2025年華師大版選修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大版選修3物理下冊月考試卷674考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，兩個頻率、振動方向、初始相位均相同的波源是兩個相干波源，由它們發(fā)出的波相互疊加，實線表示波峰，虛線表示波谷．則下列對三點振動情況的判斷中；正確的是（）

A.處始終是波峰與波峰相遇B.處的振動始終互相減弱C.處的振動既不增強也不減弱D.處的振動始終互相減弱2、關于熱力學溫度和攝氏溫度，下列說法中正確的是（）A.某物體的攝氏溫度為則熱力學溫度為10KB.熱力學溫度升高1K，對應攝氏溫度升高C.攝氏溫度升高對應熱力學溫度升高283.15KD.熱力學溫度和攝氏溫度對應的溫標不同，兩者表示的溫度無法比較3、如圖所示是一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)過狀態(tài)b變?yōu)闋顟B(tài)c的圖像。下列說法正確的是（）

A.a→b過程中，氣體溫度不變，體積減小B.a→b過程中，氣體壓強不變，體積增大C.b→c過程中，氣體壓強不變，溫度降低D.b→c過程中，氣體溫度降低，體積增大4、如圖所示是一種演示氣體定律的儀器一哈勃瓶，它是一個底部開有圓孔，瓶頸很短的平底大燒瓶，在瓶內(nèi)塞有一氣球，氣球的吹氣口反扣在瓶口上，瓶底的圓孔上配有一個橡皮塞。在一次實驗中，瓶內(nèi)由氣球和橡皮塞封閉一定質(zhì)量的氣體，開始時氣球自然松弛，氣球內(nèi)氣體與外界連通，氣體體積為V，瓶內(nèi)氣體體積為用打氣筒出氣口緊密貼合氣球吹氣口并向氣球內(nèi)緩慢打入氣體，直至氣球體積增大到容器和氣球?qū)崃己?，外界溫度不變，氣球壁厚度不計、重力不計，大氣壓強為在此過程中（）

A.瓶內(nèi)氣體內(nèi)能減小B.瓶內(nèi)氣體吸熱C.瓶內(nèi)氣體壓強由變?yōu)镈.氣球中充入的氣體質(zhì)量等于開始時氣球中氣體質(zhì)量5、如圖所示，一定質(zhì)量理想氣體經(jīng)歷A→B的等壓過程，B→C的等容過程；則（）

A.A→B過程，氣體吸收熱量B.A→B過程，氣體內(nèi)能不變C.B→C過程，氣體壓強減小D.B→C過程，外界對氣體做功6、在圖所示的電路中，電源的電動勢E=3.0V，內(nèi)阻r=1.0Ω；電阻R=5.0Ω，不計電路中的其他電阻．閉合開關S后，通過電阻R的電流為（）

A.3.0AB.2.0AC.1.0AD.0.50A7、如圖所示，磁場垂直于紙面向外，磁場的磁感應強度隨水平向右的x軸按k為常量的規(guī)律均勻增大位于紙面內(nèi)的正方形導線框abcd處于磁場中，在外力作用下始終保持dc邊與x軸平行向右勻速運動若規(guī)定電流沿的方向為正方向，則從到的時間間隔內(nèi)，下列關于該導線框中產(chǎn)生的電流i隨時間t變化的圖象，正確的是

A.B.C.D.8、關于近代物理知識，下列說法中正確的是A.原子核的比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定B.湯姆孫發(fā)現(xiàn)了電子，并測量出了電子的電荷量C.原子核發(fā)生一次β衰變，該原子外層就失去一個電子D.在光電效應現(xiàn)象中，金屬的逸出功隨入射光頻率的增大而增大評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，甲是不帶電的絕緣物塊，乙是帶正電的物塊，甲、乙疊放在一起，置于粗糙的絕緣水平地板上，地板上方空間有垂直紙面向里的勻強磁場，現(xiàn)加一水平向左的勻強電場，發(fā)現(xiàn)甲、乙起初會相對靜止一起向左加速運動．在加速運動階段()()

A.甲、乙兩物塊間的摩擦力不變B.乙物塊與地面之間的摩擦力不斷增大C.甲、乙兩物塊一起做加速度減小的加速運動D.甲、乙兩物體以后會相對滑動10、關于熱力學溫度，下列說法正確的是（）A.相當于B.溫度變化也就是溫度變化C.攝氏溫度與熱力學溫度都可能取負值D.溫度由升至對應的熱力學溫度升高了11、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)經(jīng)過狀態(tài)變化到狀態(tài)其圖像如圖所示；則下列說法正確的有（）

A.的過程中，氣體對外界做功B.的過程中，氣體氣溫不變C.的過程中，氣體壓強不變D.的過程中，氣體內(nèi)能增加12、如圖所示，等間距的平行實線表示電場線，虛線表示一個帶負電的粒子在該電場中運動的軌跡，為運動軌跡上的兩點．若不計粒子所受重力和空氣阻力的影響，下列說法中正確的是（）

A.場強方向一定是沿圖中實線向右B.該粒子運動過程中速度一定不斷增大C.該粒子一定是由向運動D.該粒子在點的電勢能一定大于在點的電勢能13、如圖所示；A為巨磁電阻，當它周圍的磁場增強時，其阻值增大；C為電容器。在S閉合后，當有磁鐵靠近A時，下列說法正確的有（??）

A.電流表的示數(shù)增大B.電容器C的電荷量增大C.電壓表的示數(shù)變大D.電源內(nèi)阻消耗的功率變大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、如圖所示的光電管實驗中，當用波長3.0×10-7m的光照射在陰極K上時，電流表有示數(shù)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，當電壓表讀數(shù)為3.0V時，電流表讀數(shù)恰好為零；改用波長為1.5×10-7m的光照射在陰極K上時，調(diào)節(jié)滑動變阻器，當電壓表讀數(shù)為7.1V時，電流表讀數(shù)也恰好為零．由此可得普朗克常量為__J·s，該陰極的逸出功為__J。已知電子電量為1.6×10-19C，光速c為3×108m/s；結(jié)果保留兩位有效數(shù)字．

15、春天，人們會感覺到周圍環(huán)境比秋天潮濕，是因為空氣的_______（選填“相對”或“絕對”）濕度較大，即在相同溫度下，空氣中所含的水蒸氣的壓強_______（選填“較大”或“較小”）。16、如圖所示；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球，兩個導體開始時互相接觸且對地絕緣。

（1）為了使兩球帶上等量異號電荷，應___________。

A．先移走棒；再把兩球分開B．先把兩球分開，再移走棒。

（2）使棒與甲球瞬時接觸，再移走棒，導體甲帶___________電；導體乙?guī)_______。

（3）先使甲球瞬時接地，再移走棒，導體甲帶_________電；導體乙?guī)_______電。17、（1）兩個系統(tǒng)具有相同的________時；即達到了熱平衡。

（2）北京時間2016年8月6日是第31屆里約奧運會開幕的日子，中央電視臺播報天氣預報，里約的最高氣溫是38℃，它是________K，我國在研究超導問題方面走在世界前列，我國科學家發(fā)現(xiàn)某種超導材料的臨界溫度是90K，它是________℃。18、對于一定質(zhì)量的理想氣體，以p、V、T三個狀態(tài)參量中的兩個為坐標軸建立直角坐標系；在坐標系上描點能直觀地表示這兩個參量的數(shù)值．如圖甲；圖乙和圖丙所示，三個坐標系中，兩個點都表示相同質(zhì)量某種理想氣體的兩個狀態(tài)．根據(jù)坐標系中不同點的位置來比較第三個參量的大?。?/p>

(1)p－T圖象(圖甲)中A、B兩個狀態(tài)；________狀態(tài)體積?。?/p>

(2)V－T圖象(圖乙)中C、D兩個狀態(tài)；________狀態(tài)壓強小．

(3)p－V圖象(圖丙)中E、F兩個狀態(tài)，________狀態(tài)溫度低．19、一卡諾熱機，工作在300K的高溫熱源和200K的低溫熱源之間，則此熱機的效率η=__________________。若在等溫膨脹過程中此熱機吸熱2×105J，則在每一循環(huán)中對外所作的功W=_______________。20、反射定律：反射光線與入射光線、法線處在______內(nèi)，反射光線與入射光線分別位于______；反射角______入射角．21、如圖所示，平行板電容器板間距離d=10cm，與一個直流電源相連，電源電壓為10V，N板接地，取大地電勢為零，兩板間有一點P，P點距M板5cm，把開關閉合給電容器充電，然后再斷開，P點場強大小為________，電勢為____________，若把N板向下移動10cm，則P點場強大小為________，電勢為_________。

22、“測定玻璃的折射率”實驗中,在玻璃磚的一側(cè)豎直插兩個大頭針A、B,在另一側(cè)再豎直插兩個大頭針C、D.在插入第四個大頭針D時,要使它_____________.

如圖是在白紙上留下的實驗痕跡,其中直線a、a’是描在紙上的玻璃磚的兩個邊.根據(jù)該圖可算得玻璃的折射率n=_____________.(計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共28分)26、兩個學習小組分別用下面兩種方案測量電源電動勢和內(nèi)阻．

方案（1）用內(nèi)阻為3kΩ、量程為1V的電壓表，保護電阻R0，電阻箱R1，開關S測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻．

①由于干電池電動勢為1.5V，需要把量程為1V的電壓表擴大量程．若定值電阻R1可供選擇的阻值有1kΩ、1.5kΩ、2kΩ，其中最合適的是__________．

②請在虛線框內(nèi)畫出測量電源電動勢和內(nèi)阻的電路原理圖__________，并完成圖（a）中剩余的連線__________．

方案（2）按照圖（b）的電路測量電源電動勢和內(nèi)阻，已知電流表內(nèi)阻為RA，R1=RA，保護電阻的阻值為R0，若電流表讀數(shù)為I，則通過電源的電流為_______．根據(jù)測得的數(shù)據(jù)作出圖像，圖線的斜率為k，縱截距為b，則電源電動勢E=_________，內(nèi)阻r=______________．

27、某實驗小組用如題圖所示的裝置驗證動量守恒定律。

（1）兩小球應滿足的關系是m1________m2。（填“＞”或“＜”或“=”）

（2）下列操作中有必要的是________。

A．實驗前固定在桌邊上的斜槽末端的切線要沿水平方向。

B.實驗中需要測量小球開始釋放的高度h

C.實驗中需要測量小球拋出點距地面的高度H

D.實驗中需要測量小球做平拋運動的水平射程。

（3）第一步：先從S處釋放m1并多次重復找到落點P，并測出水平射程OP。第二步：將m2靜置于軌道末端O′點，再從S處釋放m1與m2發(fā)生對心碰撞，并多次重復后分別確定兩球的水平射程OM和ON。若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______________（用圖中字母表示）。28、以下表格中所列數(shù)據(jù)是測量小燈泡U?I關系的實驗數(shù)據(jù)：。U(V)0.00.20.51.01.52.02.53.0I(A)0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215

①分析表格內(nèi)實驗數(shù)據(jù)并結(jié)合電表內(nèi)阻（電壓表約為3kΩ，電流表約為0.125Ω）可知，應選用的實驗電路圖是圖_______（填“A”；“B”、“C”、“D”）；

②根據(jù)你所選的電路圖完成實物圖中的連線______．

③把表格中第4組數(shù)據(jù)所對應的點用記號“+”標在答題紙對應的U－I圖中，并用平滑曲線作出完整的U－I圖線______．

④現(xiàn)將兩個這樣的小燈泡并聯(lián)后再與一個5的定值電阻R串聯(lián)，接在內(nèi)阻為1、電動勢為3V的電源兩端，如圖所示．則圖中電流表的讀數(shù)為_______A（保留兩位有效數(shù)字），此時每盞小燈泡的電功率為_______W（保留兩位有效數(shù)字）29、如圖，一熱敏電阻RT放在控溫容器M內(nèi)；A為毫安表，量程6mA，內(nèi)阻為數(shù)十歐姆；E為直流電源，電動勢約為3V，內(nèi)阻很?。籖為電阻箱，最大阻值為999.9Ω；S為開關．已知RT在95℃時的阻值為150Ω，在20℃時的阻值約為550Ω．現(xiàn)要求在降溫過程中測量在之間的多個溫度下RT的阻值．

(1)在圖中畫出連線，完成實驗原理電路圖________________．

(2)完成下列實驗步驟中的填空：

①依照實驗原理電路圖連線；

②調(diào)節(jié)控溫容器M內(nèi)的溫度；使得RT的溫度為95℃；

③將電阻箱調(diào)到適當?shù)某踔担灰员ＷC儀器安全；

④閉合開關，調(diào)節(jié)電阻箱，記錄電流表示數(shù)I0，并記錄____________；

⑤將RT的溫度降為T1(20℃＜T1＜95℃)，調(diào)節(jié)電阻箱，使得電流表的讀數(shù)__________，記錄_______________；

⑥溫度為T1時熱敏電阻的電阻值RT1＝________________；

⑦逐步降低T1的數(shù)值，直至20℃為止；在每一溫度下重復步驟⑤、⑥．評卷人得分六、解答題(共4題，共24分)30、如圖是某同學用手持式打氣筒對一只籃球打氣的情景。已知籃球內(nèi)部容積為7.5L，環(huán)境溫度為27℃，大氣壓強為1.0atm，打氣前球內(nèi)氣壓等于外界大氣壓強，手持式打氣筒每打一次氣能將0.5L、1.0atm的空氣打入球內(nèi)，當球內(nèi)氣壓達到1.6atm時停止打氣（1atm=1.0×105Pa）；假設整個過程中籃球沒有變形。

(1)當籃球內(nèi)溫度變?yōu)槎嗌贁z氏度時籃球內(nèi)氣壓達到1.2atm；

(2)要使籃球內(nèi)氣壓達到1.6atm，求需打氣的次數(shù)N（設打氣過程中氣體溫度不變）。

31、如圖所示為一簡易火災報警器的原理圖，開口向上豎直放置的試管中裝有水銀，當溫度升高時，水銀柱上升，使電路導通，蜂鳴器發(fā)出報警的響聲。27℃時，下端封閉空氣柱長度為16cm，水銀上表面與導線端點的距離為8cm，管內(nèi)水銀柱的重量為8N，橫截面積為大氣壓強求：

（1）當溫度達到150℃時；報警器是否會報警？并通過計算說明理由。

（2）假設溫度從27℃升到報警溫度的過程中；水銀柱緩慢上升且封閉空氣柱從外界吸收的熱量為3.12J，則空氣柱的內(nèi)能增加了多少？

32、如圖所示，兩側(cè)粗細均勻、橫截面積相等、高度均為的U型管，左管上端封閉，右管上端開口。右管中有高的水銀柱，水銀柱上表面離管口的距離管底水平段的體積可忽略。環(huán)境溫度為大氣壓強

（1）現(xiàn)將左管中密封氣體緩慢加熱，使水銀柱表面離管口的距離此吋密封氣體的溫度為多少？

（2）維持管內(nèi)氣體溫度不變；再從右側(cè)端口緩慢注入水銀（與原水銀柱之間無氣隙），恰好使水銀柱下端回到最初位置。比時水銀柱的高度為多少？

33、如圖所示，位于豎直平面內(nèi)的矩形線圈兩邊邊長分別為匝數(shù)為N，線圈總電阻為r，可繞與磁場方向垂直的固定對稱軸轉(zhuǎn)動；線圈處于磁感應強度為B的勻強磁場中，線圈在轉(zhuǎn)動時可以通過與兩個被此地緣的銅環(huán)C、D（集流環(huán)）保持與定值電阻R相連接，在外力作用下線圈以恒定的角速度繞軸勻速轉(zhuǎn)動．(不計轉(zhuǎn)動軸及滑環(huán)與電刷的摩擦)

(1)從線圈平面垂直磁場時刻開始計時，寫出線圈中瞬時感應電動勢e隨時間t變化的表達式(不必推導)；

(2)從線圈通過中性面(即線圈平面與磁場方向重直的位置)開始計時，求經(jīng)過周期的時間內(nèi)通過電阻R的電荷量q；

(3)在線圈轉(zhuǎn)動一個周期的過程中，求電路中產(chǎn)生的總焦耳熱Q.參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】A：處是振動加強點；該點位移也是呈周期性變化，不會總是波峰與波峰相遇，故A項錯誤。

B：處是波谷與波谷相遇；振動加強點永遠加強，故B錯誤；

CD：處是振動減弱點；其位移永遠為零，振動能量永遠減弱，故C錯誤，D正確．

點睛：波干涉的條件：兩列波(源)的頻率以及振動方向必須相同并且有固定的相位差。如果兩列波的頻率不同或者兩個波源沒有固定的相位差(相差)，相互疊加時波上各個質(zhì)點的振幅是隨時間而變化的，沒有振動總是加強或減弱的區(qū)域，因而不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，不能形成干涉圖樣。2、B【分析】【分析】

【詳解】

BC．熱力學溫度與攝氏溫度的關系為。

知。

故熱力學溫度升高1K，對應攝氏溫度升高攝氏溫度升高對應熱力學溫度升高10K，故B正確，C錯誤；

A．對應熱力學溫度283.15K；故A錯誤；

D．兩溫度可以比較；故D錯誤。

故選B。3、C【分析】【詳解】

AB．由圖可知，a→b過程中，氣體的溫度不變，壓強減小，由玻意耳定律有

可得；氣體的體積增大，故AB錯誤；

CD．由圖可知，b→c過程中，氣體的壓強不變，溫度降低，由蓋呂薩克定律有

可得；氣體的體積減小，故D錯誤，C正確。

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．瓶內(nèi)氣體做等溫變化；內(nèi)能不變，故A錯誤；

B．瓶內(nèi)氣體體積減小，則外界對氣體做功，根據(jù)熱力學第一定律可知瓶內(nèi)氣體向外界放熱，故B錯誤；

C．對瓶內(nèi)氣體，根據(jù)玻意耳定律有

解得

故C正確；

D．對氣球中的氣體，初始的壓強和體積為充氣后氣球中氣體的壓強和體積為則氣球中原來氣體與充入氣球中氣體的質(zhì)量比為

故D錯誤；

故選C。5、A【分析】【詳解】

AB．由題圖知A→B過程，氣體壓強不變，體積膨脹，氣體對外做功（）；溫度升高，內(nèi)能增大（），根據(jù)熱力學第一定律

可知該過程氣體吸收熱量（）；故A正確，B錯誤；

CD．由題圖知B→C過程；氣體體積不變，則外界對氣體不做功；溫度升高，根據(jù)查理定律，可知壓強增大，故CD錯誤。

故選A。6、D【分析】【分析】

本題是閉合電路問題；根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求電路中的電流I．

【詳解】

根據(jù)閉合電路歐姆定律得故D正確；ABC錯誤．

故選D．

【點睛】

本題關鍵要掌握電路中的基本規(guī)律：閉合電路歐姆定律，并能正確計算即可求解．7、A【分析】【詳解】

由題意可知，垂直向外的磁通量越來越大，根據(jù)楞次定律可得感應電流為順時針方向，即為正，ad、bc兩邊均在切割磁感線，產(chǎn)生感應電動勢的方向相反，大小相減，根據(jù)題意，bc、ad兩邊的磁場之差為根據(jù)法拉第電磁感應定律則有而感應電流是定值，A正確．8、A【分析】原子核的比結(jié)合能表明原子核的穩(wěn)定程度，比結(jié)合能越大，原子核就越穩(wěn)定，選項A正確；湯姆孫發(fā)現(xiàn)了電子，但測量出電子電荷量的是密立根，選項B錯誤；原子核的β衰變過程是原子核內(nèi)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子而釋放出電子的過程，核外電子沒有參與該反應，選項C錯誤；在光電效應現(xiàn)象中，金屬的逸出功與材料有關，與入射光的頻率無關，選項D錯誤。二、多選題(共5題，共10分)9、B:C【分析】【分析】

以甲乙整體為研究對象,分析受力情況,根據(jù)洛倫茲力隨著速度的增大而增大,分析地面對乙物塊的支持力如何變化,來分析乙物塊與地之間的摩擦力如何變化,根據(jù)牛頓第二定律分析加速度如何變化,再對甲研究,由牛頓第二定律研究甲所受摩擦力如何變化。

【詳解】

BC、對整體分析,受重力、向左的電場力、向下的洛倫茲力、支持力、滑動摩擦力;如圖所示

速度增大,洛倫茲力增大,則正壓力增大,地面對乙的滑動摩擦力f增大;電場力F一定,根據(jù)牛頓第二定律得,加速度a減小;故BC對

A、對甲研究得到,乙對甲的摩擦力則得到f減小,甲；乙兩物塊間的靜摩擦力不斷減小.故A錯；

D；由于甲、乙兩物塊間的靜摩擦力不斷減??；所以甲、乙兩物體以后不會相對滑動，故D錯；

故選BC10、A:B【分析】【詳解】

A．由可知相當于A正確；

B．由可知，即熱力學溫標溫度的變化總等于攝氏溫標溫度的變化，溫度變化也就是溫度變化B正確；

C．因絕對零度達不到；故熱力學溫度不可能取負值，C錯誤；

D．初態(tài)熱力學溫度為末態(tài)為溫度變化D錯誤。

故選AB。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．的過程中，氣體溫度不變，體積減小，可知外界對氣體做功，A錯誤，B正確；

C．因為圖線中，段的圖線是過原點的傾斜直線，則的過程中，氣體壓強不變，C正確；

D．到的過程中，氣體溫度不變，內(nèi)能不變，到的過程中，氣體溫度降低，內(nèi)能減小，則的過程中，氣體內(nèi)能減小，D錯誤。

故選BC。12、A:D【分析】試題分析：由粒子的運動軌跡可知，粒子一定受到指向運動軌跡凹面的電場力，再結(jié)合電場線的方向可知，電場力一定沿水平方向向左，由于粒子帶負電，故電場線的方向一定水平向右，選項A正確；若粒子由b運動到a，則電場力做負功，粒子的動能會減小，反之，當粒子由a運動到b時，電場力做正功，則粒子的動能會增大，故不能確定粒子的運動方向，選項BC錯誤；由于粒子由a到b時，電場力做正功，故電勢能一定減小，即粒子在a點的電勢能一定大于在b點的電勢能；選項D正確．

考點：電場力；動能定理；電勢能．

【思路點撥】這類題一般先由曲線的偏轉(zhuǎn)方向確定其受力的方向，然后再由該方向與位移夾角確定電場力做正功還是負功，再判斷其他的選項．13、B:C【分析】【詳解】

A．有磁鐵靠近A時；其阻值增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，電路中的電流將減小，電流表的示數(shù)減小，故A錯誤；

BC．電路中的電流減小，則電路的路端電壓增大，所以電壓表的示數(shù)增大，電容器兩端的電壓增大，根據(jù)可知電容器C的電荷量增大；故BC正確；

D．電路中的電流減小，電源內(nèi)部消耗的功率所以將隨電流的減小而減小，故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【詳解】

[1][2]光電流恰好為零，表明光電子的最大初動能為

根據(jù)光電效應方程，用波長的光子照射光電管，當光電管上反向電壓達3V時有

波長1.5×10-7m的光照，當電壓表讀數(shù)為7.1V時，靈敏電流表讀數(shù)為零；則有

代入數(shù)據(jù)可解得【解析】15、略

【分析】【詳解】

[1][2]春天，人們會感覺到周圍環(huán)境比秋天潮濕，是因為空氣的相對濕度較大，即在相同溫度下，空氣中所含的水蒸氣的壓強較大，從而使得體表的水分難以蒸發(fā)?！窘馕觥肯鄬^大16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據(jù)靜電感應可知；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球時，在兩個導體球上分別感應出等量的異號電荷，此時先把兩球分開，再移走棒。就會使兩球帶上等量異號電荷；

(2)[2][3]使棒與甲球瞬時接觸；再移走棒，會使兩導體球均帶上負電荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬時接地，會使兩球瞬間與大地連為一體，此時導體球上感應出的負電荷會導入大地，再移走棒，兩球均帶正電荷?！窘馕觥緽負負正正17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度311.15－183.1518、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]甲圖畫出的傾斜直線為等容線，斜率越小，體積越大，所以VB>VA，故A的體積?。?/p>

（2）[2]乙圖畫出的傾斜直線為等壓線，斜率越小，壓強越大，所以pD>pC，故C狀態(tài)壓強?。?/p>

（3）[3]丙圖畫出的雙曲線為等溫線，離原點越遠，溫度越高，所以TE>TF，故F態(tài)溫度低.【解析】ACF19、略

【分析】【詳解】

[1]卡諾熱機的效率

[2]由

可得【解析】33.3%6.67×104J20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】同一平面法線的兩側(cè)等于21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)公式可得

[2]因為P位于兩極板間的中點，所以PN之間的電勢差為

又知道

所以

[3]因為兩極板間的電荷量恒定，根據(jù)公式聯(lián)立可得

故若把N板向下移；兩極板間的電場強度不變。

[4]此時P點距離N板15cm，因為N板接地，電勢為零，所以P點電勢為負，故【解析】22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]在玻璃磚的一側(cè)豎直插兩個大頭針A、B，在另一側(cè)再豎直插兩個大頭針C、D，使C擋住A、B的像，要使D擋住C和A、B的像，說明CD在AB的出射光線上，CD連線即為AB的出射光線，所以要使D擋住C和A、B的像。

（2）[2]如圖所示，連接AB延長交a于E點，連接CD反向延長交與G點，連接EG，以E為圓心以EG長為半徑畫圓，交AB與I，分別過I、G做過E點的法線的垂線IH、GF，用刻度尺測量IH、GF，折射率

【點睛】【解析】擋住C及A、B的像；1.8（1.8—1.9都算對）四、作圖題(共3題，共30分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共28分)26、略

【分析】【詳解】

（1）①若將電壓表改裝為量程為1.5V的電壓表；則需串聯(lián)的分壓電阻上的電壓為0.5V，因電壓表內(nèi)阻為3kΩ，則需串聯(lián)的電阻為1.5kΩ；

②電路圖以及實物連線如圖；

（2）若電流表讀數(shù)為I，因R1=RA，則通過電源的電流為2I；由閉合電路的歐姆定律：即則解得【解析】（1）①1.5kΩ（2）2I2/k27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]碰撞過程中動量，能量守恒，因此有

解得

因此讓小球碰撞以后不反彈，兩球質(zhì)量滿足

（2）[2]A．保證小球做平拋運動；所以實驗前固定在桌邊上的斜槽末端的切線要沿水平方向；故A正確；

BC．可通過質(zhì)量與水平射程乘積來驗證動量是否守恒，故實驗中不需要測量小球開始釋放的高度h，故BC錯誤；

D．通過質(zhì)量與水平射程乘積來驗證動量是否守恒；故實驗中需要測量小球做平拋運動的水平射程，故D正確；

（3）[3]由碰撞過程中動量守恒，得m1·OM＋m2·ON＝m1·OP【解析】①.＞②.AD③.m1·OM＋m2·ON＝m1·OP28、略

【分析】【詳解】

（2）①因電壓和電流值從零開始調(diào)節(jié)，可知滑動變阻器用分壓電路；由表中數(shù)據(jù)可知，待測電阻阻值大約為5Ω左右，可知RV>>Rx；則采用電流表外接，故選B.

②實物連線如圖；

③圖像如圖：

④設每盞燈的電流為I，電壓為U，則E=U+2I(R+r)，即U=3-12I，則將此函數(shù)關系畫在燈泡的U-I圖像中；可得：

由圖像的交點可知，I=0.16A，U=1.1V，則圖中電流表的讀數(shù)為2I=0.32A，此時每盞小燈泡的電功率為P=IU=0.18W.【解析】B圖像見解析；圖見解析；0.320.1829、略

【分析】【詳解】

（1）該實驗中沒有電壓表；可以應用等效替代法測熱敏電阻阻值，改變電阻箱接入