2025年人教新起點高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點高二物理下冊階段測試試卷437考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、電磁感應(yīng)知識及其應(yīng)用的下列說法錯誤的是（）A.楞次定律告訴我們，感應(yīng)電流的效（結(jié)）果總是要反抗引起感應(yīng)電流的原因B.磁電式電流表、電壓表中線圈要繞在鋁框上一個重要原因是利用電磁阻尼C.在電磁爐上加熱食品須使用金屬器皿，是因金屬在交變磁場中產(chǎn)生渦流發(fā)熱D.對于同一線圈，當(dāng)電流變化越大時，線圈中產(chǎn)生的自感電動勢一定越大2、一直理想變壓器的原線圈接在如圖所示的交流電源上，原副線圈的匝數(shù)之比為n1：n2=10：1；串聯(lián)在原線圈中的電流表的示數(shù)為1A，則以下說法中正確的是（）

A.變壓器輸出功率為22W

B.若n1=100匝，則副線圈中的磁通量變化率的最大值22Wb/s

C.副線圈兩端的電壓表示數(shù)為11V

D.變壓器的輸出功率是由輸入功率決定的。

3、如圖所示；一根彈性桿的一端固定在傾角為30°的斜面上，桿的另一端固定一個重量是2N的小球，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)時，彈性桿對小球的彈力（）

A.大小為2N；方向平行于斜面向上。

B.大小為1N；方向平行于斜面向上。

C.大小為2N；方向垂直于斜面向上。

D.大小為2N；方向豎直向上。

4、如圖所示，具有一定質(zhì)量的小球A固定在輕桿一端，另一端掛在小車支架的O點。用手將小球拉至水平，此時小車靜止于光滑水平面上，放手讓小球擺下與B處固定的橡皮泥碰擊后粘在一起，則在此過程中小車將()A.向右運動B.向左運動C.靜止不動D.車向左運動后又靜止5、如圖是一個電路的一部分，其中R1＝5Ω，R2＝1Ω，R3＝3Ω，I1＝0.2A，I2＝0.1A；那么電流表測得的電流為()

A.0.2A，方向向右B.0.15A，方向向左C.0.2A，方向向左D.0.3A，方向向右6、圖1

為示波管的原理圖。如果在電極YY?

之間所加的電壓按圖2(a)

所示的規(guī)律變化，在電極XX?

之間所加的電壓按圖2(b)

所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上會看到的圖形是下圖中的

圖1

圖2

A.B.C.D.7、一細(xì)束帶電粒子由右端射入質(zhì)譜儀中的速度選擇器后做直線運動，從小孔0

進(jìn)入勻強磁場B2

后打在核乳膠片上，運動軌跡如圖所示，不計粒子間的相互作用與重力，則(

)

A.該束帶電粒子一定帶正電B.速度選擇器的Pl

極板帶正電C.在磁場B2

中運動軌跡半徑越大的粒子，比荷qm

越小D.在磁場B2

中運動軌跡半徑越大的粒子，質(zhì)量一定越大8、如圖所示，平行金屬板A

與B

相距5cm

電源電壓為10v

則與A

板相距1cm

的C

點的場強為(

)

A.1000V/m

B.500V/m

C.250V/m

D.200V/m

評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、如果把人作為一個整體來看，在水平方向的固有頻率約為3～6Hz，豎直方向的固有頻率約為4～8Hz。為了保障操作工的安全與健康，有關(guān)部門作出規(guī)定：用手操作的各類振動機械的頻率必須大于20Hz，這是為了防止發(fā)生____現(xiàn)象造成對人體健康的危害。10、在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動勢稱為______，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的那段導(dǎo)體相當(dāng)于______．11、如圖，在x軸的上方（y≥0）存在著垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B．在原點O有一個離子源向x軸上方的各個方向發(fā)射出質(zhì)量為m、電量為q的正離子，速率都為v．對哪些在xy平面內(nèi)運動的離子，在磁場中可能到達(dá)的最大x=____，最大y=____．12、質(zhì)量m1=10g的小球在光滑的水平桌面上以v1=30cm/s的速率向右運動，恰好遇上在同一條直線上向左運動的另一個小球．第二個小球的質(zhì)量為m2=50g，速率v2=10cm/s．碰撞后，小球m2恰好停止．那么，碰撞后小球m1的速度是_______，方向________13、如圖所示，螺旋測微器的讀數(shù)為______mm，20分度的游標(biāo)卡尺讀數(shù)為______mm．

14、白熾燈、電冰箱、空調(diào)器和洗衣機是四種常用的家用電器，它們在工作時要消耗電能。下面給出了五組電功率數(shù)值范圍，每一種家用電器在正常工作時消耗的電功率在其中一組電功率范圍內(nèi)，請找出它們的對應(yīng)關(guān)系。家用白熾燈消耗的電功率通常在__________范圍內(nèi)；家用電冰箱消耗的電功率通常在____________范圍內(nèi)；家用分體空調(diào)器消耗的電功率通常在__________范圍內(nèi)；家用洗衣機消耗的電功率通常在___________范圍內(nèi)。(

填寫電功率范圍前面的數(shù)字)

壟脵700W隆蘆1500W

壟脷350W隆蘆600W

壟脹180W隆蘆300W

壟脺90W隆蘆150W

壟脻15W隆蘆60W

評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）16、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

20、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗題(共4題，共28分)23、（8分）如圖所示為“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實驗裝置．(1)將圖中所缺的導(dǎo)線補接完整．(2)在閉合開關(guān)時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)了一下，那么合上開關(guān)后()A．將原線圈迅速插入副線圈時，電流計指針向右偏轉(zhuǎn)一下B．將原線圈插入副線圈后，電流計指針一直偏在零點左側(cè)C．將原線圈插入副線圈后，將滑動變阻器觸頭迅速向左拉時，電流計指針向右偏轉(zhuǎn)一下D．將原線圈插入副線圈后，將滑動變阻器觸頭迅速向左拉時，電流計指針向左偏轉(zhuǎn)一下24、【化學(xué)選做】（15分）功能高分子P的合成路線如下：（1）A的名稱是____。B的結(jié)構(gòu)簡式____。（2）反應(yīng)③的化學(xué)方程式：____。（3）F是高分子化合物，E中含有的官能團(tuán)的名稱是____。（4）請寫出一種滿足下列條件的E的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式____。①只含有一種官能團(tuán)；②核磁共振氫譜只有一個吸收峰。（5）反應(yīng)⑤的化學(xué)方程式：____。（6）已知：以乙烯為起始原料，選用必要的無機試劑合成E，寫出合成路線（用結(jié)構(gòu)簡式表示有機物），用箭頭表示轉(zhuǎn)化關(guān)系，箭頭上注明試劑和反應(yīng)條件）。____。25、某同學(xué)用如圖所示的裝置做驗證動量守恒定律的實驗，先將球a從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次，再把同樣大小的球b放在斜槽軌道末端水平段的最右端附近靜止，讓球a仍從原固定點由靜止開始滾下，且與球b相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復(fù)10次．（1）本實驗必須測量的物理量是_________．A．斜槽軌道末端到水平地面的高度HB．小球a、b的質(zhì)量ma，mbC．小球a、b的半徑rD．小球a、b離開斜槽軌道末端后做平拋運動的飛行時間tE．記錄紙上O點到A、B、C各點的距離OA、OB、OCF．球a的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h（2）小球a、b的質(zhì)量ma，mb應(yīng)該滿足的關(guān)系是________（填>、<或＝）（3）放上被碰小球后，兩個球碰后小球a、b的落地點依次是水平面上的點______和點____．（4）為測定未放被碰小球時，小球a落點的平均位置，把刻度尺的零刻度線跟記錄紙上的O點對齊，圖中給出了小球a落點附近的情況，由圖可得點O、B間的距離應(yīng)為________cm．（5）按照本實驗方法，驗證動量守恒的驗證式是__________．26、【化學(xué)選做】本次未命制題評卷人得分五、計算題(共4題，共12分)27、（1）如圖a所示是一歐姆表的內(nèi)部構(gòu)造示間圖，插孔分別插有紅、黑表筆，則A孔應(yīng)插入______（填“紅”或“黑”）表筆．

（2）用該歐姆表測量一整支2B鉛筆芯電阻，若選擇開關(guān)處在“×1”擋時，按正確使用方法測量電阻Rx的阻值，指針位于圖b示位置，則Rx=______Ω．

（3）若該歐姆表使用一段時間后，電池電動勢變小，內(nèi)阻變大，但此表仍能調(diào)零，按正確使用方法再測上述Rx，其測量結(jié)果與原結(jié)果相比將______（填“變大”、“變小”或“不變”）．28、如圖，一透明半圓柱體折射率2

為n=2

半徑為R

長為L

平行光束從半圓柱體的矩形表面垂直射入，部分柱面有光線射出，求該部分柱面的面積S

29、如圖所示，一不可伸長的輕繩上端懸掛于O

點，下端系一質(zhì)量m

=1.0kg

的小球.

現(xiàn)將小球拉到A

點(

保持繩繃直)

由靜止釋放，當(dāng)它經(jīng)過B

點時繩恰好被拉斷，小球平拋后落在水平地面上的C

點，地面上的D

點與OB

在同一豎直線上，已知繩長L

=1.0m

B

點離地高度H

=1.0m

A

、B

兩點的高度差h

=0.5m

重力加速度g

取10m/s2

不計空氣影響，求：(1)

地面上DC

兩點間的距離s

；(2)

輕繩所受的最大拉力大?。?0、如圖；質(zhì)量M=1kg

的長木板靜止在光滑的水平面上，有一個質(zhì)量m=0.2kg

的可看作質(zhì)點的物體以6m/s

的水平初速度木板的左端沖上木板，在木板上滑行了2s

后與木板保持相對靜止，求：

(1)

木板獲得的速度；

(2)

物體與木板間的動摩擦因數(shù)；

(3)

在此過程中產(chǎn)生的熱量；

(4)

物體與木板的相對位移．評卷人得分六、綜合題(共3題，共24分)31、如圖所示，單擺擺長為1m，做簡諧運動，C點在懸點O的正下方，D點與C相距為2m，C、D之間是光滑水平面，當(dāng)擺球A到左側(cè)最大位移處時，小球B從D點以某一速度勻速地向C點運動，A、B二球在C點相遇，求小球B的速度大小．32、[

物理隆陋隆陋

選修3鈭?4]

(1)

一列簡諧橫波沿x

軸正方向傳播，在t=0

和t=0.20s

時的波形分別如圖中實線和虛線所示。己知該波的周期T>0.20s

下列說法正確的是______。(

填正確答案標(biāo)號。)

A.波速為0.40m/s

B.波長為0.08m

C.x=0.08m

的質(zhì)點在t=0.70s

時位于波谷D.x=0.08m

的質(zhì)點在t=0.12s

時位于波谷E.若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?.80m/s

則它在該介質(zhì)中的波長為0.32m

(2)

如圖，某同學(xué)在一張水平放置的白紙上畫了一個小標(biāo)記“隆隴

”(

圖中O

點)

然后用橫截面為等邊三角形ABC

的三棱鏡壓在這個標(biāo)記上，小標(biāo)記位于AC

邊上。D

位于AB

邊上，過D

點做AC

邊的垂線交AC

于F

該同學(xué)在D

點正上方向下順著直線DF

的方向觀察。恰好可以看到小標(biāo)記的像；過O

點做AB

邊的垂線交直線DF

于EDE=2cmEF=1cm

求三棱鏡的折射率。(

不考慮光線在三棱鏡中的反射)

33、選做題。

(1)

如圖，容積為V

的汽缸由導(dǎo)熱材料制成，面積為S

的活塞將汽缸分成容積相等的上下兩部分，汽缸上部通過細(xì)管與裝有某種液體的容器相連，細(xì)管上有一閥門K

開始時，K

關(guān)閉，汽缸內(nèi)上下兩部分氣體的壓強均為p0,

現(xiàn)將K

打開，容器內(nèi)的液體緩慢地流入汽缸，當(dāng)流入的液體體積為V8

時，將K

關(guān)閉，活塞平衡時其下方氣體的體積減小了V6

不計活塞的質(zhì)量和體積，外界溫度保持不變，重力加速度大小為g

求流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量。

(2)

如圖，鈻?ABC

為一玻璃三棱鏡的橫截面，隆脧A=30鈭?

一束紅光垂直AB

邊射入，從AC

邊上的D

點射出，其折射角為60鈭?

則玻璃對紅光的折射率為_____。若改用藍(lán)光沿同一路徑入射，則光線在D

點射出時的折射射角______(

“小于”“等于”或“大于”)60鈭?

(3)

一列簡諧橫波在t=13s

時的波形圖如圖(a)

所示，PQ

是介質(zhì)中的兩個質(zhì)點，圖(b)

是質(zhì)點Q

的振動圖像。求

(i)

波速及波的傳播方向；(ii)

質(zhì)點Q

的平衡位置的x

坐標(biāo)。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】解：A；根據(jù)楞次定律可知；感應(yīng)電流的效（結(jié)）果總是要反抗引起感應(yīng)電流的原因。故A正確；

B；磁電式電流表、電壓表中線圈要繞在鋁框上一個重要原因是當(dāng)線圈引外部原因發(fā)生轉(zhuǎn)動時；鋁框產(chǎn)生感應(yīng)電流，此時鋁框中受到的安培力與運動方向相反，故起到了阻尼作用。故B正確；

C；在電磁爐上加熱食品須使用金屬器皿；是利用金屬因交變電流產(chǎn)生的渦流發(fā)熱。故C正確；

D；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知；對于同一線圈，當(dāng)電流變化越快時，線圈中產(chǎn)生的自感電動勢一定越大。故D錯誤。

本題選擇錯誤的。

故選：D。

微波爐是利用電磁波來加熱食物的。微波爐中不能使用金屬容器；因為微波能在金屬中產(chǎn)生大量的熱量，會損壞微波爐。

在電磁爐上加熱食品須使用金屬器皿；是利用金屬因交變電流產(chǎn)生的渦流發(fā)熱。

加強對基本概念的記憶，基本方法的學(xué)習(xí)利用，是學(xué)好3-4的基本方法。此處高考要求不高，不用做太難的題目?！窘馕觥緿2、B【分析】

A、由圖象可知，原線圈的電壓為220V，所以變壓器輸出功率為P2=P1=U1I1=220W；故A錯誤；

B、若n1=100匝，則n2=10匝，所以副線圈中的磁通量變化率的最大值為n2=Wb/s；故B正確．

C、根據(jù)變壓器原副線圈電壓之比等于線圈匝數(shù)比得：副線圈電壓故C錯誤；

D；變壓器的輸入功率由輸出功率決定；故D錯誤．

故選B

【解析】【答案】理想變壓器的工作原理是原線圈輸入變化的電流時；導(dǎo)致副線圈的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致副線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢．而副線圈中的感應(yīng)電流的變化，又導(dǎo)致在原線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢．變壓器的電流比與電壓比均是有效值，電表測量值也是有效值．

3、D【分析】

小球保持靜止?fàn)顟B(tài)；處于平衡狀態(tài)，合力為零；

再對小球受力分析；受重力和彈力，根據(jù)二力平衡條件可判斷彈力和重力等值；反向、共線，故彈力為2N，豎直向上；

故選D．

【解析】【答案】小球保持靜止?fàn)顟B(tài)；合力為零，小球受重力和彈力，根據(jù)二力平衡條件可判斷彈力的大小和方向．

4、D【分析】【解析】【答案】D5、B【分析】【分析】由部分電路歐姆定律有：又因為R1、R2左端電勢相等，所以R3下端電勢高，上端電勢低，R3中有自下向上的電流，大小為：可見I3>I2所以電流表有方向向左的電流大小為IA=I3-I2=0.2A。C選項正確；ABD選項錯誤。

【點評】本題難度較小，圖是一個電路的一部分，首先應(yīng)確定電路中串并聯(lián)關(guān)系，確定R3中的電流方向是解決本題的關(guān)鍵6、D【分析】【分析】示波管的YY隆盲YY隆盲偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX隆盲XX隆盲偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象。本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，要用運動的合成與分解的正交分解思想進(jìn)行思考?！窘獯稹坑捎陔姌OXX隆盲

加的是掃描電壓；電極YY隆盲

之間所加的電壓為信號電壓，信號電壓與掃描電壓周期相同，所以熒光屏上會看到的圖形是D

故D正確，ABC錯誤。

故選D。【解析】D

7、C【分析】解：A

由帶電粒子在左側(cè)磁場中的偏轉(zhuǎn)方向知磁場的方向垂直紙面向外；由左手定則知，該粒子帶負(fù)電，故A錯誤；

B；由左手定則知；帶電粒子所受的洛倫茲力方向豎直向上，則電場力的方向豎直向下，知電場強度的方向豎直向上，所以速度選擇器的P1

極板帶負(fù)電.

故B錯誤；

C、根據(jù)公式qvB=mv2r

得r=mvqB

知半徑r

越大，比荷qm

越?。徊荒艽_定質(zhì)量之間的關(guān)系.

故C正確，D錯誤．

故選：C

．

根據(jù)帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)方向確定帶電粒子的正負(fù).

根據(jù)在速度選擇器中電場力和洛倫茲力平衡確定P1

極板的帶電情況.

在磁場中；根據(jù)洛倫茲力提供向心力，求出粒子的軌道半徑，看與什么因素有關(guān)．

解決本題的關(guān)鍵會根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道在速度選擇器中，電荷所受的電場力和洛倫茲力平衡．【解析】C

8、D【分析】解：電場強度E=Ud=100.05V/m=200V/m.

故D正確；AB

C錯誤．

故選D．

平行板間的電場為勻強電場，根據(jù)E=Ud

求出電場強度的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵知道平行板間的電場為勻強電場，知道E=Ud

適用于勻強電場的計算，d

表示沿電場方向上的距離．【解析】D

二、填空題(共6題，共12分)9、略

【分析】【解析】【答案】共振10、略

【分析】解：閉合電路中電流是由電源的電動勢產(chǎn)生的；電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生感應(yīng)電流，必然存在電動勢，在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動勢稱為感應(yīng)電動勢，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的那段導(dǎo)體相當(dāng)于電源．產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化．

故答案為：感應(yīng)電動勢；電源．

在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動勢稱為感應(yīng)電動勢．產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的那段導(dǎo)體相當(dāng)于電源．產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化．

本題考查對書本基本知識的掌握程度，比較簡單，考試時不應(yīng)失分．【解析】感應(yīng)電動勢；電源11、略

【分析】

由Bqv=m可得：

R=

沿-x軸方向射出的粒子圓心在y軸上，由下圖利用幾何關(guān)系可知，所有粒子運動的圓心在以O(shè)為圓心，R為半徑的圓中的第一象限部分，則可知，粒子在x軸和y軸上達(dá)到的最遠(yuǎn)距離為均2R=

故答案為：．

【解析】【答案】由題意可知粒子的轉(zhuǎn)動半徑相同；由牛頓第二定律可求得粒子的轉(zhuǎn)動半徑；由幾何關(guān)系可得出粒子能在x軸與y軸上能到達(dá)的最遠(yuǎn)距離．

12、略

【分析】【解析】試題分析：規(guī)定向右為正方向，碰撞過程滿足動量守恒，則有帶入數(shù)據(jù)可得：負(fù)號表示方向與正方向相反，所以碰撞后第一小球的運動方向向左，考點：考查了動量守恒定律的應(yīng)用【解析】【答案】20cm/s向左13、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為6.5mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×26.8mm=0.268mm，所以最終讀數(shù)為6.5+0.268=6.768mm．

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為104mm；游標(biāo)讀數(shù)為0.05×1mm=0.05mm，所以最終讀數(shù)為104+0.05=104.05mm．

故答案為：6.768；104.05

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【解析】6.768；104.0514、⑤④①③【分析】【分析】家用白熾燈消耗的電功率通常在15W隆蘆60W

范圍內(nèi)；家用電冰箱消耗的電功率通常在90W隆蘆150W

范圍內(nèi)；家用分體空調(diào)器消耗的電功率通常在700W隆蘆1500W

范圍內(nèi)；家用洗衣機消耗的電功率通常在180W隆蘆300W

范圍內(nèi)。解決本題的關(guān)鍵是了解常見用電器電功率。【解答】家用白熾燈消耗的電功率通常在15W隆蘆60W15W隆蘆60W范圍內(nèi)即壟脻壟脻家用電冰箱消耗的電功率通常在90W隆蘆150W90W隆蘆150W范圍內(nèi)即壟脺壟脺家用分體空調(diào)器消耗的電功率通常在700W隆蘆1500W700W隆蘆1500W范圍內(nèi)即壟脵壟脵家用洗衣機消耗的電功率通常在180W隆蘆300W180W隆蘆300W范圍內(nèi)即壟脹壟脹故答案為：壟脻壟脺壟脵壟脹

【解析】壟脻壟脺壟脵壟脹

三、判斷題(共8題，共16分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?0、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實驗題(共4題，共28分)23、略

【分析】試題分析：根據(jù)楞次定律，將原線圈迅速插入副線圈與閉合開關(guān)都會使磁通量增加，因此產(chǎn)生的電流方向一樣；將原線圈插入副線圈后，將滑動變阻器觸頭迅速向左拉時，電流減小，磁通量變小，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電流與磁通量增加時產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反。因此AD正確。考點：楞次定律【解析】【答案】（1）（2）（AD）24、略

【分析】【分析】

本題考查有機物的推斷與合成，充分利用P的結(jié)構(gòu)簡式與反應(yīng)條件、分子式進(jìn)行推斷，側(cè)重考查學(xué)生分析推理能力、知識遷移運用能力，是有機化學(xué)?？碱}型，難度中等。【解答】(1)A的分子式是C7H8，其結(jié)構(gòu)簡式是結(jié)合P的結(jié)構(gòu)簡式，可知A與濃硝酸在濃硫酸、加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成B為(2)B與氯氣在光照條件下發(fā)生取代反應(yīng)生成C為C在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成D為故反應(yīng)③的化學(xué)方程式為：+NaOH+NaCl(3)由P和D可知F的結(jié)構(gòu)簡式為則E為CH3CH=CHCOOH，故E的官能團(tuán)為碳碳雙鍵和羧基；(4)E的同分異構(gòu)體只含有一種官能團(tuán)且核磁共振氫譜只有一個吸收峰則其簡式為：反應(yīng)⑤為羧酸和醇的酯化反應(yīng)：++H2O(6)應(yīng)物有乙烯再結(jié)合已知信息其設(shè)計過程為：CH2=CH2CH3CH2BrCH3CH2OHCH3CHOCH3CH=CHCOOH?！窘馕觥?1)甲苯(2)+NaOH+NaCl(3)碳碳雙鍵羧基(4)(5)++H2O(6)CH2=CH2CH3CH2BrCH3CH2OHCH3CHOCH3CH=CHCOOH25、略

【分析】【解析】【答案】（1）ＢＥ（2分，選對一個給1分）（2）ma>mb（2分）（3）A，C（每空2分）（4）45.90cm（2分，答數(shù)在45.85~45.95范圍內(nèi)的都給分。）（5）ma＝ma＋mb·（2分）26、略

【分析】無題干【解析】無題干五、計算題(共4題，共12分)27、略

【分析】解：（1）歐姆表是電流表改裝的；必須滿足電流的方向“+”進(jìn)“-”出，即回路中電流從標(biāo)有“+”標(biāo)志的紅表筆進(jìn)去，所以與A相連的表筆顏色是紅色得重新調(diào)零；

（2）歐姆表示數(shù)為：12×1=12Ω

（3）當(dāng)電池電動勢變小、內(nèi)阻變大時，歐姆得重新調(diào)零，由于滿偏電流Ig不變；由公式：

Ig=歐姆表內(nèi)阻R內(nèi)得調(diào)小，待測電阻的測量值是通過電流表的示數(shù)體現(xiàn)出來的，由I==可知當(dāng)R內(nèi)變小時；I變小，指針跟原來的位置相比偏左了，故歐姆表的示數(shù)變大了．

故答案為：（1）紅（2）12（3）變大。

（1）電流由紅表筆流入多用表；由黑表筆流出．

（2）歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)．

（3）根據(jù)歐姆表的結(jié)構(gòu)；由閉合電路歐姆定律可以判斷讀數(shù)，以及電池電動勢變小，內(nèi)阻變大時測量結(jié)果的變化。

熟悉如何使用多用電表，并知道多用電表能測哪里物理量．同時知道電阻刻度盤是不均勻的，除刻度盤上的讀數(shù)外還要乘上倍率；考查歐姆表的結(jié)構(gòu)、測量原理，同時還要注意測量誤差應(yīng)如何來分析【解析】紅；12；變大28、解：

半圓柱體的橫截面如圖所示，

OO′為半圓的半徑；設(shè)從A點入射的光線在B點處恰好滿足全反射條件，由折射定律有。

sinθ=式中；θ為全反射臨界角。

將n=代入解得，θ=

由幾何關(guān)系得∠O′OB=θ

S=2RL?∠O′OB

代入題給條件得S=RL

【分析】解決本題的關(guān)鍵要掌握全反射及其產(chǎn)生條件；結(jié)合幾何知識求解即可。

作出半圓柱體的橫截面，光線在透光的邊界恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角，即可由折射定律求出光線在柱面上的入射角，由幾何知識求面積S

【解析】解：半圓柱體的橫截面如圖所示，

OO隆盲

為半圓的半徑；設(shè)從A

點入射的光線在B

點處恰好滿足全反射條件，由折射定律有。

sin婁脠=1n

式中；婁脠

為全反射臨界角。

將n=2

代入解得，婁脠=婁脨4

由幾何關(guān)系得隆脧O隆盲OB=婁脠

S=2RL?隆脧O隆盲OB

代入題給條件得S=婁脨2RL

29、略

【分析】本題綜合考查了圓周運動向心力公式、平拋運動規(guī)律、動能定理(

或機械能守恒定律)

牛頓運動定律的應(yīng)用問題，難度中等。(1)

由動能定理判定A

到B

過程，再結(jié)合平拋運動規(guī)律可求水平位移；(2)

由牛頓第二定律寫出向心力表達(dá)式，利用牛頓第三定律判定拉力大小?！窘馕觥拷猓?1)

設(shè)小球運動至B

點的速度為v

小球由A

運動至B

點的過程中，只有重力做功，根據(jù)動能定理有壟脵

小球由B

至C

過程中；做平拋運動，設(shè)平拋運動的時間為t

根據(jù)平拋運動的規(guī)律。

在水平方向上有：s=vt壟脷

在豎直方向上有：壟脹

由壟脵壟脷壟脹

式聯(lián)立，并代入數(shù)據(jù)解得：m=1.41m

(2)

在小球剛到達(dá)B

點繩斷瞬間前；受重力mg

和繩的拉力T

作用，根據(jù)牛頓第二定律有：

壟脺

顯然此時繩對小球的拉力最大；根據(jù)牛頓第三定律可知，繩所受小球的最大拉力為：T隆盲=T壟脻

由壟脵壟脺壟脻

式聯(lián)立，并代入數(shù)據(jù)解得：T隆盲=20N

30、略

【分析】

(1)

木板與物體組成的系統(tǒng)動量守恒；由動量守恒定律可以求出木板最終獲得的速度．

(2)

對m

由動量定理即可求出動摩擦因數(shù)；

(3)

系統(tǒng)的機械能減少轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；由能量守恒定律求熱量．

(4)

根據(jù)Q=f鈻?x

即可求出物體與木板的相對位移．

本題要掌握物塊在木板上滑動時遵守的基本規(guī)律：動量守恒定律和能量守恒定律，要注意只有明確研究對象并做好受力分析，才能正確確定物理規(guī)律．【解析】解：(1)

木板與物塊組成的系統(tǒng)動量守恒；以向右為正方向，由動量守恒定律得：

mv0=(m+M)v

則得：v=mv0m+M=0.2隆脕60.2+1=1m/s

(2)

對m

由動量定理得：鈭?婁脤mgt=mv鈭?mv0

代入數(shù)據(jù)得：婁脤=0.25

(3)

在此過程中產(chǎn)生的熱量為：

Q=12mv02鈭?12(m+M)v2=3J

(4)

由Q=f鈻?x

得：鈻?x=Q渭mg=30.25脳0.2脳10=6m

答：(1)

木板獲得的速度是1m/s

(2)

物體與木板間的動摩擦因數(shù)是0.25

(3)

在此過程中產(chǎn)生的熱量是3J

(4)

物體與木板的相對位移是6m

．六、綜合題(共3題，共24分)31、略

【分析】根據(jù)單擺的周期公式求解出小球A擺動到C點的時間，然后根據(jù)位移時間關(guān)系公式列式求解．【解析】解：小球A擺動到C點的時間為：t=nT+T=(n+)(n=0；1，2，3，4，)

根據(jù)位移時間關(guān)系公式；有：S=vt；

得：v==(n=0；1，2，3，4，)

也可能小球由A開始T后與B相遇，則v==(n=0；1，2，3，4，)

答：小球B的速度大小為或者(n=0，1，2，3，4，)．32、(1)ACE

(2)

解：過D

點作AB

邊的法線NN鈥?

連接OD

則隆脧ODN=婁脕

為O

點發(fā)出的光線在D

點的入射角；

設(shè)該光線在D

點的折射角為婁脗

如圖所示。

根據(jù)折射定律有nsin婁脕=sin婁脗

由幾何關(guān)系可知隆脧婁脗=60鈭?隆脧EOF=30鈭?

在?OEF

中有EF=OEsin隆脧EOF

故OE=2cm

?OED

為等腰三角形，有婁脕=30鈭?

故n=3【分析】(1)

【分析】本題考查機械波的圖像，波長，波速和周期。根據(jù)圖像可得波長，再由簡諧橫波沿x

軸正方向傳播，在t=0

和t=0.20s

時的波形分別如圖中實線和虛線所示。己知該波的周期T>0.20s

可得周期T=0.40s

由v=婁脣T

求波速；根據(jù)簡諧波的特點可得質(zhì)點位置；波傳入另一介質(zhì)中時周期不變。解題的關(guān)鍵是理解圖像，找出波長和周期，知道簡諧波的特點?！窘獯稹緼B.

由圖可得波長為0.16m

周期T=0.40s

波速v=婁脣T=0.40m/s

故A正確，B錯誤；CD.x=0.08m

的質(zhì)點在t=0t=0時刻由平衡位置沿yy軸正方向振動，t=0.70s

時經(jīng)過134T

位于波谷。x=0.08m

的質(zhì)點在t=0.12s

時不在波谷位置，故C正確，D錯誤；E.若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?.80m/s

周期不變，則它在該介質(zhì)中的波長為婁脣=vT=0.32m

故E正確。故選ACE。(2)

本題考查幾何光學(xué)。根據(jù)光路圖的幾何關(guān)系分析入射角和折射角，利用折射定律求解折射率。解題的關(guān)鍵是知道折射定律，正確做出光路圖，根據(jù)幾何關(guān)系計算?！窘馕觥?1)ACE

(2)

解：過D

點作AB

邊的法線NN鈥?

連接OD

則隆脧ODN=婁脕

為O

點發(fā)出的光線在D

點的入射角；設(shè)該光線在D

點的折射角為婁脗

如圖所示。根據(jù)折射定律有nsin婁脕=sin婁脗

由幾何關(guān)系可知隆脧婁脗=60鈭?隆脧EOF=30鈭?

在?OEF

中有EF=OEsin隆脧EOF

故OE=2cm

?OED

為等腰三角形，有婁脕=30鈭?

故n=3

33、(1)

解：設(shè)活塞再次平衡后，活塞上方氣體的體積為V1

壓強為p1

下方氣體的體積為V2

壓強為p2

在活塞下移的過程中，活塞上、下兩部分氣體的溫度均保持不變，作等溫變化，由玻意耳定律得：

對上部分氣體有p0V2=p1V1

對下部分氣體有p0V2=p2V2

由已知條件得。

V1=V2+V6?V8=1324V

V2=V2?V6=V3

設(shè)活塞上方液體的質(zhì)量為m

由力的平衡條件得。

p2S=p1S+mg

聯(lián)立以上各式得m=15p0S26g

答：流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量是15p0S26g

(2)3

大于

(3)

解：(i)

由圖(a)

可以看出，該波的波長為婁脣=36cm

由圖(b)

可以看出周期T=2s

故波速為v=婁脣T=18cm/s

由(b)

可知，當(dāng)t=13s

時，Q

向上振動，結(jié)合圖(a)(a)(a)可知；該波沿x

軸負(fù)方向傳播；

(ii)

設(shè)質(zhì)點PQ

的平衡位置的x

軸分別為xPxQ

由圖(a)

可知，x=0

處，y=鈭?A2=Asin(?30鈭?)

由圖(b)

可知，在t=0

時點處于平衡位置，經(jīng)過QQQQ鈻?trianglett==1133ss鈻?trianglett==，其振動狀態(tài)向x

軸負(fù)方向傳播到1133點處；

所以xQ?xP=v鈻?t=6cm

解得質(zhì)點Q

的平衡位置的x

坐標(biāo)為xQ=9cm

答：(i)

波速為18cm/s

該波沿x

軸負(fù)方向傳播；

(ii)

質(zhì)點Q