2025年華師大新版選修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大新版選修3物理下冊階段測試試卷554考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，質(zhì)量為m，帶電荷量為?q的微粒以速度v與水平方向成45°角進(jìn)入正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向里，電場方向水平向左，重力加速度為g．如果微粒做直線運動，則下列說法正確的是

A.微粒一定做勻速直線運動B.微粒受電場力、洛倫茲力兩個力作用C.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度D.勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度2、下列說法正確的是（）A.物體溫度升高，每個分子的動能都增加B.物體體積變化，分子勢能可能變大C.物體從外界吸收熱量，物體的內(nèi)能一定增加D.外界對物體做功，物體的內(nèi)能一定增加3、根據(jù)近代物理知識，你認(rèn)為下列說法中正確的是A.將物體看成質(zhì)點進(jìn)行研究分析，應(yīng)用了等效替代的方法B.通過安培分子電流假說可以得出：一切磁現(xiàn)象都源于電流或運動電荷，一切磁作用都是電流或運動電荷之間通過磁場而發(fā)生的作用C.在原子核中，結(jié)合能越大表示原子核中的核子結(jié)合的越牢固D.鈾核衰變?yōu)殂U核的過程中，中子數(shù)減少21個4、如圖所示，在某一電場中有一條直電場線，在電場線上取AB兩點，將一個電子由A點以某一初速度釋放，它能沿直線運動到B點，且到達(dá)B點時速度恰為零，電子運動的圖像如圖所示．則下列判斷正確的是（）

A.點場強(qiáng)一定小于點場強(qiáng)B.點的電勢一定低于點的電勢C.電子在點的加速度一定小于在點的加速度D.該電場若是負(fù)點電荷產(chǎn)生的，則場源電荷一定在點左側(cè)5、一束可見光從空氣進(jìn)入某介質(zhì)后，變?yōu)閍、b兩束單色光。如果光束b是藍(lán)光；則光束a可能是。

A.紫光B.黃光C.綠光D.紅光6、在我國，尾頂常常修成坡度固定的“人”字形，以便雨水沿度頂斜坡迅速流下．將雨滴從坡頂開始的下滑看作由靜止開始的勻變速直線運動，不考慮雨滴滑下時質(zhì)量的變化，下列說法正確的是A.雨滴的速度與它發(fā)生的位移成正比B.雨滴的動能與它的速度成正比C.雨滴的動能與它運動的時間成正比D.雨滴的動量與它運動的時間成正比評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，兩根光滑的金屬導(dǎo)軌，平行放置在傾角為θ的斜面上，導(dǎo)軌的左端接有電阻R，導(dǎo)軌自身的電阻可忽略不計．斜面處在一勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于斜面向上．質(zhì)量為m、電阻可以不計的金屬棒ab，在沿著斜面與棒垂直的恒力F作用下沿導(dǎo)軌勻速上滑，并上升h高度，在這一過程中（）

A.作用于金屬棒上的各力的合力所做的功等于零B.作用于金屬棒上的各力的合力所做的功等于mgh與電阻R上發(fā)出的焦耳熱之和C.恒力F與安培力的合力所做的功等于零D.恒力F與重力的合力所做的功等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱8、下列說法中正確的是（）A.液晶是一種晶體，其分子的空間排列是穩(wěn)定的B.有些液晶的光學(xué)性質(zhì)隨溫度的變化而變化C.一定溫度下水蒸氣的飽和汽壓隨飽和汽的體積增大而增大D.在絕對濕度相同的情況下，冬天比夏天的相對濕度大9、關(guān)于分子動理論，下列說法正確的是（）A.若僅知道氦氣的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，則不能算出氦氣分子的體積B.溫度越高，分子熱運動越緩慢C.相同質(zhì)量的水和冰在0°C時，分子平均動能一定相等E.兩個分子間的距離變大的過程中，分子間引力的變化總是比斥力的變化快E.兩個分子間的距離變大的過程中，分子間引力的變化總是比斥力的變化快10、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)兩個過程到達(dá)狀態(tài)c，其圖像如圖所示。已知絕對零度為下列說法正確的是（）

A.狀態(tài)a和c的壓強(qiáng)大小相等，大于b的壓強(qiáng)B.狀態(tài)a和b的壓強(qiáng)大小相等，小于c的壓強(qiáng)C.由a變化到b的過程中，氣體內(nèi)能增加量小于吸收的熱量D.氣體分子在狀態(tài)a時單位時間內(nèi)撞擊單位面積的分子數(shù)目比狀態(tài)c少11、下列關(guān)于熱現(xiàn)象的描述正確的是（）A.溫度高的物體其內(nèi)能和分子平均動能一定大B.溫度是描述熱運動的物理量，一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時兩系統(tǒng)溫度相同C.一定質(zhì)量的理想氣體在等壓壓縮的過程中一定對外放出熱量E.分子勢能隨著分子間距的增大，可能先增大后減小E.分子勢能隨著分子間距的增大，可能先增大后減小12、下列說法中正確是（）A.布朗運動就是分子運動B.分子間距離增大，分子勢能也增大C.溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大D.吸收熱量，可能使分子熱運動加劇、氣體體積增大13、下列說法中正確的是（）A.氣體的體積是所有氣體分子的體積之和B.液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點C.高溫物體可以自發(fā)把熱量傳遞給低溫物體，最終兩物體可達(dá)到熱平衡狀態(tài)E.在“用油膜法測分子直徑”的實驗中，作了三方面的近似處理：視油膜為單分子層、忽略油酸分子間的間距及視油酸分子為球形E.在“用油膜法測分子直徑”的實驗中，作了三方面的近似處理：視油膜為單分子層、忽略油酸分子間的間距及視油酸分子為球形14、一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化如圖所示；則（）

A.狀態(tài)b、c的內(nèi)能相等B.狀態(tài)a的內(nèi)能比狀態(tài)b、c的內(nèi)能大C.在a到b的過程中氣體對外界做功E.在b到c的過程中氣體一直向外界放熱E.在b到c的過程中氣體一直向外界放熱15、如圖，半徑為R、質(zhì)量為m的半圓軌道小車靜止在光滑的水平地面上，將質(zhì)量也為m的小球從距A點正上方h高處由靜止釋放，小球自由落體后由A點經(jīng)過半圓軌道后從B沖出，在空中能上升的最大高度為則()

A.小球和小車組成的系統(tǒng)動量守恒B.小車向左運動的最大距離為C.小球離開小車后做豎直上拋運動D.小球第二次能上升的最大高度評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、熱平衡的性質(zhì)：達(dá)到熱平衡的系統(tǒng)都具有相同的_______。17、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷A→B、B→C、C→A三個變化過程；則：

（1）C→A過程中氣體______（選填“吸收”或“放出”）熱量，______（選填“外界對氣體”或“氣體對外界”）做功。

（2）已知理想氣體在狀態(tài)A時的溫度是27℃，求氣體在狀態(tài)C時的溫度______K。18、如圖所示，在p-V圖中有三條氣體狀態(tài)變化曲線，一定質(zhì)量的理想氣體可沿這三條路徑從狀態(tài)i到狀態(tài)j，已知曲線1為絕熱變化過程，氣體內(nèi)能變化分別為△U1、△U2、△U3，它們的大小關(guān)系是_____；氣體對外界做功分別為W1、W2、W3，它們的大小關(guān)系是_____；氣體從外界吸收的熱量大小為Q1、Q2、Q3，它們的大小關(guān)系是_____。

19、波速相等的兩列簡諧波在x軸上相遇，一列波（虛線）沿x軸正向傳播，另一列波（實線）沿x軸負(fù)向傳播．某一時刻兩列波的波形如圖所示，兩列波引起的振動在x=8m處相互__________（填“加強(qiáng)”或“減弱”），在x=10m處相互__________（填“加強(qiáng)”或“減弱”）；在x=14m處質(zhì)點的振幅為________cm．

20、如圖所示，一列沿x軸上傳播的簡諧橫波t0時刻的圖線用實線表示．經(jīng)過△t=0.2s時其圖線用虛線表示；已知波長為5cm．

（i）若波向x軸正方向傳播，最小波速是____________cm/s；

（ii）若波向x軸負(fù)方向傳播，最大周期為____________s；

（iii）若波速為71cm/s，則此波向____________傳播．（填“x軸正方向”或“x軸負(fù)方向”）評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)24、在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L；直徑d和電阻R

（1）用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖甲，則金屬絲的直徑為_____mm．

（2）若用圖乙測金屬絲的電阻，則測量結(jié)果將比真實值_____．（選填“偏大”或“偏小”）

（3）用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數(shù)如圖丙、丁，則電壓表的讀數(shù)為_____V，電流表的讀數(shù)為_____A．25、某同學(xué)用圖所示的“碰撞實驗裝置”研究直徑相同的兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系．

①在實驗中小球速度不易測量，可通過僅測量_____解決這一問題．

A．小球做平拋運動的時間。

B．小球做平拋運動的水平距離。

C．小球做平拋運動的初始高度。

D．小球釋放時的高度。

②圖中PQ是斜槽，QR為水平槽，R為水平槽末端．利用鉛垂線在記錄紙上確定R的投影點O．實驗時先使A球從斜槽上G處由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡；此后，再把B球放在R處，將A球再從G處由靜止釋放，與B球碰撞后在記錄紙上分別留下A、B兩球落點痕跡．由測量可知，碰撞前A球做平拋運動的水平距離為x0；碰撞后，A、B兩球做平拋運動的水平距離分別為x1、x2．用天平稱量A、B兩球的質(zhì)量分別為mA、mB．若兩球相碰前后的動量守恒，其表達(dá)式可表示為____（用題目給出的物理量符號表示）．26、（1）讀出下列儀器的讀數(shù)

_________mm__________A(3A量程_________________)

cm(2)如圖所示為多用電表的刻度盤．若選用倍率為

“×100”________的電阻擋測電阻時，表針指示如圖所示，則：所測電阻的阻值為Ω；如果要用此多用電表測量一個阻值約為________2.0×104Ω的電阻，為了使測量結(jié)果比較精確，應(yīng)選用的歐姆擋是(選填“×10”、“×100”或27、某同學(xué)利用電壓表和電阻箱測定一種特殊電池的電動勢(電動勢E大約在9V左右，內(nèi)阻r約為50Ω)．已知該電池允許輸出的最大電流為150mA．該同學(xué)利用如圖甲所示的電路進(jìn)行實驗，圖中電壓表的內(nèi)阻約為2kΩ，R為電阻箱，阻值范圍0~9999Ω，R0是定值電阻；阻值為20Ω，起保護(hù)電路的作用．

(1)該同學(xué)連接好電路后，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，電壓表的某一次偏轉(zhuǎn)如圖乙所示，其讀數(shù)為___________V．

(2)改變電阻箱的阻值，取得多組數(shù)據(jù)，電壓表的示數(shù)為U，電阻箱的示數(shù)為R，做出如圖丙所示的圖線，則根據(jù)該同學(xué)所做出的圖線可求得該電池的電動勢E=___________V，內(nèi)阻r=___________Ω．(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

(3)用該電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻，出現(xiàn)系統(tǒng)誤差的原因是______________________．評卷人得分六、解答題(共2題，共6分)28、如圖所示，甲圖是游樂場的“空中摩托”設(shè)備示意圖，為了縮短項目收尾時的制動時間，某興趣小組設(shè)計了乙圖所示的簡化模型．平行光滑金屬導(dǎo)軌AG和DE、GC和EF的間距均為L，與水平面夾角均為θ，在最低點G、E平滑連接且對稱固定于水平地面上．導(dǎo)軌的兩端AD、CF間均接有阻值為R的電阻．在導(dǎo)軌的NMGE和GEKJ兩個矩形區(qū)域內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向分別垂直于兩軌道平面向上；區(qū)域邊界MN和JK的離地高度均為h．現(xiàn)將“空中摩托”簡化為電阻為r，質(zhì)量為m，長為L的導(dǎo)體棒QT，它垂直導(dǎo)軌由離地為H的高度處從靜止釋放．若導(dǎo)體棒QT第一次到達(dá)GE時速度大小為v，第一次到達(dá)JK時速度恰好為0．假設(shè)整個過程QT均垂直于導(dǎo)軌且與導(dǎo)軌接觸良好，不計導(dǎo)軌電阻，不計空氣阻力和摩擦，重力加速度為g．求：

（1）導(dǎo)體棒QT第一次經(jīng)過MN時它兩端的電壓大小；

（2）導(dǎo)體棒QT從靜止釋放后到最終狀態(tài)的整個過程中它的發(fā)熱量；

（3）導(dǎo)體棒QT從靜止釋放后到它第一次到達(dá)JK的時間；

（4）試判斷題中的物理量R和B對制動時間是否有影響；若有影響；請分析如何調(diào)整該變量，可以縮短制動時間（即相同情況下在更短的時間內(nèi)停下來）？

29、如圖所示為測定肺活量(人在大氣壓下一次呼出氣體的體積)的裝置示意圖，圖中A為倒扣在水中的開口薄壁圓筒，測量前已排盡其中的空氣．測量時被測者盡力吸足空氣，再通過B將空氣呼出，呼出的空氣通過氣管進(jìn)入A內(nèi)(溫度可認(rèn)為不變)，使A浮起(忽略管道的影響)，已知圓筒A的質(zhì)量為m、橫截面積為S、大氣壓強(qiáng)為，水的密度為ρ，重力加速度為g，圓筒浮出水面的高度為h．則被測者的肺活量有多大？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【詳解】

由于粒子帶負(fù)電；電場力向右，洛倫茲力垂直于OA線斜向左上方，而重力豎直向下，粒子做直線運動，則說明洛倫茲力不變，即電場力；洛倫茲力和重力能平衡，粒子做勻速直線運動．故A正確，B錯誤．

由圖qE=mgtanθ解得E=mg/q，故C錯誤．qvBcosθ=mg，故D錯誤；故選A．

點睛：本題是帶電粒子在復(fù)合場中運動的問題，考查綜合分析和解決問題的能力，要抓住洛倫茲力與速度有關(guān)的特點．2、B【分析】【詳解】

A．物體溫度升高；分子的平均動能會增加，并不是每個分子的動能都增加，故A錯誤；

B．物體體積變化；微觀上會導(dǎo)致分子間距發(fā)生變化，而分子間距發(fā)生變化有可能會使得分子勢能可能變大，故B正確；

C．物體從外界吸收熱量的同時；若物體對外做功，則物體的內(nèi)能不一定增加，故C錯誤；

D．外界對物體做功的同時；若物體對外放熱，則物體的內(nèi)能不一定增加，故D錯誤。

故選B。3、B【分析】【詳解】

A．將物體看成質(zhì)點進(jìn)行研究分析；應(yīng)用了理想模型法。故A錯誤；

B．通過安培分子電流假說可以得出：一切磁現(xiàn)象都源于電流或運動電荷；一切磁作用都是電流或運動電荷之間通過磁場而發(fā)生的作用。故B正確；

C．在原子核中；比結(jié)合能越大表示原子核中的核子結(jié)合的越牢固。故C錯誤；

D．由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒知鈾核（）衰變?yōu)殂U核（）的過程中；質(zhì)量數(shù)減小32，而質(zhì)子數(shù)減小10，因此中子減小22。故D錯誤。

故選B。4、B【分析】試題分析：由于電子從A到B的運動圖像如圖所示；說明電子做減速運動，故它受到的電場力與運動方向相反，即由B到A，所以電場的場強(qiáng)的方向是由A到B；由于圖中只有一條電場線，不知道周圍電場線的情況，所以不能確定兩點周圍電場線的疏密，不能確定兩點電場強(qiáng)度的大小，選項A錯誤；因為電場線的方向是由A到B，故B點的電勢一定低于A點的電勢，選項B正確；從運動圖像上看，電子是勻減速運動，故加速度是相等的，選項C錯誤；因為AB兩點的場強(qiáng)相等，故它不可能是由點電荷形成的，選項D錯誤．

考點：電場線；電場強(qiáng)度，電勢等概念．

【名師點晴】該題通過一條電場線與電荷的運動圖像判斷電場的性質(zhì)、電勢的關(guān)系，電場強(qiáng)度的關(guān)系，有一定的難度；關(guān)鍵是要通過圖像了解電子的運動是勻減速運動，從而判斷出加速度都相等，再而推出電場是均勻的．5、A【分析】由圖可知，a的折射率大于b，則a的頻率大于b，若b是藍(lán)光，則a一定是紫光，故選A.6、D【分析】【詳解】

A、雨滴沿斜坡做勻加速直線運動，由可知雨滴速度的平方與它發(fā)生的位移成正比；故A錯誤.

B、由動能可知；動能與速度的平方成正比；故B錯誤.

C、由動能和可得有動能與時間的平方成正比；故C錯誤.

D、由動量和可得則動量與時間成正比；故D正確.

故選D.二、多選題(共9題，共18分)7、A:D【分析】【詳解】

AB．導(dǎo)體棒勻速上升過程中，合力為零，則合力所作的功等于零，根據(jù)動能定理得：

得

克服安培力所做功即等于回路電阻中產(chǎn)生的熱量，故有：金屬棒上的各個力的合力所做的功等于零，恒力F等于mgh與電阻R上發(fā)出的焦耳熱之和；A正確，B錯誤；

由

得

C．即恒力F與重力的合力所做的功等于克服安培力所做功，即等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱；故C正確；

D．重力做功不改變金屬棒的機(jī)械能，恒力F與安培力的合力所做的功等于金屬棒機(jī)械能的增量，故D錯誤．8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．液晶像液體一樣可以流動；又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)，液晶分子的空間排列是不穩(wěn)定的，具有各向異性，故A錯誤；

B．有些液晶的光學(xué)性質(zhì)隨溫度的變化而變化；故B正確；

C．飽和汽壓與溫度有關(guān)；一定溫度下的飽和汽壓不隨飽和汽的體積增大而增大，故C錯誤；

D．夏天比冬天的溫度高；可知夏天比冬天的飽和汽壓大，所以在絕對濕度相同的情況下，冬天比夏天的相對濕度大，故D正確。

故選BD。9、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于氣體分子間距很大；僅知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，不能算出氣體分子的體積，選項A正確；

B．溫度越高；分子熱運動越劇烈，選項B錯誤；

C．分子平均動能與溫度有關(guān)；所以相同質(zhì)量的水和冰在0°C時，分子平均動能一定相等，選項C正確；

D．當(dāng)分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時；分子間的距離越小，分子力做負(fù)功，分子勢能越大，選項D正確；

E．兩個分子間的距離變大的過程中；分子間引力的變化總是比斥力的變化慢，選項E錯誤。

故選ACD。10、A:C【分析】【詳解】

AB．狀態(tài)的溫度

狀態(tài)的溫度

狀態(tài)的溫度

狀態(tài)的體積分別為

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

代入數(shù)據(jù)可得

A正確；B錯誤；

C．由a變化到b的過程中；溫度升高，內(nèi)能增大，體積增大，外界對氣體做負(fù)功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知氣體內(nèi)能增加量小于吸收的熱量，C正確；

D．狀態(tài)和狀態(tài)壓強(qiáng)相等，狀態(tài)溫度低，氣體分子的平均動能小，根據(jù)壓強(qiáng)的微觀意義可知氣體分子在狀態(tài)a時單位時間內(nèi)撞擊單位面積的分子數(shù)目比狀態(tài)c多；D錯誤。

故選AC。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．物體的內(nèi)能等于物體分子的勢能和動能的總和；溫度高反應(yīng)的是物體的平均動能大，所以溫度高的物體內(nèi)能不一定大，故A錯誤。

B．兩個系統(tǒng)熱平衡時；溫度相等，故B正確。

C．根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程

可知；當(dāng)壓強(qiáng)不變，體積減小時，外界對氣體做功，同時溫度降低，氣體內(nèi)能減少，則氣體一定對外放熱，故C正確。

D．完全失重狀態(tài)下；氣體浸潤器壁，液體和器壁的附著層就會擴(kuò)張，沿著器壁流散，故D正確。

E．當(dāng)分子間距離變大時；分子間的勢能可能一直增大或者先減小再增大，故E錯誤。

故選BCD。12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規(guī)則運動；是液體分子運動的具體表現(xiàn)，選項A錯誤；

B．若分子力表現(xiàn)為斥力；則當(dāng)分子間距離增大時，分子力做正功，分子勢能減小，選項B錯誤；

C．溫度升高；分子熱運動的平均動能一定增大，選項C正確；

D．吸收熱量；可能使氣體溫度升高，分子熱運動加??；溫度升高，則氣體體積可能增大，選項D正確。

故選CD。13、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．氣體分子間隙很大；氣體的體積遠(yuǎn)大于所有氣體分子的體積之和，故A錯誤；

B．液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點。故B正確；

C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知；高溫物體可以自發(fā)把熱量傳遞給低溫物體，最終兩物體可達(dá)到熱平衡狀態(tài)，故C正確；

D．當(dāng)分子間表現(xiàn)為引力時；隨著分子間距離增大，分子間作用力減小，但引力做負(fù)功，分子勢能增大，故D錯誤；

E．在“用油膜法測分子直徑”的實驗中；作了三方面的近似處理：視油膜為單分子層；忽略油酸分子間的間距及視油酸分子為球形，故E正確。

故選BCE。14、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程結(jié)合圖象可知，狀態(tài)b；c的溫度相同；故內(nèi)能相等，故A正確；

B．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程結(jié)合圖象可知，狀態(tài)a的溫度比狀態(tài)b、c的溫度高，故狀態(tài)a的內(nèi)能比狀態(tài)b；c的內(nèi)能大；故B正確；

C．在a到b的過程中；體積減小，外界對氣體做功，故C錯誤；

D．a(chǎn)到b的過程；溫度降低，內(nèi)能減小，氣體體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知氣體應(yīng)從外界放熱，故D正確；

E．狀態(tài)b、c的內(nèi)能相等，由b到c的過程氣體體積增大，氣體對外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，整個過程氣體吸熱，由a到b的過程氣體放熱，故在c到a的過程中氣體應(yīng)吸熱；故E錯誤．15、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．小球與小車在水平方向所受合外力為零；在豎直方向所受合外力不為零，因此小球和小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，在豎直方向動量不守恒，A錯誤；

B．當(dāng)小球向右運動時，設(shè)任一時刻小球速度的水平分量大小為小車的速度大小為據(jù)系統(tǒng)水平方向動量守恒，以向右為正，則

可得

則小球與車在水平方向位移大小

而

解得：小車向左運動的最大距離

B錯誤；

C．小球與小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒；系統(tǒng)水平方向動量為零，小球離開小車時兩者在水平方向速度相等，則小球離開小車時小球與小車水平方向速度均為零，小球離開小車后做豎直上拋運動，C正確；

D．小球第一次在車中運動過程中，由功能關(guān)系得

小球第二次在車中運動過程中，相應(yīng)位置處速度變小，小車對小球的彈力變小，從而摩擦力變小，小球克服摩擦做的功變少，即

設(shè)小球第二次能上升的最大高度為由功能關(guān)系得

解得

D正確。

故選CD。三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度17、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]C→A過程中氣體壓強(qiáng)不變；體積變大，則溫度升高，氣體對外做功，內(nèi)能增加，則氣體吸收熱量；

（2）[3]從A到C由蓋呂薩克定律可知

解得TC=0.5TA=150K【解析】吸收氣體對外界15018、略

【分析】【詳解】

[1]．從狀態(tài)i到狀態(tài)j溫度的變化相同，則內(nèi)能變化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根據(jù)可知，p-V圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于做功的大小，則由圖像可知W1<W2<W3

[3]．由題意可知Q1=0；根據(jù)熱力學(xué)第一定律?U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，則Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q319、略

【分析】【詳解】

兩列波在x=8m處引起的振動都是方向向下，可知此位置的振動是加強(qiáng)的；在x=10m處是峰谷相遇，可知此位置振動減弱；在x=14m處也是峰谷相遇，振動減弱，則質(zhì)點的振幅為．【解析】加強(qiáng)減弱220、略

【分析】【詳解】

根據(jù)題意，波速周期T=

（i）若波向x軸正方向傳播，最小波速是4cm/s（n=0；式子取“+”號）

（ii）若波向x軸負(fù)方向傳播，最大周期為s（n=1；式子取“-”號）

（iii）若波速為71cm/s，對應(yīng)n=3，且式子取“-”號，說明波向x軸負(fù)方向傳播．【解析】4x軸負(fù)方向四、作圖題(共3題，共27分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共8分)24、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)內(nèi)接的特點；結(jié)合歐姆定律以及串并聯(lián)電路的特點，即可分析出測量值與真實值之間的關(guān)系；

（2）先算出電表的分度值；若測量的最小分度為“1“時要估讀到下一位，若測量的最小分度為“2“或“5“時讀到本位即可．

【詳解】

（1）金屬絲的直徑為：0.5mm+0.01mm×19.8=0.698mm；

（2）電流表外接法測量電阻；由于電壓表分流的影響，故金屬絲電阻的測量結(jié)果將比真實值偏小；

（3）電壓表的分度值為0.1V；要估讀到下一位，故其讀數(shù)為2.60V；

電流表選擇的是0～0.6A量程；分度值為0.02A，故其讀數(shù)為0.52A.

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器和電表的讀數(shù)方法，螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．讀電表讀數(shù)時要注意計算電表的分度值，然后再確定是否估讀，若測量的最小分度為“1“時要估讀到下一位，若測量的最小分度為“2“或“5“時讀到本位即可．內(nèi)外接選擇的方法：大電阻選內(nèi)接測量結(jié)果偏大，小電阻選外界測量結(jié)果偏小，口訣：“大內(nèi)大，小外?。薄窘馕觥?.697（0.695﹣0.698）偏小2.60（2.59﹣2.61）0.5225、略

【分析】【詳解】

(1)因為平拋運動的速度等于射程與落地時間的比值；而當(dāng)高度一定時，落地時間一定，所以可以測量射程代替速度，故選B；

(2)要驗證動量守恒定律定律，即驗證：小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得，若兩球相碰前后的動量守恒，得：【解析】B;26、略

【分析】【分析】

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；

根據(jù)選擇開關(guān)位置確定多用電表所測量的量與量程；然后根據(jù)表盤確定其分度值，然后讀出其示數(shù)。

【詳解】

(1)螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×15.0mm=0.150mm，所以最終讀數(shù)為：2mm+0.150mm=2.150mm；

量程為3A時；精度為0.1A，所以安培表的讀數(shù)為2.20A；

游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為5cm；游標(biāo)讀數(shù)為0.05×18mm=0.90mm=0.090cm，所以最終讀數(shù)為：5cm+0.090cm=5.090cm；

(2)如果是用×100Ω檔測量電阻；讀數(shù)為15×100Ω=1500Ω；

為了測量更準(zhǔn)確；應(yīng)使歐姆表指針指在中間刻度附近，所以應(yīng)選用的歐姆擋“×1k”。

【點睛】

本題考查了螺旋測微器、游標(biāo)卡尺及多用電表讀數(shù)，要熟練掌握相當(dāng)測量儀器的讀數(shù)方法?！窘馕觥?.150mm2.20A5.090cm×1k27、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)電壓