2025年人教版PEP高二物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關(guān)于電場強(qiáng)度和電勢，下列說法中正確的是()A.由公式E=F／q可知，E與F成正比，與q成反比B.由U=Ed可知，勻強(qiáng)電場中E恒定，任意兩點間的電勢差與這兩點間的距離成正比C.場強(qiáng)為零的地方，電勢一定為零D.無論是正電荷還是負(fù)電荷，當(dāng)它在電場中移動時，若電場力作正功，它一定是從電勢能大的地方移動到電勢能小的地方2、下列說法中正確的是（）A.元電荷實質(zhì)上是指電子和質(zhì)子本身B.感應(yīng)起電和摩擦起電都是電荷從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體C.電場線的切線方向一定與通過該點的正電荷的加速度方向相同D.正電荷只在電場力作用下一定沿電場線運(yùn)動3、如圖所示，半徑為R

的圓表示一柱形區(qū)域的橫截面(

紙面).

在柱形區(qū)域內(nèi)加方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.

一帶正電荷的粒子沿圖中直線以速率v0

從圓上的a

點射入柱形區(qū)域，從圓上b

點射出磁場時速度方向與射入時的夾角為120鈭?(b

點圖中未畫出).

已知圓心O

到直線的距離為12R

不計重力，則粒子的比荷qm

為()

A.v02BR

B.v0BR

C.3v02BR

D.2v0BR

4、如圖所示，圖線1

表示的導(dǎo)體的電阻為R1

圖線2

表示的導(dǎo)體的電阻為R2

則下列說法正確的是(

)

A.R1R2=31

B.把R1

拉長到原來的3

倍長后電阻等于R2

的3

倍C.將R1

與R2

并聯(lián)后接于電源上，則電流之比I1I2=13

D.將R1

與R2

串聯(lián)后接于電源上，則功率之比P1P2=11

5、下面列出的是一些核反應(yīng)方程。

Be+H→B+Y

He+He→Li+Z

P→Si+X

其中（）A.X是質(zhì)子，Y是中子，Z是正電子B.X是正電子，Y是質(zhì)子，Z是中子C.X是中子，Y是正電子，Z是質(zhì)子D.X是正電子，Y是中子，Z是質(zhì)子6、關(guān)于電場強(qiáng)度和電場線，下列說法正確的是（）A.在電場中某點放不同的檢驗電荷，該點的電場強(qiáng)度就不同B.在電場中沒有電場線的地方場強(qiáng)一定為零C.電荷在電場中某點所受力的方向即為該點的電場強(qiáng)度方向D.由靜止釋放的帶電粒子在電場中運(yùn)動的軌跡可能不與電場線重合7、一靜止的鈾核放出一個婁脕

粒子衰變成釷核，衰變方程為92238U隆煤90234Th+24He

下列說法正確的是(

)

A.衰變后釷核的動能等于婁脕

粒子的動能B.衰變后釷核的動量大小等于婁脕

粒子的動量大小C.鈾核的半衰期等于其放出一個婁脕

粒子所經(jīng)歷的時間D.衰變后婁脕

粒子與釷核的質(zhì)量之和等于衰變前鈾核的質(zhì)量8、在如圖所示的實驗中；能在線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）

A.磁鐵N極停在線圈中B.磁鐵S極停在線圈中C.磁鐵從線圈內(nèi)抽出的過程D.磁鐵靜止在線圈左側(cè)評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、某地強(qiáng)風(fēng)速為14m/s，設(shè)空氣密度為通過橫截面積為的風(fēng)全部使風(fēng)力發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)動，其動能有20%轉(zhuǎn)化為電能，則發(fā)電的功率為____W？（t秒內(nèi)到風(fēng)葉處的空氣包含在以S為底面積，長為L=vt的柱體中）10、電磁波遇到某些障礙物會發(fā)生反射現(xiàn)象，雷達(dá)就是根據(jù)這一原理制成的．一次，某雷達(dá)站正在觀察一架飛機(jī)飛行，若飛機(jī)正向雷達(dá)站飛來，從某時刻雷達(dá)發(fā)出的電磁波到接收到反射的電磁波歷時200微秒，隔4秒種后再觀測，從發(fā)出電磁波到接收到反射的電磁波歷時186微秒，則飛機(jī)飛行的速度為______．11、游標(biāo)尺上有10

個等分刻度的游標(biāo)卡尺測量工件的情況；讀數(shù)為______mm

12、在電場中某點放入一點電荷，電量q、受到的電場力F．則電場中該點電場強(qiáng)度大小為______。若在該點放入另一個點電荷，電量q′=3q、電場中該點電場強(qiáng)度大小為______，點電荷q′受到的電場力大小為______。13、一彈簧振子，周期是0．5s，振幅為2cm，當(dāng)振子通過平衡位置向右運(yùn)動，時開始計時，那么2秒內(nèi)振子完成_________次全振動，通過路程_________cm，在2．4s未，振子于位于平衡位置_________側(cè)，向_________方向運(yùn)動。14、家庭電路中有地線、____________和____________三條線，地線的作用不容忽視，家電一般是____________聯(lián)連接．15、已知能使某金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)的極限頻率為υ0，當(dāng)用頻率為2υ0的單色光照射該金屬時，所產(chǎn)生的光電子的最大初動能為____________．當(dāng)照射光的頻率繼續(xù)增大時，則逸出功____________(填“增大”“減小”或“不變”)(普朗克常量為h)評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運(yùn)動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

19、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運(yùn)動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、解答題(共3題，共12分)23、如圖所示，在傾角都為θ的光滑導(dǎo)軌上，放一根長為l、質(zhì)量為m的金屬棒ab，在通電金屬棒所在空間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場，金屬棒ab在磁場中處于靜止?fàn)顟B(tài)，則金屬棒ab中的電流大小為多大？方向如何？

24、在“測定金屬的電阻率”的實驗中。

①需要直接測量的物理量是______；請用直接測量的量來表示金屬絲的電阻率，則ρ=______

②該實驗中需采用伏安法測金屬絲（阻值約為3Ω）的電阻值；實驗室提供了以下儀器：

A．電壓表V：3V（內(nèi)阻約為3kΩ）和15V（內(nèi)阻約15kΩ）兩個量程。

B．電流表A：0.6A（內(nèi)阻約為0.1Ω）和3A（內(nèi)阻約為0.02Ω）兩個量程。

C．一節(jié)干電池。

D．滑動變阻器；最大阻值10Ω

E．導(dǎo)線；電鍵若干。

為了減小實驗誤差；電壓表應(yīng)選擇______量程，電流表應(yīng)選擇______量程．電流表應(yīng)采用______法（填“內(nèi)接”或“外接”），通過該方法測出的電阻值比實際值偏______（填“大”或“小”）．

③在框內(nèi)畫出用伏安法測量該電阻的阻值時的實驗電路圖；并連接尚未完成的實物圖。

④如圖是利用螺旋測微器測出的金屬絲的直徑；其讀數(shù)為______mm．

25、如圖所示的勻強(qiáng)電場中，有a、b、c三點，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿電場方向，bc和電場方向成60°角，一個電荷量為q=4×10-8C的正電荷從a移到b電場力做功為W1=1.2×10-6J求：

（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E=？

（2）電荷從b移到c電場力做功W2=？

（3）a；c兩點的電勢差Uac=？

評卷人得分五、作圖題(共4題，共16分)26、在圖中，分別給出了其中的電流方向或磁場中某處小磁針N極的指向；請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向．

27、波源O由平衡位置起振；經(jīng)0.2s第一次回到平衡位置，介質(zhì)中形成的簡諧波如圖甲所示，波恰好傳播到P點。已知這段時間內(nèi)波源O通過的路程為20cm，O；P兩質(zhì)點平衡位置間的距離為2m。求：

（1）波源O振動的振幅A和周期T；

（2）所形成簡諧波的波長和波速；

（3）以波傳播到P點作為計時零點，請在圖乙上畫出P點一個周期的振動圖象（以向上為位移的正方向）。28、如圖所示；一束紅色激光從空氣射入厚度均勻的平行玻璃磚．

（1）請完成該光線射到CD界面之后的光路圖．

（2）隨著入射角θ1的不斷增加，該光線______（選填“能”或“不能”）在CD界面發(fā)生全反射．29、我們可以通過實驗探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象中；感應(yīng)電流方向的決定因素和遵循的物理規(guī)律.

以下是實驗探究過程的一部分．

(1)

如圖(1)

所示；當(dāng)磁鐵N

向下運(yùn)動時，發(fā)現(xiàn)電流表指針偏轉(zhuǎn).

若要探究線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向，必須知道______．

(2)

如圖(2)

所示，實驗中發(fā)現(xiàn)閉合開關(guān)時，電流表指針向右偏.

閉合開關(guān)穩(wěn)定后，若向左移動滑動觸頭，此過程中電流表指針向______偏轉(zhuǎn)；若將線圈A

抽出，此過程中電流表指針向______偏轉(zhuǎn)(

均選填“左”或“右”)

．評卷人得分六、綜合題(共1題，共8分)30、(1)20

世紀(jì)中葉以后，移動電話快速發(fā)展。移動電話____A.既能發(fā)射電磁波，也能接收電磁波B.

只能發(fā)射電磁波，不能接收電磁波C.不能發(fā)射電磁波，只能接收電磁波D.

既不能發(fā)射電磁波，也不能接收電磁波(2)

真空中有兩個點電荷，它們間的靜電力為F

如保持它們的帶電量不變，將它們的距離增大為原來的2

倍，則它們間的作用力大小變?yōu)開___A.2FB.FC.F/2D.F/4

(3)

如圖所示，小磁針放置在螺線管軸線的左側(cè)。閉合電路后，不計其它磁場的影響，小磁針靜止時的指向是____A.N

極指向螺線管B.S

極指向螺線管C.N

極垂直于紙面向里D.S

極垂直紙面向里(4)

關(guān)于家庭安全用電，下列做法正確的是____A.使用洗衣機(jī)時，電器外殼不接地B.用濕抹布擦去工作中電器上的灰塵C.將移動插座遠(yuǎn)離水池D.消毒碗柜、電飯煲和電冰箱同時使用一個移動插座

(5)

如圖所示，矩形線圈abcd

放在勻強(qiáng)磁場中，線圈平面和磁感線平行，當(dāng)線圈以ab

為軸轉(zhuǎn)動時線圈中____感應(yīng)電流產(chǎn)生；當(dāng)線圈以ad

為軸轉(zhuǎn)動時線圈中____感應(yīng)電流產(chǎn)生(

填“有”或者“無”)

(6)

如圖所示，有一勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B

=2T

有一段長L

=2m

的導(dǎo)線垂直磁場方向放置，當(dāng)導(dǎo)線中通以I

=0.5A

的水平向右的電流時，壟脵

判斷導(dǎo)線所受安培力的方向是垂直導(dǎo)線向上還是向下；壟脷

求導(dǎo)線所受到的安培力F

的大小。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【解析】試題分析：電場強(qiáng)度由電場本身的性質(zhì)決定，電場強(qiáng)度與電勢沒有直接關(guān)系，電場力做正功電勢能減小。A、公式是電場強(qiáng)度的定義式，電場強(qiáng)度E反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷q無關(guān)，不能說E與F成正比，與q成反比；錯誤B、公式中d為沿電場線方向方向的兩點間的距離，即任意兩點間的電勢差與這兩點間沿電場線方向的距離成正比；錯誤C、電場強(qiáng)度與電勢沒有直接關(guān)系，場強(qiáng)為零的地方，電勢不一定為零；錯誤D、無論是正電荷還是負(fù)電荷，只要電場力做正功，電勢能一定減小，即它一定是從電勢能大的地方移動到電勢能小的地方；正確故選D考點：電場的能的性質(zhì)【解析】【答案】D2、C【分析】解：A；元電荷是最小單位電荷量；不是電子或質(zhì)子，故A錯誤；

B；摩擦起電是電荷從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體；而感應(yīng)起電是物體一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，故B錯誤；

C；電場線的切線方向為該點的場強(qiáng)方向；正電荷所受的電場力方向與場強(qiáng)方向相同，所以正電荷所受的電場力方向沿電場線的切線方向，由牛頓第二定律可知，電場線的切線方向一定與通過該點的正電荷的加速度方向相同．故C正確；

D；帶電粒子在電場中運(yùn)動的軌跡與帶電粒子的初速度的方向以及電場的特點決定的；所以帶電粒子在電場中運(yùn)動的軌跡不一定與電場線重合，只有電場線是直線時，電荷的運(yùn)動軌跡才可能沿電場線，故D錯誤．

故選：C

元電荷是最小單位電荷；感應(yīng)起電是物體一部分轉(zhuǎn)移到另一部分；電場線的切線方向即為該點的場強(qiáng)方向，正電荷所受的電場力方向與場強(qiáng)方向相同．電荷的運(yùn)動軌跡與電場線不一定重合，只有電場線是直線時，電荷的運(yùn)動軌跡才能沿電場線．

考查元電荷的概念，理解感應(yīng)起電的實質(zhì)，掌握點電荷的條件，掌握住電場線的特點：疏密表示場強(qiáng)的大小、切線方向表示場強(qiáng)的方向，即可解決本題．【解析】【答案】C3、B【分析】解：如圖所示，設(shè)正粒子從a

點沿直線射出后從b

點射出，ab

兩點的速度方向或反向延長線方向相交于c

點.

由于cb=ca

且隆脧bca=60鈭?

所以鈻?cba

是等邊三角形.

由題設(shè)條件od=12R

則ab=2odtan60鈭?=3R.

則粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑r=2隆脕ab2隆脕cot60鈭?=R.

由洛侖茲力提供向心力：qvB=mv2r

所以qm=v0BR

則選項ACD錯誤，B正確．

故選：B

畫出正粒子運(yùn)動的軌跡；由幾何關(guān)系可以求出粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑，從而求出正粒子的比荷．

本題涉及到的條件比較含蓄，要根據(jù)幾何關(guān)系判斷出粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑，再由洛侖茲力提供向心力才能求得粒子的比荷.

幾何關(guān)系要用到切線長定理、垂徑定理、三角函數(shù)等相關(guān)知識，最重要的是先要判斷出三點構(gòu)成等邊三角形．【解析】B

4、B【分析】解：A

根據(jù)I鈭?U

圖象知；圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R1R2=13

故A錯誤．

B、根據(jù)電阻定律R=婁脩LS=婁脩L2V

當(dāng)把R1

拉長到原來的3

倍，則電阻變?yōu)樵瓉淼?

倍，因此R1隆盲R2=31

故B正確；

C；串聯(lián)電路電流相等；所以將R1

與R2

串聯(lián)后接于電源上，電流比I1I2=11.

并聯(lián)電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比，所以將R1

與R2

并聯(lián)后接于電源上，電流比I1I2=31.

故C錯誤；

D；將R1

與R2

串聯(lián)后接于電源上；因串聯(lián)，電流相等，由P=I2R

那么功率與電阻的平方成正比，則功率之比P1P2=19

故D錯誤．

故選：B

．

通過I鈭?U

圖象得出兩電阻的關(guān)系.

串聯(lián)電路電流相等，并聯(lián)電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比，并依據(jù)功率P=I2R

及電阻定律R=婁脩LS=婁脩L2V

即可判定．

解決本題的關(guān)鍵知道I鈭?U

圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)以及知道串并聯(lián)電路的特點，同時掌握電阻定律與功率表達(dá)式．【解析】B

5、D【分析】【解答】解：根據(jù)電荷數(shù)守恒；質(zhì)量數(shù)守恒知；X的電荷數(shù)為1，質(zhì)量數(shù)為0，則X為正電子；Y的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為1，則Y為中子；Z的電荷數(shù)為1，質(zhì)量數(shù)為1，則Z是質(zhì)子．

故選：D．

【分析】根據(jù)核反應(yīng)過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒確定X、Y、Z的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而確定粒子的種類．6、D【分析】解：A；電場中某點的場強(qiáng)大小由電場本身決定；與放入電場中的檢驗電荷無關(guān)，因此在電場中某點放不同的檢驗電荷，該點的電場強(qiáng)度是相同的，故A錯誤．

B；電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱；在電場中沒畫電場線的地方場強(qiáng)并不一定為零．故B錯誤；

C；正電荷在電場中某點所受力的方向才是該點的電場強(qiáng)度方向；電場強(qiáng)度方向與負(fù)電荷所受的電場力方向相反，故C錯誤．

D；若電場線是曲線；由靜止釋放的帶電粒子在電場中運(yùn)動的軌跡不與電場線重合，故D正確．

故選：D

電場中某點的電場強(qiáng)度由場源和該點的位置決定；與試探電荷無關(guān)．正電荷所受的電場力方向與場強(qiáng)方向相同．電荷的運(yùn)動軌跡與電場線不一定重合，只有電場線是直線時，電荷的運(yùn)動軌跡才可能能沿電場線．

電場強(qiáng)度是用比值法定義的物理量之一，電場中某點的電場強(qiáng)度是由電場本身決定的，與該點是否有試探電荷無關(guān)．加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)，掌握住電場線的特點：疏密表示場強(qiáng)的大小、切線方向表示場強(qiáng)的方向．場強(qiáng)方向與正電荷所受的電場力方向相同．【解析】【答案】D7、B【分析】解：AB

一靜止的鈾核放出一個婁脕

粒子衰變成釷核，根據(jù)系統(tǒng)動量守恒知，衰變后釷核和婁脕

粒子動量之和為零，可知衰變后釷核的動量大小等于婁脕

粒子的動量大小，根據(jù)Ek=p22m

知；由于釷核和婁脕

粒子質(zhì)量不同，則動能不同，故A錯誤，B正確。

C；半衰期是原子核有半數(shù)發(fā)生衰變的時間；故C錯誤。

D；衰變的過程中有質(zhì)量虧損；即衰變后婁脕

粒子與釷核的質(zhì)量之和小于衰變前鈾核的質(zhì)量，故D錯誤。

故選：B

根據(jù)動量守恒定律；抓住系統(tǒng)總動量為零得出兩粒子的動量大小，結(jié)合動能和動量的關(guān)系得出動能的大小關(guān)系.

半衰期是原子核有半數(shù)發(fā)生衰變的時間，結(jié)合衰變的過程中有質(zhì)量虧損分析衰變前后質(zhì)量的大小關(guān)系．

本題考查了原子核的衰變，知道半衰期的定義，注意衰變過程中動量守恒，總動量為零，以及知道動量和動能的大小關(guān)系．【解析】B

8、C【分析】解：A；磁鐵N極停在線圈中；穿過線圈的磁通量不變，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流。故A錯誤。

B；磁鐵S極停在線圈中；穿過線圈的磁通量不變，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流。故B錯誤。

C；磁鐵從線圈內(nèi)抽出的過程；穿過線圈的磁通量減小，能產(chǎn)生感應(yīng)電流。故C正確。

D；磁鐵靜止在線圈左側(cè)；穿過線圈的磁通量不變，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流。故D錯誤。

故選：C。

要解答本題需掌握：感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化．

本題主要考查學(xué)生對感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件的了解和掌握，是一道基礎(chǔ)題，牢記感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化即可正確解答．【解析】C二、填空題(共7題，共14分)9、【分析】【解答】在t時間內(nèi)通過橫截面積為的風(fēng)能全部使風(fēng)力發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)動，根據(jù)能量守恒定律，有：

其中：m=ρV=ρvtS，其動能有20%轉(zhuǎn)化為電能，故產(chǎn)生電能功率為：

故答案為：．

【分析】在t時間內(nèi)通過橫截面積為的風(fēng)能全部轉(zhuǎn)化為電能，根據(jù)能量守恒定律列式求解即可．10、略

【分析】解：飛機(jī)接收到第一個無線電脈沖時距雷達(dá)的距離為。

S1=c?

飛機(jī)接收到第一個無線電脈沖時距雷達(dá)的距離為。

S2=c?

則在△t=0.8s時間內(nèi)飛機(jī)的位移為：

△x=S1-S2=c?-c?=2100m

故飛機(jī)的飛行速度為：v==525m/s

故答案為：525m/s．

雷達(dá)發(fā)出的無線電脈沖在空中勻速傳播；速度為光速c，脈沖碰到飛機(jī)后被反射回來，根據(jù)發(fā)射和接收的時間間隔求出飛機(jī)離雷達(dá)的距離，由兩次距離差求出飛機(jī)飛行的位移，根據(jù)速度公式求出飛機(jī)的速度．

本題考查對雷達(dá)測速原理的能力．抓住兩點：一是電磁波在空中傳播速度均相同，等于光速c；二是根據(jù)發(fā)射和接收電磁波的時間間隔確定飛機(jī)的位置．【解析】525m/s11、略

【分析】解：10

分度的游標(biāo)卡尺；精確度是0.1mm

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為11mm

游標(biāo)尺上第4

個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為4隆脕0.1mm=0.4mm

所以最終讀數(shù)為：11mm+0.4mm=11.4mm

．

故答案為：11.4

．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．

對于基本測量儀器游標(biāo)卡尺要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】11.4

12、3F【分析】解：在電場中放入一點電荷q，電荷受到的電場力為F，則該點電場強(qiáng)度大小為：E=

若在該點放一個電荷量為3q的點電荷，場強(qiáng)不變，為

故電場力：F′=3q?E=3F；

故答案為：3F

根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式E=求出電場強(qiáng)度；再根據(jù)F=qE求出電場力的大小。電場強(qiáng)度的大小與放入電場中的電荷無關(guān)。

解決本題的關(guān)鍵掌握電場強(qiáng)度的定義式E=以及知道電場強(qiáng)度的大小與放入電場中的電荷無關(guān)?！窘馕觥?F13、略

【分析】【解析】【答案】4，32，右，左14、略

【分析】解：家庭電路中主要有兩根導(dǎo)線；火線和零線，對于有金屬外殼的用電器還要接地線，才能保證使用的安全性；

家電的額定電壓都是220V；故是并聯(lián)的．

故答案為：火線、接地線、并．【解析】火線;接地線;并15、略

【分析】解：根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=hγ-hγ0得，EKm=h?2γ0-hγ0=hγ0．

逸出功與入射光的頻率無關(guān)；增大入射光的頻率，逸出功不變．

故答案為：hγ0；不變；【解析】hγ0;不變?nèi)⑴袛囝}(共7題，共14分)16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?9、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大小．四、解答題(共3題，共12分)23、略

【分析】

F安=BIl①

又∵F安=mgtgθ②

由①②可得：I=

方向：由b指向a

故金屬棒ab中的電流大小為方向由b指向a．

【解析】【答案】ab棒受重力、導(dǎo)軌的支持力以及水平向右的安培力處于平衡，根據(jù)共點力平衡求出安培力以及電流I的大小，根據(jù)左手定則判斷出金屬棒ab中的電流方向．

24、略

【分析】

①根據(jù)電阻定律R=歐姆定律R=得．橫截面積S=所以需要測量的物理量有：電壓U；電流I，導(dǎo)線的長度L，導(dǎo)線的直徑d．

②因為電壓的電壓為一節(jié)干電池，電壓大約為1.5V，則電壓表選擇3V量程的誤差較?。娐分械淖畲箅娏鞔蠹s所以電流表選擇0.6A量程的誤差較?。饘俳z的電阻遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻，屬于小電阻，根據(jù)“小外偏小”知，電流表采取外接法，測量誤差偏?。?/p>

③電流表采取外接法；滑動變阻器采用限流式接法，電路圖如下，實物連接圖如下．

④螺旋測微器的讀數(shù)為：1.5mm+0.01×49.7mm=1.997mm．

故答案為：①U、I、L、d，

②3V；0.6A，外接，小。

③如圖所示．

④1.997

【解析】【答案】①根據(jù)電阻定律R=歐姆定律R=確定需要測量的物理量；從而求出電阻率的表達(dá)式．

②根據(jù)電源電壓確定電壓表的量程；根據(jù)電路中的電流確定電流表的量程．通過比較待測電阻；電流表、電壓表內(nèi)阻大小，確定電流表的內(nèi)外接．

③根據(jù)伏安法測電阻；畫出電路圖，再根據(jù)電路圖連接實物圖．

④螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

25、略

【分析】

（1）由題，由W1=qElab得。

E===600V/m

（2）電荷從b移到c電場力做功為。

W2=qElbccos60°=4×10-8×600×0.12×0.5J=1.44×10-6J

（3）電荷從a移到c電場力做功為。

Wac=W1+W2

則a、c兩點的電勢差為==66V．

答：（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E=600V/m．

（2）電荷從b移到c電場力做功W2=1.44×10-6J．

（3）a、c兩點的電勢差Uac=66V．

【解析】【答案】（1）根據(jù)電場力做功公式W=qEd；求解電場強(qiáng)度，d是電場線方向兩點間的距離．

（2）電場力做功公式W=qEd，求解電荷從b移到c電場力做功W2．

（3）先求出電荷從a到c電場力做功，再求解a、c兩點的電勢差Uac．

五、作圖題(共4題，共16分)26、【分析】【解答】根據(jù)安培定則；各圖中電流方向和磁感線方向判定如圖所示．

答：如圖．

【分析】結(jié)合磁場方向；判斷出甲圖和圖乙中導(dǎo)線中電流的方向．運(yùn)用安培定則，結(jié)合電流方向，判斷出丙圖與丁圖中磁場的方向．

通電直導(dǎo)線的磁場可以由安培定則進(jìn)行判斷：用右手握住直導(dǎo)線；大拇指指向電流方向，四指彎曲的方向即為磁場的方向；

根據(jù)安培定則，即右手螺旋定則，可知，大拇指指向即為內(nèi)部磁場方向，而環(huán)繞四指指向即為電流的方向．27、解：（1）從O點到B點，通過了T，波源O通過的路程為20cm，從O點開始通過達(dá)到最大振幅，振幅A=cm=10cm

波源O由平衡位置起振，經(jīng)=0.2s第一次回到平衡位置；解得周期：T=0.4s

（2）如圖甲所示，OP恰好半個波長，故波長：λ=2×2m=4m，波速：

（3）以波傳播到P點作為計時零點；P點一個周期的振動圖象如圖所示：

答：（1）波源O振動的振幅A為10cm；周期T為0.4s；

（2）所形成簡諧波的波長為4m；和波速為10m/s；

（3）以波傳播到P點作為計時零點，P點一個周期的振動圖象如圖所示?！痉治觥?/p>

（1）從O到P；質(zhì)點經(jīng)過了半個周期，所振動的路程等于振幅的2倍，從而可以求出波源O振動的振幅A和周期T；

（2）知道半個周期的OP的長度；和所用時間，可以求出波長和波速；

（3）振動滿足正弦函數(shù)圖象；可以作出P點一個周期的振動圖象。

本題考查了橫波的圖象。本題是基礎(chǔ)題，考的是基本概念，難度不大。【解析】解：（1）從O點到B點，通過了T，波源O通過的路程為20cm，從O點開始通過達(dá)到最大振幅，振幅A=cm=10cm

波源O由平衡位置起振，經(jīng)=0.2s第一次回到平衡位置；解得周期：T=0.4s

（2）如圖甲所示，OP恰好半個波長，故波長：λ=2×2m=4m，波速：

（3）以波傳播到P點作為計時零點；P點一個周期的振動圖象如圖所示：

答：（1）波源O振動的振幅A為10cm；周期T為0.4s；

（2）所形成簡諧波的波長為4m；和波速為10m/s；

（3）以波傳播到P點作為計時零點，P點一個周期的振動圖象如圖所示。28、略

【分析】解：（1）完成該光線射到CD界面之后的光路圖如圖．

（2）隨著入射角θ1的不斷增加；該光線不能在CD界面發(fā)生全反射．

因為：根據(jù)幾何知識有：光線在AB面的折射角等于在CD面的入射角；由光路可逆性原理可知，光線不會在CD界面發(fā)生全反射，一定能從CD面射出．

答：（1）光路圖如圖．

（2）不能．

（1）該光線射到CD界面時既有反射；又有折射．結(jié)合光的反射定律和折射定律畫出光路圖．

（2）對照全反射條件和光路可逆性；分析光線在CD界面能否發(fā)生全反射．

畫光路圖時，要結(jié)合光的反射定律和折射定律，注意角的大小關(guān)系，光線上要標(biāo)明箭頭．【解析】不能29、略

【分析】解：(1)

如圖甲所示；當(dāng)磁鐵的N

極向下運(yùn)動時，發(fā)現(xiàn)電流表指針偏轉(zhuǎn)，若要探究線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向，必須知道電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系．

(2)

如圖乙所示；實驗中發(fā)現(xiàn)閉合開關(guān)時，穿過線圈B

的磁通量增加，電流表指針向右偏；電路穩(wěn)定后，若向左移動滑動觸頭，通過線圈A

的電流增大，磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，穿過線圈B

的磁通量增大，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)；若將線圈A

抽出，穿過線圈B

的磁通量減少，電流表指針向左偏轉(zhuǎn)．

故答案為：(1)

電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系；(2)

右；左．

(1)

要探究感應(yīng)電流方向；應(yīng)該知道電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系．

(2)

根據(jù)題意確定電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與磁通量變化的關(guān)系；然后根據(jù)磁通量的變化判斷指針的偏