2025年外研版三年級起點必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、永磁體之間的相互作用與電荷之間的相互作用相似，人們將電荷的相關概念引入磁現(xiàn)象的研究之中。認為磁棒的兩極存在兩種磁荷，N極帶正磁荷，S極帶負磁荷?！按藕伞庇^點認為磁荷可以激發(fā)磁場，描述磁場的基本物理量定義為磁場強度H。類比電場強度的定義方法，用正磁荷在磁場中受到的磁場力F和其磁荷Q的比值表示磁場強度H，方向與該處正磁荷受力方向一致。用圖裝置，可以測量通電線圈產(chǎn)生的磁場和“磁荷”間的作用力。假設圖中N極的磁荷線圈不通電時，測力計示數(shù)為（）

A.當線圈中通順時針方向（俯視）電流時，測力計示數(shù)小于B.磁鐵N極所處位置的磁場強度大小C.通電后測力計示數(shù)改變量為F，則磁鐵N極所處位置的磁場強度大小D.如果將一根較短磁鐵掛在測力計上，并使磁鐵完全放入線圈中，則通電后測力計的示數(shù)變小2、勻強電場中有A、B、C三點構成的等邊三角形，邊長均為4cm，將一帶電荷量q＝1.0×10－10C的正電荷（不計重力），從A點移到C點，電場力做功為－×10－9J，若把同一電荷從A點移到B點，電場力做功也為－×10－9J；那么該電場的場強大小是（）

A.5×102V/mB.×102V/mC.×102V/mD.5×10－2V/m3、質量為m、電荷量為+Q的帶電小球A固定在絕緣天花板上，質量也為m的帶電小球B在空中水平面內繞O點做半徑為R的勻速圓周運動，如圖所示。已知小球A、B均可視為點電荷，它們之間的距離為2R，重力加速度為g，靜電力常量為k。則（）

A.B球所受合力始終指向A球B.B球受到重力、庫侖力、向心力三個力作用C.B球轉動的角速度為D.天花板對A球的作用力大小為2mg4、圖中是兩個點電荷，它們的電量分別為是連線的中垂線。一帶正電的粒子，僅在電場力的作用下通過了中垂線上的點。下列哪種情況，能使粒子通過點時獲得指向的左側的加速度（）

A.都是正電荷，且B.是正電荷，是負電荷，且C.是負電荷，是正電荷，且D.都是負電荷，且5、人體的細胞膜模型圖如圖所示，由磷脂雙分子層組成，雙分子層之間存在電壓（醫(yī)學上稱為膜電位），現(xiàn)研究某小塊均勻的細胞膜，厚度為d，膜內的電場可看作勻強電場，簡化模型如圖b所示，初速度可視為零的一價正鉀離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點；下列說法正確的是（）

A.鉀離子的電勢能增大B.點電勢等于點電勢C.若膜電位增加，則鉀離子進入細胞內的速度更大D.若膜電位不變，膜的厚度越大，則鉀離子進入細胞內的速度越大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示A.電路中每通過1C電量，電源把2J的化學能轉變?yōu)殡娔蹷.蓄電池接在電路中時，兩極間的電壓一定為2VC.蓄電池能在1s內將2J的化學能轉變成電能D.蓄電池將化學能轉變成電能的本領比一節(jié)干電池（電動勢為1.5V）的大7、在如圖所示的電路中，閉合電鍵S，將滑動變阻器滑片P向a端移動一段距離；下列結論正確的是。

A.電流表讀數(shù)變小B.燈泡L變亮C.電容器C上的電荷量增多D.電壓表讀數(shù)變小8、真空中相距為3a的兩個點電荷M，N分別固定于x軸上的x1=0和x2=3a的兩點上，在他們連線上各點的電場強度E隨x變化關系如圖所示；以下判斷正確的是。

A.x=a處的電勢一定大于0B.點電荷M,N一定為同種電荷C.在兩點電荷之間沿x軸正向電勢可能先降低再升高D.點電荷M,N所帶電荷量的絕對值之比為2：19、兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上的O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢隨x變化的關系如圖所示，其中A、N兩點的電勢均為零，ND段中的C點電勢最高，則

A.N點的電場強度大小為零B.A點的電場強度的大小為零C.NC間電場強度方向指向x軸負方向D.將一負點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負功10、如圖所示，電路中接有五個理想電表，現(xiàn)閉合開關當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時；電表的示數(shù)都發(fā)生了變化，下列分析正確的是（）

A.電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減小B.電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大C.電壓表示數(shù)的改變量的絕對值大于電壓表示數(shù)的改變量的絕對值，即D.電壓表示數(shù)的改變量與電流表示數(shù)改變量的比值的絕對值等于電源內阻，即11、如圖所示為研究電子槍中電子在電場中運動的簡化模型示意圖。在Oxy平面的ABCD區(qū)域內，存在兩個場強大小均為E的勻強電場Ⅰ和Ⅱ，兩電場的邊界均是邊長為L的正方形（不計電子所受重力）（）

A.在該區(qū)域AB邊的中點處由靜止釋放電子，則電子離開ABCD區(qū)域的位置坐標為（－2L，）B.如果在電場Ⅰ區(qū)域內適當位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開，則所有釋放點的位置坐標滿足方程C.若將左側電場Ⅱ整體水平向右移動（），仍使電子從ABCD區(qū)域左下角D處離開（D不隨電場移動），則在電場Ⅰ區(qū)域內由靜止釋放電子的所有可能的位置坐標滿足方程D.在該區(qū)域AB邊的中點處由靜止釋放電子，當電子在電場Ⅰ中運動時，它的電勢能不斷減小，當電子在電場Ⅱ中運動的過程中，電場力對電子做負功12、已知π+介子、π—介子都是由一個夸克（夸克u或夸克d）和一個反夸克（反夸克或反夸克）組成的，它們的帶電量如下表所示，表中e為元電荷．下列說法正確的是（）

A.π+由u和組成B.π+由d和組成C.π—由u和組成D.π—由d和組成13、一根固定的、絕緣的、光滑的水平桿上套著一個帶電小球，和的長度相同，空間存在靜電場，小球在A點獲得初動能，從A運動到B的過程中，小球的圖像如圖所示；下列說法正確的是（）

A.小球先做變加速運動后做勻減速運動B.小球在段運動的加速度一直小于在段運動的加速度C.小球在段的運動時間小于段的運動時間D.A到C和C到B兩個過程中電場力對小球做功相同14、在某一電場中建立一個x軸，x軸上各點電勢φ隨x的變化規(guī)律如圖所示，坐標點0、x1、x2、和x3分別與x軸上O、A、B、C四點相對應，且坐標0點的為零電勢。一個電子從O點由靜止釋放，沿x軸的正方向運動到A點時的動能為Ek；僅考慮電場力作用，則（）

A.電子到達B點和C點時的動能分別是EkB.電子從O運動到C點，加速度先增大、后減小、再增大C.若開始時電子位于A點且速度為零，現(xiàn)給電子一個沿x軸方向的初速度，電子可能會做往復運動D.在0~x3區(qū)間內，電場方向始終指向正方向，電場強度先不變、后減小、再到增大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、帶正電1.0×10-2C的粒子，在電場中先后經(jīng)過A、B兩點，飛經(jīng)A點時動能為10J，飛經(jīng)B點時動能為4J，則帶電粒子從A點到B點過程中電勢能增加了_______J，A、B兩點電勢差為_______。16、圓弧中的電流產(chǎn)生的磁感應強度與其半徑成反比，直線電流在其延長線上的磁感應強度為零，則圖中a、b兩點的磁感應強度的大小關系為________，a處磁感應強度的方向為________。17、如圖電路；當滑動變阻器的滑片放在正中時，三燈的亮度相同，則：

（1）三燈的電阻大小關系是：____；

（2）當滑動變阻器的滑片下移后，三個燈的亮度最暗的是____燈．18、在電場中A點放一個電量的電荷，受到電場力大小為則該力的方向跟A點電場強度的方向相__________，A點電場強度大小為__________如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為__________N，方向跟A點電力線的方向相__________，如果拿走電荷則A點電場強度大小為__________19、尖端放電的應用與防止：

（1）應用：______是利用尖端放電避免雷擊的一種設施．

（2）防止：高壓設備中導體的表面盡量______會減少電能的損失．20、電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示，A、B、C為電場中的三點，則三點中電場強度最大的是___________點，電勢最低的是___________點；將一個正點電荷從A點移動到C點過程中電場力做___________（選填“正功”或“負功”）。

21、如圖所示，電源電動勢為E、內阻為r，外電阻分別為閉合電鍵S，當滑動變阻器的觸頭，P向下滑動時，四個理想電表A、的示數(shù)都將發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、和表示，電表示數(shù)變化量分別用和表示。

（1）示數(shù)和其中一定變小的是_________。

（2）表達式其中一定變小的是__________。

（3）變化量和其中絕對值最大的是___________。

（4）用r表示下列比值，注意結果的正負___________：。________________________________

（5）若的調節(jié)范圍為為了讓電阻消耗功率最大，則應取______為了讓電阻消耗功率最大，則應取______為了讓電阻消耗的總功率最大，則應取_____22、如圖甲所示電路，電源電壓保持不變。閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P從右端滑到左端的過程中，R1、R2的I﹣U關系圖象如圖乙所示。則電源電壓為_______V，R1的阻值是_______Ω。

23、質量為m、電荷量為q的粒子，以初速度v0垂直于電場方向進入兩平行板間場強為E的勻強電場，極板間距離為d，兩極板間電勢差為U，板長為l.

(1)偏轉距離：由t＝()，a＝()，所以y＝()＝()

(2)偏轉角度：因為vy＝()＝()，所以tanθ＝()＝()

(3)由知x＝()粒子射出電場時速度方向的反向延長線過水平位移的()．評卷人得分四、作圖題(共1題，共9分)24、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共6分)25、某同學設計了如圖（a）所示電路研究電源輸出功率變化情況。電源E電動勢、內電阻恒定，R1為滑動變阻器，R2、R3為定值電阻；A；V為理想電表。

（1）若滑動片P由a滑至b時A示數(shù)一直變小，則R1和R2必須滿足的關系是__________________。

（2）若R1＝6R2＝12電源內電阻r＝6當滑動片P由a滑至b時，電源E的輸出功率P隨外電路總電阻R的變化關系如圖（b）所示，則R3的阻值應該選擇（）

（A）2（B）4（C）6（D）826、某實驗興趣小組為了研究電表的改裝原理和練習使用多用電表；設計了如下實驗。

（1）某同學用多用電表粗測電阻時采用“”倍率，結果多用電表表盤指針位置如圖乙中右側虛線指針所示，為了測量更加準確，這時應該采用__（選填“”或“”）倍率，換完倍率以后而要重新進行________（選填“機械調零”或“歐姆調零”），如果此時讀數(shù)如圖乙中左側指針位置所示，則讀數(shù)是____

（2）圖甲為某同學隨意設計的電流擋，電壓擋的兩用表電路圖。已知電流計的量程是內阻是電阻則選擇開關接到“1”是______（選填“電流擋”或“電壓擋”），其量程是_______；選擇開關接到“2”時，其擋位的量程是______。

（3）一個多用電表的電池用久了，電動勢E由1.5V降成1V，內阻r由變成現(xiàn)用此電表歐姆調零后測試未知電阻，讀數(shù)為則其真實值為__27、某同學利用直流恒流電源（含開關）來測量已知量程電流表的內阻和直流恒流電源的輸出電流I0。利用如下實驗器材設計了如圖1所示的測量電路。待測電流表A(量程為0.6A，內阻約為0.5Ω)；直流恒流電源（電源輸出的直流電流I，保持不變，I約為0.8A)；電阻箱R；導線若干?；卮鹣铝袉栴}：

(1)電源開關閉合前，電阻箱的阻值應該調到___________（填“最大”或“最小”）。

(2)電源開關閉合后，調節(jié)電阻箱的讀數(shù)如圖2所示，其值為__________

(3)電源開關閉合后，多次調節(jié)電阻箱，記下電阻箱的讀數(shù)R和電流表的示數(shù)I；在坐標紙上以為縱坐標、一為橫坐標描點，用直線擬合，做出圖像，若獲得圖像斜率為k、截距為b，則恒流電源輸出電流的測量值表達式為I0=_____，待測電流表的阻值測量值表達式為RA=_____

評卷人得分六、解答題(共3題，共18分)28、如圖所示，足夠大的光滑絕緣水平地面上有一足夠長的帶正電平板，平板的右端與絕緣墻壁的距離為L；在平板的上面有一帶正電的絕緣物塊，平板和物塊的質量均為m、帶電荷量均為q，物塊與平板間有一種特殊物質（質量不計），可使得它們之間的滑動摩擦力大小為kmg（k>1，g為重力加速度大?。?。自t=0時刻開始，加一水平向右、電場強度大小的勻強電場；使平板和物塊一起向右做勻加速直線運動，直至平板碰到墻壁。假設平板與墻壁碰撞的時間極短且以碰前速率返回，不計空氣阻力，運動過程中平板和物塊上所帶的電荷量都不發(fā)生變化。求∶

（1）平板第一次與墻壁碰撞后的一小段時間內，物塊的加速度大小a；

（2）從開始到平板與墻壁第二次碰撞的瞬間，平板運動的路程s。

29、如圖所示，相距為d的兩平行金屬板M、N與電池組相連后，其間形成勻強電場，一帶正電粒子從M極板邊緣垂直于電場方向射入，并打在N極板的正中央。不計重力，現(xiàn)欲把N極板遠離M極板平移，使原樣射入的粒子能夠射出電場，就下列兩種情況求出N極板至少移動的距離。

（1）電鍵S閉合；

（2）把閉合的電鍵S打開后。30、如圖所示電路，電源電動勢E=6V，內阻r=1Ω．外電路中電阻R1=2Ω，R2=3Ω，R3=7.5Ω．電容器的電容C=4μF．

（1）電鍵S閉合；電路穩(wěn)定時，電容器所帶的電量．

（2）電鍵從閉合到斷開，流過電流表A的電量．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

A.當線圈中通順時針（俯視）電流時，根據(jù)安培定則可以判斷磁鐵N極所處位置的磁場方向為豎直向下。由題意可知磁鐵所受磁場力豎直向下，所以測力計示數(shù)將大于F0；故A錯誤；

B．F0是磁鐵所受重力；并不是N極正磁荷所受的磁場力，故B錯誤；

C．通電后測力計示數(shù)改變量即為磁鐵N極所受的磁場力大小，由題意可知磁鐵N極所處位置的磁場強度大小為故C正確；

D．如果將一根較短磁鐵掛在測力計上；并使磁鐵完全放入線圈中，則通電后磁鐵上正；負磁荷所受磁場力大小相等、方向相反，磁鐵所受合磁場力為零，測力計的示數(shù)不變，故D錯誤。

故選C。2、A【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示，把正電荷從電場中的A點分別移到C點或B點，電場力做的功相同，根據(jù)W＝qU

可知，B、C兩點電勢相同，在同一等勢面上，由于電場中的等勢面與電場線垂直，可見A點與BC等勢面在場強方向的距離d＝ABsin60°＝4×10－2×m＝2×10－2m

A、B兩點的電勢差

該電場的電場強度

故A正確；BCD錯誤。

故選A。3、C【分析】【詳解】

A．帶電小球B在空中水平面內繞O點做半徑為R的勻速圓周運動，B球所受合力始終指向O點；故A錯誤；

B．設B球的帶電量為q；對小球B受力分析，如圖所示；

根據(jù)庫侖定律可得AB的庫侖力為

豎直方向根據(jù)平衡條件可得

根據(jù)幾何關系可得

因此可求小球B所帶的電荷量為

故B錯誤；

C．對小球B在水平方向由牛頓第二定律得

解得

故C正確；

D．依據(jù)題意，設B球圓周運動的角速度為ω，以AB整體為研究對象，則整體在豎直方向受大小為2mg的重力，天花板對整體在豎直方向上提供向上的力

天花板對整體在水平方向上提供指向圓心的力

所以天花板對整體的作用力大小為F1和F2的合力，為

這一力顯然大于2mg；故D錯誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．若都是正電荷，且根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知P點電場強度方向為豎直向上，所以粒子在P點不能獲得指向左側的加速度；故A不符合題意；

B．若是正電荷，是負電荷，且根據(jù)等量異種電荷的電場分布可知P點電場強度方向水平向右，所以粒子在P點不能獲得指向左側的加速度；故B不符合題意；

C．若是負電荷，是正電荷，且則P點的電場強度一定指向MN左側，所以粒子在P點能夠獲得指向左側的加速度；故C符合題意；

D．若都是負電荷，且Q2在P點產(chǎn)生的電場強度水平向右的分量一定大于Q1在P點產(chǎn)生的電場強度水平向左的分量，則P點的電場強度一定指向MN右側，所以粒子在P點不能獲得指向左側的加速度；故D不符合題意。

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．初速度可視為零的一價正鉀離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點；可知鉀離子運動中電場力做正功，所以鉀離子的電勢能減小，故A錯誤；

B．初速度可視為零的一價正鉀離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點，則電場線從A到B，沿電場線電勢降低，所以A點電勢大于B點電勢；故B錯誤；

CD．由動能定理可知

若膜電位不變時，即電壓U不變時，鈉鉀子進入細胞內的速度不變；電壓U增加時；速度增大，故C正確，D錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)6、A:D【分析】【詳解】

AC.鉛蓄電池的電動勢為2V，根據(jù)W=qU；表示電路中每通過1C電量，電源把2J化學能轉化為。

電能；與時間無關，故A正確，C錯誤；

B.當電池不接入外電路；蓄電池兩極間的電壓為2V；當電池接入電路時，兩極間的電壓小于2V；

故B錯誤；

D.電源是通過非靜電力做功的；蓄電池將化學能轉變成電能時，非靜電力做的功比一節(jié)干電池。

（電動勢為1.5V）的大，故D正確。7、A:C【分析】【詳解】

AB．將滑動變阻器滑片P向a端移動后，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律知，電路中電流I變小，則電流表讀數(shù)變小，燈泡L變暗；故A正確，B錯誤；

C．電容器C兩端的電壓：UC=E-I（RL+r），I變小，其他量不變，則UC增大，電容器C上的電荷量增多；故C正確；

D．變阻器接入電路的電阻增大；外電路總電阻增大，則路端電壓增大，電壓表讀數(shù)變大，故D錯誤。

故選AC。8、B:C【分析】【詳解】

A.由于電勢是一個相對概念，即零電勢的選擇是任意的，則x=a處的電勢可以為0；也可以大于0，也可以小于0，故A錯誤；

B.若兩電荷為異種電荷，在x=2a處；電場強度不可能為0，故兩電荷為同種電荷，故B正確；

C.若選沿x軸方向為正方向，0～2a電場為正，方向向右，2a～3a電場為負，方向向左，而沿電場線方向電勢降低，所以在兩點電荷之間沿x軸正向電勢先降低再升高；故C正確；

D.2a處合場強=0，由知，所以M、N所帶電荷量的絕對值之比為4：1，故D錯誤．9、C:D【分析】【詳解】

兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上，則x軸上點的電場強度方向沿x軸．

AB：圖象的斜率則N點和A點的電場強度均不為零．故AB兩項錯誤．

C：從N點到C點電勢逐漸升高；順著電場線的方向電勢降低，則電場強度的方向由C指向N，即NC間電場強度方向指向x軸負方向．故C項正確．

D：從N點到D點電勢先增大再減小，則負點電荷從N點移到D點過程中電勢能先減小后增大，電場力先做正功后做負功．故D項正確．10、B:C:D【分析】【詳解】

AB．當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時，R1阻值變小，可知總電阻變小，總電流減大，則讀數(shù)減大；路端電壓示數(shù)變小，則R3電流變小，則支路電流增大，則讀數(shù)增大，則讀數(shù)變??；故A錯誤；B正確；

C．因路端電壓路端電壓變小，而變小，變大，則電壓表示數(shù)的改變量的絕對值大于電壓表示數(shù)的改變量的絕對值；C正確；

D．根據(jù)可知則電壓表示數(shù)的改變量與電流表示數(shù)改變量的比值的絕對值等于電源內阻；D正確。

故選BCD。11、A:C【分析】【詳解】

A.設電子的質量為m，電量為e，電子在電場I中做勻加速直線運動，出區(qū)域I時的為v0，此后電場II做類平拋運動，假設電子從CD邊射出，出射點縱坐標為y，有

解得y＝

所以原假設成立，即電子離開ABCD區(qū)域的位置坐標為（－2L，）,故A正確；

B.設釋放點在電場區(qū)域I中，其坐標為（x，y），在電場I中電子被加速到v1，然后進入電場II做類平拋運動，并從D點離開，有

解得xy＝

即在電場I區(qū)域內滿足議程的點即為所求位置；故B錯誤；

C.設電子從（x，y）點釋放，在電場I中加速到v2，進入電場II后做類平拋運動，在高度為y′處離開電場II時的情景與B中類似，然后電子做勻速直線運動，經(jīng)過D點，則有

解得

即在電場I區(qū)域內滿足議程的點即為所求位置；故C正確；

D.在該區(qū)域AB邊的中點處由靜止釋放電子；當電子在電場Ⅰ中運動時，由于電場力做正功，則其電勢能不斷減小，當電子在電場Ⅱ中運動的過程中，電場力對電子做正功，電勢能仍然在減小，故D錯誤。

故選AC。12、A:D【分析】【詳解】

由題意可知，帶電量為故由u和組成；帶電量為故由d和組成組成；故AD正確，BC錯誤．

點睛：根據(jù)和介子的帶電量，以及夸克的帶電量情況，可以確定和介子組成．13、A:C【分析】【詳解】

A．小球運動過程受重力、彈力和電場力，由圖像切線的斜率表示合力有：小球在段運動過程中合力即電場力沿水平方向的分力，先增大后減小，方向由A指向C；段合力即電場力沿水平方向的分力為恒力，方向由C指向B；故A正確；

B．和的長度相同，若段勻加則圖像中連接如圖，則虛線的斜率表示合力的大小與段合力大小相等，故小球在段運動的加速度先大于后小于在段運動的加速度；故B錯誤；

C．畫出運動過程中的圖像如圖所示，圖線與t軸圍面積表示位移大小，兩段位移大小相等，故小球在段的運動時間小于段的運動時間；C正確；

D．根據(jù)動能定理兩段電場力做功分別為正功和負功；故D錯誤。

故選AC。14、A:C【分析】【詳解】

A．由題意，對電子從O到A的過程，根據(jù)動能定理有

設電子到達B點和C點時的動能分別是對電子從O到B和C的過程，根據(jù)動能定理分別有

故A正確；

BD．圖像的斜率大小表示電場強度的大小，且斜率為負時表示電場強度沿x軸正方向，斜率為正時表示電場強度沿x軸負方向，因此在0~x1區(qū)間內，電場強度沿x軸負方向，且大小不變；在x1~x2區(qū)間內，電場強度沿x軸正方向，且逐漸變??；在x2~x3區(qū)間內，電場強度沿x軸負方向，且逐漸變大。電子從O運動到C點；加速度先不變；后減小、再增大，故BD錯誤；

C．根據(jù)A點左、右兩側電場強度分布規(guī)律以及動能定理可推知，當電子獲得的初動能小于時，電子從A點開始運動后將無法到達B點，因此電子會在區(qū)間內做往復運動；故C正確。

故選AC。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)能量守恒定律可知，帶電粒子從A點到B點的過程中電勢能的增加等于動能的減小，則有

[2]電場力做功為

A、B兩點的電勢差為【解析】6J16、略

【分析】【詳解】

圓弧中的電流產(chǎn)生的磁感應強度與其半徑成反比，可知產(chǎn)生的磁感應強度，而直線電流在其延長線上的磁感應強度為零，所以a點的磁感應強度為：，通過右手定則可判斷合磁感應強度方向垂直紙面向外；b處的磁感應強度為：，通過右手定則可判斷合磁感應強度方向垂直紙面向里；所以，a點的磁感應強度垂直紙面向外【解析】小于垂直紙面向上17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]．由圖知，變阻器R與C燈串聯(lián)后與B燈并聯(lián)，最后與A燈并聯(lián)．三個小燈泡亮度相同，說明功率相同．對于燈A、B：通過BC的電流小于A的電流，當燈泡的功率相同時，由公式P=I2R分析可知，BC的電阻大于A的電阻．燈B的電壓大于C的電壓，當兩個燈泡的功率相同時，根據(jù)公式P=U2/R知，B的電阻大于C的電阻．則RA＜RC＜RB；

（2）[2]．當滑片P向下滑動時，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I減小，路端電壓U增大，則B變亮．通過C電流IC=I﹣IB，I減小，IB增大，則IC減小的最大，所以C燈最暗．【解析】RA＜RC＜RB；C18、略

【分析】【詳解】

[1]負電荷所受的電場力方向與場強方向相反，所以該力的方向跟A點電場強度的方向相反；

[2]A點電場強度大小為

[3]如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為

[4]正電荷受的電場力方向與場強方向相同；

[5]電場強度只與電場本身有關，與有無檢驗電荷無關，所以拿走電荷則A點電場強度大小仍為300N/C?！窘馕觥糠?00同30019、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】避雷針光滑20、略

【分析】【詳解】

[1]電場線越密處場強越大，因此B點電場強度最大。

[2]沿電場線方向電勢降低，因此C點電勢最低。

[3]從A到C，電勢降低，由于是正電荷，電勢能也降低，因此電場力做正功?！窘馕觥緽C正功21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2變大，外電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律，可知電流I變小U1=IR1

變小，路端電壓U3=E-Ir

則知U3變大。因U3=U1+U2

U1變小，則U2變大，即一定減小的是U1。

（2）[2]表達式其中

則一定減小；和都不能確定；

（3）[3]因為U3=U1+U2

U1變小，U2變大，U3變大，則△U2＞△U1△U2＞△U3

則變化量和其中絕對值最大的是

（4）[4]用r表示下列比值如下。

（5）[5]若的調節(jié)范圍為為了讓電阻消耗功率最大，則電路中電流應該最大，則應取0

[6]當外電路電阻等于內阻時電源輸出功率最大，為了讓電阻消耗功率最大，可將R1等效為內電路電阻，則時電阻消耗功率最大；

[7]同理，為了讓電阻消耗的總功率最大，則應該

即R2應取3【解析】U1見解析07322、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由電路圖可知與串聯(lián)，電壓表測兩端的電壓，測兩端的電壓；電流表測電路中的電流，當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中的電流最??；

由圖象可知，電路中的最小電流

兩端的電壓

兩端的電壓

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分壓之和，所以電源電壓

由

可得定值電阻的阻值為【解析】①.18②.2023、略

【分析】【詳解】

（1）[1]垂直電場線方向，粒子做勻速直線運動，則有：

[2]沿電場線方向，粒子做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律有：

根據(jù)電勢差與電場強度的關系有：

解得：

[3]所以沿電場線方向的位移有：

[4]代入a和t可得：

（2）[5]沿電場線方向的速度為

[6]代入a和t可得：

[7]根據(jù)：

可得：

（3）[8]由知:

[9]粒子射出電場時速度方向的反向延長線過水平位移的:【解析】四、作圖題(共1題，共9分)24、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】五、實驗題(共3題，共6分)25、略

【分析】【詳解】

(1)電流表的示數(shù)：欲使滑動片P由a滑至b時A示數(shù)一直變小，須使R并一直變大，因為兩電阻之和一定時，當二者相等時并聯(lián)電阻最大，所以要求R1≤R2．

（2）從圖b知，當R外=6Ω時，電源E的輸出功率P最大，即電源內阻為6Ω，而R1和R2部分的電阻變化范圍是0～4Ω，因此R3的阻值必須大于2Ω小于6Ω．所以A、C、D錯誤，只能選