2025年華師大版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、以下是必修1課本中四幅插圖，關(guān)于這四幅插圖下列說法錯誤的是（）（）A.甲圖中學(xué)生從如圖姿勢起立到直立站于體重計的過程中，體重計的示數(shù)先減少后增加B.乙圖中運(yùn)動員推開冰壺后，冰壺在冰面運(yùn)動時受到的阻力很小，可以在較長時間內(nèi)保持運(yùn)動C.丙圖中賽車的質(zhì)量不很大，卻安裝著強(qiáng)大的發(fā)動機(jī)，可以獲得很大的加速度D.丁圖中高大的橋要造很長的引橋，從而減小橋面的坡度，來減小車輛重力沿橋面方向的分力，保證行車方便與安全2、如圖，一理想變壓器原線圈接正弦交變電源，副線圈接有三盞相同的燈（不計燈絲電阻的變化），燈上均標(biāo)有（36V，6W）字樣，此時L1恰正常發(fā)光；圖中兩個電表均為理想電表，其中電流表顯示讀數(shù)為0.5A，下列說法正確的是（）

A.原、副線圈匝數(shù)之比為3：1B.變壓器的輸入功率為12WC.電壓表的讀數(shù)為18VD.若L3突然斷路，則L1變暗，L2變亮，輸入功率減大3、一個物體沿直線運(yùn)動，描繪出物體的xt鈭?t

圖象如圖所示；則下列判斷正確的是(

)

A.物體做勻速直線運(yùn)動B.物體做變加速直線運(yùn)動C.物體的初速度大小為鈭?1m/s

D.物體的加速度大小為1m/s2

4、如圖所示，A

、B

兩物體疊放在水平地面上，A

物體質(zhì)量m

=20kg

B

物體質(zhì)量M

=30kg

處于水平位置的輕彈簧一端固定于墻壁，另一端與A

物體相連，輕彈簧處于自然狀態(tài)，其勁度系數(shù)為250N/m

A

與B

之間、B

與地面之間的動摩擦因數(shù)均為婁脤

=0.5

現(xiàn)有一水平推力F

作用于物體B

上使B

緩慢地向墻壁移動，當(dāng)移動0.2m

時，水平推力F

的大小為(

已知A

、B

之間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g

取10m/s2)

()A.350N

B.300N

C.250N

D.200N

5、若“悟空”在近地軌道上做勻速圓周運(yùn)動，與地球的同步衛(wèi)星相比，“悟空”具有較小的()A.周期B.線速度C.角速度D.向心加速度評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、將一個10-6C的負(fù)電荷從電場中A點(diǎn)移到B點(diǎn)，克服電場力做功2×10-6J、從C點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場力做功7×10-6J，若已知B點(diǎn)比C點(diǎn)電勢高3V，則UAB=____V，UCD=____V，UDA=____V．7、在做“利用單擺測重力加速度”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)先測得擺線長，擺球直徑，然后用秒表記錄了單擺振動30次全振動所用的時間如圖1所示，則。

（1）秒表所示讀數(shù)為______s．

（2）為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長l，測出相應(yīng)的周期T，從而得出一組對應(yīng)的l與T的數(shù)值，再以l為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖2所示，則測得的重力加速度g=______．（保留三位有效數(shù)字）

（3）實(shí)驗(yàn)中有個同學(xué)發(fā)現(xiàn)他測得重力加速度的值偏大，其原因可能是______

A．懸點(diǎn)未固定緊；振動中出現(xiàn)松動，使擺線增長了。

B．單擺所用擺球質(zhì)量太大。

C．把n次全振動時間誤當(dāng)成（n+1）次全振動時間。

D．以擺線長作為擺長來計算。

（4）在“用單擺測定重力加速度的實(shí)驗(yàn)”中，測單擺周期時，當(dāng)擺球經(jīng)過______時開始計時并計1次，測出經(jīng)過該位置N次所用時間為t，則單擺周期為______．8、如圖所示的電路中，電源的電動勢為3V

內(nèi)阻1婁賂

兩定值電阻的阻值分別為R1=1婁賂

和R2=4婁賂.

電路中的電流為______Aab

間的電壓為______V

9、雷電是云層與大地之間或云層與云層之間的放電現(xiàn)象，放電的兩者所帶的是______（填“同”或“異”）種電荷，大地所帶的電荷是因______（填“感應(yīng)起電”或“摩擦起電”或“接觸起電”）而獲得的。10、(6分)鈾振裂變的一種方式是U＋n―→Nd＋Zr＋3n＋8X，該反應(yīng)的質(zhì)量虧損為0.2u，已知1u相當(dāng)于931.5MeV的能量。①X代表的粒子是________。②該反應(yīng)放出的能量是________J。(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)。11、如圖甲為盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型圖，原子的中間有一個體積很小、帶正電的核，盧瑟福推算出原子核的直徑約為____m；如圖乙為α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象模擬圖，圖中只有極少數(shù)α粒子有機(jī)會從離核很近的地方經(jīng)過，是因?yàn)槭艿奖容^大的____力；才會發(fā)生大角度的偏轉(zhuǎn)．

12、在探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象中；我們將電池組；滑動變阻器、線圈、靈敏電流計、導(dǎo)線、開關(guān)連成如圖甲所示的電路圖。

(1)

電鍵閉合后，下列說法中正確的是()

A.只要將線圈A

放在線圈B

中就會產(chǎn)生感應(yīng)電流B.線圈A

插入或拔出線圈B

的的過程中會產(chǎn)生感應(yīng)電流，且速度越大，感應(yīng)電流越大。C.滑動變阻器的滑片P

勻速滑動時，電流計指針不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)D.滑動變阻器的滑片P

滑動越快，電流計指針偏轉(zhuǎn)的角度越大(2)

在實(shí)驗(yàn)中，如果是因?yàn)榫€圈A

插入或拔出線圈B

導(dǎo)致電流計指針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)。這時，是________轉(zhuǎn)化為電能。

(3)

上述實(shí)驗(yàn)中，線圈AB

可等效為一個條形磁鐵，將線圈B

和靈敏電流計簡化如圖乙所示。當(dāng)電流從正接線柱流入靈敏電流計時，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)。則乙圖中靈敏電流計指針向___________接線柱方向偏轉(zhuǎn)(

填：正、負(fù))

評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)13、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）14、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯）15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯）20、空間兩點(diǎn)放置兩個異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共1題，共8分)21、（９分）如圖所示，平行板電容器的兩個極板A、B分別接在電壓為50V的恒定電源上，兩板間距為4cm，電容器帶電荷量為6×10－6C，A極板接地．求(1)平行板電容器的電容；(2)平行板兩板間的電場強(qiáng)度；(3)距B板為3cm的C點(diǎn)的電勢。評卷人得分五、簡答題(共4題，共24分)22、（14分）某銅礦石的主要成分是Cu2O，還含有少量的A12O3、Fe2O3和SiO2。某工廠利用此礦石煉制精銅的工藝流程如圖所示(已知：Cu2O+2H+=Cu+Cu2++H2O)。

（1）檢驗(yàn)濾液A中鐵元素形成的離子的試劑為____。

（2）金屬E與固體F發(fā)生的某一反應(yīng)可用于焊接鋼軌，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為____，在實(shí)驗(yàn)室中完成此實(shí)驗(yàn)還需要的試是____。a．KClO3b．KClc．Mgd．MnO2

（3）為使固體混合物D在空氣中灼燒完全分解，應(yīng)__________________，直至連續(xù)兩次測定的實(shí)驗(yàn)結(jié)果相同（或質(zhì)量相差小于0.1g）時為止；灼燒時必須用到的陶瓷儀器是____和泥三角。（4）寫出?反應(yīng)的離子反應(yīng)方程為____。

（5）將Na2CO3溶液滴入到一定量的CuCl2溶液中，得到氯化鈉、二氧化碳和一種綠色的不溶于水的鹽(不含結(jié)晶水)，該鹽受熱分解產(chǎn)生三種氧化物，則其化學(xué)式是____。23、一個氡核Rn衰變成釙核Po；并放出一個α粒子，其半衰期T=3.8天．求：

（1）寫出該核反應(yīng)方程；

（2）32g氡經(jīng)過多少天衰變還剩余1g氡．24、如圖所示，光滑水平面上有一質(zhì)量為m

1

的小車A

，其上面有一個質(zhì)量為m

2

的物體B

正在沿粗糙曲面下滑.

以A

和B

兩個物體為系統(tǒng)，試分析系統(tǒng)的內(nèi)力和外力分別是哪些力？25、rm{3}名同學(xué)在用氯酸鉀和二氧化錳混合加熱制取氧氣的過程中，發(fā)現(xiàn)生成的氣體有刺激性氣味，針對這一“異?，F(xiàn)象”進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)探究及分析。rm{(1)}甲用濕潤的rm{KI-}淀粉試紙檢驗(yàn)上述生成的氣體，觀察到試紙變藍(lán)，據(jù)此判斷氧氣中混有rm{Cl_{2}}用離子方程式解釋甲判斷試紙變藍(lán)的原因______。rm{(2)}乙認(rèn)為上述現(xiàn)象只能說明混合氣體具有_________性，實(shí)驗(yàn)中使試紙變藍(lán)的氣體____還可能是rm{O_{2}}或rm{O_{3}}為了進(jìn)一步驗(yàn)證甲的推測，乙補(bǔ)充了一個實(shí)驗(yàn)：將上述生成的氣體冷卻后通入盛有_________溶液的洗氣瓶中，若現(xiàn)象為_________，則甲的推測合理rm{{,!}}rm{(3)}丙查閱文獻(xiàn)獲知，這種方法制取氧氣的過程中確有rm{Cl_{2}}產(chǎn)生，并且查到了以下反應(yīng)歷程：rm{壟脵2KClO_{3}+2MnO_{2}隆煤2KMnO_{4}+Cl_{2}+O_{2}隆眉}rm{壟脵2KClO_{3}+2MnO_{2}隆煤2KMnO_{4}+

Cl_{2}+O_{2}隆眉}__________rm{壟脹K_{2}MnO_{4}+Cl_{2}隆煤2KCl+MnO_{2}+O_{2}隆眉}總反應(yīng)rm{2KClO_{3}隆煤2KCl+3O_{2}隆眉}丙設(shè)計實(shí)驗(yàn)，通過觀察rm{壟脷}的特征顏色來驗(yàn)證反應(yīng)歷程中rm{壟脹K_{2}MnO_{4}+Cl_{2}隆煤2KCl+

MnO_{2}+O_{2}隆眉}的發(fā)生，具體實(shí)驗(yàn)操作為：將一定量的rm{2KClO_{3}隆煤2KCl+

3O_{2}隆眉}和rm{MnO_{4}^{-}}混合于試管中，加熱，_________________________________。rm{壟脵}的化學(xué)方程式_______________________________________________。rm{KClO_{3}}另據(jù)文獻(xiàn)記載：此法制取的氧氣中除了含有rm{MnO_{2}}還混有化合物寫出歷程中反應(yīng)rm{壟脷}的化學(xué)方程式_______________________________________________。rm{壟脷}具有強(qiáng)氧化性，可以將污水中的rm{(4)}氧化成rm{Cl_{2}}反應(yīng)的離子方程式為_________。rm{ClO_{2}}評卷人得分六、證明題(共2題，共20分)26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動為簡諧運(yùn)動。27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動為簡諧運(yùn)動。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】試題分析：甲圖中學(xué)生先向上加速后減速，最后靜止，先超重后失重，體重計的示數(shù)先增加后減少，A錯誤；乙圖中冰壺在冰面運(yùn)動時受到的阻力很小，可以在較長時間內(nèi)保持運(yùn)動B正確；丙圖中賽車的質(zhì)量不很大，卻安裝著強(qiáng)大的發(fā)動機(jī)，根據(jù)牛頓第二定律可知可以獲得很大的加速度C正確；丁圖中高大的橋要造很長的引橋，從而減小橋面的坡度，來減小車輛重力沿橋面方向的分力，保證行車方便與安全D正確．考點(diǎn)：本題考查了力的分解、超重失重和牛頓第二定律等知識。【解析】【答案】A2、C【分析】解答：A、L1恰正常發(fā)光，其電流為，燈泡的電阻，電壓表示數(shù)為0.5IR=18V，根據(jù)輸入功率等于輸出功率知解得：U1=18V；原；副線圈匝數(shù)之比為18：54=1：3，AB錯誤，C正確。

D、若L3突然斷路，電阻增大，電流減小，則L1變暗，分壓減小，L2分壓增大變亮，輸入功率P=UI減??；D錯誤。

故選：C

分析：根據(jù)電壓與匝數(shù)程正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項(xiàng)分析即可得出結(jié)論．3、D【分析】解：由數(shù)學(xué)知識可得：xt=(0.5t+0.5)m/s

則得：x=0.5t2+0.5t

由勻變速直線運(yùn)動的位移公式x=v0t+12at2

可知物體做勻加速直線運(yùn)動；初速度為v0=0.5m/s

物體的加速度大小為1m/s2.

故ABC錯誤，D正確．

故選：D

．

根據(jù)數(shù)學(xué)知識寫出x

與t

的關(guān)系式；再求出v

與t

的關(guān)系，從而判斷物體的運(yùn)動性質(zhì)和加速度．

解決本題的關(guān)鍵是運(yùn)用數(shù)學(xué)知識寫出x

與t

的關(guān)系式，采用比對法分析物體的運(yùn)動性質(zhì)．【解析】D

4、B【分析】假設(shè)A

、B

間沒有相對滑動，則輕彈簧的壓縮量為x

=0.2m

此時輕彈簧的彈力大小為F

=

kx

=50N

而A

與B

間的最大靜摩擦力為F

fA

=

婁脤mg

=100N

所以A

、B

之間沒有相對滑動，它們之間的摩擦力為靜摩擦力，其大小為F

f1=50N

B

與地面間的摩擦力為滑動摩擦力，其大小為F

f2=

婁脤

(

m

+

M

)

g

=250N

由B

緩慢移動，可知推力的大小為F

=

F

f1+

F

f2=300N

即B

選項(xiàng)正確。【解析】B

5、B【分析】【分析】根據(jù)速度隨時間的變化規(guī)律，判斷火箭的運(yùn)動情況.

分析時抓住傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動。本題考查了勻變速直線運(yùn)動的圖像；解決本題的關(guān)鍵知道速度時間圖線的物理意義，會通過速度時間圖線判斷物體的運(yùn)動規(guī)律，以及知道圖線的斜率。【解答】A.該圖表示速度不變；物體做勻速直線運(yùn)動，不能反映火箭的運(yùn)動情況，故A錯誤；

B.該圖表示速度隨時間均勻增大；做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，能反映火箭的運(yùn)動情況，故B正確；

C.該圖表示速度隨時間均勻減小；做勻減速直線運(yùn)動，不能反映火箭的運(yùn)動情況，故C錯誤；

D.速度時間圖像的斜率表示加速度；則該圖像表示加速度不斷增大的變加速直線運(yùn)動，故D錯誤。

故選B。

【分析】超重時，物體對懸掛物的拉力或?qū)χ蚊娴膲毫Υ笥谥亓?，根?jù)牛頓第二定律，物體受到向上的合力，加速度方向向上；失重時，物體對懸掛物的拉力或?qū)χ蚊娴膲毫π∮谥亓Γ鶕?jù)牛頓第二定律，物體受到向下的合力，加速度方向向下、本題考查了超重和失重；解決本題的關(guān)鍵理解超失重的運(yùn)動學(xué)特征：超重時，加速度方向向上；失重時，加速度方向向下。【解答】“悟空”隨火箭加速上升時，加速度方向向上，“悟空”處于超重狀態(tài).

“悟空”在繞地球勻速運(yùn)行時，物體所受的萬有引力提供圓周運(yùn)動所需的向心力，物體與接觸面之間無作用力，處于完全失重狀態(tài)；故B正確；ACD錯誤。

故選B。

【分析】已知粒子的質(zhì)量和速度，根據(jù)動能的計算公式Ek=12mv2

求解。本題考查了動能。解決本題的關(guān)鍵要掌握動能的計算公式Ek=12mv2

要注意公式中v

實(shí)質(zhì)上是速率?！窘獯稹繐?jù)題知粒子質(zhì)量為m

速度為v

則其動能大小為：Ek=12mv2

故ABC錯誤，D正確。故選D。

【分析】“悟空”和同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，靠地球的萬有引力提供向心力，根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律判斷周期、線速度、角速度和向心加速度的大小關(guān)系。本題考查了人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；解決本題的關(guān)鍵知道飛船和同步衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動靠萬有引力提供向心力，掌握線速度、角速度、周期、向心加速度和軌道半徑的關(guān)系?！窘獯稹俊拔蚩铡焙偷厍蛲叫l(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動，由地球?qū)πl(wèi)星的萬有引力提供衛(wèi)星所需的向心力，則有：GMmr2=m4婁脨2T2r=mv2r=m婁脴2r=ma

可得：T=2婁脨r3GMv=GMr婁脴=GMr3a=GMr2

由上可知：“悟空”的軌道半徑較小，則其線速度、角速度和向心加速度較大，周期較?。还蔄正確，BCD錯誤。故選A。【解析】?！拘☆}1

】B【小題2

】B【小題3

】D【小題4

】A二、填空題(共7題，共14分)6、略

【分析】

根據(jù)條件，電荷的電量q=-10-6C，負(fù)電荷從電場中A點(diǎn)移到B點(diǎn)，克服電場力做功2×10-6J，電場力做功為WAB=-2×10-6J，則=V=2V．由題，負(fù)電荷從C點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場力做功WCD=7×10-6J，則UCD==-V=-7V．已知B點(diǎn)比C點(diǎn)電勢高3V，即UBC=3V．而UDA=UDC-UAB-UBC=7V-2V-3V=2V．

故答案為：2；-7，2

【解析】【答案】由題，電荷從電場中A點(diǎn)移到B點(diǎn)，克服電場力做功2×10-6J，電場力做功為-2×10-6J．根據(jù)公式U=分別求出A、B間UAB，及C、D間的電勢差UCD．根據(jù)已知條件B點(diǎn)比C點(diǎn)電勢高3V，求解UDA．

7、略

【分析】解：（1）小表盤表針超過了半刻線；故：

t=0+57.0s=57.0s

（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2π有：

故T2-l圖線的斜率表示：

故g===9.86m/s2

（3）根據(jù)單擺的周期公式T=2π有：g=

A；擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，振動周期變大，而測得的擺長偏小，則測得重力加速度偏小，故A錯誤；

B；單擺的周期與擺球的質(zhì)量無關(guān)；故對重力加速度的測量無影響，故B錯誤；

C；把n次全振動時間誤當(dāng)成（n+1）次全振動時間；周期的測量值偏小，故重力加速度的測量值偏大，故C正確；

D；以擺線長作為擺長來計算；沒有考慮球的半徑，故擺長的測量值偏小，故測得重力加速度偏小，故D錯誤；

故選：C．

（4）在“用單擺測定重力加速度的實(shí)驗(yàn)”中；測單擺周期時，當(dāng)擺球經(jīng)過平衡位置時速度最大，故從平衡位置開始計時誤差最小；

擺球經(jīng)過平衡位置時開始計時并計1次；測出經(jīng)過該位置N次所用時間為t，則單擺周期為：

T==

故答案為：（1）57.0；（2）9.86m/s2；（3）C；（4）平衡位置，．

（1）秒表先讀分針讀數(shù)；再讀秒針讀數(shù)，兩者相加；機(jī)械式秒表的小表盤表示分鐘，大表盤表示秒，大表盤一圈30秒；為了確定是前三十秒還是后三十秒，需要參考小表盤兩分鐘之間的半刻線：如果小表盤表針沒到半刻線，就是某分鐘+小表盤示數(shù)秒；如果小表盤表針超過了半刻線，就是某分鐘+（大表盤示數(shù)+30）秒；

（2）由單擺的周期公式T=2π變形得到l與T2的表達(dá)式，分析T2-l圖線的斜率的意義；并求出斜率，得到g；

（3）由單擺的周期公式T=2π推導(dǎo)出重力加速度的表達(dá)式進(jìn)行分析；

（4）擺球每半個周期通過一次平衡位置，根據(jù)t=T；求出周期．

本題考查了秒表讀數(shù)、重力加速度的測量原理和誤差來源，關(guān)鍵從實(shí)驗(yàn)原理出發(fā)考慮誤差情況，不難．【解析】57.0；9.86m/s2；C；平衡位置；8、略

【分析】解：由閉合電路歐姆定律得；電路中的電流：

I=ER1+R2+r=31+4+1=0.5A

ab

間的電壓Uab=IR2=0.5隆脕4V=2V

故答案為：0.52

根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中的電流；由部分電路歐姆定律求電阻R2

兩端的電壓。

本題主要考查了閉合電路歐姆定律的直接應(yīng)用，要注意運(yùn)用閉合電路歐姆定律時電源的內(nèi)阻不能遺漏?！窘馕觥?.52

9、異感應(yīng)起電【分析】解：云層因?yàn)槟Σ炼鴰М惙N電荷；當(dāng)云層所帶電荷越積越多時，就會在云層之間發(fā)生放電現(xiàn)象。

云層與大地之間也是帶異種電荷；大地所帶的電荷是因云層帶電，大地引靜電感應(yīng)而獲得的。

故答案為：異；感應(yīng)起電。

根據(jù)摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移；得到電子的物體帶負(fù)電，失去電子的物體帶正電，所以相互摩擦的兩個物體帶等量的異種電荷。

通常情況下原子核所帶正電荷數(shù)和核外電子所帶負(fù)電荷數(shù)相等，故整個原子呈中性。當(dāng)兩個物體相互摩擦?xí)r，由于一個物體中原子核對電子束縛作用弱，另一個物體中原子核對電子束縛作用強(qiáng)，那么，束縛作用弱的將失去電子，而使整個物體顯正電性；束縛作用強(qiáng)的將得到電子，而使整個物體顯負(fù)電性，所以摩擦起電是電子發(fā)生轉(zhuǎn)移的宏觀表現(xiàn)?！窘馕觥慨惛袘?yīng)起電10、略

【分析】試題分析：①根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒得：質(zhì)量數(shù)為0，核電荷數(shù)為-1，故此粒子是電子②該核反應(yīng)質(zhì)量虧損為△m=0.2u，△E=0.2×931.5MeV=2.98×10-11J考點(diǎn)：核反應(yīng)方程；核能的計算.【解析】【答案】①②2.98×10-1111、10﹣15排斥【分析】【解答】原子核直徑的數(shù)量級為10﹣15m，在α粒子散射實(shí)驗(yàn)中，極少數(shù)α粒子從離核很近的地方經(jīng)過；發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)是受到了原子核較大的排斥力作用．

故答案為：10﹣15；排斥。

【分析】盧瑟福在用a粒子轟擊金箔的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，提出原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說，原子核直徑的數(shù)量級為10﹣15m，原子核帶正電荷且質(zhì)量很大，α粒子也帶正電荷，由于同種電荷相互排斥和α粒子被質(zhì)量較大的原子核彈回．12、(1)BD(2)機(jī)械能(3)正【分析】【分析】(1)

依據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，及法拉第電磁感應(yīng)定律，即可求解；(2)

根據(jù)感生電動勢與動生電動勢產(chǎn)生原理，結(jié)合感應(yīng)電場，及能量守恒與轉(zhuǎn)化，即可判定；(3)

依據(jù)楞次定律的內(nèi)容，結(jié)合電流從正接線柱流入靈敏電流計時，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)，即可確定?？疾楦袘?yīng)電流產(chǎn)生條件，掌握楞次定律與法拉第電磁感應(yīng)的內(nèi)容，理解動生電動勢與感生電動勢的區(qū)別與聯(lián)系，注意第3

問中：當(dāng)電流從正接線柱流入靈敏電流計時，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)，是解題的突破口?！窘獯稹?1)A.

當(dāng)將線圈A

放在線圈B

中，因磁通量不變，則不會引起電流計指針偏轉(zhuǎn)，故A錯誤；B.線圈A

插入或拔出線圈B

的速度越大，則穿過線圈的磁通量的變化率越大，那么電流計指針偏轉(zhuǎn)的角度越大，故B正確；C.滑動變阻器的滑片P

勻速滑動時，穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，則電流計指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；D.滑動變阻器的滑片P

滑動越快，則穿過線圈的磁通量的變化率越大，那么電流計指針偏轉(zhuǎn)的角度越大，故D正確；故選BD。(2)

如果線圈A

置于線圈B

中不動，因某種原因，電流計指針發(fā)生了偏轉(zhuǎn).

這時，線圈B

相當(dāng)于產(chǎn)生感應(yīng)電流的“電源”.

對于的電動勢為感生電動勢，則由感生電場產(chǎn)的電場力做功產(chǎn)生的；如果是因?yàn)榫€圈A

插入或拔出線圈B

導(dǎo)致電流計指針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，對應(yīng)的是動生電動勢，由能量守恒定律可知，是將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為動能；(3)

因電流從正接線柱流入靈敏電流計時，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)，根據(jù)楞次定律，依據(jù)圖可知，螺線管的感應(yīng)電流由上向下，則靈敏電流計指針向正接線柱方向偏轉(zhuǎn)；故填：(1)BD(2)

機(jī)械能(3)

正?！窘馕觥?1)BD(1)BD(2)(2)機(jī)械能(3)(3)正三、判斷題(共8題，共16分)13、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?8、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、作圖題(共1題，共8分)21、略

【分析】試題分析：由電容的定義式C＝1.2×10-7C，兩板間的電場強(qiáng)度1.25×103N/C，C點(diǎn)距A板間距離為dAC＝d-dbc=1cm,則AC間的電勢差UAC＝EdAC=12.5V=φA－φC，A點(diǎn)接地φA＝0，解得φc＝-12.5V考點(diǎn)：本題考查電容的定義式、勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系?！窘馕觥俊敬鸢浮?.2×10-7C，1.25×103N/C，-12.5V五、簡答題(共4題，共24分)22、略

【分析】【分析】考查本題考查了銅的單質(zhì)及其化合物的性質(zhì)及轉(zhuǎn)化、反應(yīng)試劑的選擇、物質(zhì)成分的確定、實(shí)驗(yàn)操作方法、化學(xué)方程式和離子方程式的書寫等，涉及范圍較廣，綜合性較強(qiáng)，題目難度中等?！窘獯稹磕炽~礦石的主要成分是Cu2O，還含有少量的Al2O3、Fe2O3和SiO2，加入足量的稀鹽酸，氧化亞銅反應(yīng)生成銅離子和金屬銅，氧化鐵和氧化鋁溶解于稀鹽酸，二氧化硅不溶解，固體混合物B含有銅和二氧化硅，二氧化硅溶于足量的氫氧化鈉溶液。濾液A含有亞鐵離子、鋁離子、銅離子等，濾液A加入足量的氫氧化鈉溶液和空氣氧化得濾液C偏鋁酸鈉溶液、固體混合物D(氫氧化鐵、氫氧化銅)，氫氧化鐵、氫氧化銅高溫灼燒生成氧化銅、氧化鐵，偏鋁酸鈉溶液C經(jīng)過一系列反應(yīng)生成金屬鋁E，E和F發(fā)生鋁熱反應(yīng)生成金屬鐵、銅和氧化鋁，電解精煉得精銅。(1)分析可知濾液A中，Cu2O溶于酸反應(yīng)生成銅和銅鹽；銅和鐵離子反應(yīng)生成亞鐵離子，所以濾液A中為亞鐵離子，檢驗(yàn)濾液A中存在的亞鐵離子可以用KSCN和氯水檢驗(yàn)；

故答案為：硫氰化鉀溶液和新制氯水；

(2)鋁熱反應(yīng)是鋁和氧化鐵反應(yīng)生成鐵，金屬E與固體F發(fā)生的某一反應(yīng)可用于焊接鋼軌，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為2Al+Fe2O3Al2O3+2Fe，在實(shí)驗(yàn)室中完成此實(shí)驗(yàn)還需要的試劑是KClO3提供氧氣引發(fā)反應(yīng)；故選a；

故答案為：2Al+Fe2O3Al2O3+2Fe；a；(3)為使固體混合物D在空氣中灼燒完全分解，減少實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)連續(xù)灼燒、冷卻、稱重，直至連續(xù)兩次測定的實(shí)驗(yàn)結(jié)果相同（或質(zhì)量相差小于0.1g）時為止；灼燒時必須用到的陶瓷儀器是坩堝和泥三角。(4)步驟③二氧化硅溶于足量的氫氧化鈉溶液生成硅酸鈉，反應(yīng)的離子反應(yīng)方程為：SiO2+2OH-=SiO32-+H2O。

(5)Na2CO3溶液顯堿性，CuCl2溶液顯酸性，相互反應(yīng)得到氯化鈉、二氧化碳和一種綠色的不溶于水的鹽(不含結(jié)晶水)，該鹽受熱分解產(chǎn)生三種氧化物，一定是生成氧化銅、水和二氧化碳，則其化學(xué)式是Cu2(OH)2CO3?！窘馕觥?1)硫氰化鉀溶液和新制氯水。

(2)2Al+Fe2O3Al2O3+2Fea(3)連續(xù)灼燒、冷卻、稱重坩堝(4)SiO2+2OH-=SiO32-+H2O

(5)Cu2(OH)2CO3。23、略

【分析】

根據(jù)衰變過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒列出衰變方程；得出是什么粒子，然后寫出核反應(yīng)方程．運(yùn)用半衰期的定義進(jìn)行定量計算．

知道放射性元素的半衰期是有一半該元素的原子核發(fā)生衰變所用的時間．求解時注意m為剩余的質(zhì)量．【解析】解：（1）根據(jù)衰變過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知：該核反應(yīng)的方程是86222Rn→84218Po+24He；

（2）根據(jù)m=得，解得n=5，知經(jīng)過了5個半衰期，則t=3.8天×5=19天．

答：（1）該核反應(yīng)方程為86222Rn→84218Po+24He；

（2）32g氡經(jīng)過19天衰變還剩余1g氡．24、B和A之間的作用力是系統(tǒng)內(nèi)的物體之間的相互作用力，是內(nèi)力．具體地說，A對B的彈力和摩擦力以及B對A的反作用力(壓力和摩擦力)是內(nèi)力．地球是系統(tǒng)外的物體，因此，地球施于A和B的重力以及地面對A的彈力是外力．【分析】略【解析】B

和A

之間的作用力是系統(tǒng)內(nèi)的物體之間的相互作用力，是內(nèi)力.

具體地說，A

對B

的彈力和摩擦力以及B

對A

的反作用力(

壓力和摩擦力)

是內(nèi)力.

地球是系統(tǒng)外的物體，因此，地球施于A

和B

的重力以及地面對A

的彈力是外力．25、rm{(1)Cl_{2;}+2I^{-;}簍T簍T簍T2Cl^{-;}+I_{2;;;;;;;;;}}

rm{(1)Cl_{2;}+2I^{-;}簍T簍T簍T2Cl^{-;}+

I_{2;;;;;;;;;}}氧化硝酸酸化的硝酸銀產(chǎn)生白色沉淀。

rm{(2)}在rm{(3)}rm{KClO}未完全分解前，冷卻混合物并把它倒入水中反應(yīng)rm{{,!}_{3}}rm{overset{?}{=}K_{2}MnO_{4}+MnO_{2}}rm{壟脷2KMnO_{4}}

rm{overset{?}{=}K_{2}MnO_{4}+

MnO_{2}}或rm{+O_{2}隆眉}

rm{(4)8ClO_{2}+5S^{2-}+4H_{2}O簍T簍T簍T5SO_{4}^{2-}+8Cl^{-}+8H^{+;;}}【分析】【分析】本題考查探究物質(zhì)的組成，側(cè)重考查物質(zhì)性質(zhì)、物質(zhì)之間的反應(yīng)，涉及氧化還原反應(yīng)、離子檢驗(yàn)、物質(zhì)成分判斷等知識點(diǎn)，明確物質(zhì)性質(zhì)是解本題關(guān)鍵，知道常見離子檢驗(yàn)方法、實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象等，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}濕潤的淀粉碘化鉀試紙變藍(lán)色，說明有碘生成，氯氣具有強(qiáng)氧化性，能氧化碘離子生成碘，離子方程式為rm{Cl_{