、b、c三點的電勢和電場強度，以下說法正確的是（）A.Ua＞Ub＞UcB.Ea＞Eb＞EcC.正電荷從a向c運動，電場力對其做負功D.負電荷從a向c運動，電場力對其做負功10、小型交流發(fā)電機中，矩形金屬線圈在勻強磁場中勻速運動，產(chǎn)生的感應電動勢與時間呈正弦函數(shù)關系，如圖所示．此線圈與一個R=10Ω的電阻構成閉合電路．不計電路的其他電阻，下列說法正確的是（）A.交變電流的周期為0.25sB.交變電流的頻率為4HzC.交變電流的有效值為AD.交變電流的最大值為4A11、如圖所示；物體ABC

在水平外力F

的作用下在水平面上一起向右做勻速直線運動，則有關ABC

三個物體的受力情況，下列說法中正確的是()

A.物體A

一定受5

個力作用B.物體B

可能受4

個力作用；也可能受5

個力作用。

C.物體C

一定受3

個力作用D.物體A

可能受5

個力作用，也可能受6

個力作用12、一定量的理想氣體從狀態(tài)a

開始，經(jīng)歷三個過程abbcca

回到原狀態(tài)，其p鈭?T

圖象如圖所示，下列判斷正確的是()A.過程ab

中氣體等容升溫B.過程bc

中氣體等溫壓縮C.ab

和c

三個狀態(tài)中，狀態(tài)a

分子的平均動能最小D.b

和c

兩個狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同13、兩列簡諧橫波，一列波沿著x軸向右傳播（實線所示），另一列沿著x軸向左傳播（虛線所示），波速大小均為20m/s．如圖所示為某時刻兩列波的波動圖象．下列說法正確的是（）A.兩列波的波長均為8mB.兩列波的頻率均為0.4HzC.兩列波在b、d點處干涉加強，在a、c點干涉減弱D.再經(jīng)過0.1s，a處質(zhì)點在波峰，c處質(zhì)點在波谷評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、如圖所示，A1與A2是兩只相同的電流表，自感線圈L的直流電阻和R相等，開關S閉合的瞬間，A1的示數(shù)于A2的示數(shù)，開關S閉合穩(wěn)定后，A1的示數(shù)于A2的示數(shù)，S斷開的瞬間，A1的示數(shù)于A2的示數(shù)。（填“大”、“小”、“等”）。15、如圖是電學中常見的電學元件，它的名稱是______，在物理學電路圖中用大寫字母______表示該元件．16、設金屬導體的橫截面積為S，單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為n，自由電子定向移動速度為v，那么在時間t內(nèi)通過某一橫截面積的自由電子數(shù)為______；若電子的電量為q，那么在時間t內(nèi)，通過某一橫截面積的電量為______．（用題目中所給字母表示）17、如圖所示器材可用來研究電磁感應現(xiàn)象及確定感應電流方向．

(1)

在給出的實物圖中；用實線作為導線將實驗儀器連成實驗電路．

(2)

線圈L1

和L2

的繞向一致；將線圈L1

插入L2

中，合上開關.

能使L2

中感應電流的流向與L1

中電流的流向相同的實驗操作是______．

A.插入軟鐵棒B.

拔出線圈L1

C.增大接人電路中的滑動變阻器的阻值D.

斷開開關．18、使物體帶電的方法有，______、______、______三種，無論哪種方法，都是電荷在物體之間的轉(zhuǎn)移或從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，電荷的總量是______．19、某同學在實驗室分別用10分度；20分度和50分度三種游標卡尺測量同一小球的直徑；測量情況如圖所示．

由圖中讀出的該小球的直徑分別為______cm、______cm和______cm．

20、如圖所示，線圈內(nèi)有理想邊界的磁場，當磁場均勻增加時，有一帶電粒子靜止于平行板(

兩板水平放置)

電容器中間，則此粒子帶______電(

填“正”或“負”)

若線圈匝數(shù)為n

平行板電容器板間距離為d

粒子質(zhì)量為m

帶電量為q

則磁感應強度的變化率為______(

設線圈面積為S)

．21、兩個相同的金屬小球；一個帶電Q1=4.0隆脕10鈭?11C

另一個帶電Q2=鈭?6.0隆脕10鈭?11

C.

(1)

兩球相距50cm

時；它們之間的靜電力是______N.

(2)

把兩球接觸，分開后使它們?nèi)韵嗑?0cm

它們之間的靜電力為______N.

評卷人得分四、判斷題(共3題，共24分)22、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）23、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）24、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分五、計算題(共2題，共8分)25、在電場中把一個電荷量為鈭?2隆脕10鈭?9C

的帶電粒子從A

點移到B

點；靜電力做功為鈭?1.5隆脕10鈭?7J

再把該粒子從B

點移到C

點，靜電力做功為4隆脕10鈭?7

J.

(1)

求AB

間；BC

間，AC

間的電勢差。

(2)

若規(guī)定A

點為零勢能點，求該粒子在C

點的電勢能．26、質(zhì)量為m的鋼珠從高出沙坑表面H米處由靜止自由下落，不考慮空氣阻力，掉入沙坑后停止，如圖所示，已知鋼珠在沙坑中受到沙的平均阻力是f，則鋼珠在沙內(nèi)運動時間為多少？評卷人得分六、簡答題(共2題，共12分)27、電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示，A、B是電場中的兩點．一個電荷量q1=4.0×10-8的負點電荷，放在電場中的A點時所受電場力為F1=2.0×10-4N．

（1）求A點電場強度的大小EA；

（2）將q2=2.0×10-8C的正點電荷放入電場中的A點，求q2受到的電場力F2的大小和方向；

（3）如果將點電荷q1從電場中的A點移到B點，電場力做功WAB=8.0×10-7J，求A、B兩點間的電勢差UAB．28、如圖所示；一長為L的絕緣細線下端拴一質(zhì)量為m；帶電量為q的小球，將它置于一方向水平向右的勻強電場中，當細線偏離豎直方向的夾角為θ時，小球處于平衡．已知重力加速度為g，問：

（1）小球帶何種電荷；勻強電場的場強E的大小為多少？

（2）撤去電場，小球運動到最低點時細線上的拉力是多大？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】根據(jù)右手定則可知I1、I2、I3在o點產(chǎn)生的磁場垂直于平面向下，I4在o點產(chǎn)生的磁場垂直于平面向上，根據(jù)磁場的疊加，可知切斷I4能使0點處磁場增強；故選Ｄ

【點評】難度較小，根據(jù)右手螺旋定則判斷每個電流在O點磁場方向，知道磁感強度為矢量2、A【分析】解：首先發(fā)現(xiàn)通電導線周圍存在磁場的物理學家是奧斯特；

故選：A．

根據(jù)物理學史和常識解答；記住著名物理學家的主要貢獻即可．

本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一．【解析】【答案】A3、B【分析】解：拍打水面時，水波中的質(zhì)點上下振動，形成的波向前傳播，提高拍打水面的頻率，則質(zhì)點振動的頻率增加，波的頻率與振動的頻率相等，根據(jù)婁脣=vf

波速不變，頻率增大，波長減小，衍射現(xiàn)象不明顯，反之降低頻率，波長增大，衍射現(xiàn)象更明顯.

故A錯誤，B正確.C

D錯誤．

故選：B

．

發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象的條件：孔縫的寬度或障礙物的尺寸與波長相近或更小.

當衍射現(xiàn)象明顯時；形成的水波能帶動樹葉A

振動起來．

解決本題的關鍵知道質(zhì)點振動的頻率與波傳播的頻率相等，以及掌握波發(fā)生明顯衍射的條件．【解析】B

4、B【分析】

根據(jù)電場強度定義得r處的場強大小為E=

根據(jù)點電荷的場強公式得E=Q為場源電荷的電量；

則有：=

解得：

所以該點電荷為r處的場強的大小為．

故選B．

【解析】【答案】根據(jù)庫侖定律和電場強度的定義式求解。

5、C【分析】【解答】解：ABC、讓cd桿以初速度v向右開始運動，cd桿切割磁感線，產(chǎn)生感應電流，兩桿受安培力作用，安培力對cd向左，對ab向右，所以ab從零開始加速，cd從v0開始減速．那么整個電路的感應電動勢減小，所以cd桿將做加速度減小的減速運動，ab桿做加速度減小的加速運動；當兩桿速度相等時，回路磁通量不再變化，回路中電流為零，兩桿不再受安培力作用，將以相同的速度向右勻速運動．故C正確，A；B錯誤．

D；兩導線中的電流始終相等；但由于通過的距離不相等，故磁場對兩金屬桿做功大小不相等；故D錯誤；

故選：C．

【分析】突然讓cd桿以初速度v向右開始運動，cd桿切割磁感線，產(chǎn)生感應電流，兩桿受安培力作用，根據(jù)牛頓第二定律判斷兩桿的運動情況．6、C【分析】解：因為豎直的鋁板切割磁感線所以產(chǎn)生感應電動勢．U形框的上下板形成一個上板為負下板為正的勻強電場．

小球這時候受到4個力的作用；重力方向向下，繩子的彈力方向向上，洛倫磁力，電場力，如果帶的是正電則洛倫磁力方向向下，所受電場力方向向上；

如果帶的是負電則洛倫磁力方向向上；所受電場力方向向下，且洛侖磁力等于電場力．

f洛=BqV，F(xiàn)電=Eq，E=u=E；感應電動勢E=BVL（L為豎直板的長度）聯(lián)合起來得F電=BqV；故洛倫磁力等于電場力且方向相反．故拉力等于重力；

故選：C．

注意鋁框在磁場中也產(chǎn)生感應電動勢；故小球在總共受四個力作用，由洛侖茲力公式及電場力公式可得出兩力間的關系；從而得出拉力與重力的關系．

本題不要只認為小球只受洛侖茲力而忽視了電場力，注意導體切割磁感線時都會產(chǎn)生感應電動勢，從而形成電場．【解析】【答案】C7、C【分析】解：AB；乙分子從a到c分子力做正功；乙分子做加速運動，經(jīng)過c點時速度最大，故AB錯誤；

C；乙分子從a到c的過程中；分子力做正功，兩分子組成的系統(tǒng)的分子勢能一直減少，故C正確；

D；乙分子從a到c的過程中；分子力做正功，分子勢能減小。從c到d的過程中分子力做負功，分子勢能增大，故D錯誤。

故選：C。

乙分子從a到c的過程中；分子力做正功，動能增大，分子勢能減?。粡腸到d的過程中分子力做負功，動能減小，分子勢能增大。

本題考查了分子力、分子勢能等知識點。分子力、分子勢能和分子間的距離的關系是本題的關鍵。【解析】C二、多選題(共6題，共12分)8、CD【分析】解：A；箱子在水平方向上受到兩個力作用；球隊對箱子的作用力和地面對箱子的摩擦力，二力始終等值方向，其合力始終為零，故箱子始終靜止．因此，鐵球?qū)ο渥拥臎_量與摩擦力對箱子的沖量等值反向，合沖量為零．故A錯誤．

B；根據(jù)動量定理；鐵球受到的沖量為I=0-mv=-mv，而箱子受到的沖量始終為零．故B錯誤．

C；根據(jù)動量定理；箱子對鐵球的沖量為I=0-mv=-mv，負號表示方向向右．故C正確．

D；箱子對鐵球的沖量mv；向右，根據(jù)牛頓第三定律，鐵球?qū)ο渥拥臎_量為mv，向左．又因為摩擦力與鐵球?qū)ο渥拥淖饔昧Φ戎捣聪?，所以摩擦力對箱子的沖量為mv，向右．故D正確．

以箱子為研究對象；分析箱子在水平方向上受到兩個力，鐵球?qū)ο渥拥淖饔昧偷孛鎸ο渥拥哪Σ亮?，由于箱子始終靜止，故此二力的合力始終為零，即此二力的沖量也始終等值方向，其合沖量為零．以鐵球為研究對象，以向左為正方向，根據(jù)動量定理有，I=0-mv，故箱子對鐵球的沖量為mv，方向向右．摩擦力對箱子的沖量為mv，方向向右．

此題考查沖量的定義和動量定理的簡單應用，要能理解沖量是矢量，有大小，也有方向，方向與作用力的方向相同．動量定理的表達式也是一個矢量表達式，運用時要規(guī)定正方向．【解析】【答案】CD9、AD【分析】解：A、根據(jù)順著電場線方向，電勢逐漸降低，則知Ua＞Ub＞Uc．故A正確．

B；電場線疏密表示電場強度的大??；一條電場線無法確定電場線疏密情況，所以無法比較三點場強的大?。蔅錯誤．

C；正電荷所受的電場力方向沿電場線方向；所以正電荷從a向c運動，電場力對其做正功，故C錯誤．

D；負電荷所受的電場力方向逆著電場線方向；所以負電荷從a向c運動，電場力對其做負功，故D正確．

故選：AD

順著電場線方向；電勢必定降低．根據(jù)電場線疏密判斷電場強度的大小，電場線越密電場強度越大．根據(jù)電場力方向與位移方向的關系分析電場力做功正負．

本題考查對電場線兩個意義的理解：根據(jù)電場線的方向，可判斷電勢的高低，根據(jù)電場線的疏密可判斷場強的大?。⒁庖粭l電場線不能比較場強的大小．【解析】【答案】AD10、ABC【分析】解：A；由圖可知；交流電周期T=0.25s，故A正確；

B、交流電周期T=0.25s，則交變電流的頻率為f==4Hz；故B正確；

CD、由圖可知，交流電的最大電壓Um=20V，所以交變電流的最大值為Im==A=2A

所以交變電流的有效值為I=Im=A；故C正確，D錯誤；

故選：ABC

從圖象中可以直接讀出該交流電電壓最大值以及周期等物理量；然后根據(jù)最大值與有效值以及周期與頻率關系求解．由歐姆定律求電流的最大值．

本題要學會正確分析圖象，從圖象獲取有用信息，要知道只有正弦交變電流最大值與有效值才有這樣的關系：I=Im．【解析】【答案】ABC11、AC【分析】【分析】隔離對分別物體受力分析，通過受力平衡條件分析物體受力的個數(shù)。本題考查了物體的彈性和彈力。解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，知道AB

間一定存在摩擦力，可以通過對BC

整體研究，注意勻速直線運動與勻變速直線運動的受力分析不同?！窘獯稹緼D.

物體A

受重力、地面的支持力、B

對A

的壓力，拉力F

及受地面的摩擦力，所以物體A

的受力個數(shù)為5

個，故A正確、D錯誤；B.對于B

受重力、A

對B

的支持力、C

對B

的壓力，受C

對B

的摩擦力，所以B

受4

個力，故B錯誤；C.對于C

受重力、支持力和B

對C

的摩擦力三個力，故C正確。故選AC?！窘馕觥緼C

12、ACD【分析】【分析】由圖示圖象判斷氣體的狀態(tài)變化過程；應用氣態(tài)方程判斷氣體體積如何變化，然后應用熱力學第一定律答題。

本題考查氣體的狀態(tài)方程中對應的圖象，要抓住在P鈭?T

圖象中等容線為過原點的直線?！窘獯稹緼.由圖示可知，ab

過程；氣體壓強與熱力學溫度成正比，則氣體發(fā)生等容變化，即等容升溫，故A正確；

B.由圖示圖象可知，bc

過程氣體發(fā)生等溫變化，壓強減小，由玻意耳定律PV=C

可知，體積增大，故B錯誤；C.由圖象可知；a

狀態(tài)溫度最低，分子平均動能最小，故C正確；

D.由圖象可知，bc

過程氣體發(fā)生等溫變化，氣體內(nèi)能不變，壓強減小，由玻意耳定律可知，體積增大，bc

狀態(tài)氣體的分子數(shù)密度不同，b

和c

兩個狀態(tài)中；容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同，故D正確。

故選ACD。

【解析】ACD

13、AD【分析】解：A；由圖可知兩列波的波長均為8m；故A正確；

B、已知波長為8m，又有波速大小均為20m/s，所以，頻率故B錯誤；

C、在b、d處兩列波分別處于波峰、波谷，那么，兩列波的在該點處的振動正好相反，故兩列波在b；d點處干涉減弱；在a、c點處；兩列波都處于平衡位置且運動方向相同，故兩列波在a、c點處干涉加強；故C錯誤；

D、由B可知，波的振動周期為0.4s，那么，再經(jīng)過0.1s即a處質(zhì)點在波峰，c處質(zhì)點在波谷，故D正確；

故選：AD．

由圖讀出波長；進而求得頻率；再根據(jù)兩波的運動，將兩波在質(zhì)點處的運動疊加，得到波的干涉，進而得到質(zhì)點的運動．

對于波的干涉，可將兩列波在某一質(zhì)點處的運動分別求解，然后疊加即可．【解析】【答案】AD三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】試題分析：開關S閉合的瞬間，通過兩個支路的電流都增大，由于L中產(chǎn)生自感電動勢阻礙電流增加，所以A2的示數(shù)小于A1；電路穩(wěn)定后，由于兩個支路的直流電阻相等，所以電流相等，A1的示數(shù)等于A2的示數(shù)；S斷開的瞬間，在L中產(chǎn)生的自感電動勢阻礙電流的減少，在R,A1A2,L中形成新的回路，所以A1的示數(shù)等于A2的示數(shù)?？键c：自感現(xiàn)象。【解析】【答案】大等等15、略

【分析】解：根據(jù)這個電學元件的結(jié)構看；由平行金屬板相互靠近；正對構成，是一種電容器．通過轉(zhuǎn)動轉(zhuǎn)軸可以改變正對面積，來改變電容，可知該電學元件是可變電容器，符號是：C．

故答案為：可變電容器C

根據(jù)這個電學元件的結(jié)構；作用確定其名稱；寫出符號．

對于常見的電學元件要熟悉，知道它們的符號，屬于基礎題．【解析】可變電容器；C16、略

【分析】解：據(jù)電流的微觀表達式I=nqvs和I=得：t內(nèi)通過某一橫截面積為：Q=nqvst

即t內(nèi)通過某一橫截面積的自由電子數(shù)：N==nvst

故答案為：nvst；nqvst．

根據(jù)電流的定義式和電流的微觀解釋式即可解決此問題；知道總的電荷量Q=Ne．

此題考查電流的定義式和微觀解釋式的應用，需要學生熟練記憶電流的相關公式．【解析】nvst；nqvst17、BCD【分析】解：(1)

將線圈L2

和電流計串聯(lián)形成一個回路；將電鍵；滑動變阻器、電壓、線圈L1

串聯(lián)而成另一個回路即可，實物圖如下所示：

(2)

根據(jù)楞次定律可知；若使感應電流與原電流的繞行方向相同，則線圈L2

中的磁通量應該減小，故拔出線圈L1

使變阻器阻值變大、斷開開關均可使線圈L2

中的磁通量減小，故A錯誤，BCD正確．

故答案為：(1)

電路圖如圖所示；(2)BCD

．

(1)

注意在該實驗中有兩個回路；一個由線圈L2

和電流計串聯(lián)而成，另一個由電鍵；滑動變阻器、電壓、線圈L1

串聯(lián)而成．

(2)

根據(jù)楞次定律求解；若使感應電流與原電流的繞行方向相同，則線圈L2

中的磁通量應該減小，據(jù)此可正確解答．

知道探究電磁感應現(xiàn)象的實驗有兩套電路，這是正確連接實物電路圖的前提與關鍵.

對于該實驗，要明確實驗原理及操作過程，平時要注意加強實驗練習．【解析】BCD

18、略

【分析】解：使物體帶電的方式有三種：摩擦起電；感應起電、接觸起電．

由電荷守恒定律可知；無論哪種方法，都是電荷在物體之間的轉(zhuǎn)移或從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，電荷的總量保持不變．

故答案為：摩擦起電；感應起電、接觸起電；保持不變．

使物體帶電的方式有三種；由電荷守恒定律可知，無論哪種方法，都是電荷在物體之間的轉(zhuǎn)移或從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，電荷的總量保持不變．

掌握各種使物體帶電的方式，知道無論無論哪種方法，都是電荷在物體之間的轉(zhuǎn)移或從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，電荷的總量保持不變．【解析】摩擦起電；感應起電；接觸起電；保持不變19、略

【分析】解：1；游標卡尺的固定刻度讀數(shù)為5mm；游標讀數(shù)為0.1×1mm=0.1mm；

所以最終讀數(shù)為：5mm+0.1mm=5.1mm=0.51cm；

2；游標卡尺的固定刻度讀數(shù)為5mm；游標讀數(shù)為0.05×2mm=0.10mm；

所以最終讀數(shù)為：5mm+0.10mm=5.10mm=0.510cm；

3；游標卡尺的固定刻度讀數(shù)為5mm；游標讀數(shù)為0.02×5mm=0.10mm；

所以最終讀數(shù)為：5mm+0.10mm=5.10mm=0.510cm；

故答案為：0.51；0.510；0.510

游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)；不需估讀．

解決本題的關鍵掌握游標卡尺的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．【解析】0.51；0.510；0.51020、略

【分析】解：當磁場均勻增加時；根據(jù)楞次定律知，上級板帶正電，下極板帶負電，粒子受重力和電場力處于平衡，知電場力方向向上，粒子帶負電．

帶電粒子受重力和電場力平衡得：mg=F

F=qUd

U=n鈻?B鈻?tS

磁感應強度的變化率為：鈻?B鈻?t=mgdnqs

．

故答案為：負電，mgdnqs

．

帶電粒子受重力和電場力平衡；由楞次定律可判斷極板帶電性質(zhì)，由法拉第電磁感應定律可得出感應電動勢解決問題．

本題關鍵是電容器兩端電壓的表達，它是聯(lián)系電磁感應定律和粒子受力情況的橋梁．【解析】負；mgdnqs

21、略

【分析】解：(1)

根據(jù)庫侖定律；靜電力為：

F=kQ1Q2r2=9隆脕109隆脕(4隆脕10鈭?11)隆脕(6隆脕10鈭?11)0.52N=8.64隆脕10鈭?11N

(2)

把兩球接觸，電量是先中和后均分，為：Q=(4隆脕10鈭?11)+(鈭?6隆脕10鈭?11)2C=鈭?1隆脕10鈭?11C

故靜電力為：F隆盲=kQ2r2=9隆脕109隆脕(1隆脕10鈭?11)20.52N=3.6隆脕10鈭?12N

故答案為：8.64隆脕10鈭?113.6隆脕10鈭?12

．

(1)

根據(jù)庫侖定律公式F=kq1q2r2

列式求解即可；

(2)

把兩球接觸；由于兩個金屬球相同，故電量是先中和后均分，根據(jù)庫侖定律再次求解靜電力即可．

本題關鍵是根據(jù)庫侖定律列式求解，同時要結(jié)合電荷守恒定律列式分析，基礎題目．【解析】8.64隆脕10鈭?113.6隆脕10鈭?12

四、判斷題(共3題，共24分)22、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．23、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．24、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．五、計算題(共2題，共8分)25、解：(1)AB

間的電勢差UAB=WABq=鈭?1.5隆脕10鈭?7鈭?2脳10鈭?9V=75V

B、C

間的電勢差UBC=WBCq=4隆脕10鈭?7鈭?2脳10鈭?9V=鈭?200V

則AC

間的電勢差UAC=UAB+UBC=鈭?125V

(2)

若A

點為零勢能點；則婁脮A=0

又UAC=婁脮A鈭?婁脮C

則得C

點的電勢婁脮C=婁脮A鈭?UAC=125V

該粒子在C

點的電勢能為EPC=q婁脮C=鈭?2.5隆脕10鈭?7J

答：

(1)AB

間；BC

間，AC

間的電勢差分別為：75V鈭?200V

和鈭?125V

．

(2)

若規(guī)定A

點為零勢能點，該粒子在C

點的電勢能是鈭?2.5隆脕10鈭?7

J.【分析】

(1)

根據(jù)電勢差的定義：U=Wq

求解AB

間、BC

間和AC

間的電勢差.

要注意UAC=UAB+UBC

．

(2)

根據(jù)電勢差等于電勢之差；求C

點的電勢，再由電勢能公式Ep=q婁脮

求粒子在C

點的電勢能．

電場力做功與重力做功類似只與位置有關，與路徑無關，電荷從A隆煤B隆煤C

電場力做功與從A隆煤C

電場力做功相同.

在運用公式U=Wq

時，要注意各個量均要代入符號運算．【解析】解：(1)AB

間的電勢差UAB=WABq=鈭?1.5隆脕